2025屆黑龍江省哈爾濱兆麟中學(xué)、阿城一中、尚志中學(xué)等六校高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測模擬試題含解析_第1頁
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文檔簡介

2025屆黑龍江省哈爾濱兆麟中學(xué)、阿城一中、尚志中學(xué)等六校高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測模擬試題注意事項1.考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上,在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答;第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3.考試結(jié)束后,考生須將試卷和答題卡放在桌面上,待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、2017年1月25日,在中央電視臺CCTV10頻道播出節(jié)目中,海軍電力工程專家馬偉明院士表示,正在研制設(shè)計中的國產(chǎn)003型航母采用電磁彈射已成定局!電磁彈射就是采用電磁的能量來推動被彈射的物體向外運(yùn)動,電磁炮就是利用電磁彈射工作的.電磁炮的原理如圖所示,則炮彈導(dǎo)體滑塊受到的安培力的方向是()A.豎直向上B.豎直向下C.水平向左D.水平向右2、下列說法不正確的是()A.牛頓定律適用于宏觀、低速、弱作用力領(lǐng)域B.17世紀(jì),牛頓把天空中的現(xiàn)象與地面上的現(xiàn)象統(tǒng)一起來,成功的解釋了天體運(yùn)動的規(guī)律C.牛頓巧妙的利用扭秤實(shí)驗(yàn)測量出了引力常量G=6.67×10-11N.m2/KgD.一旦測出了引力常量,就可以算出地球的質(zhì)量3、如圖所示,平行板電睿器的兩極板A、B間有一個陶瓷板,現(xiàn)將陶瓷板向左拉出,在拉出陶瓷板的過程中()A.電容器的電容減小,流過電流計的電流方向是a到bB.電容器的電容減小,流過電流計的電流方向是b到aC.電容器的電容增大,流過電流計的電流方向是a到bD.電容器的電容增大,流過電流計的電流方向是b到a4、如圖所示,兩束單色光a、b從水面下射向A點(diǎn),光線經(jīng)折射后合成一束光,則正確的是()A.在水中a光的波速比b光的波速小B.a光的頻率比b光的頻率低C.a光的折射率大于b光的折射率D.當(dāng)a、b兩束光以相同的入射角從水中射到A點(diǎn),入射角從0開始逐漸增大,最先消失的是a光5、速度相同的一束粒子由左端射入質(zhì)譜儀后分成甲、乙兩束,其運(yùn)動軌跡如圖所示,其中,則下列說法正確的是()A.甲束粒子帶正電,乙束粒子帶負(fù)電B.甲束粒子的比荷大于乙束粒子的比荷C.能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于D.若甲、乙兩束粒子的電荷量相等,則甲、乙兩束粒子的質(zhì)量比為3:26、圖中實(shí)線為某電場的電場線分布,虛線為某電荷僅在電場力作用下運(yùn)動的軌跡,以下說法正確()A.a場強(qiáng)大于d點(diǎn)場強(qiáng) B.b和c處在同一等勢面上C.該電荷帶正電 D.該電荷從a到d的過程中電勢能增加二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、磁流體發(fā)電機(jī)可簡化為如下模型:兩塊長、寬分別為a、b的平行板,彼此相距L,板間通入已電離的速度為v的氣流,兩板間存在一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的磁場,磁場方向與兩板平行,并與氣流垂直,如圖所示。把兩板與外電阻R連接起來,在磁場力作用下,氣流中的正、負(fù)離子分別向兩板移動形成電流。設(shè)該氣流的導(dǎo)電率(電阻率的倒數(shù))為σ,則()A.該磁流體發(fā)電機(jī)模型的內(nèi)阻為r=B.產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=BavC.流過外電阻R的電流強(qiáng)度I=D.該磁流體發(fā)電機(jī)模型的路端電壓為8、如圖1所示,ab是兩平行正對的金屬圓環(huán),a中通有正弦交變電流i,其變化規(guī)律如圖2所示.下列說法正確的是()A.時刻,b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢為零B.