2023-2024學(xué)年婁底市重點(diǎn)中學(xué)高考物理五模試卷含解析

2023-2024學(xué)年婁底市重點(diǎn)中學(xué)高考物理五模試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、一顆子彈沿水平方向射向一個(gè)木塊，第一次木塊被固定在水平地面上，笫二次木塊靜止放在光滑的水平地面上，兩

次子彈都能射穿木塊而繼續(xù)飛行，這兩次相比較（）

A.第一次系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量較多

B.第一次子彈的動(dòng)量的變化量較小

C.兩次子彈的動(dòng)量的變化量相等

D.兩次子彈和木塊構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量都守恒

2、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能（隨位移*變化關(guān)系如圖所示，其中0?x2段是關(guān)

于直線工=為對(duì)稱的直線，％?M段是曲線，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.川處電場(chǎng)強(qiáng)度最小

B.在。、X、工2、芻處電勢(shì)。0、曲、6、A的關(guān)系為。3<。2<3

C.”?W段帶電粒子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)

D.飛?』段電場(chǎng)方向不變，大小變，玉?芻段的電場(chǎng)強(qiáng)度大小方向均不變

3、如圖所示，空間存在垂直于斜面向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫出），兩個(gè)帶電物塊A和B位于圖中位置，A固定于水平

地面上，B置于光滑斜面上，B的重力為G。則下列情況能讓B在斜面上保持靜止且讓B對(duì)斜面的壓力小于Geos〃的

是（）

A.A和B都帶正電荷

B.A和B都帶負(fù)電荷

C.A帶正電荷，B帶負(fù)電荷

D.A帶負(fù)電荷，B帶正電荷

4、如圖所示，空間有一正三棱錐。點(diǎn)是8C邊上的中點(diǎn)，。點(diǎn)是底面A3C的中心，現(xiàn)在頂點(diǎn)P點(diǎn)固定

一正的點(diǎn)電荷，在。點(diǎn)固定一個(gè)電荷量與之相等的負(fù)點(diǎn)電荷。下列說(shuō)法正確的是（）

A.A、B、C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.底面A8c為等勢(shì)面

C.將一正的試探電荷從笈點(diǎn)沿直線經(jīng)過(guò)。點(diǎn)移到。點(diǎn)，靜電力對(duì)該試探電荷先做正功再做負(fù)功

D.將一負(fù)的試探電荷從2點(diǎn)沿直線P。移動(dòng)到。點(diǎn)，電勢(shì)能先增大后減少

5、2019年11月5日1時(shí)43分，中國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，成功發(fā)射第49顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，

該衛(wèi)星發(fā)射成功，標(biāo)志著北斗三號(hào)系統(tǒng)3顆IGSO衛(wèi)星（傾斜地球同步軌道衛(wèi)星）全部發(fā)射完畢。該衛(wèi)星在軌道上運(yùn)

動(dòng)的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，但該軌道平面與赤道平面有一定的夾角，因此該軌道也被稱為傾斜司步軌道，根據(jù)以

上信息請(qǐng)判斷，下列說(shuō)法中不正確的是（）

A.該衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心一定是地球的球心

B.該衛(wèi)星離地面的高度等于地球同步衛(wèi)星離地面的高度

C.地球?qū)υ撔l(wèi)星的萬(wàn)有引力一定等于地球?qū)Φ厍蛲叫l(wèi)星的萬(wàn)有引力

D.只要傾角合適，處于傾斜同步軌道上的衛(wèi)星可以在每天的固定時(shí)間經(jīng)過(guò)同一城市的上空

6、如圖所示，在傾角為30。的斜面上，質(zhì)量為1kg的小滑塊從。點(diǎn)由靜止下滑，到》點(diǎn)時(shí)接觸一輕彈簧。滑塊滑至最

低點(diǎn)c后，又被彈回到。點(diǎn)，己知H=0.6m,加=0.4m,重力加速度g取lOmH,下列說(shuō)法中正確的是（）

A.滑塊滑到〃點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大

B.整個(gè)過(guò)程中滑塊的機(jī)械能守恒

C.彈簧的最大彈性勢(shì)能為2J

D.從c到力彈簧的彈力對(duì)滑塊做功為5J

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、沿x軸正方向傳播的一列橫波在某時(shí)刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.從圖示時(shí)刻開始，經(jīng)0.01s質(zhì)點(diǎn)a通過(guò)的路程為40cm,相對(duì)平衡位置的位移為零

