2024屆新高考高三年級上冊開學摸底考物理試卷及答案（老教材版）

2024屆新高三開學摸底考試卷（舊教材版）

物理

（考試時間：90分鐘試卷滿分：100分）

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如

需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題會上。

寫在本試卷上無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

1.2022年11月12日，天舟五號與空間站天和核心艙成功對接，在對接的最后階段，大舟

五號與空間站處于同一軌道上同向運動，兩者的運行軌道均視為圓周.要使天舟五號在同一

軌道上追上空間站實現(xiàn)對接，天舟五號噴射燃氣的方向可能正確的是（)

天舟軍號疇后后門

A.運行方向（口

B.

空間站

天舟五號

運行方向一口7氣方向

'、、、、、、

空間站'、、.

天舟五號

c.運行方”7口之、一、

D.

/空間站噴氣方向'、、、、、、

天舟五號

運行方向一口、一…

TJ、、、、、

一空間站噴氣方向、、、、、

2.某興趣小組模擬避雷針周圍電場的等勢面分布如圖所示，相鄰等勢面間的電勢差相等。小

8、C、。、E為空間電場中的五個點，其中C、。兩點位置關于避雷針對稱，一電子（量為m）

從4點靜止釋放，僅在電場力作用下運動到C點時速度為V,下列說法正確的是（）

A.4點的電勢小于D點的電勢

B.若電子能運動到8點，則到B點時速度為2U

C.電場中C、。兩點電場強度相同

D.若電子從4點運動到E點，其電勢能增大

3利用智能手機中的磁傳感器可以粕測特高壓育流輸電線中的電流加圖所示，大致東西

方向水平長直輸電導線距地面高度20m,手機平置于水平長直輸電導線正下方，手機顯示

屏所在平面為xQv面，x軸與導線重合，測量磁感應強度，然后沿）'軸方向保持手機平移

前進1000m,再測量磁感應強度，數(shù)據(jù)記錄如下表。

測量點位置紇JT紇/"T"T

正F方時3345-30

沿地面前進1000m3340-30

設通有電流I的長直導線在距導線「處產(chǎn)生磁場的磁感應強度大小為B=—（其中

7,

^=2xlO-T-mA-）,該地地磁場為勻強磁場，前進1000m后電流影響可忽略。忽略其

他影響，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，判斷下列說法正確的是（）

X

A.地磁場方向為沿y軸方向B.地磁場的磁感應強度為40"T

C.長導線中電流方向為東向西D.輸電線中電流的大小約為500A

4.如圖是某種雙層晾衣籃，用質地均勻的圓形鋼圈穿進網(wǎng)布構成兩個完全相同的籃子，上、

下兩籃通過四根等長輕繩與鋼圈的四等分點相連；另有四根等長輕繩，它們一端與穿過輕桿

的掛鉤系在一起，另一端連接上籃的四等分點。已知不裝衣物時，兩籃保持水平，晾衣籃的

尺寸如圖中所示。下列說法正確的是（）

____>

￡>=48cin

A.掛鉤受到繩的拉力大小是上方某一根輕繩拉力的4倍

B.掛鉤受到繩的拉力大小是下方某一根輕繩拉力的4倍

C.上方某一根輕繩的拉力大小是下方某一根輕繩拉力的2.5倍

D.上方四根輕繩的拉力之和與下方四根輕繩的拉力之和大小相等

5.自行車的發(fā)電花鼓可以在騎行時為車燈提供不超過額定值的電能，其原理簡化為圖（甲）

所示，圖中N、S是與摩擦小輪同軸轉動的一對磁極，磁極周圍固定一個與理想變壓器原線

圈相連的矩形線框，變壓器的輸出端與車燈相連。勻速騎行時，摩擦小輪在車輪的驅動下帶

動磁極旋轉，變壓器輸出正弦式交流電。某輛裝有發(fā)電花鼓的自行車的部分結構如圖（乙）

所示，其中大齒輪與踏板相連，半徑較小的小齒輪1和半徑較大的小齒輪2與后輪同軸固定,

騎行者可調節(jié)變速器使鏈條掛在不同的小齒輪上，騎行時摩擦小輪與車輪、車輪與地面均不

打滑。下列說法正確的是（）

數(shù)為0.5,傳送輪和煤塊大小均可以忽略（g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8）o

