上海市市西中2025屆高三物理第一學期期中統(tǒng)考試題含解析

上海市市西中2025屆高三物理第一學期期中統(tǒng)考試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質量為1kg的木板B靜止在水平面上，可視為質點的物塊A從木板的左側沿木板上表面水平?jīng)_上木板，如圖甲所示．A和B經(jīng)過1s達到同一速度，之后共同減速直至靜止，A和B運動的v﹣t圖象如圖乙所示，取g=10m/s2，則物塊A的質量為（）A．1kgB．3kgC．2kgD．6kg2、發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后經(jīng)點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道1．軌道1、2相切于Q點，軌道2、1相切于P點，則A．衛(wèi)星在軌道1上的速率大于在軌道1上的速率B．衛(wèi)星在軌道1上的角速度等于在軌道1上的角速度C．衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點時的速率小于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的速率D．衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點時的加速度大于它在軌道1上經(jīng)過P點時的加速度3、在同一軌道平面上繞地球作勻速圓周運動的衛(wèi)星A、B、C，某時刻恰好在同一直線上，如圖所示，當衛(wèi)星B經(jīng)過一周期時間，則（）A．各衛(wèi)星角速度相等，因而三星仍在一直線上 B．A超前于B，C落后于BC．A超前于B，C超前于B D．A、C都落后于B4、如圖所示，彈簧測力計下掛有一長為L、質量為m的金屬棒，金屬棒處于磁感應強度垂直紙面向里的勻強磁場中，棒上通有如圖所示方向的電流I，金屬棒處于水平靜止狀態(tài)，若此時彈簧測力計示數(shù)大小為F，重力加速度為g，金屬棒以外部分的導線沒有處于磁場中且質量不計，則下列說法正確的是()A．金屬棒所受的安培力方向豎直向上B．金屬棒所受的安培力大小為mg－FC．若將電流增大為原來的2倍，平衡時彈簧測力計示數(shù)會增大為2FD．若將磁感應強度和金屬棒質量同時增大為原來的2倍，平衡時彈簧測力計示數(shù)會增大為2F5、如圖所示，足夠長的傳送帶以恒定速率順時針運行．將一個物體輕輕放在傳送帶底端，第一階段物體被加速到與傳送帶具有相同的速度，第二階段與傳送帶相對靜止，勻速運動到達傳送帶頂端．下列說法中正確的是（）A．第一階段摩擦力對物體做正功，第二階段摩擦力對物體不做功B．第一階段摩擦力對物體做的功等于第一階段物體動能的增加C．第一階段物體和傳送帶間的摩擦生熱等于第一階段物體機械能的增加D．物體從底端到頂端全過程機械能的增加等于全過程物體與傳送帶間的摩擦生熱6、如圖所示，固定平行導軌間有磁感應強度大小為B、方向垂直導軌平面向里的勻強磁場，導軌間距為l且足夠長，左端接阻值為R的定值電阻，導軌電阻不計．現(xiàn)有一長為2l的金屬棒垂直放在導軌上，在金屬棒以O點為軸沿順時針方向以角速度轉過60°的過程中(金屬棒始終與導軌接觸良好，電阻不計)A．通過定值電阻的最大電流為B．通過定值電阻的最大電流為C．通過定值電阻的電荷量為D．通過定值電阻的電荷量為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量為m的小球套在堅直固定的光滑圓環(huán)上，在圓環(huán)的最高點有一個光滑小孔，一根輕繩的下端系著小球，上端穿過小孔用力拉住，開始時繩與豎直方向夾角為θ，小球處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)緩慢拉動輕繩，使小球沿光滑圓環(huán)上升一小段距離，則下列關系正確的是A．繩與豎直方向的夾角為θ時，F(xiàn)=2mgcosθB．小球沿光滑圓環(huán)上升過程中，輕繩拉力逐漸增大C．小球沿光滑圓環(huán)上升過程中，小球所受支持力逐漸增大D．小球沿光滑圓環(huán)上升過程中，小球所受支持力大小不變8、物體由靜止開始做加速度大小為a1的勻加速直線運動，當速度達到v時，改為加速度大小為a2的勻減速直線運動，直至速度為零．在勻加速和勻減速運動過程中物體的位移大小和所用時間分別為x1、x2和t1、t2，下列各式成立的是（）A． B． C． D．9、如圖所示，物塊以一定初速度沿傾角為30°的粗糙斜面向上運動，運動過程中受一個恒定的平行斜面的拉力F作用，在向上運動的過程中，物塊的加速度大小為4m/s2，方向沿斜面向下。下列正確的說法是A．拉力做的功大于物塊克服摩擦力做的功B．拉力做的功小于物塊克服摩擦力和重力做的功C．物塊的機械能減小D．物塊的機械能增加10、從同一高度水平拋出的物體，在空中運動一段時間，落到同一水平地面上．在不計空氣阻力的條件下，由平拋運動的規(guī)律可知（）A．水平初速度越大，物體在空中運動的時間越長B．物體的質量越大，物體在空中運動的時間越長C．水平初速度越大，物體的水平位移越大D．