湖北省孝感市漢川市第二中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)模擬試題含解析

湖北省孝感市漢川市第二中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期中達(dá)標(biāo)檢測(cè)模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、質(zhì)點(diǎn)作曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，a、b、c、d各點(diǎn)速度方向表示正確的是（）A．a(chǎn)B．bC．cD．d2、如圖所示，平行板電容器保持與直流電源兩極連接，電子由靜止開(kāi)始從A板向B板運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)竭_(dá)B板時(shí)速度為v，則（）A．當(dāng)增大兩極板間距離后，電容器電量Q變大，v也增大B．當(dāng)減小兩極板間距離后，電容器電量Q變大，v也增大C．當(dāng)增大兩極板間距離后，電容器電量Q變小，v保持不變D．當(dāng)增大兩極板間距離后，電容器電量Q變小，v也變小3、如圖所示，虛線(xiàn)表示電場(chǎng)的一簇等勢(shì)面且相鄰等勢(shì)面間電勢(shì)差相等，一個(gè)a粒子（帶正電）以一定的初速度進(jìn)入電場(chǎng)后，只在電場(chǎng)力作用下沿實(shí)線(xiàn)軌跡運(yùn)動(dòng)，a粒子先后通過(guò)M點(diǎn)和N點(diǎn).在這一過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，由此可判斷出()A．a(chǎn)粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大B．N點(diǎn)的電勢(shì)低于M點(diǎn)的電勢(shì)C．a(chǎn)粒子在N點(diǎn)的電勢(shì)能比在M點(diǎn)的電勢(shì)能大D．a(chǎn)粒子在M點(diǎn)的速率小于在N點(diǎn)的速率4、以下說(shuō)法正確的是（）A．物體通常呈現(xiàn)電中性，是因?yàn)槲矬w沒(méi)有電荷B．使物體帶電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移C．任何帶電球體，都可以看作電荷全部集中于球心的點(diǎn)電荷D．庫(kù)侖定律適用于任何帶電體5、如圖所示，四個(gè)相同的表頭分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表，安培表A1的量程大于A(yíng)2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路，則（）①安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)；②安培表A1的偏轉(zhuǎn)角小于安培表A2的偏轉(zhuǎn)角；③伏特表V1的讀數(shù)小于伏特表V2的讀數(shù)；④伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角。A．①④ B．②③ C．③④ D．①②6、下列家用電器中主要利用了電流熱效應(yīng)的是A．電視機(jī)B．洗衣機(jī)C．電話(huà)機(jī)D．電飯煲二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、帶電粒子進(jìn)入云室會(huì)使云室中的氣體電離，從而顯示其運(yùn)動(dòng)軌跡．圖是在有勻強(qiáng)磁場(chǎng)云室中觀(guān)察到的粒子的軌跡，a和b是軌跡上的兩點(diǎn)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)B垂直紙面向里．該粒子在運(yùn)動(dòng)時(shí)，其質(zhì)量和電量不變，而動(dòng)能逐漸減少，下列說(shuō)法正確的是A．粒子先經(jīng)過(guò)a點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)b點(diǎn)B．粒子先經(jīng)過(guò)b點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)a點(diǎn)C．粒子帶負(fù)電D．粒子帶正電8、一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行于xoy平面，平面內(nèi)a、b、c三點(diǎn)的位置如圖所示，三點(diǎn)的電勢(shì)分別為17V、33V、49V。下列說(shuō)法正確的是（）A．坐標(biāo)原點(diǎn)處的電勢(shì)為1VB．電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為5V/mC．勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由O點(diǎn)指向c點(diǎn)D．質(zhì)子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為-16eV9、處于基態(tài)的一群氫原子受某種單色光的照射時(shí)，只發(fā)射波長(zhǎng)為λl、λ2、λ3的三種單色光，且λ3＞λ2＞λ1，則照射光的波長(zhǎng)為()A．λ1 B．λ2+λ3 C． D．10、如圖6所示，飛船從軌道1變軌至軌道1．若飛船在兩軌道上都做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮質(zhì)量變化，相對(duì)于在軌道1上，飛船在軌道1上的A．動(dòng)能大B．向心加速度大C．運(yùn)行周期長(zhǎng)D．