山西省忻州市一中2025屆物理高三上期中學(xué)業(yè)水平測(cè)試模擬試題含解析

山西省忻州市一中2025屆物理高三上期中學(xué)業(yè)水平測(cè)試模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖，電源內(nèi)阻一定，將滑動(dòng)變阻器R滑片向左滑動(dòng)一小段距離，理想電壓表V1、V2示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為ΔU1、ΔU2，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔI，下列判斷正確的是A．V2的示數(shù)減小B．電源輸出功率一定在增大C．ΔU1與ΔI比值在減小D．ΔU1小于ΔU22、如圖為一種“滾輪--平盤無(wú)級(jí)變速器”的示意圖,它由固定在主動(dòng)軸上的平盤和可隨從動(dòng)軸移動(dòng)的圓柱形滾輪組成,由于摩擦的作用,當(dāng)平盤轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),滾輪就會(huì)跟隨轉(zhuǎn)動(dòng),如果認(rèn)為滾輪不會(huì)打滑,那么主動(dòng)軸的轉(zhuǎn)速?gòu)膭?dòng)軸的轉(zhuǎn)速滾輪半徑以及滾輪中心距離主動(dòng)軸軸線的距離之間的關(guān)系是A． B． C． D．3、如圖所示，不計(jì)繩的質(zhì)量以及繩與滑輪的摩擦，物體A的質(zhì)量為M，水平面光滑．當(dāng)在繩的B端掛一質(zhì)量為m的物體且重力加速度為g,物體A的加速度為a1，當(dāng)在繩的B端施以F＝mg的豎直向下的拉力作用時(shí)，A的加速度為a2，則a1與a2的大小關(guān)系是（）A．a(chǎn)1＝a2B．a(chǎn)1>a2C．a(chǎn)1<a2D．無(wú)法確定4、如下圖所示的幾種情況中，不計(jì)繩、彈簧測(cè)力計(jì)、各滑輪的質(zhì)量，不計(jì)一切摩擦，物體質(zhì)量都為m，且均處于靜止?fàn)顟B(tài)，有關(guān)角度如圖所示。彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)FA、FB、FC由大到小的排列順序是A．FA>FB>FCB．FB>FC>FAC．FB>FA>FCD．FC>FB>FA5、在物理學(xué)發(fā)展的進(jìn)程中，許多科學(xué)家作出了重要的貢獻(xiàn)．下列關(guān)于科學(xué)家及其成就的說法中正確的是（）A．開普勒發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律B．卡文迪許測(cè)出了引力常量GC．亞里士多德指出“力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因”D．伽利略得出“加速度與力成正比，與質(zhì)量成反比”的結(jié)論6、中國(guó)古代科技取得了輝煌的成就，在很多方面走在世界前列．例如春秋戰(zhàn)國(guó)時(shí)期，墨家的代表人物墨翟在《墨經(jīng)》中，就已對(duì)力做了比較科學(xué)的闡述:“力，刑(形)之所以?shī)^也．"這句話的意思是:力能使物體由靜止開始運(yùn)動(dòng)，或使運(yùn)動(dòng)的物體運(yùn)動(dòng)得越來(lái)越快．下列說法中，與墨翟對(duì)力的闡述最接近的是()A．力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B．力是物體位移變化的原因C．力是物體位置變化的原因D．力是物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變的原因二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，MN、PQ是傾角為θ的兩平行光滑且足夠長(zhǎng)的金屬軌道，其電阻忽略不計(jì)?？臻g存在著垂直于軌道平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。導(dǎo)體棒ab、cd垂直于軌道放置，且與軌道接觸良好，每根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m，電阻均為r，軌道寬度為L(zhǎng)，與軌道平行的絕緣細(xì)線一端固定，另一端與ab棒中點(diǎn)連接，細(xì)線承受的最大拉力Tm=2mgsinθ。今將cd棒由靜止釋放，則細(xì)線被拉斷時(shí)，cd棒的A．速度大小是2mgrB．速度大小是mgrC．加速度大小是2gsinθD．加速度大小是08、一輕彈簧兩端連接著質(zhì)量均為m的A、B兩物塊，A通過輕繩固定于光滑斜面的擋板上。用沿斜面的力F使B向上緩慢移動(dòng)一段距離后靜止，此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)，輕繩仍處于伸直狀態(tài)，如圖所示?，F(xiàn)撤去F，在B下滑過程中，以下說法正確的是（彈簧始終處在彈性限度內(nèi)）A．物塊A始終保持靜止B．繩的拉力不可能為零C．彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)B的速度最大D．彈簧彈性勢(shì)能先減小后增大9、如圖，在某一峽谷的兩側(cè)存在與水平面成相同角度的山坡，某人站在左側(cè)山坡上的P點(diǎn)向?qū)γ嫔狡律纤綊伋鋈齻€(gè)質(zhì)量不等的石塊，分別落在A、B、C三處，不計(jì)空氣阻力，A、C兩處在同一水平面上，則下列說法中正確的是（）A．落在C處的石塊在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)B．落在A、B兩處的石塊落地速度方向相同C．落在A、B、C三處的石塊落地速度方向相同D．落在B、C兩處的石塊落地速度大小有可能相同10、如圖所示，質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）以某一速度從A點(diǎn)沖上傾角為30°的固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的加速度為g，此物體在斜面上上升的最大高度為h，則在這個(gè)過程中物體（）A．