水平初速度越大，物體落地時速度越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了驗證碰撞中的動量守恒和檢驗兩個小球的碰撞是否為彈性碰撞，某同學選取了兩個體積相同、質量相差比較大的小球，按下述步驟做了實驗：①用天平測出兩小球的質量(分別為m1和m2，且m1>m2)．②按圖示安裝好實驗器材，將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端切線水平，將一斜面BC連接在斜槽末端．③先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，記下小球在斜面上的落點位置．④將小球m2放在斜槽末端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，使它們發(fā)生碰撞，分別記下小球m1和m2在斜面上的落點位置．⑤用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜槽末端點B的距離．圖中D、E、F點是該同學記下小球在斜面上的落點位置，到B點的距離分別為LD、LE、LF.根據(jù)該同學的實驗，回答下列問題：(1)在不放小球m2時，小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，m1的落點在圖中的________點，把小球m2放在斜槽末端邊緣處，小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，使它們發(fā)生碰撞，碰后小球m1的落點在圖中的________點．(2)若碰撞過程中，動量和機械能均守恒，不計空氣阻力，則下列表達式中正確的有________．A．m1LF＝m1LD＋m2LEB．C．m1LE＝m1LD＋m2LFD．LE＝LF－LD12．（12分）甲、乙兩位同學在“驗證牛頓第二定律”實驗中，使用了如圖1所示的實驗裝置．（1）實驗時他們先調整墊木的位置，使小車不掛配重時能在傾斜的長木板上做勻速直線運動，這樣做的目的是_______．（2）此后，甲同學把細線系在小車上并繞過定滑輪懸掛若干配重片．在小車質量一定的情況下，多次改變配重片數(shù)量，每改變一次就釋放一次小車，利用打點計時器打出記錄小車運動情況的多條紙帶．圖2是其中一條紙帶的一部分，O、A、B、C為4個相鄰的計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點之間還有4個打出的點沒有畫出．打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上．通過對紙帶的測量，可知小車運動過程中的加速度大小為_______m/s2（保留2位有效數(shù)字）．（3）乙同學在實驗時，因配重片數(shù)量不足改用5個質量為20g的鉤碼進行實驗．他首先將鉤碼全部掛上，用打點計時器打出記錄小車運動情況的紙帶，并計算出小車運動的加速度；之后每次將懸掛的鉤碼取下一個并固定在小車上，重復多次實驗，且每次實驗前均調整墊木的位置，使小車不掛配重時能在傾斜的長木板上做勻速直線運動．根據(jù)測得的數(shù)據(jù)，繪制出小車加速度與懸掛的鉤碼所受重力的關系圖線．關于這一圖線下列說法錯誤的是_______．（選填選項前的字母）A．可由該圖線計算出小車和5個鉤碼質量之和B．只有當小車質量遠大于懸掛鉤碼的質量時，該圖線才是一條直線C．無論小車質量是否遠大于懸掛鉤碼的質量，該圖線都是一條直線．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，目前正得到越來越廣泛的應用．一架質量為m＝2kg的無人機，其動力系統(tǒng)所能提供的最大升力F＝36N，運動過程中所受空氣阻力大小恒定，無人機在地面上從靜止開始，以最大升力豎直向上起飛，在t＝5s時離地面的高度為75m(g取10m/s2)．（1）求運動過程中所受空氣阻力大??；（2）假設由于動力系統(tǒng)故障，懸停的無人機突然失去升力而墜落．無人機墜落地面時的速度為40m/s，求無人機懸停時距地面高度；14．（16分）如圖所示，水平地面上有一質量的金屬塊，其與水平地面間的動摩擦因數(shù)，，在與水平方向成角斜向上的恒定拉力作用下，以的速度向右做勻速直線運動．已知，，?。螅海?）拉力的大??；（2）經(jīng)時間，拉力的沖量大??；（3）若某時刻撤去拉力，撤去拉力后，金屬塊在地面上還能滑行多長時間．15．（12分）如圖所示，小球b靜止與光滑水平面BC上的C點，被長為L的細線懸掛于O點，細繩拉直但張力為零．小球a從光滑曲面軌道上AB上的B點由靜止釋放，沿軌道滑下后，進入水平面BC（不計小球在B處的能量損失），與小球b發(fā)生正碰，碰后兩球粘在一起，在細繩的作用下在豎直面內做圓周運動且恰好通過最高點．已知小球a的質景為M，小球b的質量為m．M=5m．己知當?shù)刂亓铀俣葹間求：（1）小球a與b碰后的瞬時速度大小（2）A點與水平面BC間的高度差．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

