廣東省深圳市龍崗區(qū)2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期1月期末質(zhì)量檢測(cè)物理試題

廣東省深圳市龍崗區(qū)2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期1月期末質(zhì)量檢測(cè)物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、單選題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每個(gè)題的4個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的）1．如圖畫(huà)了6個(gè)行星繞太陽(yáng)運(yùn)行的圖像，某同學(xué)對(duì)這些行星運(yùn)行中的物理量進(jìn)行對(duì)比分析，正確的是A．土星比木星的線速度大B．火星比地球的角速度大C．金星比水星的向心加速度大D．土星是這6個(gè)行星運(yùn)行周期最大的2．如圖1、2、3、4、5為某高架橋上五根豎直吊繩，間距相等．兩輛小汽車a、b車頭在t=0時(shí)刻分別對(duì)齊1、3繩，在兩條車道上從相同初速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在t=t1時(shí)刻a、b兩車頭都對(duì)齊5繩，下列分析正確的是A．a(chǎn)車的加速度是b車的兩倍B．a(chǎn)車的末速度是b車的兩倍C．a(chǎn)車的平均速度是b車的兩倍D．a(chǎn)車在超b車過(guò)程可把兩車視為質(zhì)點(diǎn)3．有兩位同學(xué)分別握著一條繩的兩端S1、S2同時(shí)刻開(kāi)始作上下的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，形成了如圖所示的波動(dòng)圖像，下列判斷正確的是A．兩列波同一時(shí)刻到達(dá)P點(diǎn)B．兩位同學(xué)使波源的振動(dòng)頻率相同C．兩列波在P點(diǎn)的振動(dòng)方向是相反的D．兩列波在P點(diǎn)的振動(dòng)總是疊加形成干涉加強(qiáng)點(diǎn)4．如圖游樂(lè)園水上表演中，水面摩托艇上安裝的水泵通過(guò)輕質(zhì)軟管噴水，將質(zhì)量為M的游客（包括踏板）頂起在空中保持靜止（此時(shí)軟管豎直且噴水口豎直向下），設(shè)軟管與噴口的橫截面積相同，噴水速率為v，重力加速度為g，則t時(shí)間內(nèi)噴水的質(zhì)量為A．Mgtv?gt B．Mgt2v?gt C．Mgt2v5．如圖為某同學(xué)設(shè)計(jì)的靜電除塵裝置．先讓塵埃進(jìn)入附電箱M進(jìn)行附電，之后由于重力作用豎直向下進(jìn)入電勢(shì)左高右低的吸塵箱N．其中有兩個(gè)塵埃a、b的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，下列分析正確的A．a(chǎn)做勻加速曲線運(yùn)動(dòng)、b做變加速曲線運(yùn)動(dòng)B．兩個(gè)塵埃所受的電場(chǎng)力大小相等C．電場(chǎng)力對(duì)a做正功、對(duì)b做負(fù)功D．兩個(gè)塵埃的電勢(shì)能都減小6．如圖所示是一種理想變壓器的銘牌.根據(jù)上面標(biāo)示的信息，以下判斷正確的是型號(hào)：PKT-12-3000

