重慶市某中學2024-2025學年高三年級上冊十月聯(lián)合考試物理模擬試題（一） 含解析

重慶市育才中學校高2025屆高三十月聯(lián)合考試

物理模擬試題（一）

本試卷共100分，考試時間75分鐘。

注意事項：

1.答卷前，請考生先在答題卡上準確工整地填寫本人姓名、準考證號；

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5mm黑色簽字筆答題；

3.請在答題卡中題號對應的區(qū)域內(nèi)作答，超出區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答

題無效；

4.請保持答題卡卡面清潔，不要折疊、損毀；考試結(jié)束后，將答題卡交回。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，

只有一項是符合題目要求的。

1.大熊貓是我國的國寶，其憨態(tài)可掬的形象深受全世界人們的喜愛，通過大熊貓，我國與諸多國家建立了

良好的合作貿(mào)易關系。如圖是一只大熊貓靜靜的躺在一樹枝上，則樹對熊貓的作用力方向為（）

A.豎直向下B.豎直向上C.沿樹枝向上D,垂直樹枝向上

【答案】B

【解析】

【詳解】大熊貓保持靜止，樹對熊貓的作用力與熊貓的重力平衡，大小相等，方向相反，故樹對熊貓的作

用力方向為豎直向上。

故選B。

2.在巴黎奧運會10米臺跳水比賽中，f=O時刻我國運動員全紅嬋（視為質(zhì)點）從距水面10m高處豎直向

上起跳，其運動的速度與時間關系圖像如圖，圖中0~與為直線，規(guī)定豎直向下為正方向，不計空氣阻力,

A.々時刻運動員進入水面B.與時刻運動員到達最高點

C.離跳臺最大高度為:ggD.在與?，3時間內(nèi)的速度變化得越來越慢

【答案】D

【解析】

【詳解】A.入水前只受重力作用，加速度不變，所以芍時刻剛好進入水中，故A錯誤；

B.離開跳板后在：時刻到達最大高度，速度向上減為零，故B錯誤；

C.離跳臺最大高度為

h=”i

故C錯誤；

D.在V-/圖象中，速度的正負代表運動的方向，斜率表示加速度的大小，在馬?4時間內(nèi)加速度越來越小，

則速度變化越來越慢，故D正確。

故選D。

3.如圖所示，排球運動員朱婷某次墊球訓練，排球豎直向上運動，之后又落回到原位置，假設運動過程中

排球所受空氣阻力大小不變，則（）

A.球上升階段和下降階段合力做功大小相同

B.球上升階段動量的變化率大于下降階段動量的變化率

C.球上升階段空氣阻力做的功大于下降階段空氣阻力做的功

D.球上升階段重力做功的平均功率小于下降階段重力做功的平均功率

【答案】B

【解析】

【詳解】A.設球拋出點與球運動過程中最高點的距離為耳，球上升階段合力做功大小為

叱=mgh+fh

球下降階段合力做功大小為

W2=mgh-fh<Wi

故球上升階段和下降階段合力做功大小不相同，故A錯誤;

B.動量的變化率為

ApAV

——=m——=ma

AZNt

球上升階段，根據(jù)牛頓第二定律

mg+f=max

球下降階段，根據(jù)牛頓第二定律

mg-f-ma2

則球上升階段的加速度大于球下降階段的加速度，故球上升階段動量的變化率大于下降階段動量的變化率,

故B正確；

C.空氣阻力做功為

w^-fh

故球上升階段空氣阻力做的功等于下降階段空氣阻力做的功，故c錯誤；

D.球上升階段、下降階段重力做功大小相等，球上升階段的加速度大于球下降階段的加速度，根據(jù)

h=-aK

2

則球上升階段的運動時間小于球下降階段的運動時間，根據(jù)

P」

t

故球上升階段重力做功的平均功率大于下降階段重力做功的平均功率，故D錯誤。

故選B。

4.如圖，一粗糙的水平木板以速度％向右做勻速直線運動，一可視為質(zhì)點的煤塊從木板上的某點P以垂

直于匕的速度匕滑上木板，則煤塊在木板上留下的痕跡可能是（）

【答案】A

【解析】

【詳解】由題意可知，木板以速度匕向右做勻速直線運動，則煤塊在水平方向相對木板從尸點有向左運動

的速度，與速度4的合速度的運動軌跡在尸點的左側(cè)斜向后，又煤塊在木板上僅受摩擦力，摩擦力方向與

相對運動方向相反，因此煤塊相對木板做直線運動，則煤塊在木板上留下的痕跡可能是A。

故選A?