煤塊在傳送帶上運動的過程中，下列說法正確的是（）

A.煤塊運動至最高點，位移為10mB.煤塊在傳送帶上運動時間為2s

C.煤塊在傳送帶上留下的痕跡為12mD.煤塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量為90J

8.如圖所示，XQV坐標系的第一象限內分布著垂直紙面向里的有界勻強磁場8=1T，磁場

的右邊界是滿足），（單位：由）的拋物線的一部分，現(xiàn)有一質量〃?=lxl（Tkg,電荷

量4=2乂10”（2的帶正電粒子（重力不計）從＞軸上的A點（0,0.5m）沿x軸正向以u射入,

恰好不從磁場右邊界射出，則（）

j/m

XXXXX/

XXXXx/

XXXX/

Xx,x/

力又鐘’

0x/m

A.粒子在磁場中做逆時針圓周運動

B.粒子到達磁場邊界的位置坐標為（、萬m,Im）

C.粒子在磁場中運動的速率為2x102mzs

D.粒子從A點到磁場右邊界的運動時間為工xl（T2s

6

第n卷（非選擇題，共174分）

三、非選擇題（本卷包括必考題和選考題兩部分，第22—32為必考題，每個試

題考生都必須做答。第33—38題為選考題，考生根據(jù)要求做答）

（一）必考題

19某實驗小組設計了如圖甲所示實驗裝置，探究滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)。將一端

帶有定滑輪且表面平整的長木板固定在水平桌面上，滑塊置于長木板左端，滑塊上面固定一

個小遮光片。將滑塊和托盤用輕細繩連接，在靠近托盤處連接力傳感器，在長木板右側,某位

置固定光電門，并連接好數(shù)字計時器。重力加速度為g。

實驗過程如下：

（1）用游標卡尺測量遮光片的寬度，游標尺固定后如圖乙所示，則遮光片的寬度

d-mm；

023cm

111111IIIIIIJ.I11mJJi?li111

|IIIIIIIIIIIHIIIIIII

01020

（2）滑塊靜置于長木板上，記錄遮光片中線在長木板上的投影位置，川刻度尺測量出該位

置到光電門的水平距離x：用手托住托盤，將若干跌碼置于托盤內，由靜止釋放托盤，當遮

光片經(jīng)過光電門時，數(shù)字計時器記錄時間為3力傳感器記錄此過程中繩的拉力為F；

（3）將滑塊再次置于初始位置，增加祛碼數(shù)量后，重復實驗，記錄數(shù)據(jù)。利用圖像處理數(shù)

據(jù),作出尸-/圖像如圖丙所示,由圖像可知其縱軸截距為b,斜率為k：

丙

（4）滑塊和遮光片的總質量〃，二:滑塊和長木板間的動摩擦因數(shù)〃二。（用題

目所給物理量符號表示）

10.某小組通過兩種實驗方案測量一水果電池的電動勢和內阻。

實驗一：用萬用表直流電壓IV檔測量水果電池的電動勢，把紅、黑表筆連接水果電池的兩

極A、B,如圖所示，表盤示數(shù)為Vo

實驗二：實驗小組知道水果電池的內阻較大，設計了如圖所示的電路，利用數(shù)字電壓表（內

阻無窮大）、電阻箱/?等器材，精確測定了水果電池的電動勢和內阻。

一數(shù)字電壓表一

—__HF-

實驗步驟：

①按電路圖連接好電路；

②閉合開關S,多次調節(jié)電阻箱，記下電阻箱的阻值R和對應電壓表的示數(shù)5

③應用Excle軟件快速處理實驗數(shù)據(jù)，得出■與的對應值，如下表所示；

RU

④再用Excle軟件描繪J-］圖像，并由圖像擬合得到函數(shù)關系式y(tǒng)=6900.00工+1.00。

UR

實驗數(shù)據(jù)

