2025屆江蘇省蘇北地區(qū)高二物理第一學期期中檢測試題含解析

2025屆江蘇省蘇北地區(qū)高二物理第一學期期中檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于兩個點電荷間相互作用的電場力，下列說法中正確的是（）A．它們是一對作用力與反作用力B．電量大的點電荷受力大，電量小的點電荷受力小C．當兩個點電荷間距離增大而電量保持不變時，這兩個電場力的大小可能不變D．當?shù)谌齻€點電荷移近它們時，原來兩電荷間相互作用的電場力的大小和方向會變化2、在光滑的水平桌面上，質量為m的物塊A以速度v向右運動，與靜止在桌面上的質量為3m的物塊B發(fā)生正碰，以向右為正方向，碰撞后,物塊A的速度不可能為()A．0 B．-v C．v D．v3、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷固定在x軸上的A、B兩點，兩電荷連線上各點電勢?隨x變化的關系圖線如圖所示，其中P點電勢最高，且AP<BP，取無窮遠處電勢為0，則()A．從P點到B點，電場強度逐漸減小B．q1的電荷量小于q2的電荷量C．q1和q2都是正電荷D．在A、B之間將一負試探電荷從P點左側移到右側，電勢能先增大后減小4、真空中有兩個靜止的點電荷，若保持它們之間的距離不變，而把它們的電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍，則兩電荷間的庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?)A．7倍B．8倍C．9倍D．10倍5、如圖為理想變壓器的示意圖，其原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，電壓表和電流表均為理想電表，Rt為阻值隨溫度升高而變小的熱敏電阻，R1為定值電阻．若發(fā)電機向原線圈輸入如圖所示的正弦交流電．下列說法中正確的是（）A．輸入變壓器原線圈的交流電壓的表達式為u=36B．變壓器原、副線圈中的電流之比為4：lC．t=0.0ls時，穿過發(fā)電機的線圈的磁通量為0D．Rt中溫度升高時，變壓器的輸入功率變大6、邊長為的閉合金屬正三角形框架，左邊豎直且與磁場右邊界平行，完全處于垂直框架平面向里的勻強磁場中．現(xiàn)把框架勻速水平向右拉出磁場，如圖所示，則下列圖象與這一過程相符合的是（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于電勢差和電場力作功的說法中，正確的是（）A．電勢差的大小由電場力在兩點間移動電荷做的功和電荷的電量決定B．電場力在兩點間移動電荷做功的多少由兩點間的電勢差和該電荷的電量決定C．電勢差是矢量，電場力作的功是標量D．在勻強電場中與電場線垂直方向上任意兩點的電勢差均為零8、比值法定義物理量是物理學中一種很重要的思想方法，下列物理量的表達式用比值法定義的是（）A．電場強度E=F/q B．電勢φ=Ep/q C．電容C=Q/U D．電流I=U/R9、一平板車靜止在光滑的水平地面上，甲、乙兩人分別站在車上左右兩端．當兩人同時相向而行時，發(fā)現(xiàn)小車向左移動．若()A．兩人速率相等，則必定是m乙>m甲 B．兩人質量相等，則必定是v乙>v甲C．兩人速率相等，則必定是m甲>m乙 D．兩人質量相等，則必定是v甲>v乙10、一個T形電路如圖所示，電路中的電阻R1＝120Ω，R2＝10Ω，R3＝40Ω.另有一測試電源，電動勢為100V，內阻忽略不計．則()A．當c、d端短路時，a、b之間的等效電阻是130ΩB．當a、b端短路時，c、d之間的等效電阻是40ΩC．當a、b兩端接通測試電源時，用理想電壓表測得c、d兩端的電壓為50VD．當c、d兩端接通測試電源時，用理想電壓表測得a、b兩端的電壓為80V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）表格中所列數(shù)據(jù)是測量小燈泡U－I關系的實驗數(shù)據(jù)：U（V）0.00.20.51.01.52.02.53.0I（A）0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215(1)分析上表內實驗數(shù)據(jù)可知，應選用的實驗電路圖是圖中的________（填“甲”或“乙”）；(2)在如圖所示的方格紙內畫出小燈泡的U－I曲線_______，分析曲線可知小燈泡的電阻隨I變大而________（填“變大”、“變小”或“不變”）；(3)如圖丙所示，用一個定值電阻R和兩個上述小燈泡組成串并聯(lián)電路，連接到內阻不計、電動勢為3V的電源上。已知流過電阻R的電流是流過燈泡b的電流的兩倍，則此時流過燈泡a和燈泡b的電流之比_______。12．（12分）（1）某同學對表頭G進行改裝，已知其滿偏電流Ig＝100μA，內阻標稱值Rg＝900Ω。先利用定值電阻R1將表頭改裝成1mA的電流表，然后利用定值電阻R2再將此電流表改裝成3V的電壓表V1（如圖所示）。則根據(jù)條件定值電阻R1＝______Ω，R2＝______Ω。（2）改裝完畢后，用量程為3V，內阻為2500Ω的標準電壓表V2對此電壓表從零開始全范圍的刻度進行校準?；瑒幼冏杵鱎有兩種規(guī)格：A．滑動變阻器（0～20Ω）B．滑動變阻器（0～2kΩ）為了實驗中電壓調節(jié)方便，滑動變阻器R應選用______（填“A”或“B”）。（3）完成圖乙中的校準電路圖____要求：滑動變阻器的觸頭畫在開始實驗時的位置上）（4）由于表頭G上的標稱值Rg小于真實值，造成改裝后電壓表的讀數(shù)會比標準電壓表的讀數(shù)______。（填“偏大”或“偏小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，abcd是一個正方形的盒子，在cd邊的中點有一個小孔e,盒子中存在著沿ad方向的勻強電場．一粒子源不斷地從a處的小孔沿ab方向向盒內發(fā)射相同的帶電粒子，粒子的初速度為υ0，經(jīng)電場作用后恰好從e處的小孔射出．現(xiàn)撤去電場，在盒中加一方向垂直于紙面的勻強磁場（圖中未畫出），粒子仍恰好從e孔射出（粒子的重力和粒子間的相互作用力均可忽略），則（1）所加磁場的方向如何？（2）電場強度E與磁感應強度B的比值為多大？14．（16分）充電后的平行板電容器的兩個極板豎直放置，電容器的左極板帶正電，板間電壓為U，在兩極板間有一質量為m、電荷量為q的帶電小球，小球用一絕緣輕細線懸掛于O點，靜止時，細線與豎直方向的夾角為，如圖所示。重力加速度大小為g。（1）判斷小球的帶電性質；（2）求電容器兩極板間的距離d。15．（12分）如圖所示，在水平地面上方存在范圍足夠大的豎直向上的勻強電場，．水平面上豎直放置一絕緣軌道，部分為粗糙直軌道，且與水平方向夾角為，為光滑圓軌道，與在點處相切．軌道與地面相切于點，點處切線沿水平方向，圓軌道半徑．現(xiàn)將一質量為的帶電物塊（大小忽略不計）從斜面上點（圖中未標出）靜止釋放，物塊與軌道間動摩擦因數(shù)為，物塊帶電量為．結果物塊恰能通過點．不計空氣阻力，重力加速度．（，）求：（1）物塊通過點時速度大?。?）物塊釋放處點與點之間的距離．（3）若要使物塊離開點后，垂直落到軌道上，則軌道需要整體豎直向上移動的距離為多少（計算結果可保留分數(shù)）．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A、兩個點電荷間相互作用的電場力是一對作用力與反作用力，故A正確；B、作用力和反作用力總是大小相等，方向相反的，與兩個點電荷的電量多少無關，故B錯誤；C、根據(jù)庫侖定律：可知，當兩個點電荷間距離增大而電量保持不變時，這兩個電場力的大小一定減小，故C錯誤；D、根據(jù)庫侖定律可知，當?shù)谌齻€點電荷移近它們時，原來兩電荷間相互作用的電場力的大小和方向不變，故D錯誤．故選：A2、C【解析】