5.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)。開始，經(jīng)歷過程①、②、③、④到達狀態(tài)e。對該氣體，下列說

A過程①中氣體壓強逐漸減小B.過程②中氣體對外界做正功

C.過程③中氣體內(nèi)能逐漸減小D.過程④中氣體從外界吸收熱量

【答案】B

【解析】

【詳解】A.過程①中氣體做等容變化，根據(jù)

正—在

Ta~Th

過程①中，氣體溫度逐漸升高，壓強逐漸增大，故A錯誤；

B.過程②中氣體體積逐漸增大，對外界做正功，故B正確；

C.過程③中氣體溫度不變，內(nèi)能不變，故C錯誤；

D.過程④中氣體體積不變，外界對氣體不做功，氣體溫度逐漸降低，氣體內(nèi)能減小，根據(jù)熱力學第一定律,

可知過程④中氣體從外界放出熱量，故D錯誤。

故選B。

6.如圖，A、B、C三個點位于以。為圓心的圓上，直徑A3與弦3C間的夾角為30。。A、8兩點分別放

有電荷量大小為以、%的點電荷時，C點的電場強度方向恰好沿圓的切線方向，則”等于（）

工-……六3?上AB

\、o，：

、、，，

、、，/

'、、?....

A-B.正

C.粗D.2

33

【答案】B

【解析】

【詳解】根據(jù)題意可知兩電荷為異種電荷，假設以為正電荷，外為負電荷，兩電荷在C點的場強如下

圖，設圓的半徑為，，根據(jù)幾何知識可得

九=廠，rBC=W>r

tan60°=—

EB

同時有

EA烏

rACrBC

聯(lián)立解得

=

%3

故選B。

7.如圖所示，足夠大的水平地面上靜置一木板，兩個均可視為質(zhì)點的滑塊A、B分別放在木板兩端，現(xiàn)使

兩滑塊同時以3m/s的速度相向滑動，兩滑塊恰好在木板的正中間相遇，相遇前木板做勻加速直線運動，相

遇后木板做勻減速直線運動。己知滑塊A的質(zhì)量為5kg、與木板間的動摩擦因數(shù)為0.2,滑塊B的質(zhì)量為

1kg、與木板間的動摩擦因數(shù)為0.4,木板與地面間的動摩擦因數(shù)為0.05,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，

取重力加速度大小g=10m/s2。下列說法正確的是（）

3m/s3m/sB

/Of：””為

////Z///////Z////Z//Z

A.木板的長度為2mB.木板的質(zhì)量為3kg

C.木板運動的最大距離為1.5mD.整個過程中滑塊B的位移大小為1m

【答案】C

【解析】

【詳解】B.對兩滑塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得

=mAaA>=7叫他

解得

2a=2

tzA=2m/s,B4m/s

依題意，相遇前木板勻加速，由牛頓第二定律，有

-〃木（4+心+）g=Ma太

相遇后木板勻減速，有

〃木（川+外+7%）8=（4+須+7%）％木

解得

2

q木=0.5m/s

可知相遇時三者共速，取向右為正方向，設三者經(jīng)f時間共速，由速度與時間關系可得

v^v0-aAt；v=-v0+aBt；丫=。木?

