2025年外研銜接版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、嫦娥一號月球探測器發(fā)射時(shí)在繞地球運(yùn)行中，進(jìn)行了四次變軌，其中有一次變軌是提高近地點(diǎn)的高度，使之從距地200km，上升到距地600km，這樣既提高了飛船飛行高度，又減緩飛船經(jīng)過近地點(diǎn)的速度，增長測控時(shí)間，關(guān)于這次變軌，說法正確的是（）A.變軌后探測器在遠(yuǎn)地點(diǎn)的加速度變大B.應(yīng)在近地點(diǎn)向運(yùn)動后方噴氣C.應(yīng)在遠(yuǎn)地點(diǎn)向運(yùn)動后方噴氣D.變軌后探測器的周期將變小2、太陽活動高峰年推遲至2013年或2014年，為觀測太陽上兩類最劇烈的爆發(fā)現(xiàn)象：耀斑和日冕物質(zhì)拋射．中法于2011年合作發(fā)射了“太陽爆發(fā)探測小衛(wèi)星”．發(fā)射過程是：衛(wèi)星首先在距離地面50km的近地軌道Ⅰ做勻速圓周運(yùn)動，然后變軌為近地點(diǎn)距地面50km、遠(yuǎn)地點(diǎn)距地面1500km的橢圓軌道Ⅱ，最后由軌道Ⅱ進(jìn)入半徑為7900km的圓軌道Ⅲ上．已知地球表面的重力加速度g=9.8m/s2，忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運(yùn)行的速率大于第一宇宙速度B.由軌道Ⅱ變軌為軌道Ⅲ需要在近地點(diǎn)處點(diǎn)火加速C.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上，從近地點(diǎn)向遠(yuǎn)地點(diǎn)運(yùn)動的過程中，速度增加D.利用以上數(shù)據(jù)可以求出衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運(yùn)動的周期3、關(guān)于電磁波在生活中的應(yīng)用，下列說法不正確的是（）A.用微波爐加熱食品B.電視信號的發(fā)射與接收C.使用手機(jī)打電話D.做“B超”檢查4、如圖甲所示；勁度系數(shù)為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h(yuǎn)處自由下落，接觸彈簧后繼續(xù)向下運(yùn)動．若以小球開始下落的位置為原點(diǎn)，沿豎直向下建立一坐標(biāo)軸ox，小球的速度v隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示．其中OA段為直線，AB段是與OA相切于A點(diǎn)的曲線，BC是平滑的曲線，則關(guān)于A；B、C三點(diǎn)對應(yīng)的x坐標(biāo)及加速度大小，下列說法正確的是（）

A.xA=h，aA=0

B.aB=0

C.ac=g

D.ac＞g

5、【題文】（5分）關(guān)于飽和汽的下列說法正確的是A.一定溫度下，飽和水蒸汽的密度是一定的B.不同液體的飽和汽壓在相同溫度下是相同的C.飽和汽壓隨溫度升高而增大，與體積無關(guān)D.理想氣體狀態(tài)方程對飽和汽也適用6、謝段長家里白熾燈泡的燈絲斷了；將燈絲搭接起來還可以再用，以下判斷正確的是（）

①比原來更亮③搭接起來的地方容易燒斷；其他地方不易燒斷。

②比原來更暗④搭接起來的地方不易燒斷，其他地方容易燒斷．A.①③B.③④C.①④D.②④7、一根長為2m，重為200N的均勻木板放在水平地面上，現(xiàn)將它的一端從地面緩慢提高0.5m，另一端仍擱在地面上，則外力所做的功至少為（）A.400JB.200JC.100JD.50J評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、物體以5m/s的初速度沿光滑斜槽向上做直線運(yùn)動，經(jīng)過4秒滑回原處時(shí)速度大小仍是5m/s，則物體的速度變化量是____，加速度是____．9、（1）如圖所示，一列簡諧波沿x′軸傳播，實(shí)線為t=0時(shí)的波形圖，此時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動，虛線為經(jīng)過0.02s時(shí)第一次出現(xiàn)的波形圖，則波沿x軸____（填“正”或“負(fù)”）方向傳播，波速為____m/s．

（2）如圖所示，為某種透明介質(zhì)的截面圖，△AOC為等腰直角三角形，BC為半徑R=12cm的四分之一圓弧，AB與水平屏幕MN垂直并接觸于A點(diǎn)．一束紅光射向圓心O，在AB分界面上的入射角i=45°，結(jié)果在水平屏幕MN上出現(xiàn)兩個(gè)亮斑．已知該介質(zhì)對紅光的折射率為n=；求兩個(gè)亮斑與A點(diǎn)間的距離分別為多少．