若發(fā)生彈性碰撞，設碰后A速度為vA，B速度為vB，根據(jù)動量守恒：解得；碰后系統(tǒng)動能：，解得；根據(jù)完全非彈性碰撞：，可得：；綜上可得，若碰后A的速度向右，則速度小于，若碰后A的速度向左，則速度小于。A.0。與結論相符，故A可能；B.。與結論相符，故B可能；C.。與結論不符，故C不可能；D.。與結論相符，故D可能。3、B【解析】

在φ-x圖線切線斜率為場強的大小，從P點到B點斜率越來越大，故場強越來越大。故A錯誤；在P點，φ-x圖線切線斜率為零，則P點的電場強度大小為零，說明q1和q2兩點電荷在P點產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，由公式E=kQr2，AP＜BP，則q1的電荷量小于q2的電荷量，故B正確；A到P的電勢升高，從P到B電勢降低，則電場線方向P到A，再從P到B，則q1和q2是同種電荷，一定是負電荷。故C錯誤；負電荷從P點左側移到P點右側，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大，故D4、C【解析】開始時根據(jù)庫侖定律得：F=kq當電荷間距離不變，它們的電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍：F=k9q聯(lián)立①②得：F1=9F，故C正確．點評：對于庫侖定律公式涉及物理量較多，要明確公式中各個物理量的含義，可以和萬有引力公式對比理解．5、D【解析】

