2025屆云南省曲靖市宜良縣第八中學物理高一第一學期期末達標檢測試題含解析

2025屆云南省曲靖市宜良縣第八中學物理高一第一學期期末達標檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、一個以初速度沿直線運動物體,末速度為,如圖所示,則下列關于內物體運動的平均速度和加速度a的說法中,正確的是()A. B.C.a恒定 D.a隨時間逐漸減小2、某同學站在地面上，以大小為v0初速度把籃球豎直向上拋出，經過時間t1，籃球到達最高點，之后又落回拋出點。（籃球運動的過程不計空氣阻力），籃球在最高點時的速度和加速度，下列說法正確的是A.籃球速度為零，加速度為零 B.籃球的速度不為零，加速度為零C.籃球的速度為零，加速度不為零 D.籃球的速度不為零，加速度不為零3、質量相等的A、B兩物體（當作質點）．從同一高度h同時開始運動，A做平拋運動，B做自由落體運動．已知兩物體質量均為m，重力加速度為g．則()A.兩球在空中運動的時間不同B.兩球落地時動能相等C.從開始到剛落地的過程中，兩球的動能增量相同D.若落地后速度均變?yōu)榱悖瑒t落地過程中兩球機械能的減少量均為mgh4、如圖所示，固定的半球面右側是光滑的，左側是粗糙的，O點為球心，A、B為兩個完全相同的小物塊（可視為質點），小物塊A靜止在球面的左側，受到的摩擦力大小為F1，對球面的壓力大小為N1；小物塊B在水平力F2作用下靜止在球面的右側，對球面的壓力大小為N2，已知兩小物塊與球心連線和豎直方向的夾角均為θ，則（）A.N1∶N2=cos2θ∶1 B.N1∶N2=sin2θ∶1C.F1∶F2=cos2θ∶1 D.F1∶F2=sin2θ∶15、一個質點沿直線運動，其速度圖象如圖所示，則質點（）A.在內做勻加速直線運動 B.在內做勻速直線運動C.在內做勻加速直線運動 D.在內保持靜止6、如圖所示，一小球自A點由靜止自由下落，到B點時與彈簧接觸，到C點時彈簧被壓縮到最短．若不計彈簧質量和空氣阻力，在小球由A→B→C的過程中，且取地面為零勢面，則（）A.小球從A→B的過程中機械能守恒；小球從B→C的過程中只有重力和彈力做功，所以機械能也守恒B.小球在B點時動能最大C.小球減少的機械能，等于彈簧彈性勢能的增量D.小球到達C點時動能為零，重力勢能為零，彈簧的彈性勢能最大7、互成一定夾角的兩個共點力、大小不同，它們的合力大小為F，現保持、的夾角不變，下列說法正確的是A.、同時增大一倍，F也增大一倍B.、同時增加5N，F也增加5NC.若、中的一個增大，F不一定增大D.若增加5N，若減少5N，F一定不變8、如圖所示，輕彈簧下端固定在水平面上。一個小球從彈簧正上方某一高度處由靜止開始自由下落，接觸彈簧后把彈簧壓縮到一定程度后停止下落。在小球下落的這一全過程中，下列說法中正確的是（）A小球剛接觸彈簧瞬間速度最大B.從小球接觸彈簧到到達最低點，小球先失重后超重C.從小球接觸彈簧到到達最低點，小球的速度先增大后減小D.從小球接觸彈簧到到達最低點，小球的加速度先減小后增大9、以下關于分力和合力的關系的敘述中，正確的是()A.合力和它的兩個分力同時作用于物體上B.合力的大小等于兩個分力大小的代數和C.合力可能小于它的任一個分力D.合力的大小可能等于某一個分力的大小10、如圖所示，傳送帶水平部分長為L，速率為v，在其左端無初速度釋放一小木塊，若木塊與傳送帶間的動摩擦因數為μ，則木塊從左端運動到右端的時間可能是A. B.C. D.11、如圖所示，輕質彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個小球，電梯中有質量為50kg的乘客，在電梯運行時乘客發(fā)現輕質彈簧的伸長量始終是電梯靜止時的四分之三，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判斷（）A.