10、電容器的電容為20μF，原來帶有2.0×10-4C的電量．如果給它帶上3.0×10-4C電量，這時(shí)該電容器的電容為____μF，兩板間的電壓為____V．11、（2010秋?吳興區(qū)校級期中）如圖所示，一電子垂直電場線以速度v0射入平行帶電金屬板間，從a點(diǎn)射出兩板時(shí)速度為v1．現(xiàn)在兩板間再加一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，電子恰可從b點(diǎn)射出兩板．若ob=oa，則電子從b點(diǎn)射出時(shí)的速度大小為____．（電子重力不計(jì)）12、準(zhǔn)確研究提出點(diǎn)電荷之間相互作用力規(guī)律的科學(xué)家是____，發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是____．13、牛頓運(yùn)動定律是經(jīng)典力學(xué)的基礎(chǔ)，它適用于____領(lǐng)域．14、兩導(dǎo)線長度之比為1：2，橫截面積之比為3：4，電阻率之比為5：6，則它們的電阻之比為____．如果把一段導(dǎo)線均勻拉長為原來的2倍，則電阻變?yōu)樵瓉淼腳___倍．15、（2013春?東湖區(qū)校級月考）如圖所示，當(dāng)雙刀雙擲電鍵懸空時(shí)，若用一平行單色光照射光電管陰極K，發(fā)生了光電效應(yīng)，現(xiàn)將雙刀雙擲電鍵撥向bb′，用同樣的光照射光電管，并使變阻器的片P自左向右移動，當(dāng)電壓表示數(shù)為3.1V時(shí)，電路中的電流恰為零，若將電鍵撥向aa′并移動變阻器的滑片P，使電壓表示數(shù)變?yōu)?.5V，此時(shí)電子到達(dá)A極的最大動能為____eV．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、因?yàn)槠噭x車時(shí)的速度越大滑的越遠(yuǎn)，所以速度大的物體慣性大．____（判斷對錯）17、較大的顆粒不做布朗運(yùn)動是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)榉肿記_擊力小，不易改變大顆粒的運(yùn)動狀態(tài)．____．（判斷對錯）18、沿電場線的方向，電勢逐點(diǎn)降低．____（判斷對錯）19、直線電流磁場的方向的判斷可以用安培定則：____．20、因?yàn)槠噭x車時(shí)的速度越大滑的越遠(yuǎn)，所以速度大的物體慣性大．____（判斷對錯）21、沒有施力物體的力有可能存在．____（判斷對錯）22、形狀規(guī)則的物體，重心一定在其幾何中心．____（判斷對錯）評卷人得分四、推斷題(共4題，共32分)23、【化學(xué)一選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】隱形眼睛材料為仿生有機(jī)高聚物，其單體rm{G(}rm{)}可由下列方法合成：已知rm{A}和rm{M}互為同系物，回答下列問題：rm{(1)}rm{*A}的名稱為__________，rm{壟脹}的反應(yīng)類型為__________。rm{(2)}rm{*F}中的官能團(tuán)名稱是__________，rm{G}__________rm{(}填“有”或“沒有”rm{)}順反異構(gòu)。rm{(3)}寫出rm{D}與rm{Ag(NH_{3})_{2}OH}溶液反應(yīng)的離子方程式__________。rm{(4)}滿足下列條件的rm{G}的同分異構(gòu)體中，核磁共振氫譜峰最少的結(jié)構(gòu)簡式為__________。rm{壟脵}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)放出氣體rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{(5)}根據(jù)上述合成方法中提供的信息，寫出由乙烯經(jīng)三步合成化合物rm{CH_{3}隆陋COOCH=CH_{2}}的路線圖rm{(}無機(jī)試劑、二碳有機(jī)物任選rm{)}24、丁苯酞是我國成功研制出具有自主知識產(chǎn)權(quán)的治療急性缺血性腦卒中的一類化學(xué)新藥。合成丁苯酞rm{(J)}的一種路線如下：己知：rm{(1)A}分子中最多有________個(gè)原子共平面，rm{E}的名稱是________。rm{(2)}寫出由rm{B}生成rm{A}的化學(xué)方程式________________。rm{(3)F}的結(jié)構(gòu)簡式________________。rm{(4)}已知rm{J}是一種酯，分子中除苯環(huán)外還含有一個(gè)五元環(huán)。寫出由rm{H}生成rm{J}的化學(xué)方程式為__________________________________rm{(}寫明反應(yīng)條件rm{)}rm{(5)}已知rm{Exrightarrow[脪脪脙脩]{Mg}xrightarrow[]{C{O}_{2}}X}rm{Exrightarrow[脪脪脙脩]{Mg}

xrightarrow[]{C{O}_{2}}X}的同分異構(gòu)體中：rm{X}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)；rm{壟脵}能與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)。滿足上述條件的rm{壟脷}的同分異構(gòu)體共有________種rm{X}不考慮順反異構(gòu)和手性異構(gòu)rm{(}寫出其中核磁共振氫譜圖中有五個(gè)吸收峰的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式________________。rm{)}利用題中信息和所學(xué)知識，寫出以甲醛和化合物rm{(6)}為原料，合成rm{D}苯基乙醇rm{2隆陋}rm{(}的路線流程圖________rm{)}其它試劑自選rm{(}rm{)}合成路線流程圖表達(dá)方法例如下：rm{C{H}_{2}=C{H}_{2}xrightarrow[]{HBr}C{H}_{3}C{H}_{2}Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}C{H}_{3}C{H}_{2}OH)}rm{(}25、扁桃酸衍生物是重要的醫(yī)藥中間體，以rm{A}rm{B}為原料合成扁桃酸衍生物rm{F}路線如下：rm{A}為原料合成扁桃酸衍生物rm{B}路線如下：

