2025屆河南省八市學評高二物理第一學期期中復習檢測試題含解析

2025屆河南省八市學評高二物理第一學期期中復習檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,圖線1表示的導體的電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是()A．將R1與R2兩端加上相同電壓,則電流之比I1∶I2=1∶3B．將R1與R2通過相同電流,則兩端電壓之比U1∶U2=3∶1C．R1∶R2=1∶3D．R1∶R2=3∶12、在如圖所示的電路中，閉合開關S，在將滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中，以下說法正確的是：（）A．電壓表和電流表的示數(shù)都增大B．電源的總功率變大C．燈L1變亮，電壓表的示數(shù)增大D．燈L2變亮，電容器的帶電量增加3、下列關于起電的說法錯誤的是A．一個帶電體接觸一個不帶電的物體，兩個物體一定會帶上等量的同種電荷B．靜電感應不是創(chuàng)造電荷，只是電荷從物體的一部分轉移到了另一部分C．摩擦可以起電，是普遍存在的現(xiàn)象，相互摩擦起電的兩個物體總是同時帶等量的異種電荷D．摩擦和感應都能使電子轉移，只不過前者是電子從一個物體轉移到另一個物體，后者則使電子從物體的一部分轉移到另一部分4、關于摩擦起電和感應起電的實質，下列說法正確的是（）A．摩擦起電說明通過做功可以創(chuàng)造電荷B．摩擦起電說明電荷可以創(chuàng)造C．感應起電說明電荷可以從物體的一個部分轉移到物體另一個部分D．感應起電說明電荷從帶電的物體轉移到原來不帶電的物體上去了5、關于電場的場強，下列說法正確的是（）A．在電場中某點放一檢驗電荷后，該點的電場強度會發(fā)生改變B．由電場強度定義式E=可知，電場中某點的E與q成反比，與q所受電場力F成正比C．電荷在電場中某點所受力的方向即為該點的電場強度方向D．只受電場力的正電荷在電場中運動時的加速度放向一定是該點場強方向6、關于對電流和電動勢概念的理解下列說法正確的是A．電動勢就是電源兩極的電壓B．電動勢C．在電源內部正電荷、負電荷都由負極流向正極D．一段金屬導體中單位體積內的自由電子數(shù)目越多，則形成的電流越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、理發(fā)用的電吹風機中有電動機和電熱絲，電動機帶動風葉轉動，電熱絲給空氣加熱，得到熱風將頭發(fā)吹干，設電動機線圈電阻為R1，它與電熱絲電阻值R2串聯(lián)后接到直流電源上，吹風機兩端電壓為Ｕ，電流為Ｉ，消耗的功率為P，則有（）A．P=UI B．P=I2(R1+R2) C．P＞UI D．P＞I2(R1+R2)8、下列四組三個共點力的合力可能是0的有（）A． B．C． D．9、如圖所示為三個有界勻強磁場，磁感應強度大小均為B，方向分別垂直紙面向外、向里和向外，磁場寬度均為L，在磁場區(qū)域的左側邊界處，有一邊長為L的正方形導體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場方向垂直，現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場區(qū)域，以初始位置為計時起點，規(guī)定電流沿逆時針方向時的電動勢E為正，外力F向右為正。以下能正確反映感應電動勢E和外力F隨時間變化規(guī)律的圖象有A． B． C． D．10、如圖所示，一電場的電場線分布關于y軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM=MN．P點在y軸右側，MP⊥ON．則A．M點的電勢比P點高B．將負電荷由O點移動到P點，電場力做正功C．