電梯可能加速下降，加速度大小為5m/s2B.電梯可能減速上升，加速度大小為2.5m/s2C.乘客處于失重狀態(tài)D.乘客對電梯地板的壓力為425N12、—汽車從制動到停止用了4s。這段時間內，汽車每1s前進的距離分別是7m、5m、3m、1m，下列說法正確的是（）A.汽車的加速度大小為2m/s2B.汽車的初速度大小為16m/sC.汽車前2s的平均速度大小為3m/sD.汽車第3s內的平均速度等于后3s的平均速度二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖，一水平傳送帶以2m/s的速度做勻速運動，傳送帶左右兩端A、B的距離為s＝12m，將一物體無初速、輕輕地放在傳送帶A端．以地面為參考系，物體做勻速運動的位移為10m.重力加速度g取10m/s2；求：（1）物體與傳送帶之間的動摩擦系數μ（2）物體從傳送帶A端運動到傳送帶B端所需的時間16、（12分）如圖所示，一個滑雪運動員，滑板和人總質量為m＝75kg，以初速度v0＝8m/s沿傾角為θ＝37°的斜坡向上自由滑行，已知滑板與斜坡間動摩擦因數μ＝0.25，假設斜坡足夠長．不計空氣阻力。試求：(1)運動員沿斜坡上滑的最大距離；(2)若運動員滑至最高點后掉轉方向向下自由滑行，求他滑到起點時速度大小。17、（12分）如圖甲所示，質量為M=2kg的木板A靜止放置在光滑的水平地面上，質量m=4kg的物塊B（可視為質點）置于木板A的左端，在水平向右的力F作用下由靜止開始運動，A、B運動時的加速度隨時間變化的圖像如圖乙所示（圖中各段圖線均為直線，且只畫出前6s的情況）。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10m/s2，求：（1）同學們已學過：v-t圖像中的圖線與時間軸圍成的面積表示位移。那么圖乙a-t圖像中的圖線與時間軸圍成的面積表示的是什么物理量？請求出6s末木板A的速度大??；（2）2s末和6s末拉力的大?。唬?）若6s末力F突然變?yōu)榇笮?N、方向水平向右的恒力，要使物體B不從木板A右端滑出，則木板A至少為多長？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】AB．速度圖像中，圖線下方包圍的面積值表示位移的大小，由圖像可知，實際圖線下方包圍的面積大于梯形下方包圍的面積，所以有內物體運動的平均速度AB錯誤；CD．圖線的切線斜率表示物體的加速度，因曲線的切線斜率逐漸減小，所以加速度a隨時間逐漸減小，C錯誤D正確。故選D。2、C【解析】以大小為v0初速度把籃球豎直向上拋出，籃球運動的過程不計空氣阻力，則籃球在最高點時的速度為零，加速度等于重力加速度，故C項正確，ABD三項錯誤。3、C【解析】A.平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，分運動與合運動具有等時性，所以兩個物體同時落地，所需時間相同，故A錯誤；B.兩物體落地時在豎直方向的分速度相等，但平拋運動有水平分速度，根據速度的合成，知兩個物體落地時的速度、速率都不同．故動能不同，故B錯誤；C.動能的增量等于物體重力做的功，而重力做功相等，故動能增量相等，故C正確；D.機械能的減小量等于初態(tài)的機械能，故A球為，B球為，故D錯誤4、A【解析】對物體A，受重力、支持力和摩擦力，將物塊A的重力沿半徑和切面方向分解，可得：F1=mg