rm{F}的分子式為rm{(1)A}rm{C_{2}H_{2}O_{3}}能消耗含有rm{1molA}rm{2.5}新制懸濁液，rm{molCu(OH)_{2}}與rm{1molA}發(fā)生加成反應(yīng)，寫出反應(yīng)rm{1molB}的化學(xué)方程式____rm{壟脵}化合物rm{(2)}所含官能團(tuán)名稱為____，在一定條件下rm{C}與足量rm{C}溶液反應(yīng)，rm{NaOH}最多消耗rm{1molC}的物質(zhì)的量為____rm{NaOH}反應(yīng)rm{(3)}的反應(yīng)類型為____rm{壟脷}請寫出反應(yīng)rm{_}的化學(xué)方程式____。rm{壟脹}是由rm{(4)E}個(gè)分子rm{2}生成的含有rm{C}個(gè)六元環(huán)的化合物，rm{3}的分子式為rm{E}____。rm{_}符合條件的rm{(5)}的所有同分異構(gòu)體rm{F}不考慮立體異構(gòu)rm{(}有____rm{)}種，其中核磁共振氫譜有五組峰的結(jié)構(gòu)簡式為____rm{_}屬于一元酸類化合物；rm{壟脵}苯環(huán)上只有rm{壟脷}個(gè)取代基rm{2}遇rm{壟脹}溶液顯紫色rm{FeCl_{3;}}參照上述合成路線。以冰醋酸為原料rm{(6)}無機(jī)試劑任選rm{(}設(shè)計(jì)制備rm{)}的合成路線。rm{A}己知rm{RCH}rm{RCH}rm{xrightarrow[?]{PC{l}_{3}}}rm{{,!}_{2}}______________________rm{COOH}26、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】烯烴在化工生產(chǎn)過程中有重要意義，下面是以烯烴rm{A(C_{3}H_{6})}為原料合成粘合劑rm{M}的路線圖?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)}下列關(guān)于路線圖中的有機(jī)物或轉(zhuǎn)化關(guān)系的說法正確的是_______rm{(}填字母rm{)}

A.rm{A}能發(fā)生加成、氧化、縮聚等反應(yīng)B.rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{CH_{2}ClCHClCH_{3}}C.rm{C}的分子式為rm{C_{4}H_{5}O_{3}}D.rm{M}的單體是rm{CH_{2}=CHCOOCH_{3}}和rm{CH_{2}=CHCONH_{2}}rm{(2)A}中所含官能團(tuán)的名稱是_______，反應(yīng)rm{壟脵}的反應(yīng)類型為_________。rm{(3)}設(shè)計(jì)步驟rm{壟脹壟脻}的目的是_________，rm{C}的名稱為________。rm{(4)C}和rm{D}生成粘合劑rm{M}的化學(xué)方程式為____________。rm{(5)}滿足下列條件的rm{C}的同分異構(gòu)體共有__種rm{(}不含立體異構(gòu)rm{)}寫出其中核磁共振氫譜有rm{3}組峰的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：_____________。rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{壟脷}酸、堿性條件下都能水解rm{壟脹}不含環(huán)狀結(jié)構(gòu)rm{(6)}結(jié)合信息，以rm{CH_{3}CH=CHCH_{2}OH}為原料rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}設(shè)計(jì)制備rm{CH_{3}CH=CHCOOH}的合成路線_____________。合成路線流程圖示例如下：rm{H_{2}C隆陋CH_{2}}rm{CH_{3}Br_{2}}rm{CH_{3}CH_{2}OH}評卷人得分五、計(jì)算題(共2題，共14分)27、（2016春?重慶校級期中）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一直角坐標(biāo)系xoy，在坐標(biāo)系的第二象限內(nèi)有一粗糙曲面軌道，在第一象限內(nèi)有一半徑為R的光滑半圓弧軌道（圓心在y軸上），它們恰好在O點(diǎn)平滑連接．現(xiàn)讓一質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從左側(cè)距x軸豎直高度為4R的A點(diǎn)由靜止釋放，到達(dá)O點(diǎn)時(shí)的速度大小是v0=；已知重力加速度為g．求：

（1）小球由A到O克服摩擦力做的功；

（2）小球到最高點(diǎn)B時(shí)對軌道的壓力；

（3）若所有軌道均光滑，且左側(cè)軌道滿足的方程為y=．要使小球能過圓弧軌道的最高點(diǎn)B，求小球從左側(cè)軌道由靜止釋放的最低位置坐標(biāo)．28、半徑為R

的固定半圓形玻璃磚的橫截面如圖所示，O

點(diǎn)為圓心，OO隆盲

為直徑MN

的垂線.

足夠大的光屏PQ

緊靠在玻璃磚的右側(cè)且與MN

垂直.

一束復(fù)色光沿半徑方向與OO隆盲

成婁脠=30鈭?

角射向O

點(diǎn)，已知復(fù)色光包含有折射率從n1=2

到n2=3

的光束；因而光屏上出現(xiàn)了彩色光帶．

(壟隆)

求彩色光帶的寬度；

(壟壟)

當(dāng)復(fù)色光入射角逐漸增大時(shí)，光屏上的彩色光帶將變成一個(gè)光點(diǎn)，求婁脠

角至少為多少？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】根據(jù)衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求出加速度的表達(dá)式進(jìn)行討論．根據(jù)衛(wèi)星變軌原理，在近地點(diǎn)向運(yùn)動后方噴氣，會使軌道半長軸和半短軸變大，但近地點(diǎn)位置仍可能不變，即新的軌道與圓軌道在近地點(diǎn)相切，會使遠(yuǎn)地點(diǎn)的高度增加，分析在遠(yuǎn)地點(diǎn)向運(yùn)動后方噴氣的結(jié)果．根據(jù)開普勒第三定律，由于半長軸a變大，故周期一定變大．【解析】【解答】解：A、變軌后探測器在遠(yuǎn)地點(diǎn)的離地球遠(yuǎn)了，根據(jù)牛頓第二定律，得：；由此可知，加速度變小，故A錯誤．

B；在近地點(diǎn)向運(yùn)動后方噴氣；會使軌道半長軸和半短軸變大，但近地點(diǎn)位置仍可能不變，即新的軌道與圓軌道在近地點(diǎn)相切，達(dá)不到近點(diǎn)的高度增加的目的，故B錯誤．