時刻,b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電流方向改變C.時間內(nèi),b環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向與a環(huán)內(nèi)電流的方向相反D.時間內(nèi),t2時刻b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢最大9、如圖所示為測定磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的裝置,彈簧測力計下端掛一矩形線圈,線圈匝數(shù)為n,將矩形線圈的短邊(長為L)置于蹄形磁體的N極、S極間的磁場中的待測位置,線圈的質(zhì)量為m,(重力加速度為g).為了測量方便和精確,調(diào)節(jié)好裝置后閉合開關(guān),調(diào)節(jié)滑動變阻器使得彈簧測力計的示數(shù)剛好為零,此時電流表示數(shù)為I,下列說法中正確的有A.裝置圖中線圈平面與N極、S極連線垂直B.當(dāng)電路未接通時彈簧測力計的讀數(shù)為0C.在磁場中的線圈短邊中的電流方向向里D.N極和S極之間磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為10、如圖所示,半徑為R的光滑半圓弧絕緣軌道固定在豎直面內(nèi),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場方向垂直軌道平面向里.一可視為質(zhì)點(diǎn),質(zhì)量為m,電荷量為q(q>0)的小球由軌道左端A無初速度滑下,當(dāng)小球滑至軌道最低點(diǎn)C時,給小球再施加一始終水平向右的外力F,使小球能保持不變的速率滑過軌道右側(cè)的D點(diǎn),若小球始終與軌道接觸,重力加速度為g,則下列判斷正確的是A.小球在C點(diǎn)受到的洛倫茲力大小為B.小球在C點(diǎn)對軌道的壓力大小為3mg+C.小球從C到D的過程中,外力F的大小保持不變D.小球從C到D的過程中,外力F的功率逐漸增大三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學(xué)要測定一個圓柱體的電阻率,進(jìn)行了如下操作:(1)用準(zhǔn)確到0.1mm游標(biāo)卡尺測量圓柱體的長度,用螺旋測微器測量其直徑如下圖所示.可知其長度為_____mm,其直徑為_____mm;(2)用已調(diào)零且選擇旋鈕指向歐姆檔“×1”位置的多用電表粗略測量該圓柱體的電阻,根據(jù)如圖所示的表盤,可讀出被測電阻阻值為_____Ω(3)為了精確的測量該圓柱體的電阻,實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了如下實(shí)驗(yàn)器材,用伏安法進(jìn)行測量:電壓表V1(量程0~3V,內(nèi)電阻約1kΩ);電壓表V2(量程0~15V,內(nèi)電阻約5kΩ);電流表A1(量程0~3A,內(nèi)電阻約0.2Ω);電流表A2(量程0~600mA,內(nèi)電阻為1Ω);滑動變阻器R(最大阻值為10Ω,額定電流為1A);電池組E(電動勢為4V、內(nèi)電阻約為0.1Ω);開關(guān)及導(dǎo)線若干為使實(shí)驗(yàn)?zāi)苷_M(jìn)行,減小測量誤差,實(shí)驗(yàn)要求電表讀數(shù)從零開始變化,并能多測幾組電流、電壓值,以便畫出電流﹣電壓關(guān)系圖線,則①電壓表應(yīng)選用_____(填實(shí)驗(yàn)器材的代號)②電流表應(yīng)選用_____(填實(shí)驗(yàn)器材的代號)③完成實(shí)驗(yàn)電路圖(4)這位同學(xué)在一次測量時,電流表、電壓表的示數(shù)如圖所示.由圖可知,電流表讀數(shù)為_____A,電壓表的讀數(shù)為_____V12.(12分)某同學(xué)利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究物體的加速度與質(zhì)量的關(guān)系。(1)實(shí)驗(yàn)中,需要平衡小車所受的阻力。在不掛細(xì)繩和砂桶的情況下,改變木板的傾斜程度,當(dāng)小車能拖動紙帶沿木板做__________(選填“勻速直線運(yùn)動”或“勻變速直線運(yùn)動”)時,說明已平衡了小車所受的阻力。(2)實(shí)驗(yàn)中,保持砂桶質(zhì)量不變,改變小車的質(zhì)量,測量小車運(yùn)動的加速度。