1

組別電壓電阻箱電阻歐

U/VR/~R~U

10.561290000.0001111111.781895937

20.532680000.0001251.877581675

30.497970000.0001428572.008435429

40.415950000.00022.40442414

50.300130000.0003333333.332222592

60.127710000.0017.830853563

70.10568000.001259.46969697

80.06675000.00214.99250375

90.02792000.00535.84229391

100.01431000.0169.93006993

池的電動勢E=V、內阻廠=。。（結果均保留兩位有效數(shù)字）以上兩

種實驗方案所測得該水果電池的電動勢差別較大，請分析其原因：

11.如圖所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導軌固定在絕緣水平面上，兩導軌間距為導

軌左側有兩個開關加、S-,S1與一個阻值為A的定值電阻串聯(lián)，S?與一個電容為C的電

容器串聯(lián)。導體棒ab垂直于導軌放置，其長度為L、質量為〃?、電阻也為R。整個裝置處

于方向豎直向上、磁感應強度大小為3的勻強磁場中。一質量為26的重物通過輕質定滑輪

用絕緣輕繩與導體棒ab的中點連接，開始時輕繩張緊?，F(xiàn)將加閉合，S?斷開，使重物由靜

止釋放，經(jīng)時間，金屬棒達到最大速度。已知導軌足夠長，不計導軌電阻，導體棒始終垂直

導軌且與導軌接觸良好，重物始終未落地，重力加速度為g,不計一切摩擦。求：

導體棒的最大速度;

導體棒從開始運動到剛達到最大速度時，運動的距離;

(3)從導體棒開始運動到剛達到最大速度時，電阻R中產(chǎn)生的熱量;

導體棒達到最大速度后，將斷斷開、Sz閉合，同時撤去重物，電容器所帶的最大電荷

儀為半徑分別為小弓的圓形軌道，它們在最低點

分別與兩側平直坑道順滑連接，不計軌道各部分摩擦及空氣阻力，小車的長度/遠小十圓形

軌道半徑，各游戲車分別編號為1、2、3-n,質量均為〃?，圓形軌道A3CD最高點。處

有一壓力傳感器。讓小車1從右側軌道不同高度處從靜止滑下，壓力傳感器的示數(shù)隨高度力

變化，作出尸-〃關系如圖乙所示。

（1）根據(jù)圖乙信息，分析小車1質量加及圓形軌道。?半徑4：

（2）在水平軌道AE區(qū)間（不包含人和E兩處），自由停放有編號為2、3…n的小車，讓1

號車從〃=5m高處由靜止滑下達到水平軌道后依次與各小車發(fā)生碰撞，各車兩端均裝有掛

鉤，碰后便連接不再脫鉤，求在作用過程中，第〃輛車受到合力的沖量及合力對它做的功。

（3）軌道。2半徑為4=2.5m,每輛車長度為￡,且〃L>24弓，要使它們都能安全通過

軌道。2，則1車至少從多大高度滑下？

（二）選考題:

【物理?選修3?3】（15分）

13.一定質量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,其過程如7-V圖上的線段所示,則（）

A.由A變化到B的過程中，氣體的壓強不變

B.狀態(tài)A處的壓強與狀態(tài)B處的壓強之比為4：3

C.由A變化到B的過程中，氣體從外界吸熱

D.由A變化到B,每個氣體分子的動能都增大

E.由A變化到B,單位時間內單位面積上氣體分子對容器壁的撞擊次數(shù)變少

14.某玩具公司正在設計一款氣動軟蛋槍，其原理如圖所示，活塞橫截面積￡=3C0?,氣

槍上膛時，活塞向右運動。=2.5cm,壓縮彈簧至指定位置后，被鎖緊裝置鎖?。┊嫵觯?

然后質量〃z=2g的軟膠子彈被推入橫截面積S?=0.75cn?的槍管中，此時子彈末端距離汽

缸底部汽缸內的氣體壓強和大氣壓相同。槍管水平，擊發(fā)釋放活塞，活塞在彈

簧的推動下向左運動壓縮氣體，在極短的時間運動至汽缸底部，此過程子彈可視為靜止，然

后子彈在高壓氣體的推動下射出槍管，槍管總長4=11cm,子彈在槍管中運動時受到的子

彈和槍管內部的摩擦平均皿力為20N?；钊推字g及軟膠子彈和槍管之間無漏氣，忽

略汽缸與活塞之間的摩擦力和整個過程中氣體的溫度變化，已知大氣壓強

5

p0?1x10Pa,g=1Om/乃a3。

（1）求擊發(fā)裝置擊發(fā)后，活塞運動至汽缸底部的瞬間，被壓縮在槍管內的氣體壓強。

（2）槍口比動能是指子強彈頭離開槍口的瞬間所具有的動能除以槍口的橫截面積。公安機

關規(guī)定，當所發(fā)射彈丸的槍口比動能大于等于1.8焦耳/平方厘米時，一律認定為槍支，求

證此公司設計的這款玩具氣槍是否會被公安機關認定為槍支？

2.5cm

【物理-選修3-4](15分)