本題考查了牛頓第二定律和速度時間圖線的綜合運用，關鍵理清A、B的運動規(guī)律，結合圖線的斜率求出加速度，根據(jù)牛頓第二定律進行研究．【詳解】由圖象可知，A在0-2s內的加速度a2==-2m/s2，對A，由牛頓第二定律得，-μ2mAg=mAa2解得AB間的動摩擦因數(shù)μ2=0.2．由圖象知，A、B在2-3s內的加速度a3==-2m/s2，對AB由牛頓第二定律得-μ2（M+m）g=（M+m）a3解得B與水平面間的動摩擦因數(shù)μ2=0.2．由圖象可知B在0-2s內的加速度a2==2m/s2．對B，由牛頓第二定律得，μ2mAg-μ2（mB+mA）g=mBa2，代入數(shù)據(jù)解得mA=3kg．故B正確，ACD錯誤；故選B．【點睛】A、B速度相同后，一起做勻減速運動，根據(jù)速度時間圖線求出勻減速運動的加速度大小，結合牛頓第二定律求出與水平面間的動摩擦因數(shù)．隔離對M分析，根據(jù)速度時間圖線得出0-2s內M的加速度，根據(jù)牛頓第二定律求出A的質量．2、C【解析】A、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時，由萬有引力提供向心力得：GMmr2=mv2r，得v=GMB、由萬有引力提供向心力得：GMmr2=mω2C、從軌道1到軌道2，衛(wèi)星在Q點是做逐漸遠離圓心的運動，要實現(xiàn)這個運動必須使衛(wèi)星加速，使其所需向心力大于萬有引力，所以衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點時的速率小于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的速率．C正確；D、衛(wèi)星運行時只受萬有引力，由GMmr2=maa得：加速度a故選C。3、B【解析】

設地球質量為M，衛(wèi)星質量為m，根據(jù)萬有引力和牛頓運動定律，有：，解得：T＝2π；由于rA＜rB＜rC．所以TA＜TB＜TC，當衛(wèi)星B經(jīng)過一個周期時，衛(wèi)星A位置超前于B，衛(wèi)星C位置滯后于B．選項B正確；故選B．4、D【解析】由左手定則可知，金屬棒所受的安培力方向向下，選項A錯誤；由平衡知識可知：mg+F安=F，則金屬棒所受的安培力大小為F－mg，選項B錯誤；若將電流增大為原來的2倍，則安培力變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)F=mg+F安可知，平衡時彈簧測力計示數(shù)不會增大為2F，選項C錯誤；若將磁感應強度和金屬棒質量同時增大為原來的2倍，則安培力變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)F=mg+F安可知，平衡時彈簧測力計示數(shù)不會增大為2F，選項D正確；故選D.5、C【解析】