重力勢(shì)能增加了mghB．動(dòng)能損失了mghC．克服摩擦力做功2mghD．機(jī)械能損失了mgh三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌，導(dǎo)軌上A處有一帶長(zhǎng)方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為m的小球相連，遮光片兩條長(zhǎng)邊與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌上B處有一光電門，可以測(cè)量遮光片經(jīng)過光電門時(shí)的擋光時(shí)間t.用d表示A處到光電門B處的距離，b表示遮光片的寬度，將遮光片通過光電門的平均速度看作滑塊通過B處時(shí)的瞬時(shí)速度。實(shí)驗(yàn)時(shí)使滑塊在A處由靜止開始運(yùn)動(dòng)。（1）某次實(shí)驗(yàn)測(cè)得傾角θ=，重力加速度用g表示，滑塊從A處到達(dá)B處時(shí)，m和M組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量可表示為?Ek=___，系統(tǒng)的重力勢(shì)能減少量可表示為?Ep=____,在誤差允許的范圍內(nèi)，若?Ek=?Ep則可認(rèn)為系統(tǒng)的機(jī)械能守恒；（2）某同學(xué)改變A、B間的距離，求出滑塊通過B點(diǎn)的瞬時(shí)速度v后，作出的v2-d圖像如圖乙所示，并測(cè)得m=M，則重力加速度g=_____m/s2.12．（12分）在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，下列敘述中正確的是（____）A．實(shí)驗(yàn)中，彈簧測(cè)力計(jì)必須保持與木板平行，讀數(shù)時(shí)視線要正對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)刻度B．橡皮筋的拉力是合力，兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力是分力C．兩次拉橡皮筋時(shí)．需將橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉到同一位罝這樣做的目的是保證兩次彈簧測(cè)力計(jì)拉力的效果相同D．若只增大某一只彈簧測(cè)力計(jì)的拉力大小而要保證橡皮筋結(jié)點(diǎn)位置不變，只需調(diào)整另一只彈簧測(cè)力計(jì)拉力的大小即可四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）（20）導(dǎo)體切割磁感線的運(yùn)動(dòng)可以從宏觀和微觀兩個(gè)角度來(lái)認(rèn)識(shí)．如圖所示，固定于水平面的U形導(dǎo)線框處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬直導(dǎo)線MN在與其垂直的水平恒力F的作用下，在導(dǎo)線框上以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)，速度v與恒力F方向相同，導(dǎo)線MN始終與導(dǎo)線框形成閉合電路，已知導(dǎo)線MN電阻為R，其長(zhǎng)度L，恰好等于平行軌道間距，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，忽略摩擦阻力和導(dǎo)線框的電阻．（1）通過公式推導(dǎo)驗(yàn)證：在時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)對(duì)導(dǎo)線MN所做的功W等于電路獲得的電能，也等于導(dǎo)線MN中產(chǎn)生的焦耳熱Q．（2）若導(dǎo)線的質(zhì)量m=8.0g，長(zhǎng)度L=0.1m，感應(yīng)電流I=1.0A，假設(shè)一個(gè)原子貢獻(xiàn)1個(gè)自由電子，計(jì)算導(dǎo)線MN中電子沿導(dǎo)線長(zhǎng)度方向定向移動(dòng)的平均速率v（下表中列出了一些你可能用到的數(shù)據(jù)）．（3）經(jīng)典物理學(xué)認(rèn)為，金屬的電阻源于定向運(yùn)動(dòng)自由電子和金屬離子（金屬原子失去電子后剩余部分）的碰撞，展開你想象的翅膀，給出一個(gè)合理的自由電子運(yùn)動(dòng)模型：在此基礎(chǔ)上，求出導(dǎo)線MN中金屬離子對(duì)一個(gè)自由電子沿導(dǎo)線長(zhǎng)度方向的平均作用力的表達(dá)式．14．（16分）如圖，一質(zhì)量為m、電荷量為g（q＞0的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，A，B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，A，B水平距離為L(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡在豎直平面內(nèi)，已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0，方向與豎直方向夾角為60°：它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度v大小為v0，方向豎直上，不計(jì)重力．求勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大?。?5．（12分）單色細(xì)光束射到一半徑為R的透明球表面，光線在過球心O的平面內(nèi).入射角，經(jīng)折射進(jìn)入球內(nèi)后又經(jīng)內(nèi)表面反射一次，再經(jīng)球表面折射后射出.巳知真空中光速為c，入射光線與出射光線反向延長(zhǎng)線之間的夾角=30°，如圖所示（圖上巳畫出入射光線和出射光線）.求：①光從球內(nèi)射出球體的臨界角；②光在透明球中傳播的時(shí)間

