2025年魯科五四新版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯科五四新版選修3物理上冊階段測試試卷770考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在如圖所示的電路中；閉合開關(guān)，將滑動變阻器的滑片向右移動一段距離，待電路穩(wěn)定后，與滑片移動前比較。

A.燈泡L變亮B.電容器C上的電荷量不變C.電源消耗的總功率變小D.電阻R0兩端電壓變大2、關(guān)于分子動理論，下列說法正確的是（）A.分子直徑的數(shù)量級約為10?15mB.壓縮氣體時要用力，是由于氣體分子間存在斥力的緣故C.相對濕度越大，人感覺越潮濕D.水結(jié)為冰時，部分水分子已經(jīng)停止了熱運動3、條形磁鐵豎直放置；閉合圓環(huán)水平放置，條形磁鐵中心穿過圓環(huán)中心，如圖所示．若圓環(huán)為彈性環(huán)，其形狀由I擴大到II，那么圓環(huán)內(nèi)磁通量的變化情況是（）

A.磁通量不變B.磁通量增大C.磁通量減小D.條件不足，無法確定4、如圖所示；三根通電長直導(dǎo)線P；Q、R垂直紙面放置在正三角形的三個頂點上，它們均通有垂直紙面向里的電流，電流大小均相等，則此時R導(dǎo)線所受磁場力方向為。

A.沿x軸正向B.沿x軸負向C.沿y軸正向D.沿y軸負向5、法拉第研制成的世界上第一臺發(fā)電機模型的原理圖如圖所示．將銅盤放在磁場中，讓磁感線垂直穿過銅盤，a、b為導(dǎo)線；逆時針轉(zhuǎn)動銅盤，就可以使燈泡亮起的，則下列說法正確的是（）

A.回路中電流大小恒定B.回路中電流方向不變，且從b導(dǎo)線流進燈泡，再從a流向旋轉(zhuǎn)的銅盤C.回路中有大小和方向作周期性變化的電流D.若垂直穿過銅盤的磁場的磁感應(yīng)強度按正弦規(guī)律變化，不轉(zhuǎn)動銅盤，燈泡中也會有電流6、在一蹄形磁鐵兩極之間放一個矩形線框.磁鐵和線框都可以繞豎直軸自由轉(zhuǎn)動.若使蹄形磁鐵以某角速度轉(zhuǎn)動時,線框的情況將是。

A.靜止B.隨磁鐵同方向轉(zhuǎn)動C.與磁鐵反方向轉(zhuǎn)動D.由磁鐵的極性來決定7、如圖所示，平行板電容器已經(jīng)充電，靜電計的金屬球與電容器的一個極板連接，外殼與另一個極板連接，靜電計針的偏轉(zhuǎn)示電容兩極板間的電勢差．實驗中保持極板上的電荷量不變．設(shè)電容兩極正對面積為極板間的距離為靜電計指針偏角為．下列關(guān)于實驗現(xiàn)象的描述正確的是（）

A.保持不變，增大則變大B.保持不變，減小則不變C.保持不變，減小則變小D.保持不變，在兩板間插入電介質(zhì)，則變大8、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時（）A.速度最大B.回復(fù)力最大C.加速度最大D.彈性勢能最大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、下列說法正確的是（）A.理想氣體的壓強與單位體積的分子數(shù)、溫度以及氣體的摩爾質(zhì)量有關(guān)B.1mol的理想氫氣和1mol的理想氧氣，氣體溫度相同時，氧氣分子的平均速率較小C.兩個分子在靠近的過程中，分子勢能可能先減小后增大E.農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中，鋤松地面的土壤，目的是為了破壞土壤表面層的毛細管，減少水分的蒸發(fā)E.農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中，鋤松地面的土壤，目的是為了破壞土壤表面層的毛細管，減少水分的蒸發(fā)10、下列說法正確的是___________。A.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的增大而增大B.溫度高的物體分子平均動能一定大，內(nèi)能也一定大C.氣體壓強的大小跟氣體分子的平均動能和分子的密集程度有關(guān)E.空氣的相對濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強越接近同一溫度時水的飽和汽壓E.空氣的相對濕度越大，空氣中水蒸氣的壓強越接近同一溫度時水的飽和汽壓11、如圖是傾角θ＝30°的光滑絕緣斜面在紙面內(nèi)的截面圖．一長為L，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒垂直紙面放在斜面上，現(xiàn)給導(dǎo)體棒通入電流強度為I，并在垂直于導(dǎo)體棒的平面內(nèi)加勻強磁場，要使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，已知當?shù)刂亓铀俣葹間，則下列說法正確的是()