15.在均勻介質中有一振源做簡諧運動，其振動圖像如圖甲所示，形成的簡諧橫波沿x軸傳

播，某時刻簡諧橫波的部分波形圖如圖乙所示，此時質點A偏離平衡位置的位移為4cm,

且向下振動。則這列簡諧演波傳播方向是，若質點。第一次到達波谷的時刻為

59s末，則振源質點的橫坐標為1=m。

AC從。點射向棱鏡，經(jīng)48邊反射的光，從BC上F點平行于AB射出。

(i)求棱鏡的折射率；

(ii)若將光線從F點入射，調整入射角，使其在48邊上發(fā)生全反射而達到AC邊。求此時

8c邊上入射角正弦值。

2024屆新高三開學摸底考試卷（舊教材版）

物理（答案及評分標準）

1.（6分）【答案】A

【解析】

【詳解】要想使天舟五號在與空間站的同一軌道上對接，則需要使天舟五號加速，與此同時

要想不脫離原軌道，根據(jù)

_v2

F-m一

r

則必須要增加向心力，即噴氣時產(chǎn)生的推力一方向有沿軌道向前的分量，另一方面還要有指

向地心的分量，而因噴氣產(chǎn)生的推力與噴氣方向相反，則圖A是正確的。

故選Ao

2.（6分）

【答案】A

【解析】

【詳解】A.電子從A點靜止釋放，僅在電場力作用下運動到C點時速度增加，電勢能減小,

電勢升高，可知。點電勢高于八點，又因為。、C電勢相等，可知。點電勢高于4點，A

正確；

B.設相鄰兩等勢面間的曰勢差為U,則從4到

2Ue=—mv2

2

從4到B

〃12

Ue=—mvB

解得

0

V?=TV

B錯誤；

C.由對稱性可知，C、。兩點的電場強度大小相同，但是方向不同，c錯誤；

D.因E點電勢高于A點，則若電子從A點運動到E點，其電勢能減小，D錯誤。

故選Ao

3（6分）

【答案】D

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)題意前進1000m后電流影響可忽略，由表格沿地面前進1000m的磁場

方向可知地磁場方向并非沿著軸方向，而是與X。）'成一定夾角指向-z方向，根據(jù)矢量的合

成可知地磁場的磁感應強度為

B=m+B；+=60pT

故AB錯誤；

C.沿y軸方向保持手機平移前進1000m,沿）'軸方向的磁場減小，可知長導線產(chǎn)生的磁場

沿著），軸方向，所以長導線中電流方向為西向東，故c錯誤；

bj

D.通有電流/的長直導線在距導線「處產(chǎn)生磁場的磁感應強度大小為B=不，則根據(jù)在y

軸方向磁場的變化可知

5x10—2—/

20

解得

/=500A

故D正確；

故選D。

4.如（6分）

【答案】C

【解析】

【詳解】A.如果上方的繩子是豎直，則掛鉤受到的拉力大小是上方某?根輕繩拉力的四倍,

但上方的繩子不是豎直的，故掛鉤受到的拉力大小不是上方某一根輕繩拉力的四倍，故A

錯誤;

B.沒有考慮上方籃子的重力，掛鉤受到的拉力大小是下方某一根輕繩拉力的四倍與上方籃

子的重力之和，故B錯誤;

C.下方每一根繩子的拉力F

話

上方分析左邊這根繩子，高度為4，長度L=40cm,半徑l24cm,可知繩子與豎直方向夾

角為37°,根據(jù)平衡條件可知，1根繩子的拉力

2G

_4_G

Kr--------------=—

-cos3701.6

可知

%=至

E1

故c正確；

D.上方四根輕繩的拉力之和的大小為2G,下方四根輕繩的拉力之和大小G,故D錯誤。

故選C。

5.（6分）

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.車速越快，線框磁通最變化率大，產(chǎn)牛的感應電動勢越K,所以車燈越亮，故