輸入?yún)?shù)：220V50HZ

輸出參數(shù)：12V3.0AA．原線圈的匝數(shù)與副線圈的匝數(shù)之比為55：3B．這是一個(gè)升壓變壓器C．當(dāng)原線圈輸入交流電壓220V時(shí)，副線圈輸出直流電壓12VD．當(dāng)原線圈輸入交流電壓220V時(shí)，只要副線圈構(gòu)成回路，則其電流一定為3.0A7．把用金屬導(dǎo)體制成的霍爾元件接入如圖電路中，把電壓表接在霍爾元件a、b極上，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使輸入電流為I，又從左向右加垂直于板面的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，當(dāng)電場(chǎng)力等于洛倫茲力時(shí)，電壓表測(cè)出的霍爾電壓為UH．下列判斷正確的是A．a(chǎn)極的電勢(shì)高于b極的電勢(shì)B．只改變B的強(qiáng)度，則UH跟B成正比C．只改變I的強(qiáng)度，則UH跟I的平方成正比D．改變B、I的方向，電壓表指針會(huì)偏向另一邊二、多選題（本題共3小題，每小題6分，共18分，在每個(gè)題的4個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或以上選項(xiàng)正確。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分）8．如圖(a)，在傾角為θ的固定斜面上，有一質(zhì)量為m的拖把頭被水平力F推著沿斜面向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，輕桿質(zhì)量不計(jì)，拖把頭與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．重力加速度取為g.有位同學(xué)對(duì)此作了受力分析如圖(b)，并列寫(xiě)下列關(guān)系式，其中正確的是A．Ff=μFC．F=Ff+mg9．如圖，用鐵粉模擬出圓柱形磁鐵中軸面的磁感線，根據(jù)其中的一組對(duì)稱的磁感線做出立體的“喇叭口”模型，把線圈套入圓柱形磁鐵，控制活扣，使線圈緊粘著模型往下運(yùn)動(dòng)．在線圈套入和拿出時(shí)段，靈敏電流計(jì)指針有明顯變化，在線圈沿喇叭口往下運(yùn)動(dòng)過(guò)程，靈敏電流計(jì)指針沒(méi)有發(fā)生偏轉(zhuǎn)，下列解釋正確的是A．線圈套入和拿出時(shí)段作垂直切割磁感線運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電流B．線圈套入和拿出時(shí)段因磁感應(yīng)強(qiáng)度變化而使穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化C．線圈沿喇叭口往下運(yùn)動(dòng)過(guò)程線圈沒(méi)有作切割磁感線運(yùn)動(dòng)而不產(chǎn)生感應(yīng)電流D．線圈沿喇叭口往下運(yùn)動(dòng)過(guò)程穿過(guò)線圈的磁感線條數(shù)不變而不產(chǎn)生感應(yīng)電流10．電磁炮是一種新式兵器，其主要原理如圖所示．某電磁炮能夠把m=2.2g的炮彈（包括金屬桿CD的質(zhì)量）由靜止加速到v=10km/s，若軌道寬L=2m，長(zhǎng)s=100m，通過(guò)的電流I=10A，設(shè)電磁炮做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，忽略軌道摩擦，則A．加速度大小為5×102m/s2B．安培力大小為1.1×103NC．磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為55TD．電磁炮的最大功率為1.1×105W三、非選擇題（本題共5小題，共54分，考生根據(jù)要求作答）11．某同學(xué)利用自由落體運(yùn)動(dòng)做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)．利用紙帶上的點(diǎn)得到的數(shù)據(jù)畫(huà)成如圖所示的v2-h圖線，可知該同學(xué)（填“是”或“不是”）取開(kāi)始下落時(shí)打的點(diǎn)來(lái)驗(yàn)證的；該圖線的斜率表示（用文字表述）．設(shè)實(shí)驗(yàn)的重力加速度值在9.60m/s2~9.80m/s2才可認(rèn)為機(jī)械能守恒，否則不守恒．