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

A：滑動(dòng)變阻器R滑片向左滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，干路電流I減??；據(jù)U1=E-Ir可得，電源的路端電壓U1增大；據(jù)I1=U1R1可得，流過R1的電流增大；據(jù)UR0=(I-I1B：當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，電源的輸出功率最大；滑動(dòng)變阻器R滑片向左滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，外電阻增大，由于外電阻與內(nèi)電阻的大小關(guān)系未知，電源的輸出功率可能增大可能減小．故B項(xiàng)錯(cuò)誤．C：電壓表V1測(cè)電源的路端電壓，電流表A測(cè)的是干路電流，據(jù)U1=E-Ir可得，ΔU1與ΔI比值等于電阻內(nèi)阻r．故D：滑動(dòng)變阻器R滑片向左滑動(dòng)，電源的路端電壓U1增大(ΔU1)，電阻R0的兩端電壓減小，電阻R的兩端電壓增大(ΔU1)，且U1=UR+UR0，所以ΔU2、B【解析】

滾輪不會(huì)打滑，滾輪邊緣與主動(dòng)輪接觸處的線速度大小相等．滾輪邊緣的線速度大小為v1=2πn2r，滾輪與主動(dòng)輪接觸處的線速度大小v2=2πn1x，聯(lián)立求解n1、n2、r以及x之間的關(guān)系．【詳解】從動(dòng)軸的轉(zhuǎn)速n2、滾輪半徑r，則滾輪邊緣的線速度大小為v1=2πn2r，滾輪與主動(dòng)輪接觸處的線速度大小v2=2πn1x。根據(jù)v1=v2，得2πn2r=2πn1x，解得。故選B。3、C【解析】

當(dāng)用拉力F拉時(shí)，對(duì)A分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度；當(dāng)掛重物時(shí)，對(duì)整體分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出加速度，從而比較大?。驹斀狻吭贐端掛一質(zhì)量為m的物體時(shí)，對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得：a1=，當(dāng)在繩B端施以F=mg的豎直向下的拉力作用時(shí)，a2=，可知a2>a1.故選C.4、C【解析】對(duì)A圖中的m受力分析，m受力平衡，根據(jù)平衡條件得，解得；對(duì)B圖中的m受力分析，m受力平衡，根據(jù)平衡條件得：彈簧秤的示數(shù)；對(duì)C圖中的m受力分析，m受力平衡，根據(jù)平衡條件得：彈簧秤的示數(shù)，故，C正確．5、B【解析】A、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，故A錯(cuò)誤；

B、卡文迪許測(cè)出了引力常量G，故B正確；

C、亞里士多德指出“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”，故C錯(cuò)誤；

D、牛頓得出“加速度與力成正比，與質(zhì)量成反比”的結(jié)論，故D錯(cuò)誤．點(diǎn)睛：本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．6、D【解析】

根據(jù)題意可以知道：“力，刑(形)之所以?shī)^也”.這句話的意思是：力能使物體由靜止開始運(yùn)動(dòng)，或使運(yùn)動(dòng)的物體運(yùn)動(dòng)得越來(lái)越快；即力起到了改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的作用，故與力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因相接近.A．描述與分析不符，故A錯(cuò)誤.B．描述與分析不符，故B錯(cuò)誤.C．描述與分析不符，故C錯(cuò)誤.D．描述與分析相符，故D正確.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】

當(dāng)cd棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，切割產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流，有沿導(dǎo)軌向上的安培力，ab棒有沿導(dǎo)軌向下的安培力，結(jié)合細(xì)線的最大拉力求出細(xì)線拉斷時(shí)所受的安培力大小，抓住ab和cd棒所受的安培力大小相等，根據(jù)牛頓第二定律求出cd棒的加速度，結(jié)合切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式、閉合電路歐姆定律求出cd棒的速度?！驹斀狻考?xì)線被拉斷時(shí)，拉力達(dá)到Tm=2mgsinθ，根據(jù)平衡條件有Tm=FA+mgsinθ，可得ab棒所受安培力FA=mgsinθ，由于兩棒的電流相等，所受安培力大小相等，由FA=BIL，I=E2r，【點(diǎn)睛】對(duì)于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問題，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。8、AD【解析】

