浙江省寧波市鎮(zhèn)海中學2023-2024學年高二上學期期末考試物理試題（解析版）

2023學年第一學期期末考試高二物理試題注：本試卷中的g取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本大題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分，請將你認為正確的答案填涂在答題卡相應位置）1.因受空氣污染和氧化等因素影響，國際千克原器的質量出現(xiàn)細微變化，已難以適應現(xiàn)代精密測量要求。因此科學界一直想用一種基于物理常數(shù)的定義來取代。2018年11月16日，第26屆國際計量大會決定，千克由普朗克常量h及米和秒定義，即，該決定已于2019年5月20日生效。此次標準實施后，國際單位中7個基本單位全部建立在不變的自然常數(shù)基礎上，保證了國際單位的長期穩(wěn)定性和通用性。以下說法正確的是（）A.普朗克常量h是個無單位的常量B.普朗克常量h的單位等效于C.普朗克常量h的單位等效于D.受外界因素的影響普朗克常量h的數(shù)值也會發(fā)生細微變化【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)，可得則普朗克常量h的單位為，故A錯誤；BC．根據(jù)牛頓第二定律可知則故B正確，C錯誤；D．據(jù)題意受空氣污染和氧化等因素影響，國際千克原器的質量出現(xiàn)細微變化，但普朗克常量不變，故D錯誤。故選B。2.如圖的軌道，物塊以的初速度從A出發(fā)向右到B的速度為大小，時間；以同樣的初速度從B出發(fā)向左到A的速度大小為，時間。則（）A.若接觸面光滑，、相等時間大于B.若接觸面光滑，、相等時間小于C.如果所有接觸面粗糙程度一樣，大于D.如果所有接觸面粗糙程度一樣，小于【答案】C【解析】【詳解】AB．若接觸面光滑，不管是從A到B還是從B到A，整個過程中外力做功為0，所以與相等，路程相等，則時間等于，故A、B錯誤；CD．如果所有接觸面粗糙程度一樣，從A到B經過凸面某一點的速度大于從B到A經過凸面該點的速度，則從A到B經過凸面某一點的支持力小于從B到A經過凸面該點的支持力，從A到B經過凸面某一點的摩擦力小于從B到A經過凸面該點的摩擦力，同理可得從A到B經過凹面某一點的摩擦力小于從B到A經過凹面該點的摩擦力，所以從A到B克服摩擦力做的功小于從B到A克服摩擦力做的功，大于，故C正確，D錯誤；故選C。3.如圖所示，一個小球O用1、2兩根細繩連接并分別系于車廂中的A點和B點，OB水平，車廂由靜止狀態(tài)開始緩慢加速的過程中，下列說法正確的是（）A.若車廂向右加速，則繩2的張力增大，繩1的張力減小B.若車廂向右加速，則繩2的張力增大，繩1的張力不變C.若車廂向左加速，則繩1的張力增大，繩2的張力減小D.若車廂向左加速，則繩1的張力增大，繩2的張力不變【答案】B【解析】【詳解】AB．受力分析如下圖根據(jù)平衡條件得若使箱子水平向右加速運動，則在豎直方向上合力為零，有所以繩1的張力不變，繩2的張力增大，故A錯誤，B正確；CD．若使箱子水平向左加速運動，則在豎直方向上合力為零，有所以繩1的張力不變，繩2的張力減小，故C、D錯誤。故選B。4.如圖所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率運行。初速度大小為的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的圖像（以地面為參考系）如圖乙所示。已知，則（）A.時刻，小物塊離A處的距離達到最大B.時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大C.時間內小物塊受滑動摩擦力作用，時間內小物塊受靜摩擦力作用D.