由圖計(jì)算出重力加速度值為m/s2（取三位有效數(shù)字），說(shuō)明本實(shí)驗(yàn)的機(jī)械能（填“守恒”或“不守恒”）．12．某同學(xué)做“測(cè)量金屬絲R的電阻率ρ”的實(shí)驗(yàn)（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)定金屬絲的直徑d，示數(shù)如圖a所示，可讀得d=mm．（2）如圖b，已知電流計(jì)G的滿偏電流IG=0.1A、內(nèi)阻rG=5.0Ω，電路中已將虛線框內(nèi)改裝為量程0.6A的電流表，則電阻R1=Ω（取二位有效數(shù)字）．（3）根據(jù)圖b把實(shí)物圖c連接完整。．（4）考慮電壓表內(nèi)阻的影響，電阻R的測(cè)量值真實(shí)值(填“大于”或“小于”)．（5）計(jì)算該金屬絲電阻率的表達(dá)式為：ρ=（用金屬絲直徑d、金屬絲接入電路長(zhǎng)度L、電壓表示數(shù)U、電流計(jì)G示數(shù)I，內(nèi)阻rG、電阻R1表示）。13．如圖為洗衣烘干機(jī)，其容積為120L?，F(xiàn)把濕衣服放進(jìn)去，占了其一半的容積，關(guān)閉機(jī)門，啟動(dòng)電源開(kāi)始烘干．下面兩個(gè)排氣口，能夠把變成水蒸汽的水和熱氣排出，同時(shí)使機(jī)內(nèi)的氣壓與外界大氣壓一直保持相等．設(shè)研究的氣體為開(kāi)始烘干前封閉在機(jī)內(nèi)的一定質(zhì)量的理想氣體，氣溫為27℃；當(dāng)衣服烘干時(shí)因排水共排出了10L的研究氣體（忽略衣服體積變化)．（1）烘干時(shí)研究的氣體（包括機(jī)內(nèi)和排出）的溫度為多少?（2）若電源輸出的電能只有30%被研究的氣體吸收為熱量而升溫，且10L的氣體每升高10℃需要吸收熱量18J，則電源輸出的電能約為多少J？14．如圖，平臺(tái)及厚度不計(jì)的圓環(huán)軌道固定于水平面上，小物塊a經(jīng)短彈簧彈出，沿水平軌道滑至平臺(tái)右端碰撞另一小物塊b，瞬間都從頂端C水平滑出，a從圓環(huán)的點(diǎn)A垂直半徑切入環(huán)內(nèi)，b從圓環(huán)的點(diǎn)B垂直半徑切過(guò)環(huán)外，D為圓環(huán)的頂點(diǎn)．已知：平臺(tái)高h(yuǎn)=5.4m，圓環(huán)半徑R=2.0m，∠DOB=37°，a的質(zhì)量m1=0.4kg，b的質(zhì)量m2=0.2kg，短彈簧彈射a前具有的彈性勢(shì)能E彈=7.2J，a、b均視為質(zhì)點(diǎn)，忽略一切摩擦力和空氣阻力，重力加速度取g=10m/s2，sinθ=0.6，cosθ=0.8。求（1）a碰撞b之前的速度v0的大??；（2）b從C滑出時(shí)的速度v2的大??；（3）計(jì)算論證a能不能沿圓環(huán)通過(guò)點(diǎn)D．15．如圖，有一回旋加速器，兩D盒加上垂直紙面外、磁感應(yīng)強(qiáng)度B1可調(diào)節(jié)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，左盒通過(guò)一水平管道與一個(gè)左右兩側(cè)都開(kāi)有很小狹縫的圓筒相連，圓筒內(nèi)有垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)在左盒附近的點(diǎn)S放置一電子，再利用兩盒狹縫加上一交變電壓來(lái)給電子周期性加速，經(jīng)過(guò)時(shí)間t電子便獲得一定速率貼著管壁通過(guò)水平管道后進(jìn)入圓筒，與下圓筒壁發(fā)生多次彈性碰撞又不作循環(huán)的從圓筒的右狹縫直接離開(kāi)圓筒．已知圓筒的半徑為r、磁感應(yīng)強(qiáng)度恒為B2，D盒的半徑為R0，電子的比荷為，電子在兩D盒狹縫間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不計(jì)，加速電子時(shí)電壓的大小可視為不變，電子重力不計(jì)．（1）求與下圓筒壁碰撞n（n=1，2，3，…）次的電子的速率；（2）由（1）的速率確定D盒中磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的表達(dá)式，并求n=2時(shí)B1的值；（3）若電子在狹縫中加速次數(shù)與回旋半周的次數(shù)相同，根據(jù)n=2時(shí)B1的值及其他已知量求加速電壓U的值.