角速度小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）如圖甲，小明同學(xué)用多用電表按下列步驟測(cè)量一未知電阻：旋轉(zhuǎn)部件S，使指針對(duì)準(zhǔn)電流刻度的“0”刻線(xiàn)；將K旋轉(zhuǎn)到歐姆檔“”的位置；將插入“”、“”插孔的紅、黑表筆短接，旋轉(zhuǎn)部件______，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻刻度的______刻線(xiàn)選填“0”或“”；當(dāng)用“”倍率歐姆檔測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)表頭指針向右偏轉(zhuǎn)的角度過(guò)大，為減小誤差，應(yīng)將K撥到“______”倍率歐姆檔選填“”或“”；如果撥檔后立即測(cè)量電阻并讀數(shù)，該同學(xué)遺漏的實(shí)驗(yàn)步驟是：______補(bǔ)上該步驟后，表盤(pán)的示數(shù)如乙圖所示，則該電阻的阻值為_(kāi)_____12．（12分）某小組同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)量金屬絲的電阻率，現(xiàn)有的器材規(guī)格如下：A．待測(cè)金屬絲電阻（大約），長(zhǎng)度為L(zhǎng)B．直流電流表（量程，內(nèi)阻約）C．直流電流表（量程，內(nèi)阻約）D．直流電壓表（量程，內(nèi)阻為）E．定值電阻F．直流電源（輸出電壓，內(nèi)阻不計(jì)）G．滑動(dòng)變阻器R（阻值范圍，允許最大電流）H．開(kāi)關(guān)一個(gè)．導(dǎo)線(xiàn)若干（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑如圖甲所示，則金屬絲直徑d=________mm,用游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬小球直徑如圖乙所示，小球直徑D=________cm（2）根據(jù)器材的規(guī)格和實(shí)驗(yàn)要求，為了減小測(cè)量誤差，直流電流表應(yīng)選_________（填選項(xiàng)前的字母）。（3）在方框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖（要求電壓和電流的變化范圍盡可能大一些）。_______（4）某次測(cè)量中，電流表的讀數(shù)為I，電壓表的讀數(shù)為U，則該金屬絲的電阻率表達(dá)式為_(kāi)_____（用題中所給物理量的字母表示并忽略電表內(nèi)阻的影響）。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E＝12V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R1＝9Ω，R2＝5Ω，R3是一只滑動(dòng)變阻器，其阻值變化范圍為0～20Ω，求：（1）電流表的示數(shù)為0.4A，R3的阻值為多大；（2）電源的總功率最大值；14．（16分）如圖所示，粗糙水平面上靜止放著相距的兩塊相同的長(zhǎng)木板A、B，每塊木板長(zhǎng)均為L(zhǎng)，與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)．一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊C以的初速度水平向右滑上木板A的左端，C的質(zhì)量為每塊木板質(zhì)量2倍，C與木板的動(dòng)摩擦因數(shù)．若A、B碰后速度相同但不粘連，碰撞時(shí)間極短，且A和B碰撞時(shí)C恰好運(yùn)動(dòng)到A的最右端，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度取．求：(1)木板A與木板B相碰前瞬間的速度；(2)木板A的長(zhǎng)度L；(3)木板A、B最終停下時(shí)，兩者間的距離．15．（12分）如圖所示為研究電子槍中電子在中場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的簡(jiǎn)化模型示意圖。在xOy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個(gè)大小均為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)Ⅰ和Ⅱ，兩電場(chǎng)的邊界均是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形(不計(jì)粒子所受重力)。（1）在該區(qū)域AB邊的中點(diǎn)處由靜止釋放電子，求電子離開(kāi)ABCD區(qū)域的位置；（2）在電場(chǎng)Ⅰ區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開(kāi)，求所有釋放點(diǎn)的位置；（3）若將左側(cè)電場(chǎng)Ⅱ整體水平向右移動(dòng)，仍使電子從ABCD區(qū)域左下角D處離開(kāi)(D不隨電場(chǎng)移動(dòng))，求在電場(chǎng)Ⅰ區(qū)域內(nèi)由靜止釋放電子的所有位置。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的物體的速度方向應(yīng)該沿著軌跡的切線(xiàn)方向，由圖可知，c點(diǎn)表示的速度方向是正確的；故選C.【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是知道曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度的方向沿軌跡的切線(xiàn)方向，由此進(jìn)行判斷.2、C【解析】