時間內，小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左【答案】B【解析】【詳解】A．對小物塊進行分析可知，小物塊先向左做勻減速直線運動，減速至0后向右做勻加速直線運動，速度達到與傳送帶速度相等時，再向右做勻速直線運動，可知在速度減為0，即在時刻，小物塊離A處的距離達到最大，故A錯誤；B．結合上述可知，在時間內小物塊相對于傳送帶向左運動，在時間內小物塊速度方向向右，大小小于傳送帶的速度，小物塊仍然相對于傳送帶向左運動，小物塊與傳送帶速度相等，小物塊與傳送帶保持相對靜止向右做勻速直線運動，該時間內沒有發(fā)生相對運動，可知，時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大，故B正確；C．根據(jù)上述，時間內，小物塊相對傳送帶向左運動，小物塊受到向右的滑動摩擦力，在時間內，小物塊向右做勻速直線運動，根據(jù)平衡條件可知，小物塊受到的摩擦力為0，故C錯誤；D．根據(jù)上述可知，時間內，小物塊相對傳送帶向左運動，小物塊受到的滑動摩擦力方向始終向右，故D錯誤。故選B。5.如圖所示，一只小船橫渡一條河流。小船船頭垂直于河岸，自A點出發(fā)沿直線抵達河對岸的B點，歷時，且知與河岸的夾角，河水流速大小為，小船相對靜水的速度不變。已知，下列判斷中錯誤的是（）A.河流的寬度為B.小船相對靜水速度的大小為C.只要調整小船的航向合適，小船可以沿直線抵達正對岸的C點D.無論怎樣調整小船的航向，小船渡河的位移都不可能小于【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)位移關系有A正確，不符合題意；B．小船相對靜水速度的大小為B正確，不符合題意；C．因為靜水中的船速小于水速，所以小船無法沿直線到達正對岸。C錯誤，符合題意；D．當小船的船頭與下游河岸的夾角滿足小船過河的位移最小，最小為D正確，不符合題意。故選C。6.木星的衛(wèi)星中，木衛(wèi)一、木衛(wèi)二、木衛(wèi)三做圓周運動的周期之比為。木衛(wèi)三周期為T，公轉軌道半徑是月球繞地球軌道半徑r的n倍。月球繞地球公轉周期為，則（）A.木衛(wèi)一軌道半徑為 B.木衛(wèi)二軌道半徑為C.周期T與T0之比 D.木星質量與地球質量之比為【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)題意可得，木衛(wèi)3的軌道半徑為AB．根據(jù)萬有引力提供向心力可得木衛(wèi)一、木衛(wèi)二、木衛(wèi)三做圓周運動的周期之比為,可得木衛(wèi)一軌道半徑為木衛(wèi)二軌道半徑為故AB錯誤；C．木衛(wèi)三圍繞的中心天體是木星，月球的圍繞的中心天體是地球，根據(jù)題意無法求出周期T與T0之比，故C錯誤；D．根據(jù)萬有引力提供向心力，分別有聯(lián)立可得故D正確。故選D。7.一輛小汽車在水平路面上由靜止啟動，在前5s內做勻加速直線運動，5s末達到額定功率，之后保持額定功率運動，其v－t圖像如圖所示，已知汽車的質量為，汽車受到的阻力為車重的0.1倍，g取，則（）A.汽車在前5s內的位移為50mB.汽車在達到最大速度的過程中牽引力做的功為C.汽車的額定功率為60kWD.汽車的最大速度為15m/s【答案】C【解析】【詳解】A．汽車在前5s內的位移為A錯誤；B．汽車在前5s內的牽引力所做的功為汽車在達到最大速度的過程中牽引力做的功一定大于，故B錯誤；C．汽車受到的阻力前5s內，由圖知由牛頓第二定律：F?f=ma求得t=5s末功率達到額定功率故C正確；D．汽車的最大速度為故D錯誤；故選C。8.某靜電場在x軸正半軸上的電勢φ隨x變化的關系如圖所示，Ex為電場強度在x軸上的分量則（）A.在x1、x2兩處，Ex1與Ex2方向相同B.在x1、x2兩處，Ex1與Ex2大小相等C.