C；在遠(yuǎn)地點(diǎn)向運(yùn)動后方噴氣；會使軌道半長軸和半短軸變大，近地點(diǎn)的高度變大，故C正確．

D、根據(jù)開普勒第三定律；由于半長軸a變大，故周期一定變大，故D錯誤．

故選：C．2、D【分析】【分析】本題關(guān)鍵明確衛(wèi)星在圓軌道運(yùn)行時(shí)，萬有引力提供向心力；衛(wèi)星的運(yùn)動過程中只有重力做功，機(jī)械能守恒．【解析】【解答】解：A、根據(jù)公式v=；第一宇宙速度是圓軌道速度的最大值，故A錯誤；

B；圓軌道Ⅲ半徑為7900km；地球半徑為6400km，故在500km高度點(diǎn)火改變速度，故B錯誤；

C；衛(wèi)星在軌道Ⅱ上；從近地點(diǎn)向遠(yuǎn)地點(diǎn)運(yùn)動的過程中，勢能增加，動能減小，故速度減小，故C錯誤；

D；圓軌道Ⅲ半徑為7900km；根據(jù)衛(wèi)星的萬有引力提供向心力，有：

根據(jù)重力加速度公式，有：g=

兩式聯(lián)立解得：

T=2π；故可以求出衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運(yùn)動的周期，故D正確；

故選：D．3、D【分析】【分析】微波爐、電視機(jī)、手機(jī)工作時(shí)都要用到電磁波，“B超”是用超聲波工作的．【解析】【解答】解：A；用微波爐加熱食品；B、電視信號的發(fā)射與接收；C使用手機(jī)打電話都是利用電磁波在工作的．

D；做“B超”檢查；“B超”是利用超聲波來工作的，利用了聲音能傳遞信息．

故選D4、B|D【分析】

A；OA過程是自由落體；A的坐標(biāo)就是h，加速度為g，故A錯誤；

B、B點(diǎn)是速度最大的地方，此時(shí)重力和彈力相等，合力為0，加速度也就為0，由mg=kx，可知x=所以B得坐標(biāo)為h+故B正確；

C、D、取一個(gè)與A點(diǎn)關(guān)于B點(diǎn)對稱的點(diǎn)為D，由A點(diǎn)到B點(diǎn)的形變量為由對稱性得由B到D的形變量也為故到達(dá)C點(diǎn)時(shí)形變量要大于h+2加速度ac＞g；所以C錯誤，D正確；

故選BD．

【解析】【答案】OA過程是自由落體；A的坐標(biāo)就是自由下落的高度，此時(shí)的加速度也就是自由落體加速度；

B點(diǎn)是速度最大的地方；此時(shí)重力和彈力相等，合力為零，加速度也就為零，可還以計(jì)算出彈簧的形變量；

C點(diǎn)時(shí)速度減為零；彈簧被壓縮到最低點(diǎn)，彈簧的彈力最大，可以分析物體的加速度．

5、A|C【分析】【解析】略【解析】【答案】AC6、A【分析】【分析】分析電阻的變化，用電阻的功率公式進(jìn)行分析即可．燈絲斷后再接后長度變短，電阻變小，因電壓不變故功率變大．搭接點(diǎn)相對面積小，阻值大，電流相同的情況下功率大．【解析】【解答】解：①；因燈絲斷后再接后長度變短；電阻變小，因電壓不變故功率變大，比原來亮，故①正確，②錯誤．

③；搭接點(diǎn)相對面積小；阻值大，電流相同的情況下功率大，故易斷．故③正確，④錯誤．

故選：A7、D【分析】【分析】由于物體緩慢提升，故動能不變；則外力做功克服重力做功，則求出重力所做的功即外力所做的功．【解析】【解答】解：由幾何關(guān)系可知在物體上升的過程中；物體的重心向上運(yùn)動了0.25m；

物體克服重力做功W=mgh=200×0.25J=50J；

故外力所做的功等于物體克服重力所做的功；故外力所做的功為50J；

故選D．二、填空題(共8題，共16分)8、-10m/s-2.5m/s2【分析】【分析】速度的變化△v=v-v0，條直線上運(yùn)動，可以一個(gè)方向?yàn)檎较?，則另一個(gè)方向的速度取負(fù)值，表示方向與規(guī)定的正方向相反．【解析】【解答】答：解：規(guī)定初速度方向?yàn)檎较?，則v0=5m/s，v=-5m/s，物體的速度變化為：△v=v-v0=-5-5m/s=-10m/s，加速度為：a=．

故答案為：-10m/s，-2.5m/s29、正50【分析】【分析】（1）由題，此時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動，判斷出波傳播方向．已知周期T＞0.02s，波傳播的時(shí)間不到一個(gè)周期，傳播距離不到一個(gè)波長，根據(jù)波形的平移得到波傳播的距離，由公式v=求出波速；

（2）已知紅光的折射率，可由公式sinC=求出臨界角，判斷紅光在AB面上能否發(fā)生全反射．再由折射定律及幾何知識可求得兩光斑的距離．【解析】【解答】解：（1）由題；此時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動，根據(jù)波形平移法判斷出波沿x軸正方向傳播．

已知周期T＞0.02s，波傳播的時(shí)間不到一個(gè)周期，傳播距離不到一個(gè)波長，則波在△t=0.02s時(shí)間內(nèi)傳播的距離為△x=1m，