聯(lián)立解得

v=lm/s,Z=ls,a木=Im/stM-2kg

故B錯誤；

ACD.根據(jù)B選項分析，三者一起勻減速過程，有

0=v—%木4

解得

%=2s

作出它們運動的V—/圖像如圖所示

L=2義至m=3m

2

木板運動的最大距離為

2

分析滑塊B,減速時間設為灰，則有

解得

tB=0.75s

整個過程中滑塊B的位移為

0.75x(-3)(3-0.75)xl

XB--------m+--------------m=0m

22

故AD錯誤，C正確。

故選C。

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項中，有多

項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.如圖所示，是正點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線.一個帶負電的粒子（不計重力）沿虛線仍穿越

這條電場線。下列結(jié)論正確的是（）

M

b

A.正點電荷一定位于M點左側(cè)

B.正點電荷可能位于N點右側(cè)

C.粒子在a點速度小于在萬點的速度

D.粒子在a點的加速度大小小于在b點的加速度大小

【答案】ACD

【解析】

【詳解】AB.正電荷受到的電場力一定與電場線相切且指向軌跡凹側(cè)，則電場力尸的方向由N指向M。

而粒子帶負電，則場強方向由M指向N,故產(chǎn)生該電場的正點電荷一定位于M點左側(cè)。故A正確，B錯

誤；

C.粒子從。到乩電場力做正功，動能增大，速度增大，則。點速度小于在6點速度。故C正確；

D.。點離場源電荷較遠，場強較小，由。=幺且可知帶負電的粒子電荷在。點的加速度較小，故D正確。

m

故選ACDo

9.如圖甲，“星下點”是指衛(wèi)星和地心連線與地球表面的交點。圖乙中的實線是航天控制中心大屏幕上顯

示的北斗系統(tǒng)某顆衛(wèi)星的“星下點”在24小時內(nèi)的軌跡（無重疊），該衛(wèi)星繞行方向與地球自轉(zhuǎn)方向一

致。已知地球的半徑為R,地球同步衛(wèi)星的軌道半徑約為6.6R。則下列說法正確的是（）

-60-300306090120150180

甲經(jīng)度

乙

A.該衛(wèi)星的周期為16小時B.該衛(wèi)星的周期為8小時

C.該衛(wèi)星離地面的距離約為3.2RD.該衛(wèi)星能記錄到北極點的氣候變化

【答案】BD

【解析】

【詳解】AB.由圖乙可知

3T=為

則該衛(wèi)星的周期為

T=8h

A錯誤，B正確；

C.衛(wèi)星做圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力

G?(A

可得周期為

r3

T=2兀.