A、撤去外力F后，物體B下滑的過程中，彈簧先恢復(fù)原長(zhǎng)，后又被拉長(zhǎng)，而繩子拉力逐漸增大，但輕繩不可伸長(zhǎng)，物體A始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，A正確；B、若在力F做用下，彈簧被壓縮，彈簧對(duì)A沿斜面向上的彈力，恰好等于A的重力沿斜面向下的分力，此時(shí)繩子剛好處于伸直狀態(tài)，繩子中沒有力。故B錯(cuò)誤；C、在B下滑的過程中，彈簧先恢復(fù)原長(zhǎng)，后又被拉長(zhǎng)，在彈簧彈力小于B的重力沿斜面向下的分力時(shí)，B一直加速，直到B的重力沿斜面向下的分力，恰好等于彈簧彈力時(shí)，B的速度最大，之后B繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)，開始減速。故C錯(cuò)誤；D、在B下滑的過程中，彈簧先恢復(fù)原長(zhǎng)，后被拉伸，彈簧彈性勢(shì)能先減小后增大，D正確；故選AD?！军c(diǎn)睛】本題考查了動(dòng)態(tài)平衡問題，和牛頓第二定律的動(dòng)態(tài)問題；選擇正確的研究對(duì)象，根據(jù)物體的受力判斷其運(yùn)動(dòng)情況；知道物體B先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，加速度為零時(shí)，速度最大，并能根據(jù)彈簧的形變情況判斷其彈性勢(shì)能的變化情況。9、BD【解析】

A．根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，時(shí)間由豎直高度決定，B下落高度最大時(shí)間最長(zhǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．落在A、B兩處的石塊都落在同一斜面上，兩小球的豎直位移與水平位移的比值等于斜面傾角的正切值，即落地速度與水平方向的夾角設(shè)為α，則聯(lián)立以上兩式得tanα=2tanθθ是斜面傾角為定值，所以α也是定值，與初速度無(wú)關(guān)，故落在A、B兩處的速度方向相同，選項(xiàng)B正確。C．A、C兩處的石塊的下落高度相同，時(shí)間相同，由vy=gt知豎直方向的分速度相同，由x=v0t知C的水平位移大，C的初速度大，所以C的速度與水平方向的夾角小，可見A、C的落地速度方向不同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。D．B、C在豎直方向的位移B大，由知，B的豎直分速度大；經(jīng)過圖中虛線位置時(shí)，時(shí)間相同，C的水平位移大，C的初速度大。所以合速度無(wú)法比較，選項(xiàng)D正確。故選BD。10、AD【解析】

物體在斜面上能夠上升的最大高度為h，所以重力勢(shì)能增加了mgh，故A正確；根據(jù)牛頓第二定律知，物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小為g，所受的合力為mg，方向沿斜面向下，根據(jù)動(dòng)能定理得，△Ek=-mg?2h=-2mgh，知?jiǎng)幽軠p小2mgh。則B錯(cuò)誤；因動(dòng)能減小2mgh，物體重力勢(shì)能增加mgh，所以機(jī)械能減小mgh，除重力以外的力做的功等于物體機(jī)械能的變化量，則摩擦力對(duì)物體做-mgh的功，所以克服摩擦力做功mgh，故C錯(cuò)誤，D正確，故選AD?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握功能關(guān)系，比如合力功與動(dòng)能的關(guān)系，重力功與重力勢(shì)能的關(guān)系，以及除重力以外其它力做功與機(jī)械能的關(guān)系，并能靈活運(yùn)用.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(M+m)（m-）gd9.75【解析】

(1)[1]由于光電門的寬度b很小，所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度，滑塊通過光電門B速度為滑塊從A處到達(dá)B處時(shí)m和M組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量為[2]系統(tǒng)的重力勢(shì)能減少量可表示為(3)[3]根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒有則對(duì)應(yīng)v2-d圖象，則圖線的斜率則有解得12、AC【解析】解：A、本實(shí)驗(yàn)是通過在白紙上作力的圖示來(lái)驗(yàn)證平行四邊定則，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，否則，作出的是拉力在紙面上的分力，誤差較大．讀數(shù)時(shí)視線必須與刻度尺垂直，防止視覺誤差．故A正確；B、兩彈簧測(cè)力計(jì)的拉力是分力，但橡皮筋的拉力不是合力，橡皮筋的拉力與合力大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；C、兩次拉橡皮筋時(shí)．需將橡皮筋結(jié)點(diǎn)拉到同一位罝這樣做的目的是保證兩次彈簧測(cè)力計(jì)拉力的效果相同．故C正確；D、結(jié)點(diǎn)位置不變，合力不變，當(dāng)一只彈簧測(cè)力計(jì)的拉力大小改變時(shí)，另一彈簧測(cè)力計(jì)的拉力的大小和方向必須都改變，故D錯(cuò)誤．故選：AC．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指