則波速為：v=m/s=50m/s．

（2）設(shè)紅光的臨界角為C；則。

sinC=；則得C=60°

由題意；i=45°＜C

紅光在AB面一部分折射；一部分反射．畫出如圖光路圖．

設(shè)折射角為r，兩個(gè)光斑分別為P1、P2；根據(jù)折射定律得。

n=

求得sinr=

由幾何知識可得tanr=

解得：AP1=6m

由幾何知識可得△OAP2為等腰直角三角形；

解得：AP2=12cm

故答案為：（1）正；50．

（2）兩個(gè)亮斑與A點(diǎn)間的距離12cm．10、2015【分析】【分析】根據(jù)電容的定義式C=求電壓；電容表征電容器容納電荷的本領(lǐng)大小的物理量，由電容器本身的特性決定，與其電量和電壓無關(guān)．【解析】【解答】解：電容由電容器本身決定；與帶電量的大小無關(guān)，所以這時(shí)該電容器的電容為20μF，兩板間的電壓為：

U==15V．

故答案為：20，1511、【分析】【分析】根據(jù)動能定理分別列式，即可求得電子從b點(diǎn)射出時(shí)的速度大小，并要抓住洛倫茲力不做功，電場力做功W=qEd，d是電場線方向上兩點(diǎn)間的距離．【解析】【解答】解：設(shè)ob=0a=d

只有電場時(shí)，根據(jù)動能定理得：qEd=

加上磁場后，根據(jù)動能定理得：-qEd=

聯(lián)立解得，電子從b點(diǎn)射出時(shí)的速度大小v2=

故答案為：12、庫侖奧斯特【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解析】【解答】解：發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是奧斯特；發(fā)現(xiàn)點(diǎn)電荷的相互作用力規(guī)律的科學(xué)家是庫侖．

故答案為：庫侖、奧斯特13、宏觀低速【分析】【分析】經(jīng)典力學(xué)的局限性是宏觀物體及低速運(yùn)動．當(dāng)達(dá)到高速時(shí)，經(jīng)典力學(xué)就不在適用【解析】【解答】解：經(jīng)典力學(xué)適用于低速運(yùn)動；宏觀物體．當(dāng)達(dá)到高速時(shí)；經(jīng)典力學(xué)就不在適用．

故答案為：宏觀低速14、5：94【分析】【分析】由電阻定律R=可確定其電阻大小關(guān)系；同時(shí)可以得出長度變化時(shí)的電阻變化．【解析】【解答】解：由電阻定律R=可知，兩電阻的比值應(yīng)為：=5：9；

將導(dǎo)線均勻拉長為原來的2倍時(shí)，截面積變?yōu)樵瓉淼囊话?，則由電阻定律R=可知；電阻變成原來的4倍；

故答案為：5：9，4．15、1.4【分析】【分析】該裝置所加的電壓為反向電壓，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)3.1V時(shí)，電流表示數(shù)為0，知道金屬的逸出功，根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0，求出光電子的最大初動能．【解析】【解答】解：該裝置所加的電壓為反向電壓，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)為3.1V時(shí)，電流表示數(shù)為0，知道W0=3.1eV．

根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0；光電子的最大初動能為4.5eV-3.1eV=1.4eV；

故答案為：1.4．三、判斷題(共7題，共14分)16、×【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，一切物體在任何情況下都有慣性，慣性大小由物體的質(zhì)量來量度．根據(jù)這些知識來解答．【解析】【解答】解：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度；與物體的速度無關(guān)．故該說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動是布朗運(yùn)動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動越明顯；布朗運(yùn)動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運(yùn)動的反應(yīng)．【解析】【解答】解：較大的顆粒不做布朗運(yùn)動是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)楦鱾€(gè)方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運(yùn)動狀態(tài)，不是因?yàn)榉肿拥臎_擊力?。砸陨系恼f法是錯誤的．

故答案為：×．18、√【分析】【分析】本題根據(jù)電場線的物理意義分析場強(qiáng)與電勢的關(guān)系；根據(jù)沿電場線的方向，電勢逐點(diǎn)降低即可解答．【解析】【解答】解：根據(jù)電場線的物理意義：順著電場線方向；電勢降低．故該說法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導(dǎo)線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導(dǎo)線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】慣性是物體的固有屬性，一切物體在任何情況下都有慣性，慣性大小由物體的質(zhì)量來量度．根據(jù)這些知識來解答．【解析】【解答】解：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度；與物體的速度無關(guān)．故該說法是錯誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】從力的概念，力作用的相互性，一個(gè)對另一個(gè)物體施加力的作用有兩種形式：一是物體直接接觸作用，二是物體之間的間接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物體對物體的作用；力不能脫離物體而存在；因此有力必然涉及兩個(gè)物體，一個(gè)是施力物體，另一個(gè)是受力物體，施力物體對受力物體施力的同時(shí)也受到受力物體對它的作用力，也就是說，物體間力的作用是相互的，沒有施力物體的力有不可能存在．

