安徽省池州一中2025屆高二物理第一學期期中教學質量檢測試題含解析

安徽省池州一中2025屆高二物理第一學期期中教學質量檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，三條平行等距的直線表示電場中的三個等勢面，電勢值分別為10V、20V、30V，實線是一帶電的粒子（不計重力），在該區(qū)域內的運動軌跡，對于這軌跡上的a、b、c三點來說，下列選項說法正確的是A．粒子必先過a，再到b，然后到cB．粒子帶正電C．粒子在三點的動能大小關系是Ekb>Eka>EkcD．粒子在三點的電勢能大小關系是Epb>Epa>Epc2、如圖所示，在勻強電場中，實線MN是一個等勢面，虛線AB是一個電子只在電場力作用下的運動軌跡．下列說法正確的是（）A．電子從A到B做勻速圓周運動B．電子在A點的動能比B點大C．B點電勢高于A點電勢D．電子在B點的電勢能比A點大3、有一個多用電表，其歐姆擋的四個量程為“1”、“10”、“100”、“1K”，某同學把選擇開關旋到“100”擋測量一未知電阻時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度很大，為了減少誤差，他應該換用的歐姆擋和測量方法是A．用“1K”擋，不必重新調整調零旋鈕B．用“10”擋，不必重新調整調零旋鈕C．用“1K”擋，必須重新調整調零旋鈕D．用“10”擋，必須重新調整調零旋鈕4、關于電源和電流，下述說法正確的是A．電源的電動勢在數值上始終等于電源正負極之間的電壓B．從能量轉化的角度看，電源通過非靜電力做功把其他形式的能轉化為電能C．由公式可知，導體的電阻與通過它的電流成反比D．打開教室開關，日光燈立刻就亮了，表明導線中自由電荷定向運動的速率接近光速5、關于元電荷，正確的說法是（）A．元電荷就是質子或電子B．元電荷是自然界中電荷量的最小單元C．元電荷就是點電荷D．1C電荷量叫元電荷6、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）．設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ．實驗中，極板所帶電荷量不變，若A．保持S不變，增大d，則θ變大B．保持S不變，增大d，則θ變小C．保持d不變，減小S，則θ變小D．保持d不變，減小S，則θ不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在x軸上存在與x軸平行的電場，x軸上各點的電勢隨x點位置變化情況如圖所示．圖中－x1～x1之間為曲線，且關于縱軸對稱，其余均為直線，也關于縱軸對稱．下列關于該電場的論述正確的是()A．x軸上各點的場強大小相等B．從-x1到x1場強的大小先減小后增大C．一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在-x1點的電勢能D．一個帶正電的粒子在－x1點的電勢能小于在-x2點的電勢能8、如圖所示，在點電荷Q產生的電場中，實線MN是一條方向未標出的電場線，虛線AB是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡．設電子在A、B兩點的加速度大小分別為a1、a1，電勢能分別為E1、E1．下列說法正確的是（）A．若a1＞a1，則Q必定為正電荷且在M點的左端B．電子在A點的速度小于在B點的速度C．電子在A點的電勢能E1小于在B點的電勢能E1D．B點電勢高于A點電勢9、經國際小行星命名委員會命名的“神舟星”和“楊利偉星”的軌道均處在火星和木星軌道之間．已知“神舟星”平均每天繞太陽運行174萬公里，“楊利偉星”平均每天繞太陽運行145萬公里．假設兩行星均繞太陽做勻速圓周運動，則兩星相比較（）A．“神舟星”的軌道半徑大B．“神舟星”的公轉周期大C．“神舟星”的加速度大D．“神舟星”的角速度大10、如圖所示是描述對給定的電容器充電時極板上帶電荷量Q、極板間電壓U和電容C之間的關系圖象，其中正確的是（）A． B． C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)用游標卡尺測一工件外徑的讀數如圖(1)所示，讀數為_________mm．(2)用螺旋測微器測一圓形工件長度的讀數如圖(2)所示，讀數為______mm．12．（12分）①用螺旋測微器測圓柱體的直徑時，示數如下圖所示，此示數為_____mm.②用多用表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉角度過大，因此需選擇_________倍率的電阻擋(填“×10”或“×1k”)，并需_____后，再次進行測量.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一條長為l的細線，上端固定，下端拴一個質量為m的帶電小球。將它置于一勻強電場中，電場強度大小為E，方向水平向右。已知當細線離開豎直位置的偏角為ɑ時，小球處于平衡狀態(tài)。試問：(1)小球帶何種電荷？(2)小球所帶電荷量是多少？14．（16分）如圖所示，用F=10N的水平拉力，使質量m=5.0kg的物體由靜止開始沿光滑水平面做勻加速直線運動.求：（1）物體加速度的大小a；（2）物體開始運動后t=3.0s內通過的距離s.15．（12分）如圖所示電路中，電阻，電源內阻，電壓表可視為理想電表．當開關和均閉合時，電壓表的示數為10V．電阻中的電流為多大？路端電壓為多大？電源的電動勢為多大？當開關閉合而斷開時，電壓表的示數變?yōu)槎啻螅?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

運動軌跡不能反映運動方向，所以不能判斷出粒子先過a，再到b，然后到c，還是粒子先過c，再到b，然后到a，故A錯誤；由等勢面特點知，該電場為勻強電場，電場線方向向上，而粒子受電場力方向指向高電勢，故粒子帶負電，故B錯誤；根據能量守恒：負電荷在電勢高處電勢能小，動能大．則知負電荷在b點電勢能最大，動能最小，故應有EPb＞EPa＞EPc，EKb＜EKa＜EKc，故C錯誤，D正確，故選D．【點睛】本題根據粒子的軌跡彎曲方向就能判斷粒子所受的電場力方向，根據電場線與等勢線的關系，判斷出電場線方向．負電荷在電勢高處電勢能小是一個重要推論，要學會應用．2、C【解析】