A正確；

B.車速越快，磁鐵轉動越快，交流電周期越小，故B錯誤；

C.車速相同，磁鐵轉速相同，產(chǎn)生的感應電動勢相同，所以燈泡亮度相同，故C正確；

D.由變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關系可得

,_—

U2n2

解得車燈電壓為

所以原線圈匝數(shù)越大，車燈電壓越小，燈泡越暗，故D錯誤。

故選ACo

6.（6分）

【答案】ABC

【詳解】AB.對鋼管受力分析，鋼管受重力G、繩子的拉力T、地面對鋼管豎直向上的支持

力團F團N團、水平向左的摩擦力I3F國電，可知團F^NZ=mg；Ff=T=mgtan0；即隨著

鋼管與地面夾角的逐漸變小，地面對鋼管支持力的大小不變，地面對鋼管的摩擦力變大，故

AB正確；

CD.對鋼管受力分析，可認為鋼管受到重力G、繩子的拉力T和地面對鋼管作用力的合力F

三個力，鋼管平衡，三個力的作用線必交與一點，由此可知F方向沿鋼管斜向上，與水平面

夾角為a（鋼管與水平面的夾角為6）根據(jù)共點力平衡條件可知F=mgsina；

T=mgtana；當鋼管與地面的夾角。逐漸變小，同時a也減小，地面對鋼管作用力的合

【答案】CD

【解析】

【詳解】A.煤塊從傳送帶底部開始滑動，根據(jù)牛頓第二定律可知

mgsin37+pingcos37=max

解得

q=10m/s2

煤塊減速為零需要的時間

v10,

—=—s=Is

q10

該過程煤塊走過的位移為

v

不=12xlm=5m<12m=6m

222

由于

，ngsin37>cos37

煤塊減速為零后相對于皮帶向下運動，所以煤塊煤塊運動至最高點，位移為5m,A錯誤;

B.煤塊速度減到零后開始向下運動，根據(jù)牛頓第二定律可知

mgsin370-Rngcos370=ma2

解得

=2m/s2

滑塊下滑到傳送帶底端時

X]

煤塊在傳送帶上運動的總時間為

t=t[+r2=ls+V5s=(l+>/5)s

B錯誤;

c.有圖乙可知，皮帶的加速度為

煤塊沿傳送帶N滑過程中皮帶的位移

x傳送帶=/=—x5x（石尸m=12.5m

皮帶的總長度為12m,所以劃痕的長度為12m,C正確；

D.煤塊相對皮帶運動的路程為

s=2歷+x傳送帶=2x5m+12.5m=22.5m

煤塊與傳送帶間產(chǎn)生的熱量為

Q=jumgscos37=0.5x1x10x22.5x0.8J=90J

D正確

故選CD。

8.（8分）

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.根據(jù)左手定則可知粒子在磁場中做逆時針圓周運動，故A正確；

B.設粒子到達磁場邊界的位置坐標為“，y）,粒子在磁場中做圓周運動的半徑為R,則有

粒子在磁場中做圓周運動的圓心的位置坐標為（（），7?+0.5）,根據(jù)數(shù)學知識可知

火=JX2+(R+05-y)2

設粒子到達磁場邊界的位置與圓心位置的連線與豎直方向的夾角為。

tan3=---------

R+0.5—)，

根據(jù)幾何關系可知，拋物線切線的反向延長線與x軸的夾角也是e,這個角度相當于平拋運

動瞬時速度的方向與X軸的夾角，根據(jù)平拋運動瞬時速度方向的正步值

%卬工巧

2

v1

可知，拋物線切線的反向延長線與％軸的交點坐標為:，由于磁場邊界滿足則粒

子到達磁場邊界的切線斜率為

k=-p-=x=tan

—x

2

聯(lián)立解得

R=2m

y=1.5m

x=\/5m

故B錯誤；

C.根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得

粒子在磁場中運動的速率為

v==4x102m/s

tn

故C錯誤：

D.由

tan3—\/3

可得粒子從A點到磁場右邊界的圓周運動的圓心角為

粒子周期為

T2兀〃]