故答案為：×22、×【分析】【分析】重心就是重力的作用點(diǎn)，物體的重心在物體的幾何中心上有兩個(gè)條件：質(zhì)地均勻，外形規(guī)則．【解析】【解答】解：由于課本上指出重心就是重力的作用點(diǎn)；因此重力作用在物體的重心點(diǎn)上；質(zhì)地均勻，外形規(guī)則的物體的重心在物體的幾何中心上．質(zhì)量不是均勻分布的物體，即使外形規(guī)則的物體，重心有可能不在物體的幾何中心上．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×四、推斷題(共4題，共32分)23、（1）2-甲基-1-丙烯氧化反應(yīng)（2）碳碳雙鍵羧基沒有（3）（4）、（5）CH2=CH2CH3-COOCH2CH2OHCH3-COOCH=CH2【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成與推斷，涉及有機(jī)反應(yīng)類型、化學(xué)方程式書寫、同分異構(gòu)體的書寫等，是對學(xué)生綜合能力的考查，注意正推法和逆推法的結(jié)合，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化?！窘獯稹繐?jù)合成路線可知，rm{M}被催化氧化生成被催化氧化生成rm{M}為，則rm{M}為rm{CH_{2}=CH_{2}}rm{F}與rm{M}與rm{CH_{2}=CH_{2}}rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式在催化劑條件下反應(yīng)生成rm{G}rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{G}和rm{G}為同系物，則，逆推可知rm{F}為為單烯烴，與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成，rm{A}和rm{M}為同系物，則rm{A}為單烯烴，與rm{Br_{2}}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}rm{B}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{C}rm{C}催化氧化生成rm{D}rm{D}中含有醛基，rm{D}與銀氨溶液反應(yīng)生成rm{E}rm{E}在濃硫酸加熱條件下反應(yīng)生成rm{F}結(jié)合rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式逆推可知rm{D}中含有rm{1}個(gè)醛基，rm{E}中含有rm{1}個(gè)羧基和一個(gè)醇羥基，據(jù)rm{C}的分子式可知rm{C}中含有rm{2}個(gè)羥基，只有rm{1}個(gè)羥基被催化氧化為醛基，根據(jù)醇催化氧化的規(guī)律結(jié)合rm{F}中的碳架結(jié)構(gòu)可知rm{C}為rm{A}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{M}rm{A}催化氧化生成rm{Br_{2}}rm{B}中含有醛基，rm{B}與銀氨溶液反應(yīng)生成rm{C}rm{C}在濃硫酸加熱條件下反應(yīng)生成rm{D}結(jié)合rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式逆推可知rm{D}中含有rm{E}個(gè)醛基，rm{E}中含有rm{F}個(gè)羧基和一個(gè)醇羥基，據(jù)rm{F}的分子式可知rm{D}中含有rm{1}個(gè)羥基，只有rm{E}個(gè)羥基被催化氧化為醛基，根據(jù)醇催化氧化的規(guī)律結(jié)合rm{1}中的碳架結(jié)構(gòu)可知rm{C}為rm{C}為rm{2}為rm{1}為rm{F}為rm{C}，則rm{B}為rm{B}為，rm{A}為個(gè)碳原子，有rm{A}個(gè)碳碳雙鍵，碳碳雙鍵在，rm{D}為號碳和rm{D}號碳之間，，rm{E}為號碳上有rm{E}個(gè)甲基，其名稱為；甲基rm{(1)}丙烯，據(jù)以上分析知rm{A}為為，rm{A}催化氧化生成，主鏈上共有rm{3}個(gè)碳原子，有rm{1}個(gè)碳碳雙鍵，碳碳雙鍵在rm{1}號碳和rm{2}號碳之間，rm{2}號碳上有rm{1}個(gè)甲基，rm{3}為則rm{1}的反應(yīng)類型分別為氧化反應(yīng)，故答案為：rm{1}甲基rm{2}丙烯；氧化反應(yīng)；rm{2}rm{1}為rm{2-}rm{-1-}的結(jié)構(gòu)簡式，含有碳碳雙鍵的一個(gè)碳原子含有rm{C}個(gè)氫原子，沒有順反異構(gòu)，故答案為：rm{C}；沒有；rm{D}rm{D}為rm{壟脹}rm{2-}與rm{-1-}溶液發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{(2)}rm{F}為和rm{F}反應(yīng)的離子方程式為故答案為：，官能團(tuán)為碳碳雙鍵、羧基，rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式rm{2}碳碳雙鍵、羧基的同分異構(gòu)體中rm{(3)}能與rm{D}為rm{D}，rm{D}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，說明分子中含有醛基，符合條件的同分異構(gòu)體有

故答案為：rm{Ag(NH_{3})_{2}OH}被催化氧化生成與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H_{2}O}rm{Ag}rm{NH_{3}}；rm{(4)}rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式rm{G}，在rm{G}rm{壟脵}能與rm{NaHCO}rm{壟脵}rm{NaHCO}rm{3}合成路線為：rm{3}稀溶液反應(yīng)放出氣體，說明分子中含有羧基，rm{壟脷}rm{(5)CH_{2}=CH_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{-COOCH_{2}CH}rm{-COOCH_{2}CH}故答案為：rm{{,!}_{2}OH}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{-COOCH_{2}CH}rm{-COOCH_{2}CH}rm{{,!}_{2}OH}濃硫酸加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{CH}rm{CH}【解析】rm{(1)}rm{(1)}rm{{,!}}甲基rm{2-}甲基rm{-1-}丙烯丙烯rm{2-}rm{-1-}碳碳雙鍵羧基沒有氧化反應(yīng)rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)}、rm{(5)CH_{2}=CH_{2;}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{-COOCH_{2}CH}rm{-COOCH_{2}CH}rm{{,!}_{2}OH}rm{CH}24、（1）8鄰溴甲苯（或2—溴甲苯、2—甲基溴苯、鄰甲基溴苯）

（2）

（3）

（4）

（5）13

（6）

【分析】【分析】本題考查有機(jī)推斷，注意官能團(tuán)的性質(zhì)，難度中等?！窘獯稹勘容^rm{A}rm{B}的分子式可知，rm{A}與rm{HBr}加成生成rm{B}根據(jù)已知條件rm{B}轉(zhuǎn)化為rm{C({C}_{4}{H}_{9}MgBr)}比較rm{D}rm{E}的分子式可知，rm{D}與液溴加入鐵粉時(shí)發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{E}rm{E}中甲基被氧化為醛基，根據(jù)rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式可推知rm{F}中溴原子和醛基處于鄰位，則rm{D}為甲苯，rm{E}為rm{F}為再根據(jù)已知條件的反應(yīng)，結(jié)合rm{G}的結(jié)構(gòu)可知rm{C}為rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}MgBr}rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}MgBr