sin

θ，N1=mg

cos

θ；對物體B，受推力、重力和支持力，將物塊B的重力和F2分別沿半徑方向和切面方向分解，由平衡條件可得：F2

cos

θ=mg

sin

θ，F2

sin

θ+mg

cos

θ=N2，解得：F2=mg

tan

θ，N2=；故有：F1：F2=cos

θ：1，N1：N2=cos2

θ：1；故A正確，BCD錯誤．故選A5、A【解析】AB.圖像中質點在內速度一直增大，且斜率一定，所以質點做勻加速直線運動，故A項符合題意，B項不符合題意CD.圖像中質點速度保持不變，所以質點做勻速直線運動，故CD項不符合題意6、C【解析】根據機械能守恒的條件判斷機械能是否守恒．小球從B點接觸彈簧，彈力逐漸增大，開始小于重力，到BC間某位置等于重力，后大于重力，因此，小球從B到C先做加速運動，后做減速運動，到C點速度減為零，彈簧壓縮到最短A.從A到B的過程中，小球僅受重力，只有重力做功，所以小球的機械能守恒．小球從B→C的過程中彈力對小球做功，所以小球的機械能不守恒．故A錯誤B.小球從B點接觸彈簧，彈力逐漸增大，開始小于重力，到BC間某位置等于重力，后大于重力，所以小球先加速后減速，則在BC間某位置速度最大，動能最大．故B錯誤C.對于小球和彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，則小球減小的機械能等于彈簧的彈性勢能的增加量．故C正確D.小球到達C點速度為零，彈簧的彈性勢能最大，以地面為參考系，重力勢能不為零．故D錯誤故選C7、AC【解析】A．根據平行四邊形定則，F1、F2同時增大一倍，F也增大一倍，故A正確；B．F1、F2同時增加5N，根據平行四邊形定則合成之后，合力的大小增加不一定是5N，故B錯誤；C．F1、F2中一個增大，根據平行四邊形定則合成之后，合力的大小不一定增大，選項C正確；D．F1增加5N，F2減少5N，F一定變化，故D錯誤。故選AC。8、BCD【解析】A．小球剛接觸彈簧瞬間受到的彈力小于重力，合力向下，繼續(xù)向下加速，說明剛接觸彈簧瞬間速度不是最大值，故A錯誤；BCD．從小球接觸彈簧到到達最低點，小球先做加速度逐漸減小的加速運動，后做加速度逐漸增大的減速運動，速度先增大后減小，開始階段加速度向下為失重狀態(tài)，后來加速度向上為超重狀態(tài)，故BCD都正確。故選擇BCD選項。9、CD【解析】A．合力與分力是等效替代關系，不是重復受力，故A錯誤；B．不在同一條直線上的兩個力合成時，遵循平行四邊形定則，故B錯誤；CD．不在同一條直線上的兩個力合成時，遵循平行四邊形定則，故合力可能大于、小于或等于任意一個分力，故CD正確；故選CD10、ACD【解析】A.木塊在傳送帶上先做勻加速直線運動，速度達到傳送帶速度后一起做勻速直線運動。勻加速直線運動的加速度a＝μg，勻加速運動的時間，勻加速直線運動的位移，勻速運動的時間，則木塊從左端運動到右端的時間，故A正確；BD.木塊在傳送帶上可能一直做勻加速直線運動，到達右端的速度恰好為v，根據平均速度推論知，，則運動的時間，故B錯誤，D正確；C、木塊在傳送帶上可能一直做勻加速直線運動，根據得，，故C正確。故選：ACD。11、BC【解析】ABC．電梯靜止不動時，小球受力平衡，有mg=kx電梯運行時彈簧的伸長量變?yōu)殪o止時的四分之三，說明彈力變小了，根據牛頓第二定律，有mg－kx=ma即a=2.5m/s2加速度向下，電梯可能加速下降或減速上升，乘客處于失重狀態(tài)，故A錯誤，BC正確；D．以乘客為研究對象，根據牛頓第二定律可得m′g－FN=m′a乘客對地板的壓力大小為FN=m′g－m′a=（500－50×2.5）N=375N故D錯誤。故選BC。12、AD【解析】A．由可得故A正確；B．設初速度為v0，因為是做勻減速運動，所以根據位移公式有把，，代入解得故B錯誤；C．汽車前2s內的平均速度為故C錯誤；D．有題目可得汽車在第3s內的位移是3m，所以第3s內的平均速度為后3s內的總位移為則后3s內的平均速度為應該是相等的，故D正確。故選AD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）0.1（2）7s【解析】（1）物體做勻加速直線運動的位移為2m，根據速度位移關系，結合牛頓第二定律，可求物體與傳送帶間的動摩擦因數；（2）物體勻加速到速度與傳送帶速度相等后，做勻速運動．根據速度時間關系求出加速階段的時間，根據勻速運動求出勻速階段的時間，求出總時間即可【詳解】（1）物體做勻加速直線運動的位移為末速度與傳送帶速度相同由解得由牛頓第二定律，解得（2）由物體勻加速運動的時間v/a=2s由物體勻速運動的時間5st=t1+t2=7s16、(1)4m(2)5.7m/s【解析】（1）上滑過程中，對人進行受力分析，滑雪者受重力mg、彈力、摩擦力f，并設滑雪者加速度為，根據牛頓第二定律有，方向沿斜面向下①由平衡關系有②根據公式有③由上列各式解得④滑雪者沿斜面向上做勻減速直線運動，減速到為零時的位移⑤即滑雪者上滑的最大距離為4m（2）滑雪者沿斜面下滑時，滑雪者受到斜面的摩擦力沿斜面向上，設加速度大小為，根據牛頓第二定律有，方向沿斜面向下⑥由平衡關系有⑦根據公式有⑧由上列各式解得⑨滑雪者沿斜面向下做初速度為零的勻加速直線運動，滑到出發(fā)點的位移大小為，則滑雪者再次滑到出發(fā)點時速度大?、?7、（1）速度大小，；（2）3N；10N；（3）【解析】(1)由公式可知，a-t圖像圍成的面積表示速度大小。由圖像可知：6s末A的速度為：；(2)2s末時，A、B一起向右做勻