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有G則有v=由圖知土星的運(yùn)行半徑比木星的運(yùn)行半徑大，則土星比木星的線速度小，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有G則有ω=由圖知火星的運(yùn)行半徑比地球的運(yùn)行半徑大，則火星比地球的角速度小，故B錯(cuò)誤；

C、行星做圓周運(yùn)動(dòng)的加速度為a=G由圖知金星的運(yùn)行半徑比水星的運(yùn)行半徑大，則金星比水星的向心加速度小，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有G則有T=2π由圖知土星的運(yùn)行半徑最大，則土星是這6個(gè)行星運(yùn)行周期最大的，故D正確。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)圖像確定各天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑關(guān)系，在結(jié)合萬(wàn)有引力定律及牛頓第二定律進(jìn)行分析。2．【答案】C【解析】【解答】C、設(shè)相鄰豎直吊繩間距為L(zhǎng)，由平均速度公式得xa=可得v即a車的平均速度是b車的兩倍，故C正確；

B、由上式得v可得v即a車的末速度比b車的兩倍還要大，故B錯(cuò)誤；

A、由加速度得定義式可得，a車的加速度為ab車的加速度為a故A錯(cuò)誤；

D、a車在超b車過(guò)程，兩車的大小均不能忽略不計(jì)，即均不能把兩車視為質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)圖示確定在t1時(shí)間內(nèi)，兩車的位移關(guān)系，再根據(jù)云變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律及平均速度的定義進(jìn)行分析。注意掌握物體視為質(zhì)點(diǎn)的條件。3．【答案】A【解析】【解答】A、兩列波在同一介質(zhì)中的傳播速度相同，由L=vt可得，兩列波同一時(shí)刻到達(dá)P點(diǎn)，故A正確；

B、因?yàn)閮闪胁ㄔ谕唤橘|(zhì)中，波速相等，由圖可知λ由波速公式v=λf得f所以兩位同學(xué)使波源的振動(dòng)頻率不相同，故B錯(cuò)誤；

C、由同側(cè)法可知，兩列波在p點(diǎn)的振動(dòng)方向是相同的，都是沿y軸正方向振動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D、由于兩列波的波長(zhǎng)（頻率）不同，不能產(chǎn)生干涉，故P點(diǎn)的振動(dòng)不穩(wěn)定，有時(shí)候振動(dòng)加強(qiáng)，有時(shí)候振動(dòng)減弱，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】波在同一介質(zhì)中的傳播速度相同，根據(jù)波的傳播方向結(jié)合上下坡法或者同側(cè)法判斷各波在質(zhì)點(diǎn)p的振動(dòng)方向。頻率相同，相位差恒定，振動(dòng)方向相同的兩列波相遇才能產(chǎn)生穩(wěn)定干涉。4．【答案】C【解析】【解答】對(duì)游客與踏板整體進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有F令極短時(shí)間Δt內(nèi)噴出水的質(zhì)量為Δm，根據(jù)牛頓第三定律可知，踏板對(duì)噴出水的反作用力為F由于軟管豎直且噴水口豎直向下，根據(jù)題意可知水泵先將水沿軟管豎直向上以速率v送至踏板處，沖擊踏板后又以速率v從噴水口豎直向下噴出，取豎直向下為正方向，對(duì)極短時(shí)間Δt內(nèi)噴出水進(jìn)行分析，由于時(shí)間極短，其重力可以忽略，根據(jù)動(dòng)量定理有F則t時(shí)間內(nèi)噴水的質(zhì)量為m=解得m=故答案為：C。

【分析】根據(jù)平衡條件確定極短時(shí)間內(nèi)水對(duì)踏板的沖擊力，明確水沖擊踏板后的速度大小及方向，再根據(jù)動(dòng)量定理確定極端時(shí)間內(nèi)噴出水的質(zhì)量，再利用時(shí)間t和極端時(shí)間的比值關(guān)系確定噴水的總質(zhì)量。5．【答案】D【解析】【解答】A、由題意可知，兩個(gè)塵埃在豎直方向只受重力，水平方向只受電場(chǎng)力，均是恒力，所以ab均做勻加速曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、在豎直方向有y=可得t水平方向有x=其中x由于不知道兩塵埃的質(zhì)量關(guān)系，所以兩個(gè)塵埃所受的電場(chǎng)力大小不一定相等，故B錯(cuò)誤；