}為rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br}rm{B}為rm{(C{H}_{3}{)}_{2}C=C{H}_{2}}再根據(jù)反應(yīng)可知，rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br

}為據(jù)此答題；rm{A}為rm{(C{H}_{3}{)}_{2}C=C{H}_{2}}rm{(C{H}_{3}{)}_{2}C=C{H}_{2}

}個(gè)rm{H}原子處于平面內(nèi)，所以rm{(1)A}分子中最多有rm{(C{H}_{3}{)}_{2}C=C{H}_{2}

}個(gè)原子共平面，，碳碳雙鍵上所有原子共面，單鍵可以轉(zhuǎn)動，可以使甲基中rm{1}個(gè)rm{H}原子處于平面內(nèi)，所以rm{D}分子中最多有rm{8}個(gè)原子共平面，為rm{1}的名稱為：鄰溴甲苯rm{H}或rm{D}溴甲苯、rm{8}甲基溴苯、鄰甲基溴苯rm{E}rm{E}的名稱為：鄰溴甲苯rm{E}或rm{(}溴甲苯、rm{2隆陋}甲基溴苯、鄰甲基溴苯rm{2隆陋}rm{)}故答案為：rm{8}為rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br}rm{8}為rm{(C{H}_{3}{)}_{2}C=C{H}_{2}}鹵代烴在氫氧化鈉醇溶液下發(fā)生消去反應(yīng)即可生成雙鍵，化學(xué)方程式為：故答案為：rm{(}按照題給條件生成rm{2隆陋}結(jié)構(gòu)簡式故答案為：rm{2隆陋}rm{)}是一種酯，分子中除苯環(huán)外還含有一個(gè)五元環(huán)。rm{(2)}生成rm{B}的化學(xué)方程式故答案為：rm{(C{H}_{3}{)}_{2}CHC{H}_{2}Br

}的同分異構(gòu)體中：rm{A}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)有醛基，rm{(C{H}_{3}{)}_{2}C=C{H}_{2}

}能與氯化鐵溶液發(fā)生顯色反應(yīng)有酚羥基。滿足上述條件的rm{(3)E}的同分異構(gòu)體共有rm{F}種，核磁共振氫譜有五組吸收峰的結(jié)構(gòu)簡式故答案為：rm{(4)}rm{J}根據(jù)已知信息，鹵代烴在rm{H}乙醚作用下可以和含有碳氧雙鍵的物質(zhì)發(fā)生rm{J}反應(yīng)生成含有羥基的物質(zhì)，對照rm{(5)X}與目標(biāo)產(chǎn)物可知在甲苯甲基上引入羥基，則需要在甲苯甲基上引入鹵素原子，路線圖為：故答案為：rm{壟脵}【解析】rm{(1)8}鄰溴甲苯rm{(}或rm{2隆陋}溴甲苯、rm{2隆陋}甲基溴苯、鄰甲基溴苯rm{)}rm{(2)}rm{(3)}rm{(4)}rm{(5)13}rm{(6)}25、（1）+

（2）羧基、羥基2

（3）取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)HBr++H2O

（4）C16H12O6

（5）12

（6）CH3COOHClCH2COOHHOCH2COONaHOCH2COOH

【分析】【分析】本題考查官能團(tuán)之間的相互轉(zhuǎn)化、同分異構(gòu)體、反應(yīng)類型等知識，意在考查考生獲取信息的能力和審題能力，難度一般?！窘獯稹縭m{(1)1mol隆陋CHO}能與rm{2molCu(OH)_{2}}反應(yīng)，rm{1mol隆陋COOH}能與rm{dfrac{1}{2}molCu(OH)_{2}}反應(yīng)，從而可以推出rm{dfrac{1}{2}mol

Cu(OH)_{2}}的結(jié)構(gòu)簡式為再根據(jù)質(zhì)量守恒定律及反應(yīng)的特點(diǎn)推出rm{A}為苯酚，rm{B}的化學(xué)方程式為：故答案為：反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式為：由rm{壟脵}的結(jié)構(gòu)簡式可知：rm{(2)}中含有醇羥基、酚羥基和羧基，能與rm{C}反應(yīng)的是酚羥基和羧基，rm{C}酚羥基需要rm{NaOH}rm{1mol}，消耗羧基需要消耗rm{1molNaOH}，則rm{1mol}最多消耗rm{1molNaOH}的物質(zhì)的量為rm{1molC}最多消耗rm{NaOH}的物質(zhì)的量為rm{2mol}rm{1molC}羧基、羥基；rm{NaOH}rm{2mol}對比故答案為：與rm{2}結(jié)構(gòu)簡式的變化，可知反應(yīng)rm{(3)}是酯化反應(yīng)，本質(zhì)上是取代反應(yīng)。由rm{C}到rm{D}是醇羥基被溴原子取代，rm{壟脷}的化學(xué)方程式為故答案為：取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)；rm{D}是由rm{F}分子反應(yīng)rm{壟脹}的化學(xué)方程式為生成的含有rm{壟脹}個(gè)六元環(huán)的化合物，說明兩分子rm{(4)E}形成了一個(gè)六元環(huán)，因此rm{2}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{C}的同分異構(gòu)體必須滿足的條件：rm{3}屬于一元酸類化合物；rm{C}苯環(huán)上只有rm{E}個(gè)取代基；rm{(5)F}遇rm{壟脵}溶液顯紫色，即含有羧基與酚羥基；兩個(gè)取代基可以處于鄰、間、對的位置，只需分析出酚羥基對位的情況，對位的同分異構(gòu)體有：故符合條件的rm{壟脷}的同分異構(gòu)體為rm{2}種，能滿足核磁共振氫譜有五組峰的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{壟脹}rm{FeCl_{3}}根據(jù)rm{F}rm{12}rm{12}rm{xrightarrow[?]{PC{l}_{3}}}rm{(6)}可知，己知信息：rm{RCH}rm{xrightarrow[?]{PC{l}_{3}}ClCH_{2}COOH}rm{RCH}與氫氧化鈉水溶液共熱生成rm{{,!}_{2}}rm{COOH}與酸反應(yīng)生成rm{COOH}rm{xrightarrow[?]{PC{l}_{3}}