若把帶正電的粒子從x1處移到x2處，電場力先做正功再做負功D.同一個帶正電的粒子在R處具有的電勢能小于在x2處的電勢能【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．在φ-x圖像中，圖線的斜率表示電場強度，由題圖知，x1和x2處的斜率都是負值，說明電場強度方向相同，選項A正確；B．x1處的斜率的絕對值大于x2處的斜率的絕對值，說明x1處的電場強度大小大于x2處的電場強度大小，選項B錯誤；C．從x1處到x2處，電勢逐漸降低，則移動正電荷，電場力一直做正功，電勢能一直減小，選項C錯誤；D．根據(jù)Ep=qφ可知，正電荷在R處具有的電勢能為零，在x2處的電勢小于零，所以正電荷在此處具有的電勢能小于零，電勢能為標量，正負號表示大小，所以同一個帶正電荷的粒子在R處具有的電勢能大于在x2處的電勢能，選項D錯誤。故選A。9.如圖所示，電源電動勢為E、內阻為r，電容器的電容為C，電壓表內阻較大，電流表內阻不可忽略。閉合開關S，在增大電阻箱R的阻值的過程中，電壓表示數(shù)的變化量的絕對值為，電流表示數(shù)的變化量的絕對值為，則下列說法正確的是（）A.電容器電荷量的增加量等于B.電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變C.和的比值大于rD.電源的效率和輸出功率一定都增加【答案】C【解析】【詳解】B．電壓表測的是電阻箱R上的電壓，電流表測的是通過電阻箱R的電流，根據(jù)歐姆定律可得它們的比值為電阻箱R的阻值，故B錯誤；C．根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得電壓表的示數(shù)U和電流表的示數(shù)I滿足的關系為為電流表內阻，可知該圖像的斜率即電壓表示數(shù)的變化量的絕對值與電流表示數(shù)的變化量的絕對值之比為，故C正確；D．電源的效率在增大電阻箱R的阻值的過程中，回路中的總電阻增大，則回路中總電流減小，根據(jù)上式可知，當R增大時，電源的效率增大，而電源的輸出功率令則有根據(jù)數(shù)學知識可知當時電源的輸出功率有最大值，但因為不確定各個電阻阻值的關系，故不確定輸出功率如何變化，故D錯誤；A．當電阻箱的阻值增大時，電阻箱的電壓即電容器上的電壓增大，電容器的電荷量增大，由選項B可知又故A錯誤。故選C。10.2020年9月1日消息，廣東清遠磁浮列車圓滿完成整車靜態(tài)調試運行試驗如圖1，圖2是磁浮的原理圖，圖2中甲是圓柱形磁鐵，乙是用高溫超導材料制成的超導圓環(huán)，將超導圓環(huán)乙水平放在磁鐵甲上，它就能在磁力的作用下懸浮在磁鐵甲的上方空中，若甲的N極朝上，在乙放入磁場向下運動的過程中（）A.俯視，乙中感應電流的方向為順時針方向；當乙穩(wěn)定后，感應電流消失B.俯視，乙中感應電流的方向為順時針方向；當乙穩(wěn)定后，感應電流仍存在C.俯視，乙中感應電流的方向為逆時針方向；當乙穩(wěn)定后，感應電流消失D.俯視，乙中感應電流的方向為逆時針方向；當乙穩(wěn)定后，感應電流仍存在【答案】B【解析】【詳解】磁懸浮是利用了同性磁極相互排斥的原理，在乙放入磁場向下運動的過程中，圓環(huán)內的磁通量是增大的，由楞次定律可知圖2中超導圓環(huán)乙中的感應電流所激發(fā)的磁場的N極是向下的，由右手螺旋定則可知俯視時感應電流沿著順時針方向；由于超導體電阻為零，所以當乙穩(wěn)定后感應電流將仍然存在。故ACD錯誤，B正確。故選B。11.下面為教材中的四副插圖，下列關于這幾幅圖說法正確的是（）A.圖甲為庫侖扭秤裝置，庫侖通過此實驗裝置研究得出電荷之間的靜電力與其之間距離成反比關系B.圖乙為小磁針在通電導線下發(fā)生偏轉，表明電流具有磁效應，法拉第最先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應C.