M、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電勢D．在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸做直線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬絲電阻率”的實驗中：（1）用千分尺測量金屬絲的直徑，千分尺示數(shù)如圖所示，則金屬絲的直徑為________mm.（2）已知電阻絲約為20Ω，現(xiàn)備有下列器材供測量該電阻絲的電阻時選用，電流表應選_______，電壓表應選_______，滑動變阻器應選________(只填代號)A．量程是0.6A，內阻約0.5Ω的電流表；B．量程是3A，內阻約0.1Ω的電流表；C．量程是3V，內阻約6KΩ的電壓表；D．量程是15V，內阻約30KΩ的電壓表；E．阻值是0～1KΩ，額定電流為0.5A的滑動變阻器；F．阻值是0～20Ω，額定電流為2A的滑動變阻器；G．蓄電池（電動勢約10V，內阻很?。籋．開關一個，導線若干。（3）用伏安法測上述電阻絲電阻的電路圖應選用上圖中的那個電路圖_______12．（12分）要測量一個由新材料制成的均勻圓柱體的電阻率，步驟如下：（1）游標卡尺測量其長度，如圖所示，可知其長度為____________cm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖所示，可知其直徑為___________mm；（3）選用多用電表測得該圓柱體的阻值約為90Ω，（4）為更精確地測量其電阻，可供選擇的器材如下：電流表A1（量程為0～500mA，內阻約為1Ω）；電流表A2（量程為0～100mA，內阻約為10Ω）；電壓表V1（量程0～3V，內阻RV1=1000Ω）；電壓表V2（量程0～15V，內阻RV2=3000Ω）；滑動變阻器R1（最大阻值為5Ω）；滑動變阻器R2（最大阻值為1000Ω）；電源E（電動勢約為3V，內阻r約為1Ω），開關，導線若干為了使測量盡量準確，要盡可能多測幾組數(shù)據(jù)，并要求所有電表讀數(shù)不得小于其量程為，則電壓表應選________，電流表應選_________，滑動變阻器應選________。（均選填器材代號）（5）畫出電路原理圖。（________）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，邊長為L的正方形區(qū)域abcd內存在著勻強電場．電荷量為q、動能為Ek的帶電粒子從a點沿ab方向進入電場，不計重力．(1)若粒子從c點離開電場，求電場強度E的大小；(2)若粒子離開電場時動能為Ek′，求電場強度E的大?。?4．（16分）如圖甲所示，物塊A、B的質量分別是mA=1．0kg和mB=2．0kg．用輕彈簧栓接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側與豎直墻相接觸．另有一物塊C從t=0時以一定速度向右運動，在t=1s時與物塊A相碰，并立即與A粘在一起不再分開，物塊C的v-t圖象如圖乙所示．求：（1）物塊C的質量mC；（2）墻壁對物塊B在1s到12s的時間內的沖量I的大小和方向；（2）B離開墻后的過程中彈簧具有的最大彈性勢能Ep；（1）B離開墻后，三個物塊在光滑的水平地面上向左運動（地面很長），B的速度變化范圍，粘在一起AC的速度變化范圍？15．（12分）如圖所示，半徑R=0.9m的光滑的半圓軌道固定在豎直平面內，直徑AC豎直，下端A與光滑的水平軌道相切。一小球沿水平軌道進入豎直圓軌道，通過最高點C時對軌道的壓力為其重力的3倍。不計空氣阻力，g取10m/s2。求：（1）小球在A點的速度大??；（2）小球的落地點到A點的距離。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