如圖所示為該同學(xué)某次實(shí)驗(yàn)中打出紙帶的一部分,紙帶上的A、B、C為三個相鄰的計數(shù)點(diǎn),相鄰計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔T=0.10s,A、B間的距離x1=6.00cm,B、C間的距離x2=6.40cm,則小車的加速度a=__________m/s2。四、計算題:本題共3小題,共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m,a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C,b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力),從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場,剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場,最后粒子回到b板的Q處(圖中未畫出).求P、Q之間的距離L14.(16分)如圖所示,在地面附近有一范圍足夠大的互相正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,方向水平并垂直紙面向里,一質(zhì)量為m、帶電量為+q的帶電微粒在此區(qū)域恰好做速度大小為v的勻速圓周運(yùn)動.(重力加速度為g)(1)求此區(qū)域內(nèi)電場強(qiáng)度的大小和方向;(2)若某時刻微粒運(yùn)動到場中距地面高度為H的P點(diǎn),速度與水平方向成45o,如圖所示.則該微粒至少須經(jīng)多長時間運(yùn)動到距地面最高點(diǎn)?最高點(diǎn)距地面多高?(3)在(2)問中微粒運(yùn)動P點(diǎn)時,突然撤去磁場,同時電場強(qiáng)度大小不變,方向變?yōu)樗较蛴?,則該微粒運(yùn)動中距地面的最大高度是多少?15.(12分)如圖所示,在傾角為37°的光滑斜面上有一根長為0.4m、質(zhì)量為6×10-2kg的通電直導(dǎo)線,電流大小I=1A,方向垂直于紙面向外,導(dǎo)線用平行于斜面的輕繩拴住不動,整個裝置放在磁感應(yīng)強(qiáng)度每秒增加0.4T、方向豎直向上的磁場中.設(shè)t=0時,B=0,則需要多長時間,斜面對導(dǎo)線的支持力為零?(g取10m/s2)

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)左手定則可知,張開左手,使四指與大拇指在同一平面內(nèi),大拇指與四指垂直,把左手放入磁場中,讓磁感線穿過手心,四指與電流方向相同,大拇指所指的方向是安培力的方向,故受到的安培力水平向左,故C正確,ABD錯誤。故選C2、C【解析】牛頓運(yùn)動定律適用于宏觀、低速、弱作用力領(lǐng)域,不適用微觀、高速、強(qiáng)相互作用,A正確;根據(jù)牛頓對萬有引力的研究史,B正確;卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測量出了引力常量G=6.67×10-11N.m2/Kg,C錯誤;由萬有引力公式,,D正確;3、A【解析】陶瓷板向左拉出,則變小,根據(jù)電容的決定式可知電容C變小,電容器與電源相連電壓U不變,再根據(jù)電容的定義式:可知電荷量Q變小,電容器放電,電容器上極為正,所以放電電流方向由a到b,A正確,BCD錯誤。故選A。4、B【解析】ABC.b光的偏折程度大于a光的偏折程度,所以b光的折射率大于a光的折射率.a(chǎn)光的折射率小,a光的頻率小,根據(jù)知a光在介質(zhì)中的速度大.故AC錯誤,B正確D.根據(jù)知,a光的折射率小于b光的折射率,所以在水中a光的臨界角大于b光的臨界角.當(dāng)a、b兩束光以相同的入射角從水中射到A點(diǎn),入射角從0°開始逐漸增大,最先消失的是b光,故D錯誤故選B【名師點(diǎn)睛】解決本題的突破口在于通過光的偏折程度得出光的折射率大小,從而根據(jù)、比較出光在介質(zhì)中的速度大小以及臨界角的大小5、B【解析】粒子速度選擇器中受到電場力和洛倫茲力兩個作用,電場力不變,速度方向不變,可知洛倫茲力與電場力應(yīng)平衡,由左手定則判斷出洛倫茲力方向,粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動,由牛頓第二定律得到半徑表達(dá)式,根據(jù)半徑公式分析半徑越大時,粒子的質(zhì)量和比荷的大小甲粒子在磁場中向上偏轉(zhuǎn),乙粒子在磁場中向下偏轉(zhuǎn),根據(jù)左手定則知甲粒子帶負(fù)電,乙粒子帶正電,故A錯誤;根據(jù)洛倫茲力提供向心力,,得:,則甲的比荷大于乙的比荷,B正確