圖丙是研究安培力方向與磁場方向關系演示實驗，表明通電導線所受的安培力可能與磁場方向垂直D.圖丁為回旋加速器裝置，僅增大D形盒半徑，則粒子能夠獲得的最大速度增大【答案】D【解析】【詳解】A．庫侖通過此實驗裝置研究得出電荷之間的靜電力與其之間距離平方成反比關系，故A錯誤；B．小磁針在通電導線下發(fā)生偏轉，表明電流具有磁效應，奧斯特最先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應，故B錯誤；C．研究安培力方向與磁場方向關系演示實驗，表明通電導線所受的安培力一定與磁場方向垂直，故C錯誤；D．回旋加速器裝置，洛倫茲力提供向心力，則可得僅增大D形盒半徑，則粒子能夠獲得的最大速度增大，故D正確。故選D。12.如圖所示，A、B兩物體質量分別為mA=5kg和mB=4kg，與水平地面之間的動摩擦因數(shù)分別為μA=0.4和μB=0.5，開始時兩物體之間有一壓縮的輕彈簧（不拴接），并用細線將兩物體拴接在一起放在水平地面上。現(xiàn)將細線剪斷，則兩物體將被彈簧彈開，最后兩物體都停在水平地面上。下列判斷正確的是（）A.在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中，兩物體組成的系統(tǒng)動量不守恒B.在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中，整個系統(tǒng)的機械能守恒C.在兩物體被彈開的過程中，A、B兩物體的機械能先增大后減小D.兩物體一定不會同時停在地面上【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中，A物體所受的滑動摩擦力大小為方向水平向右；B物體所受的滑動摩擦力大小為方向水平向左，可以知道兩物體組成系統(tǒng)合外力為零，故兩物體組成的系統(tǒng)動量守恒。故A錯誤；B．在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中，整個系統(tǒng)克服摩擦力做功，機械能減小轉化為內能，故B錯誤。C．在兩物體被彈開的過程中，彈簧的彈力先大于摩擦力，后小于摩擦力，故物體先做加速運動后做減速運動，機械能先增大后減小，故C正確；D．對任一物體，根據(jù)動量定理得得物體運動的時間為由上分析可以知道，兩個物體的動量P的大小相等，所受的摩擦力f大小相等，故滑行時間相等，應同時停止運動。故D錯誤。故選C。13.如圖所示的電路中，L是一個自感系數(shù)很大、直流電阻不計的線圈，、和是三個完全相同的燈泡，E是內阻不計的電源，在時刻，閉合開關S，電路穩(wěn)定后在時刻斷開開關S，規(guī)定以電路穩(wěn)定時流過、的電流方向為正，分別用、表示流過和的電流，則下圖中能定性描述電流I隨時間t變化關系的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】當閉合電鍵時，因為線圈與D1相連，所以電流I1會慢慢增大，D2這一支路立即就有電流，當電鍵斷開時，線圈阻礙電流的減小，而且D1、D2、D3組成回路，所以通過D1的電流不會立即消失，會從原來慢慢減小，且方向不變，通過D1的電流也流過D2，I2反向，逐漸減小，由于電路穩(wěn)定時通過D1的電流大于D2的電流，所以D2和D3都會閃亮一下。故選C。二、選擇題Ⅱ（本大題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，選部分但正確的得2分，不選、多選、錯選均不得分，請將你認為正確的答案填涂在答題卡相應位置）14.一勻強磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向里，其邊界如圖中虛線所示，ab為半徑為R的半圓，ac、bd與直徑ab共線，a、c間的距離等于半圓的半徑R。