湖南省邵陽市邵東一中2025屆物理高二上期中監(jiān)測試題含解析

湖南省邵陽市邵東一中2025屆物理高二上期中監(jiān)測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，在探究影響通電導線受力的因素實驗中，有三塊相同的蹄形磁鐵并列放在桌上，可以認為磁極間的磁場是均勻的。將一根直導線水平懸掛在磁鐵的兩極間，導體的方向與磁感應強度的方向（由下向上）垂直。有電流通過時導線將擺動一個角度，通過擺動角度的大小可以比較導線受力的大小。分別接通“2、3”和“1、4”可以改變導線通電部分的長度。電流由外部電路控制。先保持導線通電部分的長度不變，改變電流大?。蝗缓蟊３蛛娏鞑蛔?，改變導線通電部分的長度，觀察這兩個因素對導線受力的影響。該實驗采用的實驗方法是（）A．放大法 B．微元法 C．控制變量法 D．比較法2、如圖所示是某區(qū)域的電場線分布，A、B、C是電場中的三個點，下列關于三點處電場強度E和電勢?的關系正確的是（）A．EA<EB<EC，?A>?B>?cB．EB>EA>EC，?B>?A>?cC．EA>EB>EC，?B>?A>?cD．EA<EB<EC，?c<?A<?B3、下列關于溫度和內能的說法，正確的是（）A．從理論上講物體的溫度可以達到0K，只是目前技術上尚未實現(xiàn)B．一個分子的運動速度越大，它的溫度越高C．物體的內能等于物體的勢能和動能的總和D．溫度越高，物體分子熱運動的平均動能越大4、如圖所示，a、b、c、d是半徑為圓上的四個點，其中a、c是圓直徑的兩個端點，b、d兩點關于a、c連線對稱，在圓心及與圓心相距處固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q．下列判斷正確的是A．b、d兩點處電勢相同B．c點電場強度為零C．b、d兩點處的電場強度相同D．a點電勢比c點電勢低5、如圖所示的電解槽中，如果在4s內各有4C的正、負電荷通過面積為1．18m2的橫截面AB，那么（）A．正離子向左移動，負離子向右移動B．由于正負離子移動方向相反，所以電解槽中無電流C．4s內通過橫截面AB的電荷量為4CD．電解槽中的電流為2A6、如圖，半徑為R的圓盤均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個點，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點處有一電荷量為q（q>0）的固定點電荷，已知b點處的場強為零，則d點處場強的大小為（k為靜電力常量）A．k B．k C．k D．k二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路，R1是定值電阻，R2是滑動變阻器，L是小燈泡，C是電容器，電源內阻為r．開關S閉合后，在滑動變阻器的滑片向上滑動過程中A．電壓表示數變大B．小燈泡變亮C．電容器所帶電荷量增大D．電源的總功率變大8、頻率為v的光子，德布羅意波長為λ=h/p，能量為E，則光的速度為A．Eλ/hB．pEC．E/pD．h2/Ep9、如圖所示，帶電體Q固定，帶電體P的帶電量為q，質量為m，與絕緣的水平桌面間的動摩擦因數為μ，將P在A點由靜止放開，則在Q的排斥下運動到Ｂ點停下，A、B相距為s，下列說法正確的是（）A．將P從B點由靜止拉到A點，水平拉力最少做功B．將P從B點由靜止拉到A點，水平拉力做功C．P從A點運動到B點，電勢能增加D．P從A點運動到B點，電勢能減少10、如圖甲所示電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器．閉合開關S，將R2的滑片P從最右端滑到最左端的過程中，兩個電壓表的示數隨電路中電流I的變化關系分別如上圖乙中圖線a、b所示．若電表均為理想化，則以下論斷正確的是（）A．圖線a是電壓表V2的示數變化情況B．電源內阻的阻值為10ΩC．電源的最大輸出功率為3.6WD．滑動變阻器R2消耗的最大電功率為0.9W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數如圖（a）和圖（b）所示，長度為____cm，直徑為____mm。12．（12分）用伏安法測定一節(jié)干電池的電動勢和內阻(1)據記錄的數據將對應點已經標在坐標紙上，畫出完整的U-I圖線___．(2)根據(1)中所畫圖線，可得干電池的電動勢E=_____V，內阻r=_____歐（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，空間存在方向垂直于紙面(平面）向里的磁場。在區(qū)域，磁感應強度的大小為;區(qū)域，磁感應強度的大小為（常數)。一質量為m、電荷量為q(q>0)的帶電粒子以速度從坐標原點O沿軸正向射入磁場，此時開始計時，不計粒子重力，當粒子的速度方向再次沿軸正向時，求：(1)粒子運動的時間；(2)粒子與O點間的距離。14．（16分）有一水平向右的勻強電場，場強大小E＝4×103N/C，在電場內作一半徑為30cm的圓，圓周上取A、B兩點，如圖所示，連線AO沿E方向，BO⊥AO，另在圓心O處放一電量q＝4×10﹣8C的正點電荷，計算：（1）A處的場強大?。唬?）B處的場強大小和方向．（靜電力常量k＝9.0×109Nm2/C2）15．（12分）如圖所示，固定的光滑絕緣輕質桿MN與水平面的夾角為θ，MN的長度為L。一質量為m、電荷量為q、可看作質點的帶正電小球P穿在桿上。已知小球P在運動過程中電荷量保持不變，靜電力常量為k，重力加速度值為g。(1)現(xiàn)把另一可看作質點的帶正電小球W固定在桿的M端，小球P恰能靜止在MN的中點O處。求小球W的電荷量Q。(2)若改變小球W的電荷量至某值，將小球P從N點由靜止釋放，P沿桿恰好能到達MN的中點O處。求電荷W在O、N兩點間的電勢差UON。（結果用m、g、q、k、L、θ表示）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