由運動軌跡虛線AB等勢面MN可知，電場力方向指向凹的一側即垂直MN向下，由于勻強電場中電場力與電場線平行，則電場方向向上．電子在勻強電場中受電場力恒定，則不可能做勻速圓周運動，故A錯誤；若電子從A到B，電場力做正功，電子的動能增大，電勢能減小，則電子在A點的動能比B點小，在A點的電勢能大；若電子從B到A，電場力做負功，電子的動能減小，電勢能變大，則電子在A點的動能比B點小，在A點的電勢能大；故BD錯誤；因為電場線向上，沿著電場線的方向電勢是降低的，所以B點電勢高于A點電勢，故C正確；故選C．【點睛】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布．對于本題關鍵是根據運動軌跡來判定電場力方向，由曲線運動條件可知合力偏向曲線內側．3、D【解析】歐姆表的零刻度在最右邊，指針偏角大說明被測電阻小，因此，要換小擋位×10，重新歐姆調零，D正確．4、B【解析】

A．電源正負極之間的電壓稱為路端電壓，當外電路接通時，路端電壓小于電源的電動勢．故A錯誤；B．電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉化為電勢能的裝置，電源通過非靜電力做功把其他形式的能轉化為電勢能．故B正確；C．電阻R是由導體本身決定的，與通過它的電流無關．故C錯誤．D．打開教室開關，日光燈立刻就亮了，表明導線中電場傳播的速率接近光速，而導線中自由電荷定向運動的速率是非常小的．故D錯誤；【點晴】該題考查恒定電流中對幾個基本概念的理解，理解電源的作用，及電動勢的含義，注意比值定義法的內涵是關鍵．5、B【解析】元電荷是最小的帶電量，大小是1.6×10-19C，而點電荷是一種理想化的物理模型，質子或電子是電荷的種類，與元電荷都不是同一概念，故B正確．6、A【解析】

AB、電容器所帶電荷量Q不變，由可知不變，增大d，則變小，而由可得電容器的電壓U變大，從而使得靜電計的電壓U變大，其指針的偏角θ變大，故A正確、B錯誤;CD、同理可知保持d不變，減小S，則變小，而由可得電容器的電壓U變大，使得靜電計的電壓U變大，其指針的偏角θ變大，故選項C、D均錯誤．故選:A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，故x軸上的電場強度不同，故A錯誤；從-x1到x1場強斜率先減小后增大，故場強先減小后增大，故B正確；由圖可知，場強方向均指向O，根據對稱性可知，一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在-x1點的電勢能，故C錯誤；電場線指向O點，則負電荷由-x1到-x2的過程中電場力做正功，故電勢能減小，故帶負電的粒子在-x1點的電勢能大于在-x2的電勢能，故D正確；故選BD．考點：電場強度；電勢及電勢能【名師點睛】本題關鍵要理解φ-t圖象的斜率等于場強，由電勢的高低判斷出電場線的方向，來判斷電場力方向做功情況，并確定電勢能的變化．8、AC【解析】

A項：若a1＞a1，表明電荷在A點受的電場力更大，又電子受的電場力向左，即A點離點電荷Q更近，故A正確；B項：電子從A到B，電場力做負功，電子的動能減小，故B錯誤；C項：電子從A到B，電場力做負功，電子的電勢能增大，故C正確；D項：根據負電荷在電勢高的地方電勢能小可知，A點電勢高于B點電勢，故D錯誤．【點晴】解決本題關鍵理解做曲線運動的物體所受合外力指向曲線的內側．9、CD【解析】

A.根據線速度的定義式得：，已知“神舟星”平均每天繞太陽運行174萬公里，“楊利偉星”平均每天繞太陽運行145萬公里，可以得出：“神舟星”的線速度大于“楊利偉星”的線速度。根據萬有引力提供向心力得：由于“神舟星”的線速度大于“楊利偉星”的線速度，所以“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，故A錯誤。B.根據開普勒第三定律可知，軌道半徑大的周期長，所以“神舟星”的公轉周期小，故B錯誤。C.根據萬有引力提供向心力得：由于“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，所以“神舟星”的加速度大于“楊利偉星”的加速度。故C正確。D.根據萬有引力提供向心力得：由于“神舟星”的軌道半徑小于“楊利偉星”的軌道半徑，所以“神舟星”的角速度大于“楊利偉星”的角速度。故D正確。10、BCD【解析】

ABD．電容器電容的大小與電容的帶電量Q以及電容器兩極板之間的電壓無關，電容器電容的決定式為：C=εS4πkd，只要電容器不變其電容就不發(fā)生變化，故A錯誤，C．根據C=Q/U可有：Q=CU，由于電容器不變，因此電量Q和電壓U成正比，故C正確；故選BCD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10.504.600【解析】

(1)[1]游標卡尺的主尺讀數為：1cm=10mm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為0.05×10mm=0.50mm，所以最終讀數為：10mm+0.50mm=10.50mm；(2)[2]螺旋測微器的固定刻度為4.5mm，可動刻度為0.01×10.0mm=0.100mm，所以最終讀數為4.600mm．12、8.115×10歐姆調零【解析】

①螺旋測微器的固定刻度為8mm，可動刻度為11.5×0.01mm=0.115mm，所以最終讀數為8mm+0.115mm=8.115mm．②歐姆表的表盤上越向右側電阻越小，偏角大說明阻值小，為了準確測量要換較小擋：故選擇×10檔進行測量，換檔后要重新歐姆調零.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)小球帶正電荷(2)【解析】

(1)小球受電場力向右，可知小球帶正電荷；(2)對于帶電小