當(dāng)增大兩板間距離后，根據(jù)得電容減小，平行板電容器保持與直流電源兩極連接，電壓不變，所以通過(guò)得出電容器電量變?。煌懋?dāng)減小大兩板間距離后，Q變大；在以上兩種情況下，根據(jù)動(dòng)能定理研究電子由靜止開(kāi)始從板向板運(yùn)動(dòng)列出等式所以?xún)砂彘g距離變化時(shí)，不變，綜上分析ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。3、C【解析】

根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)或等勢(shì)面的疏密程度可知N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度較大，故帶電粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小，故A錯(cuò)誤；由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，帶正電的粒子所受的電場(chǎng)力方向指向右下方，則電場(chǎng)線(xiàn)的方向指向右下方，根據(jù)“順著電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降落”，可知N點(diǎn)的電勢(shì)高于M點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；若粒子從M到N，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以N點(diǎn)的電勢(shì)能比在M點(diǎn)的電勢(shì)能大，故C正確；若粒子從M到N，電場(chǎng)力做負(fù)功，速度減小，所以M點(diǎn)的速率大于在N點(diǎn)的速率，故D錯(cuò)誤；故選C。【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是知道電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直，等差等勢(shì)面的疏密程度也反映電場(chǎng)的強(qiáng)弱，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加．4、B【解析】

A、通常呈現(xiàn)電中性，是因?yàn)槲矬w沒(méi)有多余電荷，即為正負(fù)處于中和狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B、使物體帶電的本質(zhì)是電荷的轉(zhuǎn)移，故B正確；

C、當(dāng)帶電球體間距遠(yuǎn)大于自身大小時(shí)，才可以看作電荷全部集中于球心的點(diǎn)電荷，故C錯(cuò)誤；

D、庫(kù)侖定律適用于真空中的點(diǎn)電荷，故D錯(cuò)誤．5、A【解析】

兩個(gè)安培表是并聯(lián)在電路中，又安培表是利用表頭與電阻并聯(lián)改裝得到的，所以此時(shí)兩個(gè)安培表的表頭是并聯(lián)的，因此流過(guò)表頭的電流是相等的，安培表A1的偏轉(zhuǎn)角等于安培表A2的偏轉(zhuǎn)角，又因?yàn)榘才啾鞟1的量程大于A(yíng)2的量程，安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)；兩個(gè)伏特表是串聯(lián)在電路中，又伏特表是利用表頭與電阻串聯(lián)改裝得到的，所以此時(shí)兩個(gè)伏特表的表頭是串聯(lián)的，因此流過(guò)表頭的電流是相等的，伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角，又因?yàn)榉乇鞻1的量程大于V2的量程，伏特表V1的讀數(shù)大于伏特表V2的讀數(shù)。故選A6、D【解析】電視機(jī)是利用了電流的磁效應(yīng)來(lái)工作的，故A錯(cuò)誤；洗衣機(jī)利用電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)工作，利用了電流的磁效應(yīng)，故B錯(cuò)誤；電話(huà)機(jī)利用了電流的磁效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；電飯煲將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故D正確；故選D．點(diǎn)睛：主要考查電流的熱效應(yīng)、磁效應(yīng)和化學(xué)效應(yīng)在生活中的應(yīng)用實(shí)例，只有認(rèn)真把握它們的定義，才能真正區(qū)分它們利用的是哪一個(gè)效應(yīng)．體現(xiàn)了物理來(lái)源于生活，又服務(wù)于社會(huì)的理念．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】試題分析：粒子在云室中運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度逐漸減小，根據(jù)可知其運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑逐漸減小，故粒子運(yùn)動(dòng)方向?yàn)橛蒩到b，故A正確，B錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)方向由a到b，磁場(chǎng)垂直紙面向里，所受洛倫茲力方向指向運(yùn)動(dòng)軌跡內(nèi)側(cè)，故由左手定則可知該電荷帶負(fù)電，故C正確，D錯(cuò)誤．故選AC．考點(diǎn)：左手定則8、AD【解析】

A．根據(jù)因a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)分別為、、解得：原點(diǎn)處的電勢(shì)為故A正確；BC．如圖所示在ac連線(xiàn)上，確定中點(diǎn)b′點(diǎn)，電勢(shì)為33V，將bb′連線(xiàn)，即為等勢(shì)線(xiàn)，那么垂直bb′連線(xiàn)，則為電場(chǎng)線(xiàn)，再依據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向，即勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由c點(diǎn)指向O點(diǎn)，電勢(shì)降低，則電場(chǎng)線(xiàn)方向如圖，因?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng)，則有依據(jù)幾何關(guān)系，則代入數(shù)據(jù)，得電場(chǎng)強(qiáng)度大小為故BC錯(cuò)誤；D．質(zhì)子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為故D正確。故選AD。9、AD【解析】