CD.根據(jù)I?U圖象知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R1∶R2=1∶3。故C正確，D錯誤；A.將R1與R2兩端加上相同電壓，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，電流比I1∶I2=3∶1，故A錯誤;B.將R1與R2通過相同電流，電壓比等于電阻之比，則兩端電壓之比：U1∶U2=1∶3，故B錯誤；2、B【解析】

A、C、滑動變阻器和燈L2的并聯(lián)，則有1R并=1R2+1R，將滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中，R減小，則R并也減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律I=RR1+R2+r，電路中的總電流B、根據(jù)部分電路歐姆定律I2=UR2，流過燈L2的電流減小，燈D、根據(jù)電容的定義式C=QU，可知電容器的帶電量減小，故選B.【點睛】本題考查了閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)電路的動態(tài)分析．要注意本類題目的解題思路為：局部-整體-局部．從滑動變阻器的滑片P向下移動，R減小入手，分析整個電路電壓、電流的變化情況，再到局部，分析燈亮度，電流表示數(shù)，電容器的電容的變化．3、A【解析】

一個帶電體接觸一個不帶電的物體，只有當兩物體等大相同時，兩個物體才會帶上等量的同種電荷，選項A錯誤；靜電感應不是創(chuàng)造電荷，只是電荷從物體的一部分轉移到了另一部分，選項B正確；摩擦可以起電，是普遍存在的現(xiàn)象，相互摩擦起電的兩個物體總是同時帶等量的異種電荷，選項C正確；摩擦和感應都能使電子轉移，只不過前者是電子從一個物體轉移到另一個物體，后者則使電子從物體的一部分轉移到另一部分，選項D正確；此題是選擇錯誤的，故選A．【點睛】電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個物體轉移到另一個物體，或者從物體的一部分轉移到另一部分；在轉移的過程中，電荷的總量保存不變．4、C【解析】

摩擦起電是電荷從一個物體轉移到另一個物體，在轉移過程中電荷總量是守恒的，故AB錯誤；感應起電是電荷從物體的一個部分轉移到物體另一個部分，且在轉移過程電荷總量也是守恒的，并不是從帶電的物體轉移到原來不帶電的物體，故C正確；D錯誤；故選C5、D【解析】

A．檢驗電荷的引入是為了研究電場的方便，引入后，不會影響原電場，即該點的場強不會發(fā)生改變，故A錯誤；B．電場強度的定義式是比值法，場強取決于電場本身，并不是與電場中某點的E與q成反比，與q所受電場力F成正比，故B錯誤；C．根據(jù)場強方向的規(guī)定可知，正電荷所受電場力的方向與場強方向相同，負電荷所受電場力的方向與場強方向相反，故C錯誤；D．正電荷電場力方向與場強同向，所以只受電場力的正電荷在電場中運動時的加速度放向一定是該點場強方向，故D正確。故選D。6、B【解析】電動勢的大小是電源的開路電壓，A錯誤；電壓和電動勢中的W不一樣的，中的W是靜電力所做的功，B正確；在電源內部，電流由負極流向正極，故正電荷由正極流向負極，負電荷由負極流向正極，C錯誤；由知，電流與n、q、v、S有關，D錯誤?！久麕燑c睛】電動勢（1）電源：電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉化成電勢能的裝置。（2）電動勢：非靜電力搬運電荷所做的功與搬運的電荷量的比值，，單位：V。（3）電動勢的物理含義：電動勢表示電源把其他形式的能轉化成電勢能本領的大小，在數(shù)值上等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

AC．電吹風機消耗的電功率P是總的功率，總功率的大小應該是用P=IU來計算，所以總功率P=IU，故A正確，C錯誤；BD．電吹風機中發(fā)熱的功率要用I2R來計算，所以總的發(fā)熱功率為，因為總功率一部分轉化為機械功率，一部轉化熱功率，則吹風機的總功率要大于發(fā)熱部分的功率，故B錯誤，D正確。故選AD。8、BD【解析】

A、3N、4N的合力范圍為1N≤F≤7N，8N不在合力范圍之內，所以三個力的合力不可能為零，故A錯誤；B、4N、7N的合力范圍為3N≤F≤11N，8N在合力范圍之內，所以三個力的合力能為零，故B正確；C、3N、5N的合力范圍為1N≤F≤8N，1N不在合力范圍之內，所以三個力的合力不可能為零，故C錯誤；D、7N、9N的合力范圍為1N≤F≤16N，16N在合力范圍之內，所以三個力的合力能為零，故D正確；故選BD．【點睛】關鍵根據(jù)平行四邊形定則得出合力的范圍：|F1-F1|≤F≤F1+F1．9、AD【解析】