B.圖中質(zhì)點(diǎn)b的加速度在增大

C.若產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象.該波所遇到障礙物的尺寸為20m

D.從圖示時(shí)刻開始，經(jīng)0.01s質(zhì)點(diǎn)b位于平衡位置上方，并沿y軸正方向振動(dòng)做減速運(yùn)動(dòng)

E.若此波遇到另一列波，并產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則另一列波的頻率為50Hz

8、下列說(shuō)法正確的是（）

A.在完全失重的情況下，氣體的壓強(qiáng)為零

B.液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子較稀疏，分子間的引力大于斥力

C.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距時(shí)，分子間的距離越大，分子勢(shì)能越小

D.水中氣泡上浮過(guò)程中，氣泡中的氣體在單位時(shí)間內(nèi)與氣泡壁單位面積碰撞的分子數(shù)減小

E.不可能利用高科技手段將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來(lái)加以利用而不引起其他變化

9、如圖所示，兩平行金屬板A、B板間電壓恒為U,一束波長(zhǎng)為兀的入射光射到金屬板3上，使B板發(fā)生了光電效

應(yīng)，已知該金屬板的逸出功為W,電子的質(zhì)量為機(jī)。電荷量為e,己知普朗克常量為小真空中光速為c,下列說(shuō)法中

正確的是（）

A.若增大入射光的頻率，金屬板的逸出功將大于W

B.到達(dá)A板的光電子的最大動(dòng)能為力;一W+eU

C.若減小入射光的波長(zhǎng)一定會(huì)有光電子逸出

斜率有關(guān)的物理量應(yīng)是

⑹假設(shè)已經(jīng)完全消除了摩擦力和其他阻力的影響，若重物質(zhì)量不滿足遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的條件，則從理論上分析，圖中

正確反映/-W關(guān)系的是

12.（12分）圖甲為一個(gè)簡(jiǎn)單的多用電表的電路圖，其中電源的電動(dòng)勢(shì)￡=L5V、內(nèi)阻r=1.0O,電流表內(nèi)阻&=10。、

滿偏電流4=10mA。該多用電表表盤如圖乙所示，下排刻度均勻，C為上排刻度線的中間刻度。

⑴選擇開關(guān)按"1”,指針指在圖乙所示位置時(shí)示數(shù)為（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。

⑵如果選擇開關(guān)接“3”，圖甲中電阻&=240。，則此狀態(tài)下多用電表為量程____的電壓表。

⑶如果選擇開關(guān)接“2”，該多用電表可用來(lái)測(cè)電阻，?？潭葢?yīng)標(biāo)為

（4）如果選擇開關(guān)接“2”，紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)拈的阻值使電表指針剛好滿偏，再測(cè)量某一電阻，指針指在圖乙所示

位置，貝!該電阻的測(cè)量阻值為。（保留兩位有效數(shù)字）。

⑸如果將該多用電表的電池?fù)Q成一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為L(zhǎng)5V、內(nèi)阻為1.2。的電池，正確調(diào)零后測(cè)量某電阻的阻值，其測(cè)量結(jié)

果（選填“偏大”、"偏小”或“準(zhǔn)確

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在邊界。尸、0。之間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，直角三角形。從區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的

勻強(qiáng)磁場(chǎng)。從。點(diǎn)以速度均沿與Oc成60。角斜向上射入一帶電粒子，粒子經(jīng)過(guò)電場(chǎng)從。點(diǎn)沿必方向進(jìn)人磁場(chǎng)區(qū)域且