研究安培力與電流、長度的關系時，需先控制一個量不變，這種研究的方法稱為控制變量法故選C。2、B【解析】

電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以EB＞EA＞EC；順著電場線方向電勢降低，φB＞φA＞φC，故B正確，ACD錯誤．3、D【解析】

A．根據熱力學第三定律，0K是溫度的極限，只能無限接進，永遠不可能達到，故A錯誤；B．一個分子的運動速度越大，但是分子的平均速度不一定大，則它的溫度不一定高，選項B錯誤；C．物體的內能等于物體的分子勢能和分子動能的總和，選項C錯誤；D．溫度越高，物體分子熱運動的平均動能越大，選項D正確。故選D。4、A【解析】

由等量異種電荷的電場分布的對稱性可知，b、d兩點處電勢相同，選項A正確；由場強疊加原理可知，c點電場強度不為零，選項B錯誤；b、d兩點處的電場強度大小相等，但是方向不同，選項C錯誤；c點的電勢等于零，a點的電勢大于零，則a點電勢比c點電勢高，選項D錯誤；故選A.【點睛】該題考查常見電場的特點，解題的關鍵是c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等．而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，負電荷周圍的電場的電勢都比它低．5、D【解析】

電源與電解槽中的兩極相連后，左側電極電勢高于右側電極，由于在電極之間建立電場，電場方向由左指向右，故正離子向右移動，負離子向左移動，電解槽中的電流方向向右，選項AB錯誤；4s內通過橫截面AB的電荷量為4C+4C=8C，選項C錯誤；由電流強度的定義，選項D正確；故選D．【點睛】本題考查電流的定義，要注意明確在電解質導電時，流過截面的電量為正負電荷電量絕對值的和6、B【解析】

電荷量為q的點電荷在b處產生電場強度的大小為：而半徑為R均勻分布著電荷量為Q的圓盤上電荷，與在a點處有一電荷量為q（q＞0）的固定點電荷，在b點處的場強為零，則圓盤在此處產生電場強度大小也為：根據對稱性原理可知，圓盤在d產生電場強度大小也為：電荷量為q的點電荷在d處產生電場強度的大小為：由于都在d處產生電場強度方向相同，即為兩者大小相加．所以兩者這d處產生電場強度的大小為：故選B．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AB．閉合開關S后，當滑動變阻器觸頭P向上移動時，R2增大，外電路總電阻增大，干路中電流減小，則小燈泡亮度變暗。電源的內電壓減小，路端電壓增大，則電壓表的示數變大。故A符合題意，B不符合題意。C．電路穩(wěn)定時電容器的電壓等于R2的電壓，根據串聯(lián)電路電壓分配規(guī)律可知，R2增大，電容器的電壓增大，則電容器所帶電荷量增大。故C符合題意。

D．電源的總功率為P=EI，干路電流I減小，則電源的總功率變小。故D不符合題意。8、AC【解析】

根據λ=vf，E=hν可得λ=vν?v=hνp=Ep9、AD【解析】

CD.在A點由靜止放開，運動到Ｂ點停下，根據動能定理可知，合外力做功為零，即電場力所做正功跟摩擦力所做負功大小相等，將電場力這個變力做功可轉化為恒力做功，即從A點運動到B點，電場力做的正功為，則電勢能減少，故C錯誤，D正確AB.若將P從B點由靜止拉到A點，水平拉力需要克服電場力和摩擦力兩個力做功，所以水平拉力最少做功，故A正確，B錯誤故選AD10、AD【解析】

當滑片左移時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；而R1兩端的電壓增大，R2兩端的電壓減小，故b表示是V1示數的變化；a表示V2示數的變化；故A正確；由圖可知，當只有R1接入電路時，電路中電流為0.6A，電壓為3V，則由E=U+Ir可得：E=3+0.6r；當滑動變阻器全部接入時，兩電壓表示數之比為，故；由閉合電路歐姆定律可得E=5+0.2r，解得r=5Ω，E=6V，故B錯誤；因當電源的內電阻等于外電阻時，電源的輸出功率最大，故當外阻等于5Ω時，電源的輸出功率最大，故此時電流I==0.6A，故電源的最大輸出功率P=UI=1.8W；故C錯誤；由圖線可知，R1的阻值為5Ω，把R1等效為電源的內阻，則當滑動變阻器的阻值等于R1+r時，滑動變阻器消耗的功率最大，故當滑動變阻器阻值為10Ω時，滑動變阻器消耗的功率最大，由閉合電路歐姆定律可得，電路中的電流I′==0.3A，則滑動變阻器消耗的總功率P′=I'2R′=0.9W；故D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、5.01cm5.312mm;【解析】

游標卡尺的讀法，先確定分度數，從而確定精確度，先讀固定部分再讀可動部分，從而得出最終讀數；螺旋測微器的讀法要用主尺的整刻度加可動刻度數乘以精確度，注意在讀轉動部分時要估讀【詳解】由圖可知，游標卡尺是10分度的，其精確度為0.1mm則圖示讀數為：50+1×0.1=50.1mm=5.01cm螺旋測微器的不動刻度為5，可動刻度為31.2×0.01mm則讀數為5+31.2×0.01=5.312mm故答案為：5.01

5.31212、1.500.89【解析】

(1)[1]根據表中實驗數據在坐標系內描出對應點，然后作出電源的U-I圖象如圖所示：(2)[2][3]由圖示電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值是1.50，則電源電動勢E=1.50V，電源內阻：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

如圖為粒子的軌跡粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則有：那么，（1）根據左手定則可得：粒子做逆時針圓周運動；故粒子運動軌跡如圖所示，