一束質量均為m、電量均為q的帶負電的粒子，在紙面內從c點垂直于ac以不同速度射入磁場，不計粒子重力及粒子間的相互作用。下列說法正確的是（）A.可以經過半圓形邊界的粒子的速率最小值為B.可以經過半圓形邊界的粒子的速率最大值為C.在磁場中運動時間最短的粒子速率為D.在磁場中運動時間最短的粒子運動時間為【答案】BD【解析】【詳解】粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得解得，粒子的軌道半徑粒子速度v越大，半徑R越大。A．粒子在磁場中運動軌跡如圖所示，在能達到半圓形邊界的粒子中，經過a點的粒子半徑最小，速度小，其軌如圖中1所示，由得故A錯誤；B．經過b點的粒子半徑最大，速度最大，其軌跡如圖中2所示，由解得故B正確；C．軌跡圓弧所對應的弦與ab半圓形邊界相切時，圓心角最小，運動時間最短，其軌跡如圖中所示，圓心恰好位于a點，由解得故C錯誤；D．粒子在磁場中轉過的最小圓心角為，粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期粒子在磁場中的最短運動時間為故D正確。故選BD。15.如圖所示，CN、DQ是兩條足夠長水平固定放置的阻值可忽略的光滑平行金屬導軌，導軌間距為L，水平導軌所在區(qū)域存在豎直向下、磁感應強度大小為B的勻強磁場。水平導軌的左端與一段半徑為r的光滑圓弧軌道平滑連接，水平導軌的右端接入阻值為R的電阻。一質量為m、長度為L、電阻為R的導體棒a靜置于水平軌道最左端，將另一個與導體棒a完全相同的導體棒b從圓弧軌道上h（）高處由靜止釋放，b與a發(fā)生完全非彈性碰撞（粘連一起），運動過程中導體棒a、b始終與導軌垂直且接觸良好，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.b棒剛到達圓弧底端時對軌道的壓力大小為3mgB.兩棒最終停在CD右側處C.整個過程中，通過b棒的電荷量為D.整個過程中，電阻R上產生的焦耳熱為【答案】BD【解析】【詳解】A．b導體棒在彎曲軌道上下滑過程機械能守恒，由機械能守恒定律得b棒剛到達圓弧底端時根據(jù)牛頓第三定律可知，b棒剛到達圓弧底端時對軌道的壓力大小為故A錯誤；D．b與a發(fā)生完全非彈性碰撞根據(jù)能量守恒，回路總產熱電阻R上產生的焦耳熱為故D正確；BC．對兩棒碰后根據(jù)動量定理通過b棒的電荷量為根據(jù)得聯(lián)立解得所以兩棒最終停在CD右側處。故B正確C錯誤。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本大題共5小題，共55分）16.（1）甲、乙、丙三個實驗小組分別采用如圖（甲）、（乙）、（丙）所示的實驗裝置，驗證“當質量一定時，物體運動的加速度與它所受的合力成正比”這一物理規(guī)律。己知他們使用的小車完全相同，小車的質量為M，重物的質量為m，試回答下列問題：①實驗時，必須滿足“M遠大于m”的實驗小組是______（填“甲”、“乙”或“丙”）。②實驗時，甲、乙、丙三組同學的操作均完全正確，他們作出的圖線如圖（?。┲蠥、B、C所示，則甲、乙、丙三組實驗對應的圖線依次是______。（選填“ABC”、“BCA”或“CAB”）。（2）小明同學采用（乙）圖實驗裝置探究質量一定時加速度與力的關系的實驗時，以彈簧測力計的示數(shù)F為橫坐標，加速度a為縱坐標，畫出的圖像是圖（丁）中的一條直線，根據(jù)圖線與橫坐標的夾角求得圖線的斜率為k，則小車的質量為______?！敬鸢浮竣?甲②.CAB③.【解析】【詳解】（1）①[1]乙有彈簧測力計測量繩的拉力，丙有力的傳感器測量繩的拉力，甲圖中沒有彈簧測力計，必須用重物的重力替代繩的拉力，為了使繩的拉力近似等于重物的重力，甲圖必須滿足“M遠大于m”。