GM

該衛(wèi)星的軌道半徑與地球同步衛(wèi)星的軌道半徑關系為

該衛(wèi)星離地面的距離約為

Hx^-R=2.3R

2

C錯誤；

D.該衛(wèi)星緯度最高時有

夕=60。

衛(wèi)星離地球球心所在水平面的高度為

h=rsin60°=〉；〃也=1-657?>R

即衛(wèi)星高度大于北極點的高度，該衛(wèi)星能記錄到北極點的氣候變化，D正確。

故選BD。

10.如圖所示，xOy平面為光滑水平桌面，在無軸上固定了一個:圓弧擋板，擋板圓弧所在平面與水平桌面

共面。。為其圓心，其半徑H=3m。質(zhì)量為0.1kg小球在y軸上的初速度大小為雙小球受到大小不變、

方向沿-y方向的恒定合外力作用。已知小球在碰到擋板前的最小速度為4m/s,恒力的大小為IN。小球視為

質(zhì)點，sin37°=0.6,cos37°=0.8=下列說法正確的是（）

A.小球在整個運動過程中機械能守恒

B.在小球擊中擋板前，小球速度大小變?yōu)?m/s時，速度方向和x軸正方向的夾角為37°

C.若小球在速度最小時恰好經(jīng)過O',則小球擊中擋板前瞬間的動能為2.6J

D.若w大小方向可以改變，小球的初始位置可沿y方向上下移動，圓弧擋板可沿x方向左右移動，總保

證小球每次水平通過O'點，則擊中擋板時小球的最小動能為3折

2

【答案】BCD

【解析】

【詳解】A.小球在-y方向上受到恒定合外力的大小為1N,小球在水平桌面上做類斜拋運動，小球在整個

運動過程中除重力外有其它力做功，機械能不守恒，故A錯誤；

B.小球在碰到擋板前的最小速度時，小球到達y軸的坐標最大，在y軸方向的速度為0,小球在x軸方向

的速度為

vx=4m/s

小球在無軸方向上做勻速直線運動，設在小球擊中擋板前，小球速度大小變?yōu)?m/s時，速度方向和x軸正

方向的夾角為8，則

v4

cos0=-=—

V5

解得

6=37°

故B正確；

c.若小球在速度最小時恰好經(jīng)過O,則小球從。點做類平拋運動，在無軸方向

在y軸方向上

小球擊中擋板時

R2=x2+y2

解得

t=Q.6s,y=L8m

小球從。'點到擋板由動能定理得

Fy=Ek-^-mv/

解得小球擊中擋板前瞬間的動能為

Ek=2.6J

故C正確；

D.小球水平通過O'點擊中擋板，則小球從O’點做類平拋運動，小球擊中擋板時

、IQIQI'<，，？

=1at

R=x+y,x=vxt,y~

擊中擋板時小球的動能為

2

a、1，23maymaR

E,=may+—mv^=------H--------—

k-2x44y

,3maymaR1,

當——-=——一時

44y

y=6m

擊中擋板時小球的動能最小，為

口_3

2kmin-

故D正確。

故選BCD。

三、非選擇題：本題共5小題，共57分。

11.小明同學常用身邊的器材來完成一些物理實驗。如圖甲，他將手機緊靠蔬菜瀝水器中蔬菜籃底部側(cè)壁邊

緣豎直放置，從慢到快轉(zhuǎn)動手柄，可以使手機隨蔬菜籃轉(zhuǎn)動。利用手機自帶Phyphox軟件可以記錄手機向心

力/和角速度①的數(shù)值。更換不同質(zhì)量的手機（均可看作質(zhì)點），重復上述操作，利用電腦擬合出兩次的

尸一02圖像如圖乙所示。

（2）由圖乙可知，直線（填“1”或“2”）對應的手機質(zhì)量更大。

（3）若測量出蔬菜籃的直徑，計算出手機相應的線速度V,利用所得的數(shù)據(jù)擬合出的尸-y2圖像應該為

（填“線性”或“非線性”）圖像。

【答案】(1)變大(2)1

(3)線性

【解析】

【小問1詳解】

手機隨蔬菜藍的轉(zhuǎn)動做的圓周運動可看作是圓錐擺運動，設蔬菜藍側(cè)壁與水平方向夾角為8,側(cè)壁對手機

的壓力為瓜，則由

FN=ma>~r

可知：在從慢到快轉(zhuǎn)動手柄的過程中，角速度增大，蔬菜籃側(cè)壁與手機間的壓力變大。

【小問2詳解】

由圖乙可以看出同樣的角速度，直線1的向心力E更大，由

rJ-T=mco2r

可知直線1對應的手機質(zhì)量更大。

【小問3詳解】

由

了2

F=m—

可知，在蔬菜藍直徑一定時，手機的向心力與線速度大小的平方成正比，圖像是線性圖像。