能放出三種光，說(shuō)明此時(shí)氫原子處在第3能級(jí)，從第三能級(jí)躍遷到基態(tài)時(shí)放出光子能量為或者能使處于基態(tài)氫原子躍遷的光子能量和第三能級(jí)與基態(tài)之間能級(jí)差相等，所以，或者解得：A.λ1與分析相符，故A項(xiàng)與題意相符；B.λ2+λ3與分析不相符，故B項(xiàng)與題意不相符；C.與分析不相符，故C項(xiàng)與題意不相符；D.與分析相符，故D項(xiàng)與題意相符．10、CD【解析】

根據(jù)得，，，，，由這些關(guān)系可以看出，r越大，a、v、ω越小，動(dòng)能越小，而T越大，故AB錯(cuò)誤，CD正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、T0重新進(jìn)行歐姆調(diào)零220【解析】

將插入“”、“”插孔的紅、黑表筆短接，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕T，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻刻度的0刻線(xiàn)；當(dāng)用“”倍率歐姆檔測(cè)量時(shí)，表頭指針向右偏轉(zhuǎn)的角度過(guò)大，所選擋位太大，為減小誤差，應(yīng)將K撥到“”倍率歐姆檔；換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，由乙圖所示可知，該電阻的阻值為；12、1.7752.25C【解析】（1）由圖可知，螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)為1.5mm，游標(biāo)尺示數(shù)為27.5×0.01mm=0.275mm，螺旋測(cè)微器示數(shù)為1.5mm+0.275mm=1.775mm；由圖可知，游標(biāo)卡尺主尺示數(shù)為2.2cm，游標(biāo)尺示數(shù)為5×0.1mm=0.5mm，游標(biāo)卡尺示數(shù)為2.2cm+0.05cm=2.25cm。

（2）電源電動(dòng)勢(shì)為4V，電路中的最大電流：，故選擇電流表C。（3）電路如圖所示：（4）根據(jù)，其中，聯(lián)立可得：。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）10/3Ω（2）14.4W【解析】

(1)由電路圖得：U并=I2R2=0.4×5V=2V據(jù)閉合電路歐姆定律得：E=U并+I(R1+r)所以I=A=1A據(jù)分流規(guī)律得：I3=I?I2=1?0.4=0.6A所以R3=U并/I3=2/0.6Ω=10/3Ω(2)據(jù)P=IE得，要使P最大，必須使I最大，由閉合電路歐姆定律得R最小，所以R3的阻值為零時(shí)，其功率最大由閉合電路歐姆定律得：I′=A=1.2A所以Pmax=I′E=1.2A×12V=14.4W答：(1)電流表的示數(shù)為0.4A時(shí),R3的阻值為10/3Ω；(2)電源的總功率最大值14.4W；【點(diǎn)睛】首先明確電阻R2和R3并聯(lián)，再與R1串聯(lián)，利用閉合電路的歐姆定律即可求解，利用P=IE分析即可求解電源最大功率。14、（1）2m/s；（2）5m（3）1.5m【解析】（1）設(shè)A、B的質(zhì)量為m，C、A的相互作用的過(guò)程中，對(duì)A由牛頓運(yùn)動(dòng)定律有，解得；A發(fā)生位移d與板B相碰，由運(yùn)動(dòng)規(guī)律有，解得；碰撞前A的速度為，解得；（2）C、A相互作用的過(guò)程中，對(duì)C由牛頓運(yùn)動(dòng)定律可得，解得，C發(fā)生的位移，解得；木板A的長(zhǎng)度，（3）碰撞前C的速度為，解得；A、B相碰過(guò)程中動(dòng)量守恒，有，解得；A、B分離后，A板做減速運(yùn)動(dòng)，有，解得；從分離到停下，發(fā)生的位移為，B板以的加速度做勻加速運(yùn)動(dòng)，直到與C同速，設(shè)此過(guò)程經(jīng)歷時(shí)間為，有，解得；此過(guò)程中B板的位移；此后B、C一起