;能通過狹縫的帶電粒子,根據(jù)平衡條件可得,得速率,故C錯誤;若甲、乙兩束粒子的電荷量相等,由前面分析,則甲、乙兩束粒子的質(zhì)量比為2:3,故D錯誤;【點(diǎn)睛】此題考查了速度選擇器的問題:在速度選擇器中,粒子的受力特點(diǎn)是:同時受到方向相反的電場力和洛倫茲力作用;粒子能勻速通過選擇器的條件:電場力和洛倫茲力平衡,即,可得,只有速度為的粒子才能沿直線勻速通過選擇器6、C【解析】根據(jù)電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱,沿電場線方向電勢逐漸降低,根據(jù)帶電粒子運(yùn)動軌跡判定電場力方向,然后根據(jù)電場力與電場線方向判斷電性,根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化【詳解】電場線疏密反應(yīng)電場強(qiáng)弱可知,a場強(qiáng)小于d點(diǎn)場強(qiáng),故A錯誤;沿著電場線方向,電勢逐漸降低可知,b電勢大于c的電勢,故B錯誤;根據(jù)軌跡彎曲方向可知,電場力斜向上,與電場線方向相同,故帶正電,故C正確;電荷從a到d的過程電場力做正功,電勢能減小,故D錯誤.所以C正確,ABD錯誤【點(diǎn)睛】解決這類帶電粒子在電場中運(yùn)動問題的關(guān)鍵是根據(jù)軌跡判斷出電場力方向,利用電場中有關(guān)規(guī)律求解.比較電勢能的大小有兩種方法:一可以從電場力做功角度比較,二從電勢能公式角度判斷,先比較電勢,再比較電勢能二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AC【解析】根據(jù)左手定則知正電荷向上偏,負(fù)電荷向下偏,上極板帶正電,下極板帶負(fù)電,最終電荷處于平衡有:解得電動勢為:E=BLv,內(nèi)電阻為:根據(jù)閉合電路歐姆定律有:那么路端電壓為:;綜上可知AC正確,BD錯誤。故選AC。8、AD【解析】A.t1時刻,a環(huán)中電流最大,電流的變化率為零,則b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢為零,選項A正確;B.t1-t3時間內(nèi),a環(huán)中電流的變化率均為負(fù)值,則b環(huán)中感應(yīng)電流方向不變,則t2時刻,b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電流方向不變,選項B錯誤;C.t3~t4時間內(nèi),a環(huán)中電流負(fù)向減小,根據(jù)楞次定律可知,b環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向與a環(huán)內(nèi)電流的方向相同,選項C錯誤;D.0~t4時間內(nèi),t2時刻a環(huán)中電流為零,但電流的變化率最大,則b環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電動勢最大,選項D正確;故選AD.【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是高清i-t圖像的物理意義,圖像的斜率為電流的變化率,直接反應(yīng)b環(huán)中感應(yīng)電流的大??;斜率的符號反應(yīng)b環(huán)中感應(yīng)電流的方向.9、AC【解析】根據(jù)共點(diǎn)力的平衡分析出導(dǎo)線框的重力與安培力的大小,然后由磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式即可求出磁感應(yīng)強(qiáng)度;【詳解】A、放置矩形線圈時,矩形線圈所在的平面要與N極S極的連線垂直從而是下邊受到安培力作用,故選項A正確;B、在接通電路前,線框處于靜止,導(dǎo)線框此時只受到重力和彈簧的拉力作用,此時彈簧測力計的示數(shù)等于線框的重力,故選項B錯誤;C、閉合開關(guān),調(diào)節(jié)滑動變阻器使得彈簧測力計的示數(shù)剛好為零,說明線框受到向上的安培力作用,根據(jù)左手定則可知在磁場中的線圈短邊中的電流方向向里,故選項C正確;D、線框受到安培力和重力作用,二力處于平衡狀態(tài),則:,則,故選項D錯誤【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握安培力的大小公式,掌握左手定則判斷安培力的方向,然后根據(jù)二力平衡求解出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小10、AD【解析】A.