12.某實驗小組利用圖甲裝置來驗證牛頓第二定律。已知兩側(cè)斜面傾角均為8,長度均為L,斜面上固定兩

光電門。兩相同的凹槽安裝有寬度均為d的擋光片，用不可伸長的輕繩連接跨過定滑輪放在兩側(cè)斜面，擋光

r

片A到光電門1的距離為丁，擋光片B到光電門2的距離為二，若兩斜面與凹槽間的動摩擦因數(shù)相同。

(1)兩個凹槽內(nèi)均放有10個質(zhì)量為加的祛碼，從B中拿出1個祛碼放入A中，從圖甲所示位置開始輕推

A,發(fā)現(xiàn)A、B上的兩擋光片通過兩光電門的時間(填“不等”或“相等”)，則凹槽勻速運動。

(2)A、B恢復原位置后，從B中總共拿出2個祛碼放入A中，輕推A,測出兩擋光片通過兩光電門的時

間分別為人和片。則兩凹槽的加速度(用題中己知量表示)。

(3)重復上一步驟，從B中總共拿出〃=3,4…個祛碼放入A中，輕推A,測出兩擋光片通過兩光電門的

時間，算出兩凹糟的加速度。。

(4)用圖像法驗證牛頓第二定律，縱坐標為加速度4，要做出圖乙中的圖線，橫坐標應為o

a

O

乙

A.n+1B.n+2C.n—1D.n—2

（5）選用正確的橫坐標后，測出該圖線斜率為左，已知重力加速度為g,則可算出凹槽A（含擋光片）的

質(zhì)量〃=（用題中所給已知量表示）。

aa.°

【答案】①.相等②.③.C?.mg^n-10m

L

【解析】

【詳解】（1）[1]A,B上的兩擋光片通過兩光電門的時間相等，說明系統(tǒng)勻速運動，故凹槽勻速運動。

（2）⑵兩物塊用繩連接，所以速度大小相等，運動過程中，初速度為

d

末速度為

d

“I

位移為

_3LL_L

X

一彳一5

根據(jù)

Z*2

.ax-v2-V；

可得

葉

a-

L

（4）⑶從B中拿出”=1個祛碼放入A中，A、B上的兩擋光片通過兩光電門的時間剛好相等，說明系統(tǒng)

勻速運動，設凹槽A（含擋光片）的質(zhì)量為M，有

(M+lbn)gsin8=(A/+9m)gsin^++gcos6++9m)gcos9

解得

witan。

〃=7------------r

(M+lO/w)

從B中總共拿出“22個祛碼放入A中時，有

+(lO+n)m^gsin0-^M+[lO-n)m^gsin0-jU^M+(10-n)m^gcos0-p\^M+[10+n^m^gcos0=(2Al

解得

mgsin0,、

a-------------rn-1

(M+10/71)v'

根據(jù)圖線可知，橫坐標為“-1。

故選C。

(5)⑷圖線斜率為匕則

k_mgsvaO

(M+10m)

解得

“mgsind._

M=---------10m

k

13.華為發(fā)布的星閃技術是新一代無線短距通訊技術?，F(xiàn)用甲、乙兩玩具車在間距L=6m的兩平直軌道上

進行星閃通訊實驗，最大通訊距離為10m。某時刻，甲車以8m/s的速度向右勻減速經(jīng)過A處，加速度大

小為Zm/s?；與此同時，乙車以2m/s的速度向右勻速經(jīng)過3處，A6連線與軌道垂直。忽略兩車大小及

信號傳遞時間，求：

B

:L

A

(1)甲車停止前，甲、乙兩車沿軌道方向的最大距離；

(2)甲、乙兩車之間能進行星閃通訊時間總共為多長。

【答案】(1)9m

(2)10s

【解析】

【小問1詳解】

易知，甲乙共速時，兩車沿軌道方向的距離最大。

對甲車

V乙=%+(—a"

解得

t—3s

甲車位移

x甲=?甲0+v乙/=15m

甲2

乙車位移

x乙-v乙/=6m

沿運動方向，兩車最大間距

Ax=*甲一工乙=9m

【小問2詳解】

甲乙共速時，甲乙兩車間距

Z=7（AX）2+Z3=VTT7m>10m

故不妨設經(jīng)過時間4甲乙兩車間距恰好為10m。

甲車

x甲=u甲（/]+

乙車

X乙-

甲乙兩車沿運動方向距離

羽二%甲一%乙二41（）2一=8m

聯(lián)立解得

%=2s

甲車停止后，兩車之間通訊時間

_2Axi

解得

t2=8s

故總通訊時間

?？?‘1+'2=10s

14.如圖甲為某款玩具，其主要配件有小物塊、彈射器、三連環(huán)、滑躍板及部分直線軌道等。如圖乙為其結(jié)