②[2]根據(jù)牛頓第二定律，三個小車的加速度分別為乙的比例系數(shù)最大，斜率最大，對應圖線A；甲和丙的比例系數(shù)相等，斜率相等，但是甲不能直接測量繩的拉力，用重物的重力替代，小車的加速度越大，重物的重力與繩的拉力相差越大，實驗誤差越大，圖線彎曲程度越大，而丙有彈簧測力計直接測量繩的拉力，不產生實驗誤差，圖線不發(fā)生彎曲，所以丙對應圖線B，甲對應圖線C。故甲、乙、丙對應圖線C、A、B。（2）[3]由其中求得17.如圖所示，是測電源電動勢和內阻的兩種常用方法，由于電流表和電壓表都不是理想電表，所以測量結果有系統(tǒng)誤差。下列分析正確的是（）A.采用圖1的方法，引入系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用；采用圖2的方法，引入系統(tǒng)誤差的原因是電流表的分壓作用B.圖3是用“圖1”電路處理的結果，其中圖線②表示測量圖線，圖線①表示真實圖線C.圖4是用圖2電路處理的結果，其中圖線③表示測量圖線，圖線④表示真實圖線D.圖3和圖4結合處理實驗數(shù)據(jù)，不能消除因電表不理想而引起的系統(tǒng)誤差【答案】AB【解析】【詳解】A．由于電表不是理想電表，則電流表存在電阻，電壓表內阻不是無窮大；采用圖1的方法，由于電壓表的分流使電流表讀數(shù)偏小，引入系統(tǒng)誤差的原因是電壓表的分流作用；采用圖2的方法，由于電流表的分壓使電壓表讀數(shù)偏小，引入系統(tǒng)誤差的原因是電流表的分壓作用。故A正確；B．采用圖1的方法，由于電壓表的分流使電流表讀數(shù)偏小，當外電路短路時，電壓表分流為0，即圖1方法中測量圖線和真實圖線與橫軸交點相同；則圖3是用“圖1”電路處理的結果，其中圖線②表示測量圖線，圖線①表示真實圖線。故B正確；C．采用圖2的方法，由于電流表的分壓使電壓表讀數(shù)偏小，當外電路斷路時，電流表的分壓為0，即圖2方法中測量圖線和真實圖線與縱軸交點相同，則圖4是用圖2電路處理的結果，其中圖線③表示真實圖線，圖線④表示測量圖線。故C錯誤；D．利用圖3中圖線與橫軸交點、圖4中圖線與縱軸交點，連接后可得出真實的圖線，消除因電表不理想而引起的系統(tǒng)誤差，故D錯誤。故選AB。18.某興趣小組欲利用伏安法測量一未知電阻（阻值在0.4～0.6Ω之間），實驗室提供如下器材：A.電壓表（量程3V，內阻3kΩ）；B.電壓表（量程3V，內阻3kΩ）；C.定值電阻（阻值4.5Ω）；D.電阻箱R（調節(jié)范圍0～999.9Ω）；E.滑動變阻器（最大阻值10Ω）；F.電源E（電動勢5V，內阻約1Ω）；G.開關一個；H.導線若干。（1）欲將電壓表改裝成量程為0.6A的電流表，需將電阻箱R調節(jié)至________Ω后與表并聯(lián)（結果保留2位有效數(shù)字）。（2）由于待測電阻阻值過小，為保證電表讀數(shù)總能在量程的以上，需將定值電阻接入電路。圖（a）所示電路圖中合理的是________（選填“A”、“B”或“C”）；閉合開關前，滑動變阻器的滑片應調到變阻器的最________（選填“左”或“右”）端。（3）按合理的電路圖完成實驗，繪制出兩電壓表示數(shù)的關系如圖（b）所示。由此可計算出待測電阻________Ω（結果保留1位有效數(shù)字）。（4）電源內阻不是準確值，這對的測量結果________（選填“有”或“無”）影響。【答案】①.5.0②.A③.左④.0.5⑤.無【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)電流表改裝原理解得電阻箱電阻為（2）[2]由于待測電阻阻值過小，為保證電表讀數(shù)總能在量程的以上，需將定值電阻與待測電阻串聯(lián)，并通過電壓表測量定值電阻與待測電阻兩端的電壓。故選A。[3]為防止燒壞電表，待測電阻兩端電壓應從零開始，閉合開關前，滑動變阻器的滑片應調到變阻器的最左端。