CD、由塵埃軌跡可知，a塵埃所受電場(chǎng)力向左，b塵埃所受電場(chǎng)力向右，所以電場(chǎng)力對(duì)兩塵埃均做正功，由W得兩個(gè)塵埃的電勢(shì)能都減小，故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：D。

【分析】粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意確定兩粒子的受力情況，繼而確定其運(yùn)動(dòng)類型。根據(jù)圖示確定兩粒子在水平方向和豎直方向的位移關(guān)系，再根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律確定電場(chǎng)力的大小情況。電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。6．【答案】A【解析】【解答】A、根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系可得n故A正確；

B、根據(jù)銘牌可知U輸入電壓大于輸出電壓，說(shuō)明這是一個(gè)降壓變壓器，故B錯(cuò)誤；

C、變壓器是通過(guò)電磁感應(yīng)原理，所以當(dāng)原線圈輸入交流電壓220V時(shí)，副線圈輸出交流電12V，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)原線圈輸入交流電壓220V時(shí)，若副線圈構(gòu)成回路，則其電流大小與負(fù)載有關(guān)，其電流不一定為3.0A，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】輸入電壓大于輸出電壓為降壓變壓器，變壓器不會(huì)改變電壓的類型及頻率。若副線圈構(gòu)成回路，則其電流大小與負(fù)載有關(guān)，再結(jié)合理想變壓器原理進(jìn)行分析解答。7．【答案】B【解析】【解答】A、根據(jù)左手定則可知，電子受到洛倫茲力指向a極，故電子向a極偏轉(zhuǎn)，故a極的電勢(shì)低于b極的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

BC、電子平衡時(shí)，電子所受洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，則evB=eE=e可得U由電流微觀粒子表達(dá)式得I=neSv聯(lián)立可得U所以只改變B的強(qiáng)度，則UH跟B成正比；只改變I的強(qiáng)度，則UH跟I成正比，故B正確，C錯(cuò)誤；

D、改變B、I的方向，根據(jù)左手定則，故a極的電勢(shì)仍低于b極的電勢(shì)，電壓表指針不會(huì)偏向另一邊，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】根據(jù)左手定則確定電子所受洛倫茲力的方向及ab兩極電勢(shì)的高低。根據(jù)霍爾元件的原理推導(dǎo)得出霍爾電壓的表達(dá)式，再結(jié)合題意進(jìn)行分析，注意若題中未說(shuō)明電流中移動(dòng)電荷的正負(fù)性，則默認(rèn)為是由于電子的定向移動(dòng)產(chǎn)生電流。8．【答案】A,D【解析】【解答】ABC、對(duì)如圖（b）中的重力和水平力F進(jìn)行正交分解，得如圖所示

因?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)受力平衡，得支持力大小為F滑動(dòng)摩擦力大小為F由牛頓第三定律可得F得F沿斜面方向的平衡力為F故A正確，BC錯(cuò)誤；

D、如圖（b）拖把頭在4個(gè)力的作用下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受力平衡合力為零，那么任意兩個(gè)力的合力與另外兩個(gè)力的合力一定大小相等，方向相反，合力為零，所以通過(guò)勾股定理求重力和水平力F合力大小一定等于滑動(dòng)摩擦力和支持力的合力大小，即F故D正確。

故答案為：AD。

【分析】對(duì)拖把進(jìn)行受力分析，拖把做勻速運(yùn)動(dòng)，則處于受力平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件及力的合成與分解和滑動(dòng)摩擦力公式進(jìn)行分析即可。9．【答案】B,C,D【解析】【解答】AB、產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路中磁通量發(fā)生變化，所以線圈套入和拿出時(shí)電流計(jì)有變化是因?yàn)榇磐堪l(fā)生了變化，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、磁通量的實(shí)質(zhì)是穿過(guò)磁感線的條數(shù)，所以線圈沿喇叭口往下運(yùn)動(dòng)過(guò)程穿過(guò)線圈的磁感線條數(shù)不變，所以沒(méi)有感應(yīng)電流。故CD正確。