恰好沒有從磁場(chǎng)邊界從飛出，然后經(jīng)枇和。。之間的真空區(qū)域返回電場(chǎng)，最后從邊界。。的某處飛出電場(chǎng)。已知Oc=2Lt

ac=0L,ac垂直于cQ,Nacb=30。，帶電粒子質(zhì)量為機(jī)，帶電量為+g,不計(jì)粒子重力。求：

（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?/p>

⑵粒子從邊界OQ飛出時(shí)的動(dòng)能；

⑶粒子從O點(diǎn)開始射入電場(chǎng)到從邊界。。飛出電場(chǎng)所經(jīng)過(guò)的時(shí)間。

14.（16分）如圖，xOy坐標(biāo)系位于豎直面（紙面）內(nèi)，第一象限和第三象限存在場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向分別沿x軸負(fù)

方向和y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第三象限內(nèi)還存在方向垂直于紙面、磁感強(qiáng)度大小為3的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（未畫出）?，F(xiàn)將

質(zhì)量為，小電荷量為g的微粒從，（LD點(diǎn)由靜止釋放，該微粒沿直線P。進(jìn)入第三象限后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，然后

從z軸上的。點(diǎn)（未標(biāo)出）進(jìn)入第二象限。重力加速度為g。求：

⑴該微粒的電性及通過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度大?。?/p>

⑵磁場(chǎng)方向及該微粒在間運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間。

15.（12分）如圖所示的直角坐標(biāo)系xOy,在其第二象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和沿），軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。

虛線OA位于第一象限，與y軸正半軸的夾角柒60。，在此角范圍內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；0A與），軸負(fù)半軸所

夾空間里存在與OA平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=10N/Co一比荷^=lxlO6C/kg的帶電粒子從第二象限內(nèi)M點(diǎn)以

速度羽=2.0xl03]n/s沿x軸正方向射出，M點(diǎn)到x軸距離d=L0m,粒子在第二象限內(nèi)做直線運(yùn)動(dòng)；粒子進(jìn)入第一象限

后從直線OA上的P點(diǎn)（P點(diǎn)圖中未畫出）離開磁場(chǎng),且不計(jì)粒子重力。

(1)求第二象限中電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的比值今；

⑵求第一象限內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小少

⑶粒子離開磁場(chǎng)后在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)是否通過(guò)x軸？如果通過(guò)x軸，求其坐標(biāo)；如果不通過(guò)x軸，求粒子到x軸的最小距

離。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、B

【解析】

ABC.因?yàn)榈谝淮文緣K固定，所以子彈減少的能量全部轉(zhuǎn)化成內(nèi)能，而第二次木塊不固定，根據(jù)動(dòng)量守恒，子彈射穿

后，木塊具有動(dòng)能，所以子彈減少的能量轉(zhuǎn)化成內(nèi)能和木塊的動(dòng)能，因?yàn)楫a(chǎn)熱

即兩次產(chǎn)熱相同，所以第二次子彈剩余動(dòng)能更小，速度更小，而動(dòng)量變化量等于

=inAv

所以第一次速度變化小，動(dòng)量變化小，故AC錯(cuò)誤，B正確；

D.第一次木塊被固定在地面上，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故D錯(cuò)誤。

故選B。

2、B

【解析】

A.根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系：品二夕如場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系：E=義,得

E=-?―L

qAX

AE

由數(shù)學(xué)知識(shí)可知品?圖象切線的斜率等于為處的斜率可以認(rèn)為與O-XI段相等，故此時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度并不是最小的,

AX

故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系：島二"如粒子帶負(fù)電，qVO,則知電勢(shì)能越大，粒子所在處的電勢(shì)越低，所以有

故B正確；

C.由圖可知，0?XI段和。?X2段電場(chǎng)方向相反，故加速度并不相同，不是一直做勻變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D.0?乃段電場(chǎng)方向不變，大小不變，X2?X3段圖象的斜率減小，故電場(chǎng)強(qiáng)度大小減小，方向不變，故D錯(cuò)誤。

故選B。

3、B

【解析】

CD.B能保持靜止，說(shuō)明B受到的合力為零，兩物塊A、B帶異種電荷，B受到的合力不為零，CD錯(cuò)誤；

A.如果B帶正電，則讓B對(duì)斜面的壓力大于Geos0,A錯(cuò)誤；

B.如果B帶正電，則讓B對(duì)斜面的壓力小于Geos。，B正確。

故選Bo

4、C

【解析】

A.A、B、。三點(diǎn)到夕點(diǎn)和。點(diǎn)的距離都相等，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加法則可知A、B、C三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但