由于洛倫茲力不做功,所以從A到C過程中,只有重力做功,故有,解得,在C點(diǎn)受到豎直向上的洛倫茲力,大小為,A正確;B.在C點(diǎn),受到向上的洛倫茲力,向上的支持力,向下的重力,三者的合力充當(dāng)向心力,故有,解得,B錯誤;C.小球從C到D過程中,洛倫茲力和支持力沿水平方向的分力增大,所以水平外力F的增大.C錯誤;D.小球從C到D的過程中小球的速率不變,而洛倫茲力和支持力不做功,所以小球的動能不變,拉力F的功率與重力的功率大小相等,方向相反.由運(yùn)動的合成與分解可知,小球從C向D運(yùn)動的過程中,豎直方向的分速度越來越大,所以重力的功率增大,所以外力F的功率也增大,D正確.故選AD。【點(diǎn)睛】帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動問題的分析思路

正確的受力分析除重力.彈力和摩擦力外,要特別注意電場力和磁場力的分析

正確分析物體的運(yùn)動狀態(tài)找出物體的速度.位置及其變化特點(diǎn),分析運(yùn)動過程.如果出現(xiàn)臨界狀態(tài),要分析臨界條件帶電粒子在復(fù)合場中做什么運(yùn)動,取決于帶電粒子的受力情況(1)當(dāng)粒子在復(fù)合場內(nèi)所受合力為零時,做勻速直線運(yùn)動(如速度選擇器)(2)當(dāng)帶電粒子所受的重力與電場力等值反向,洛倫茲力提供向心力時,帶電粒子在垂直于磁場的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(3)當(dāng)帶電粒子所受的合力是變力,且與初速度方向不在一條直線上時,粒子做非勻變速曲線運(yùn)動,這時粒子的運(yùn)動軌跡既不是圓弧,也不是拋物線,由于帶電粒子可能連續(xù)通過幾個情況不同的復(fù)合場區(qū),因此粒子的運(yùn)動情況也發(fā)生相應(yīng)的變化,其運(yùn)動過程也可能由幾種不同的運(yùn)動階段所組成三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、①.29.8②.2.130③.7.0④.①V1⑤.②A2;③⑥.0.46⑦.2.40【解析】(1)解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法,主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù),不需估讀.螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù),在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀(2)歐姆表的讀數(shù)是指針的讀數(shù)乘以歐姆檔的倍數(shù);(3)根據(jù)電源的電動勢和待測電阻的大約阻值,求出電流最大值的大約值,從而確定電流表的量程.根據(jù)待測電阻的大小確定電流表的內(nèi)外接,實(shí)驗(yàn)要求電表讀數(shù)從零開始變化,并能多測幾組電流、電壓值,知滑動變阻器采用分壓式接法(4)根據(jù)圖示電表確定其分度值,讀出其示數(shù)【詳解】(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為:2.9cm=29mm,游標(biāo)尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊,所以游標(biāo)尺讀數(shù)為8×0.1mm=0.8mm,所以最終讀數(shù)為:29mm+0.8mm=29.8mm螺旋測微器的固定刻度為2.0mm,可動刻度為13.0×0.01mm=0.130mm,所以最終讀數(shù)為2.0mm+0.130mm=2.130mm(2)歐姆表指針的讀數(shù)為7.0,乘以歐姆檔的倍數(shù)為“×l”,所以歐姆表的讀數(shù)為7.0×l=7.0Ω(3)①電源電動勢為4V,則電壓表選擇電壓表V1,最大電流,則電流表應(yīng)選用電流表A2,②實(shí)驗(yàn)要求電表讀數(shù)從零開始變化,并能多測幾組電流、電壓值,知滑動變阻器采用分壓式接法.待測電阻遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻,與電流表內(nèi)阻接近,屬于小電阻,則電流表采用外接法(4)根據(jù)圖3可知,由圖示電流表可知,其分度值為0.02A,示數(shù)為0.46A;由圖示電壓表可知,其分度值為0.1V,示數(shù)為2.40V故答案為(1)29.8;2.130;(2)7.0;(3)

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