根據(jù)楞次定律判斷可知，安培力阻礙導體與磁場間的相對運動，所以線框所受的安培力方向向左，由平衡條件得知外力方向一直向右，為正；在時間內，線框通過左邊的磁場，根據(jù)楞次定律判斷可得感應電動勢方向沿順時針，為負值。產(chǎn)生的感應電動勢為：感應電流為：外力等于安培力，為：；在時間內，線框從左邊磁場進入中間磁場，線框的左邊和右邊都產(chǎn)生磁感線產(chǎn)生感應電動勢，根據(jù)楞次定律判斷可得感應電動勢方向沿逆時針，為正值?；芈分锌偟母袘妱觿轂椋焊袘娏鳛椋和饬Φ扔诎才嗔?，為：；在時間內，線框從中間磁場進入右邊磁場，線框的左邊和右邊都產(chǎn)生磁感線產(chǎn)生感應電動勢，根據(jù)楞次定律判斷可得感應電動勢方向沿順時針，為負值?；芈分锌偟母袘妱觿轂?感應電流為:外力等于安培力，為:；在時間內，從右邊磁場穿出，根據(jù)楞次定律判斷可得感應電動勢方向沿逆時針，為正值。產(chǎn)生的感應電動勢為:感應電流為:外力等于安培力，為:所以根據(jù)數(shù)學知識可知，選項AD正確，BC錯誤。10、AD【解析】

A．過M、P、N做等勢線，可得到過P點的等勢線通過M、N之間，因順著電場線電勢降低，則有φM＞φP＞φN，故A正確．B．將負電荷由O點移到P點，因UOP＞0，所以W=-qUOP＜0，則負電荷電場力做負功，故B錯誤；C．由U=Ed可知，MN間的平均場強小于OM間的平均場強，故MN兩點間的電勢差小于OM兩點間的電勢差，C錯誤；D．根據(jù)電場線的分布特點會發(fā)現(xiàn)，電場線關于y軸兩邊對稱，故y軸上的場強方向在y軸上，所以在O點靜止釋放一帶正電粒子，其所受電場力沿y軸正方向，則該粒子將沿y軸做直線運動，故D正確；【點睛】考點：電場線；電勢及電勢能電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)2.495mm；(2)A；D；F；(3)甲【解析】(1)由圖示螺旋測微器可知，固定刻度讀數(shù)：2mm；可動刻度讀數(shù)：0.01mm×49.5=0.495mm，故螺旋測微器讀數(shù)為：)2.495mm；(2)由于溫度對電阻的影響，通過待測電阻的電流不能太大，所以電流表應選A；由于電表的最小讀數(shù)應在量程的13以上，所以待測電阻兩端的最小電壓為Umin=(3)由于滿足RV點晴：對電學實驗題目，要根據(jù)電表能讀數(shù)的要求利用歐姆定律和閉合電路歐姆定律進行計算，然后再選擇合適的器材和電路即可。12、【解析】

(1)[1]游標卡尺是20分度的卡尺，其分度值為0.05mm，則圖示讀數(shù)為：50mm+3×0.05mm=50.15mm=5.015cm。

(2)[2]螺旋測微器：不動刻度為4.5mm，可動刻度為20.0×0.01mm，則讀數(shù)為4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm

(4)[3][4][5]電源電動勢3V，所以電壓表選擇V1；根據(jù)歐姆定律，最大電流：故電流表選擇A2。要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，滑動變阻器采用分壓式接法，為方便實驗操作應選擇最大阻值較小的滑動變阻器，故滑動變阻器選擇R1。

(5)[6]因待測電阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示：

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)或【解析】

由題意可知考查帶電粒子在勻強電場中的類平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律、動能定理結合運動學公式計算可得。【詳解】(1)粒子在勻強電場中做類平拋運動在初速度方向上：L＝v0t電場方向上：L＝at2由牛頓第二定律可得qE＝maEk＝解得E＝(2)①若粒子由bc離開電場，則水平方向做勻速運動L＝v0t；豎直方向做勻加速運動y＝at2由動能定理得qEy＝Ek′－Ek解得：E＝②若粒子由cd邊離電場，則由動能定理得qEL＝Ek′－Ek則E＝故或【點睛】帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動，垂直電場力