由圖乙可知交流電壓最大值Um=362V，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值為ω=2π0.02=100π，則可得交流電壓u的表達式U=362sin100πtV，故A錯誤；變壓器原、副線圈中的電流之比其原、副線圈的匝數(shù)比成反比，為1：4，故B錯誤；t=0.01s時，瞬時值為零，發(fā)電機的線圈平面與磁場方向垂直，磁通量最大，故C錯誤。t處溫度升高時，阻值減小，變壓器輸出功率變大，則輸入功率也變大，故D【點睛】根據(jù)圖象準確找出已知量，是對學生認圖的基本要求，準確掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關系，是解決本題的關鍵．6、B【解析】根據(jù)感應電動勢公式推導其與距離關系的表達式，再推導感應電流、外力和外力功率的表達式，進行分析選擇．解：A、B感應電動勢E=BLv=B?1xtan30°v=，則E與x成正比．故A錯誤，B正確．C、線框勻速運動F外=F安=BIL，I=，E=BLv，得到F外=,L=則F外=，B、R、v一定，則F外∝x1．D、外力的功率P外=F外v=，P外∝x1．點評：圖象往往根據(jù)公式推導解析式來選擇．本題關鍵是推導安培力與距離的關系．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A.電勢差是反映電場本身的性質的物理量，由電場本身決定，與所移動的電荷無關，故A錯誤；B.根據(jù)電場力做功W=qU，可知在兩點間移動電荷電場力做功的多少由兩點間的電勢差和該電荷的電量決定，故B正確；C.電勢差有正負，但是正負不表示方向，表示相對大小，是標量，電場力做功是標量．故C錯誤；D.在勻強電場中，與電場線垂直的面是等勢面，所以在與電場線垂直方向上任意兩點間電勢差為零．故D正確．故選BD.8、ABC【解析】

A、電場強度與放入電場中的電荷無關，所以屬于比值定義法．故A正確．B、電場中的電勢定義式，屬于比值定義法．故B正確．C、電容C由本身的性質決定，與所帶的電荷量及兩端間的電勢差無關．所以屬于比值定義法．故C正確．D、根據(jù)歐姆定律，可知電流I與電壓U成正比，與電阻R成反比，不屬于比值定義法，故D錯誤．故選ABC．【點睛】所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變．9、CD【解析】

甲、乙兩人及小車組成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)的動量守恒，取向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：，即：；可見甲的動量大于乙的動量；A、C、若兩人速率相等，必定有：m甲＞m乙，故A錯誤，C正確；B、D、若兩人質量相等，必定有：v甲＞v乙，故B錯誤，D正確；故選CD.10、BD【解析】

當cd端短路時，ab間電路的結構是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，等效電阻為，故A錯誤；當ab端短路時，cd之間電路結構是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)，等效電阻為，故B正確；當ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，故C錯誤；當cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓：，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、甲變大3：1【解析】

(1)[1]由表中數(shù)據(jù)可知，電壓、電流從零開始測量因此需要滑動變阻器分壓接法，故該實驗選擇分壓接法，故應選擇甲電路(2)[2]根據(jù)表示所給數(shù)據(jù)，畫出小燈泡的U－I曲線如圖所示[3]由小燈泡的U－I曲線可知，圖像的斜率變大，故說明當電流增大時，燈泡的電阻增大(3)[4]流過電阻R的電流是流過燈泡b電流的兩倍，根據(jù)電阻的串并聯(lián)可知，流過燈泡a的電流是b的三倍；同時燈泡a和b的電壓之和為3V，由此結合小燈泡的U－I曲線可知流過燈泡b的電流約為0.07A，a的電流約為0.21A，則此時流過燈泡a和燈泡b的電流之比3：112、100；2910；A；；偏?。弧窘馕觥?/p>

把電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，把嗲劉波改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律求出電阻阻值；為方便實驗操作應選擇最大阻值較小的滑動變阻器；根據(jù)實驗電路應用串并聯(lián)電路特點分析答題。【詳解】(1)由圖示電路圖可知：R1=裝后電流表內阻：把電流表改裝成電壓表，串聯(lián)電阻：；(2)為方便實驗操作滑動變阻器應選擇最大阻值較小的A；(3)電壓表從0開始全范圍的刻度進行校準，滑動變阻器應選擇分壓接法，標準電壓表與改裝后的電壓表并聯(lián)，電路圖如圖所示：(4)表頭G上的標稱值Rg小于真實值，改裝后的電流表內阻偏小，改裝后的電壓表串聯(lián)電阻偏大，電壓表內阻偏大，兩電壓表并聯(lián)，由于改裝后的電壓表內阻偏大，通過改裝電壓表的電流偏小，改裝后的電壓表指針偏角較小，造成改裝后電壓表的讀數(shù)會比標準電壓表的讀數(shù)偏小?！军c睛】本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電表改裝原理，由于串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以解題；要掌握實驗器材的選擇原則。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）垂直直面向外（2【解析】試題分析：（1）帶電粒子在電場中向下偏轉，可知該粒子帶正電，在磁場中要向下偏轉，洛倫茲力方向應向下，根據(jù)左手定則判斷磁場方向．（2）加電場時，粒子在電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動