方向不同，A錯(cuò)誤；

BC.處于。點(diǎn)的負(fù)電荷周圍的等勢(shì)面為包裹該負(fù)電荷的橢球面，本題。為等邊三角形ABC的中心，即A、B、C三

點(diǎn)電勢(shì)在等，但是該平面不是等勢(shì)面，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，越靠近負(fù)電荷，電勢(shì)越低，即8、。電勢(shì)高于。點(diǎn)

電勢(shì)，8經(jīng)。到C,電勢(shì)先減小后增大，根據(jù)電勢(shì)能的計(jì)算公式

E,=q(P

可知正試探電荷電勢(shì)能先減小后增大，電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功，B錯(cuò)誤，C正確；

D.沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，負(fù)試探電荷從高電勢(shì)尸點(diǎn)移到低電勢(shì)。點(diǎn)，根據(jù)電勢(shì)能的計(jì)算公式可知電勢(shì)能一直增

大，D錯(cuò)誤。

故選C。

5、C

【解析】

A.傾斜同步軌道圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心一定是地球的球心，故A正確，不符合題意;

B.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力

Mm4兀?

G下

得

v47r

因?yàn)閮A斜地球同步軌道衛(wèi)星的周期與赤道上空的同步衛(wèi)星的周期相同，故它的軌道高度與位于赤道上空的同步衛(wèi)星的

軌道高度相同，故B正確，不符合題意：

C.根據(jù)

…粵

r

可知，由于不知道該衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星質(zhì)量的關(guān)系，所以無(wú)法判斷萬(wàn)有引力的關(guān)系。故C錯(cuò)誤，符合題意；

D.傾斜同步軌道衛(wèi)星相對(duì)于地球非靜止的，所以傾斜同步軌道衛(wèi)星從地球上看是移動(dòng)的，故該衛(wèi)星不可能始終位于

地球表面某個(gè)點(diǎn)的正上方，而且該衛(wèi)星的周期為24h,所以只要傾角合適，處于傾斜同步軌道上的衛(wèi)星可以在每天的

固定時(shí)間經(jīng)過(guò)同一城市上空，故D正確，不符合題意。

故選C。

6、D

【解析】

A.根據(jù)題中“小滑塊從。點(diǎn)由靜止下滑和又被彈回到。點(diǎn)”可知：滑塊和斜面間無(wú)摩擦，滑塊滑到b時(shí)，合力為重力

沿斜面的分力，加速度和速度同向，繼續(xù)加速，當(dāng)重力沿斜面的分力和彈簧彈力相等時(shí)，速度最大，故A錯(cuò)誤；

B.整個(gè)過(guò)程中，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，滑塊的機(jī)械能從。到力不變，從力到。機(jī)械能逐漸減小，轉(zhuǎn)化

為彈簧的彈性勢(shì)能，c到力彈簧的彈性勢(shì)能逐漸減小，滑塊的機(jī)械能逐漸增加，從〃到。機(jī)械能不變，故B錯(cuò)誤；

C.對(duì)滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)，從。到。過(guò)程，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化關(guān)系有

mg(ab+be)sin30°=Ep

代入數(shù)據(jù)解得

%=5j

故C錯(cuò)誤；

D.從c到力彈簧的彈力對(duì)滑塊做正功，彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為滑塊的機(jī)械能，根據(jù)功能關(guān)系可知，彈簧的彈力

對(duì)滑塊做了5J的功，故D正確。

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、BDE

【解析】

A.由圖象可知波長(zhǎng)為

2=4m

又波速為

v=200nVs

則該列波的周期為

T=-=0.02S

v

那么經(jīng)過(guò)0.01s,質(zhì)點(diǎn)a振動(dòng)了半個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)a通過(guò)的路程為40cm,應(yīng)在負(fù)向最大位移處，所以A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)同側(cè)法可以判斷b質(zhì)點(diǎn)此時(shí)正沿y軸負(fù)方向振動(dòng)，也就是遠(yuǎn)離平衡位置，所以回復(fù)力在增大，加速度在增大,