故答案為：BCD。

【分析】產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路中磁通量發(fā)生變化，磁通量的實(shí)質(zhì)是穿過(guò)磁感線的條數(shù)。注意判斷不同情況下，穿過(guò)線框的磁通量或者磁通量的條數(shù)是否發(fā)生改變。10．【答案】B,C【解析】【解答】ABC、電磁炮從靜止到飛出軌道瞬間，由動(dòng)能定理得Fs=解得電磁炮所受安培力為F=1.1×根據(jù)F=BIL可知磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=55根據(jù)牛頓第二定律F=ma解得加速度大小為a=故A錯(cuò)誤，BC正確；

D、當(dāng)電磁炮的速度最大時(shí)功率最大，則P故D錯(cuò)誤。

故答案為：BC。

【分析】電磁炮做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，即電磁炮受到的安培力為恒力。當(dāng)電磁炮的速度達(dá)到最大速度時(shí)，電磁炮的功率最大。再結(jié)合題意根據(jù)動(dòng)能定理及安培力公式和牛頓第二定律進(jìn)行解答。11．【答案】不是；重力加速度的2倍；9.78；守恒【解析】【解答】根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移與速度關(guān)系1可知vv2-h圖像的縱軸截距為初速度，若從起點(diǎn)取點(diǎn)，截距為零，所以截距不為零，該同學(xué)不是從起點(diǎn)取點(diǎn)。根據(jù)v可知圖像得斜率為2g。根據(jù)圖像可知k=2g=19.56即g=9.78重力加速度值在9.60m/s2～9.80m/s2才可認(rèn)為機(jī)械能守恒，所以本實(shí)驗(yàn)機(jī)械能守恒。

【分析】根據(jù)機(jī)械能守恒定律確定圖像的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)表達(dá)式結(jié)合圖像，分析圖像截距和斜率的物理意義，再根據(jù)其物理意義進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。12．【答案】（1）0.606（或0.604~0.608）（2）1.0（3）（4）小于（5）πd【解析】【解答】（1根據(jù)螺旋測(cè)微器讀數(shù)規(guī)則，可知固定刻度為0.5mm，得金屬絲的直徑d為d=0.5（2）如圖b可知，當(dāng)電流計(jì)G的滿偏時(shí)，當(dāng)I=0.6A時(shí)，由歐姆定律得R1電阻R（3）根據(jù)如圖b所示電路進(jìn)行連接如圖所示

（4）考慮電壓表內(nèi)阻，可知電壓表會(huì)分流，致使所測(cè)電流偏大，根據(jù)歐姆定律可知電R的測(cè)量值會(huì)偏小，故填小于；

（5）根據(jù)如圖b電路可知，電路總電流為I由歐姆定律得R=由電阻決定式R=ρ聯(lián)立解得ρ=【分析】熟悉掌握電表改裝的原理及計(jì)算方法。對(duì)于實(shí)驗(yàn)的誤差分析，主要考慮電壓表的分流及電流表的分壓。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及歐姆定律結(jié)合電路圖推導(dǎo)得出電阻率的表達(dá)式。13．【答案】（1）解：初狀態(tài)：V1=60L，T1=273+27=300K

末狀態(tài)：V2=70L，T2=273+t2

根據(jù)蓋·呂薩克定理：V代入數(shù)據(jù)解得：t2=77℃（2）解：由比例法：Q解得：60L的氣體升高50℃需要吸收熱量Q=540J由題意，電源輸出的電能為：W【解析】【分析】（1）封閉氣體做等壓變化，確定封閉氣體初末狀態(tài)的溫度和體積，再根據(jù)蓋呂薩克定律進(jìn)行解答；

（2）確定研究氣體的體積及需要升高的溫度，根據(jù)比例法確定研究的氣體升高到所需溫度需要吸收的熱量，再根據(jù)題意確定輸出的電能多少。14．【答案】（1）解：根據(jù)能量守恒定律，有：1代入數(shù)據(jù)解得：v0=6m/s（2）解：圖像加工如圖所示對(duì)b，平拋到點(diǎn)B，下落的高度為

h1=h-(R+Ry)=h-R(1+coss37°)=1.8m

根據(jù)：vby2=2gh1

代入數(shù)據(jù)解得：vby=6m/sv