}催化氧化生成rm{RCH(Cl)COOH}可知，rm{CH3COOH}所以合成路線為：故答案為：rm{RCH(Cl)COOH}【解析】rm{(1)}rm{+}rm{(2)}羧基、羥基rm{2}rm{(3)}取代反應(yīng)或酯化反應(yīng)rm{HBr+}rm{+H_{2}O}rm{(4)C_{16}H_{12}O_{6}}rm{(5)12}rm{(6)CH_{3}COOH}rm{ClCH_{2}COOH}rm{HOCH_{2}COONa}rm{HOCH_{2}COOH}

26、（1）D（2）碳碳雙鍵取代反應(yīng)（3）保護(hù)碳碳雙鍵；防止被氧化丙烯酸甲酯。

（4）nCH2=CHCOOCH3+nCH2=CHCONH2（5）3HCOOC(CH3)=CH2（6）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成與推斷，涉及有機(jī)反應(yīng)類型、化學(xué)方程式書寫、同分異構(gòu)體的書寫等，是對學(xué)生綜合能力的考查，注意利用有機(jī)物的結(jié)構(gòu)及反應(yīng)條件進(jìn)行分析解答，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化?！窘獯稹縭m{A}為烯烴，其分子式為rm{C_{3}H_{6}}則rm{A}為rm{CH_{2}=CHCH_{3}}rm{A}與rm{Cl_{2}}在光照條件下發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{B}rm{B}經(jīng)反應(yīng)rm{壟脷}生成rm{CH_{2}=CHCH_{2}OH}則rm{B}為rm{CH_{2}=CHCH_{2}Cl}rm{CH_{2}=CHCH_{2}OH}經(jīng)過反應(yīng)rm{壟脹壟脺壟脻}被氧化為rm{CH_{2}=CHCHOOH}據(jù)粘合劑rm{M}的結(jié)構(gòu)簡式結(jié)合合成路線圖逆推可知rm{C}為rm{CH_{2}=CHCOOCH_{3}}rm{D}為rm{CH_{2}=CHCONH_{2}}則反應(yīng)rm{壟脼}為rm{CH_{2}=CHCHOOH}與rm{CH_{3}OH}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{C}rm{(1)A.A}為為rm{(1)A.A}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{=CHCH}，故A錯誤；B.rm{3}為rm{3}能發(fā)生加成、氧化反應(yīng)、不能發(fā)生縮聚反應(yīng)rm{B}rm{CH}rm{2}故B錯誤；C.rm{2}為rm{=CHCH}rm{2}rm{2}rm{Cl}，分子式為rm{C}故C錯誤；D.由rm{CH}的結(jié)構(gòu)簡式可知為加聚產(chǎn)物，其單體為rm{2}rm{2}rm{=CHCOOCH}rm{3}rm{3}rm{C_{4}H_{6}O_{2}}rm{M}rm{CH}，故D正確；故答案為：rm{CH}rm{2}為rm{2}rm{=CHCOOCH}rm{=CHCOOCH}官能團(tuán)的名稱為碳碳雙鍵，反應(yīng)rm{3}的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)，故答案為：碳碳雙鍵rm{3}取代反應(yīng)；和rm{CH}rm{CH}的目的是保護(hù)碳碳雙鍵，防止被氧化；rm{2}為rm{2}rm{=CHCONH}rm{=CHCONH}rm{2}rm{2}丙烯酸甲酯；rm{D}

rm{(2)A}rm{CH}據(jù)上述分析可知反應(yīng)rm{2}為rm{2}與rm{=CHCH_{3}}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{壟脵}rm{;}為rm{(3)}設(shè)計(jì)步驟rm{壟脹壟脻}的目的是為rm{壟脹壟脻}rm{C}和rm{CH}發(fā)生加聚反應(yīng)生成rm{2}反應(yīng)的方程式為：rm{2}故答案為：rm{=CHCOOCH}rm{3}據(jù)上述分析可知rm{3}為其名稱為丙烯酸甲酯，故答案為與分子式相同，且滿足下列條件能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{(4)}說明分子中有醛基rm{壟脼}rm{CH_{2}=CHCHOOH}酸堿性條件下都能水解rm{CH_{3}OH}說明分子中有酯基rm{C}rm{C}不含環(huán)狀，則該同分異構(gòu)體為甲酸某酯，符合條件的同分異構(gòu)體有：rm{CH_{2}=CHCOOCH_{3}}rm{D}rm{CH_{2}=CHCONH_{2}}共rm{C}種；其中核磁共振氫譜為rm{攏脛}組峰rm{M}說明分子中有rm{nCH_{2}=CHCOOCH_{3}+nCH_{2}=CHCONH_{2}}中氫原子rm{nCH_{2}=CHCOOCH_{3}+nCH_{2}=CHCONH_{2}}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{(5)}故答案為：rm{C}rm{CH_{2}=CHCOOCH_{3}}rm{C}由于碳碳雙