所以B正確；

C.由圖象已知該波的波長(zhǎng)是4m,要想發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，要求障礙物的尺寸與機(jī)械波的波長(zhǎng)差不多或更小，所以

障礙物2（hn不能觀察到明顯的衍射現(xiàn)象，C錯(cuò)誤；

D.經(jīng)過(guò)0.01s,質(zhì)點(diǎn)b振動(dòng)了半個(gè)周期，圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b正沿），軸負(fù)方向振動(dòng)，所以可知過(guò)半個(gè)周期后，該質(zhì)點(diǎn)b在

平衡位置上方且沿y軸正方向振動(dòng)，速度在減小，所以D正確；

E.該波的周期是0?02s,所以頻率為

/=-=50HZ

所以若此波遇到另一列波，并產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，那么另一列波的頻率也是50Hz,所以E正確。

故選BDEo

8、BDE

【解析】

A.氣體壓強(qiáng)是由于大量氣體分子頻繁碰撞容器壁而產(chǎn)生的，在完全失重的情況下，氣體的壓強(qiáng)并不為零，故A錯(cuò)誤；

B.液體表面張力產(chǎn)生的原因是由于液體表面層里的分子較稀疏，分子間的引力大于斥力，分子間表現(xiàn)為引力，故B正

確；

C當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距時(shí)，分子間的距離越大，分子勢(shì)能越大，故C錯(cuò)誤；

D.氣泡在水中上浮過(guò)程中，體積增大，溫度基本不變，壓強(qiáng)減小，根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀解釋可知，氣泡中的氣體在單

位時(shí)間內(nèi)與氣泡壁單位面積碰撞的分子數(shù)減小，故D正確；

E.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，不可能將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來(lái)加以利用而不引起其他變化，故E正確。

故選BDE.

9、BCD

【解析】

A.金屬板的逸出功取決于金屬材料，與入射光的頻率無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤;

B.由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知，光電子的逸出最大動(dòng)能

紇“=r-卬

/C

根據(jù)動(dòng)能定理

瓦”-Ehn=eU

則當(dāng)?shù)竭_(dá)A板的光電子的最大動(dòng)能為

Ebn=h^--W+eU

/t

故B正確；

C.若減小入射光的波長(zhǎng)，那么頻率增大，仍一定會(huì)有光電子逸出，故C正確；

D.根據(jù)七二力17,而/=￡,則光子的能量為

A

E=h—

2

故D正確。

故選BCDo

10、ACE

【解析】

A.一定質(zhì)量100C的水變成100C的水蒸氣，一定吸收熱量，分子平均動(dòng)能不變，則分子勢(shì)能一定增加，故A正確;

B.懸浮顆粒受到液體分子不均勻的撞擊從而做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，即為布朗運(yùn)動(dòng)，所以布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮顆粒的運(yùn)動(dòng)，故B

錯(cuò)誤；

C.分子永不停息地做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，所以在一定條件下，可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料摻入其他元素，故c正確:

D.氣體被壓縮時(shí)，同時(shí)對(duì)外傳熱，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知內(nèi)能可能不變，故D錯(cuò)誤；

E.由熱力學(xué)第二定律可知，從單一熱源吸取熱量，使之全部變成機(jī)械功是可能的，但會(huì)產(chǎn)生其他影響，故E正確。

故選：ACEo

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

工一%

11、BABmgxv2=0.008+4.69W質(zhì)量

22T

【解析】

⑴[1]打點(diǎn)計(jì)時(shí)器均使用交流電源；

A.直流電源與分析不符，故A錯(cuò)誤；

B.交流電源與分析相符，故B正確；

⑵⑵平衡摩擦和其他阻力，是通過(guò)墊高木板右端，構(gòu)成斜面，使重力沿斜面向下的分力跟它們平衡；

A.與分析相符，故A正確；

B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；

⑶[3]平衡摩擦力時(shí)需要讓打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作，紙帶跟打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔間會(huì)有摩擦力，且可以通過(guò)紙帶上打出的點(diǎn)跡判