構示意圖，其中三連環(huán)是由三個半徑不同的光滑圓軌道I、II、III組成，且三個圓軌道平滑連接但不重疊。

其圓心分別為。1、。2、。3,半徑分別為用=0.4m、&=0.3m、7?3=0.2mo。4、AC為光滑水平軌道，

滑躍板。為足夠長的粗糙傾斜軌道，軌道傾角?？烧{(diào)（046><90。）。某次游戲中彈射器將小物塊自。點

以一定初速度彈出，小物塊先后通過圓軌道I、II、111后沖上滑躍板。小物塊可視為質(zhì)點，其質(zhì)量%=0.2kg,

顯,彈簧勁度系數(shù)左=100N/m,

與滑躍板CD間動摩擦因數(shù)〃軌道各部分平滑連接，g取lOm/s?。

3

(1)彈簧的最小壓縮量;

(2)小物塊第一次經(jīng)過圓軌道III最高點時所受的彈力大小;

(3)調(diào)整滑躍板CD傾角e,求小物塊第一次在CD軌道上向上滑行的最小距離。

【答案】（1）0.2m

⑶gm

(2)10N

【解析】

小問1詳解】

由于小物塊恰好能夠通過三連環(huán)，即小物塊通過圓軌道I的最高點時，恰好由重力提供向心力，則有

匕2

mg=m—

&

令彈簧最小壓縮量為x,則有

1，12

3kx-=mg-27?1+—ZTZVJ

解得

%=0.2m

【小問2詳解】

小物塊第一次從圓軌道I的最高點到達圓軌道III最高點過程有

「

mg（2R27?3）=1mvf一；相片

在圓軌道III最高點，根據(jù)牛頓第二定律有

N+mg=m^

居

解得

N=10N

【小問3詳解】

小物塊第一次從圓軌道I的最高點到達AC軌道過程，根據(jù)動能定理有

mg=gmv；-gmv；

解得

v3=26m/s

物塊沖上滑躍板C。后將減速至0,則有

12

—mv3=mgxsin0+ptmgxcos0

解得

1

x=----------產(chǎn)--------m

sm?，+——cosq”

3

令y=sine+（^cose，由于

y'=cos6-sin0

3

當該導數(shù)為0時解得

e=60

可知，當。=60°時，物塊向上運動距離最小，則有

1A/3

/n----------m~—

-s-in--6-0-。-+--9~rcos60。------

3

15.如圖甲所示，水平軌道A出方之間有一凹槽，凹槽中放置一長度與凹槽相同且不粘連的長木板，其質(zhì)量

秋3=2m,長木板的上表面與軌道AB和所齊平，并固定一輕質(zhì)半圓管道C，其半徑為R。忽略管的內(nèi)徑，

。為管道的圓心。質(zhì)量為加2=m的物塊2靜止在長木板上表面的左端，一質(zhì)量為班=；機的物塊1以一定

的初速度向右運動，與物塊2發(fā)生彈性碰撞，1和2均可視為質(zhì)點，物塊2進入管道后恰能到達最高點，重

力加速度取g,不計一切摩擦。

(1)求物塊1的初速度大小出;

(2)物塊2運動到管形軌道內(nèi)的某位置時，與管內(nèi)壁和外壁均無相互作用力，求該位置與。點連線和0。

之間夾角的余弦值；

(3)若將輕質(zhì)半圓管道換成輕質(zhì)半圓軌道，如圖乙所示，物塊2經(jīng)碰撞后以v=J頒的速度進入C點且

能通過半圓軌道的最高點為使長木板不與凹槽底部脫離，求上的取值范圍。

【答案】(1)VQ=4y[gR

2

(2)cos0--

3

(3)5<k<2A/6+2

【解析】

【小問1詳解】

設物塊1與物塊2發(fā)生彈性碰撞后的速度分別為VI和V2,由動量守恒和機械能守恒得

叫%=mlvl+m2v2

物塊2進入管道后恰能到達最高點，物塊2在最高點的速度大小為0