1=------

qB

粒子從4點到磁場右邊界的運動時間為

rr

a-xlxlO-6一

t=—T=------------s=—xlO2s

2萬2xl0-4xl6

故D正確。

故選ADo

2kxbd

9（6分）【答案】①.6.70（2分）②.—（2分）③.——（2分）

d2kxg

【解析】

【詳解】（I）[1]遮光片的寬度

d=6.00mm+14x0.05mm=6.70mm

（4）[2H3]設滑塊運動加速度為“，由牛頓第二定律可得

F-/.img=nui

當遮光片經(jīng)過光電門時，速度為

由速度位移關系可得

v2=2ax

整理可得

md-

產(chǎn)-f圖像如圖丙所示，由圖像可知其縱軸截距為從斜率為上有

尤=k

2x

ymg=b

解得

2kx

m=—丁

d2

bd2

u=------

2錢

1r11

10.（9分）【答案】①.0.66（2分）②.一=-----+—（2分）③.L0（1

UERE

分）④.6.9xlO3（2分）（5）.實驗方案一中，用電壓表測出的是路端電壓，不是

電源電動勢（2分）

【解析】

【詳解】一［1］量程為IV時，最小刻度為0.02V,因此電壓表的示數(shù)為0.66V。

二⑤⑵根據(jù)閉合電路歐姆定律

2旬

R+r

整理得

1rI1

—=—?+—

UERE

⑶⑷利用圖像的斜率和截距可知

f1

-=6900.00,-=1.00

EE

因此可得

E=1.OVrr=6QxlO,Q

［5］實驗方案一中，用電壓表測出的是路端電壓，不是電源電動勢，由于電源的內阻較大，

因此誤差較大。

11.（14公）

【答案】⑴微…黑,6mR4〃/g2R(9〃水

:(3)B2!}[B2L；(4)

4MgRC

BL.+BNC）

【解析】

【詳解】（1）導體棒的速度最大時有

BLvm=I2R

BIL=2mg

解得

mB21}

（2）導體棒從開始運動到剛達到最大速度的過程中，分別對重物和導體棒應用動量定理

2mgt-Tt=2"?%

Tt-BILt=nivm

乂

解得

夕〃IB21}）

（3）從導體棒開始運動到剛達到最大速度時，由能量守怛

2mgd=—x3//?v~+Q

解得

八8點屋9mR}

2=-7-r

BLIBL)

電阻R中產(chǎn)生的熱量

1八4rg9〃次、

勰;=”二/21

（4）設穩(wěn)定時導體棒的速度為v,則電容器兩端電壓

U=BLv

電容所帶的電荷量為

d=cu

對導體棒由動量定理有

-BI'L?△/=mu—〃?%

通過導體棒的電荷量

q=IN

解得

Q,=-----A--n-r--g-R--C-----

班(〃?+82M

12.(18分)【答案】(1)〃7=2kg,Z]=2m；(2)/=—Ns,W=^J；(3)

nn~

h--rr+〃(〃>2且〃GTV)

2L

【解析】

【詳解】(1)從靜止釋放到。點的過程，對小車1,由動能定理有

在。點，對小車1,由牛頃第二定律有

仁v-

r+mg=m—

6

解得

F=^~h-5mg

4

對照F-h圖像可得

m=2kg

7;=2m

(2)由題意，在。點對個車1由牛頓第二定律有

，ng=m乩

。點到八點過程，對小車I,由動能定理有

2mgrx=-mv\--m\^

碰撞過程中由動量守恒有

，叫=ntnvn

對第〃輛小車，由動量定理有

1=mVn

由動能定理有

W=-mvl

2”

聯(lián)立解得

/=—Ns

*粵J

（3）小車1下滑到A點，由機械能守恒有

71，

mgh=—mv；

以二匕

在圓Q最高點，取微元A/〃作為研究對象，由牛頓第二定律有

2

V

△mg=472—

6

對第〃輛車由機械能守恒行

聯(lián)立解得

高三

【物理?選修3?3】（15分）

13.（5分）【答案】BCE

【解析】

【詳解】ABE.根據(jù)氣態(tài)方程可得

/乙匕二乙」匕

T。一1.54

解得

以，

PB3

由于壓強變小，則從A變化到B,單位時間內單位面枳上氣體分子對容器壁的撞擊次數(shù)變

少，故A錯誤，BEiF確：

C.由A變化到B的過程中，體積變大，則氣體對外做功，W<0：溫度升高，故△￡>（）,

根據(jù)

^E=W+Q

可知

Q>o

即氣體從外界吸收能量，故c正確；

D.由A變化到B,溫度升高，氣體分子的平均動能增大，每一個分子不一定速度增大，故

D錯誤；

故選BCEo

14.（10分）【答案】⑴l.lxl（）6pa；⑵會

【解析】

【詳解】（1）封閉氣