斷小車的運(yùn)動(dòng)是否為勻速直線運(yùn)動(dòng)；

A.與分析不符，故A錯(cuò)誤；

B.與分析相符，故B正確；

(4)[4]小車拖動(dòng)紙帶移動(dòng)的距離等于重物下落的距離，又小車所受拉力約等于重物重力，因此拉力對(duì)小車做的功：

W=fngx2

⑸小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，因此打8點(diǎn)時(shí)小車的速度為打AC段的平均速度，則有：

為一七

--L

B2T

(5)[61由圖示圖線可知：

,(Av)20.47x10-2

k=------=-----------=4.7

△卬10

縱截距為：

8=0.01

則聲隨w變化的表達(dá)式為：

V2=0.01+4.7W

⑺功是能量轉(zhuǎn)化的量度，所以功和能的單位是相同的，斜率設(shè)為攵，則

k=—

代入單位后，攵的單位為依"，所以與該斜率有關(guān)的物理量為質(zhì)量；

(6)[8]若重物質(zhì)量〃?不滿足遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量則繩子對(duì)小車的拉力實(shí)際不等于重物的重力，由〃忠=(“+，〃)〃和

尸=腦，可得：

LM

F=------mg

M+〃2

由動(dòng)能定理得：

Fx=-Mv2

2

、2F2mg

仁=—x=-----x

MM+m

而：

W=mgx

則實(shí)際——w圖線的斜率：k=——,重物質(zhì)量〃?與小車質(zhì)量M不變，速度雖然增大，但斜率不變；

A.與分析相符，故A正確；

B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；

C.與分析不符，故C正確；

B.與分析不符，故D錯(cuò)誤.

【名師點(diǎn)睛】

實(shí)驗(yàn)總存在一定的誤差，數(shù)據(jù)處理過(guò)程中，圖象讀數(shù)一樣存在誤差，因此所寫函數(shù)表達(dá)式的比例系數(shù)在一定范圍內(nèi)即

可；第(6)問(wèn)有一定的迷惑性，應(yīng)明確寫出函數(shù)關(guān)系，再進(jìn)行判斷.

12、7.46mA2.5V15051準(zhǔn)確

【解析】

(1)口］選擇開關(guān)接“1”時(shí)測(cè)電流，電表表盤下面刻度的最小分度值為0.2mA,指針在兩最小刻度之間進(jìn)行估讀，故其示

數(shù)為

_3

7.4mA+—x0.2mA=7.46mA

10

說(shuō)明：估讀方法符合最新高考評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)。

⑵［2］根據(jù)串聯(lián)電路有分壓作用可知，當(dāng)電表滿偏時(shí)有

f(R2+Rj=2.5V

所以開關(guān)接“3”時(shí)為量程2.5V的電壓表。

(3)［3］歐姆表的內(nèi)阻

E

見=7=150。

由于歐姆表的中值電阻等于歐姆表內(nèi)阻，故C處刻度為150C。

(4)［4］根據(jù)閉合電路歐姆定律有

其中

/=7.46mA,仆二150。

解得

R、=51。

⑸⑸因?yàn)殡娫磧?nèi)阻的變化，可以通過(guò)調(diào)零電阻阻值的變化來(lái)抵消，所以調(diào)零后測(cè)量某電阻阻值的測(cè)量結(jié)果是準(zhǔn)確的。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步躲。

20+46+2信

…地爵人警⑵耳聾xzL

3%

【解析】

(1)從。點(diǎn)到。點(diǎn)過(guò)程的逆過(guò)程為平拋運(yùn)動(dòng)

水平方向:

2L=v0cos0tx

豎直方向:

加二應(yīng)

加速度：

qE

a=J—

m

可得：

4L

L=一,

%

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)半徑為「，由幾何關(guān)系得,

"+.二=6L,

sin30

洛倫茲力等于向心力：

qvB=m—

r

v=vcos60。=%

0.2

解得:

8二限%

’2qL

在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間:

(2)粒子由真空區(qū)域進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域從邊界飛出過(guò)程，由動(dòng)能定理得,

2

qE(>/3L-2r)=Ek-^mv

解得：

(4

(3)粒子經(jīng)過(guò)真空區(qū)域的時(shí)間，

4L

V8L

t^=—=—>

v