（3）[4]根據(jù)電流關系可得整理得圖象斜率為解得待測電阻為（4）[5]實驗處理數(shù)據(jù)時，考慮了電表內阻的影響，的測量結果為準確值，且圖象斜率與電源內阻無關，故電源內阻不是準確值，這對的測量結果無影響。19.電動自行車已成為城市出行的重要交通工具之一。某品牌電動自行車銘牌標識如下表所示，質量的同學騎著該電動自行車以額定功率沿平直公路從靜止啟動，電動車能夠達到的最大速度。已知電動自行車所受的阻力是人和車總重力的0.05倍，。求：（1）電機的輸出功率；（2）電機的線圈內阻R；（3）電動車速度為3m/s時的加速度大小a。規(guī)格后輪驅動直流電機車型：電動自行車額定功率整車質量額定工作電壓【答案】（1）300W；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）由勻速運動可知，牽引力其中電機輸出功率解得（2）根據(jù)能量守恒有電動機的總功率為電機的熱功率為聯(lián)立解得（3）電機輸出功率當時根據(jù)牛頓第二定律有解得20.如圖所示，軌道ABCD由半徑的光滑四分之一圓弧軌道AB、長度的粗糙水平軌道BC以及足夠長的光滑水平軌道CD組成。質量的物塊P和質量的物塊Q壓縮著一輕質彈簧并鎖定（物塊與彈簧不連接），三者靜置于CD段中間，物塊P、Q可視為質點。緊靠D的右側水平地面上停放著質量的小車，其上表面EF段粗糙，與CD等高，長度；FG段為半徑的四分之一光滑圓弧軌道；小車與地面間的阻力忽略不計。P、Q與BC、EF間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度，現(xiàn)解除彈簧鎖定，物塊P、Q由靜止被彈出（P、Q脫離彈簧后立即撤走彈簧），其中物塊P進入CBA軌道，而物塊Q滑上小車。不計物塊經過各連接點時的機械能損失。（1）若物塊P經過CB后恰好能到達A點，求物塊P通過B點時，物塊P對圓弧軌道的彈力；（2）若物塊P經過CB后恰好能到達A點，試分析物塊Q能否沖出小車上的G點，若能沖出G點，求出物塊Q從飛離G點到再次回到G點過程中小車通過的位移；若物塊Q不能飛離G點，請說明理由；（3）若彈簧解除鎖定后，物塊Q向右滑上小車后能通過F點，并且后續(xù)運動過程始終不滑離小車，求被鎖定彈簧的彈性勢能取值范圍?！敬鸢浮浚?）60N，方向豎直向下；（2）能，；（3）【解析】【詳解】（1）物塊P從B到A過程，根據(jù)動能定理有物塊P在B點，根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)牛頓第三定律，物塊對軌道的壓力大小60N，方向豎直向下；（2）物塊P被彈出到運動到A過程，根據(jù)動能定理有解得對P、Q構成的系統(tǒng)，根據(jù)動量守恒定律有解得對Q與小車構成的系統(tǒng)，在水平方向，根據(jù)動量守恒定律有解得根據(jù)能量守恒定律有解得物塊P運動時間為（3）物塊被彈開過程有當物塊Q向右滑上小車后恰好到達F點與小車共速時，彈簧彈性勢能最小，此時，對物塊Q與小車有解得由于當物塊Q沖上FG圓弧沒有越過G點之后又返回E點與小車共速時，彈簧彈性勢能達到最大值，則彈簧彈開兩物塊過程有當物塊Q沖上FG圓弧沒有越過G點之后又返回E點與小車共速過程有解得綜合上述，被鎖定彈簧的彈性勢能的取值范圍為21.如圖所示，兩對電阻不計、間距為L的光滑平行金屬導軌，轉角處用一小段光滑絕緣的弧形材料平滑連接。傾斜導軌與水平地面的夾角，上端連接電阻，大小的勻強磁場Ⅰ垂直于整個傾斜導軌向上。水平導軌上靜置著U形導線框cdef，cd邊和ef邊均緊密貼合導軌，右側MN和PQ之間有寬為2L、豎直向上的勻強磁場Ⅱ，大小未知，末端連接電阻。質量為m、電阻為、長也為L的導體棒ab垂直于傾斜導軌由靜止釋放，在到達底端前已開始勻速運動，后進入水平導軌與線框cdef發(fā)生碰撞，立即連成閉