A、第一階段物體受到沿斜面向上的滑動摩擦力，第二階段物體受到沿斜面向上的靜摩擦力做功，兩個階段摩擦力方向都跟物體運動方向相同，所以摩擦力都做正功，故A錯誤；B、根據(jù)動能定理得知，外力做的總功等于物體動能的增加，第一個階段，摩擦力和重力都做功，則第一階段摩擦力對物體做的功不等于第一階段物體動能的增加；故B錯誤；C、由功能關系可知，第一階段摩擦力對物體做的功（除重力之外的力所做的功）等于物體機械能的增加，即△E＝W阻＝F阻s物，摩擦生熱為Q＝F阻s相對，又由于s傳送帶＝vt，s物t，所以s物＝s相對s傳送帶，即Q＝△E，故C正確．D、第二階段沒有摩擦生熱，但物體的機械能繼續(xù)增加，故D錯誤．故選C．6、D【解析】

AB．棒繞端點轉動切割磁感線而產(chǎn)生動生電動勢，棒在60°位置時有效長度最大為，線速度關于半徑均勻增大，則，由歐姆定律可得；故A，B錯誤.CD．由電量的定義式，而，可得，棒轉過60°掃過的有效面積為，聯(lián)立可得；故C錯誤，D正確.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A、對小球受力分析，小球受到重力mg、輕繩的拉力F和圓環(huán)的彈力N，如圖，根據(jù)平衡條件可知：mg和N的合力與F大小相等、方向相反，根據(jù)幾何知識得知N=mg，且有F=2mgcosθ，故A正確．

BCD.小球沿圓環(huán)緩慢上移，處于動態(tài)平衡狀態(tài)，對小球進行受力分析，小球受重力G，F(xiàn)，N，三個力．滿足受力平衡．作出受力分析圖，由圖可知△OAB∽△GFA，即：則得：，N=mg當A點上移時，半徑R不變，AB減小，故F減小，N不變，故D正確，BC錯誤.8、ACD【解析】試題分析：物體先做初速度為零的勻加速運動，后做勻減速運動，末速度為零，兩個過程平均速度相等，勻加速運動的末速度與勻減速運動的初速度相同，運用位移公式和速度公式分別研究位移與時間、加速度與時間的關系．對于整個運動過程，應用平均速度研究總位移與總時間的關系．由題得到，，，則兩式相比得到，，故A正確；由，又，得到，故B錯誤；對于整個運動過程，，所以，故CD正確；9、ABD【解析】

ACD．物體的加速度為a=4m/s2，方向沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin30°+f-F=ma，解得：F-f=m＞0可知F和f做功的代數(shù)和大于零，所以根據(jù)功能原理可知，在運動的過程中，拉力做的功大于物塊克服摩擦力做的功，機械能一定增加。故AD正確，C錯誤。B．由題意物體減速上升，根據(jù)動能定理可知，拉力做的功小于物塊克服摩擦力和重力做的功。故B正確。10、CD【解析】平拋運動的物體在豎直方向做自由落體運動，由，解得：，可知物體在空中運動的時間由下落的高度決定，也無關，與質量也無關，故AB錯誤；知越大，水平位移越大，故C正確．落地速度為知，越大，越大，故D正確．故選CD．【點睛】平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動，分別根據(jù)勻速直線運動和自由落體運動的運動規(guī)律列方程分析即可．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、EDC【解析】

(1)[1][2]小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，m1的落點在圖中的E點，小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度減小，都做平拋運動，所以碰撞后m1球的落地點是D點，m2球的落地點是F點．(2)[3]設斜面傾角為θ，小球落點到B點的距離為L，小球從B點拋出時速度為v，則豎直方向有Lsinθ＝gt2，水平方向有Lcosθ＝vt，解得v＝＝＝所以v∝，由題意分析得，只要滿足m1v1＝m2v2＋m1v′1，把速度v代入整理得：說明兩球碰撞過程中動量守恒；若兩小球的碰撞是彈性碰撞，則碰撞前后機械能沒有損失，則要滿足關系式：整理得m1LE＝m1LD＋m2LF，故C正確．ABD錯誤。12、為了平衡小車運動過程中所受摩擦力；0.50；B【解析】（1）為了克服摩擦力的影響，在實驗中應墊高一側，從而使重力的分力與摩擦力相互平衡；從而使小車受到的