A.所加磁場方向與x軸正方向的夾角α的范圍應(yīng)為90°≤α＜240°

B.所加磁場方向與x軸正方向的夾角α的范圍應(yīng)為0°≤α＜150°

C.所加磁場的磁感應(yīng)強度的最小值為D.所加磁場的磁感應(yīng)強度的最小值為12、如圖所示，在光滑絕緣水平面上有一單匝線圈ABCD，在水平外力作用下以大小為v的速度向右勻速進入豎直向上的勻強磁場，第二次以大小為的速度向右勻速進入該勻強磁場；則下列說法正確的是。

A.第二次進入與第一次進入時線圈中的電流之比為1：3B.第二次進入與第一次進入時外力做功的功率之比為1：3C.第二次進入與第一次進入時線圈中產(chǎn)生的熱量之比為1：3D.第二次進入與第一次進入時通過線圈中某一橫截面的電荷量之比為1：313、在一小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈abcd的面積為S、匝數(shù)為n、線圈總電阻為r，在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞OO′軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動（如圖甲所示），產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示，矩形線圈與阻值為R的電阻構(gòu)成閉合電路，下列說法中正確的是()

A.t2~t3時間內(nèi)穿過線圈磁通量的變化量為零B.t4時刻穿過線圈的磁通量變化率的大小為C.t3~t4時間內(nèi)通過電阻R的電荷量為D.t1~t5時間內(nèi)電阻R的發(fā)熱量為14、設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ．實驗中；極板所帶電荷量不變，則下列說法正確的是（）

A.保持S不變，增大d,則θ變大B.用手觸摸極板B,則θ變小C.保持d不變，減小S,則θ變小D.在兩板間插入電介質(zhì),則θ變小15、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻(電阻隨光強的增大而減小)．當R2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關(guān)S，此時電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U．以下說法正確的是()

A.若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少B.若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U增大C.若僅用更強的光照射R1，則I增大，U減小，電容器所帶電荷量減少D.若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值減小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、基本邏輯電路——門電路中所謂“門”，就是一種開關(guān)，在一定條件下它允許信號通過；如果條件不滿足，信號就被阻擋在“門”外。如圖所示的電路是用來說明“______”邏輯關(guān)系的電路。（選填“與”、“非’’或者“或”）17、熱平衡：兩個相互接觸的熱力學(xué)系統(tǒng)，經(jīng)過一段時間，各自的狀態(tài)參量_______，說明兩個系統(tǒng)達到了平衡，這種平衡叫作熱平衡。18、用DIS研究一定質(zhì)量氣體在溫度不變時；壓強與體積關(guān)系的實驗裝置如圖甲所示，實驗步驟如下：

①把注射器活塞移至注射器中間位置；將注射器與壓強傳感器；數(shù)據(jù)采集器、計算機逐一連接。

②移動活塞，記錄注射器的刻度值V，同時記錄對應(yīng)的由計算機顯示的氣體壓強值p。

③用圖像處理實驗數(shù)據(jù)；得出如圖乙所示的圖線。

(1)為了保持封閉氣體的質(zhì)量不變，實驗中采取的主要措施是___________。

(2)為了保持封閉氣體的溫度不變，實驗中采取的主要措施是___________和___________。19、一卡諾熱機，工作在300K的高溫?zé)嵩春?00K的低溫?zé)嵩粗g，則此熱機的效率η=__________________。若在等溫膨脹過程中此熱機吸熱2×105J，則在每一循環(huán)中對外所作的功W=_______________。20、如圖是一定質(zhì)量理想氣體的圖像，氣體從圖中A狀態(tài)變到狀態(tài)，設(shè)A，狀態(tài)的體積分別為內(nèi)能分別為由圖可知______________________（填“”“”或“”）。從到氣體___________熱量（填“吸收”或“放出”）。

21、如圖所示為一彈簧振子的振動圖像；試完成以下問題：

（1）該振子簡諧運動的表達式為____________________；

（2）該振子在第100s時的位移為________cm，該振子在前100s內(nèi)的路程為________cm．22、如圖所示，一束激光頻率為傳播方向正對衛(wèi)星飛行方向，已知真空中光速為c，衛(wèi)星速度為u，則衛(wèi)星上觀測到激光的傳播速度是______，衛(wèi)星接收到激光的頻率______（選填“大于”“等于”或“小于”）。

23、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。24、高空作業(yè)須系安全帶。如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶剛對人產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h（可視為自由落體運動），重力加速度為g，設(shè)豎直向上為正方向，則此過程人的動量變化量為______。此后經(jīng)歷時間t安全帶達到最大伸長量，若在此過程中安全帶作用力始終豎直向上，則該段時間安全帶對人的平均作用力大小為_____。評卷人得分四、作圖題(共3題，共15分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【詳解】

AC．滑動變阻器的滑片向右移動一點，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，流過電源的電流減小，則由

知電源的總功率變小；且流過燈泡的電流減小，燈泡L亮度變暗，故A錯誤，C正確；

B．電源的路端電壓

增大；即電容器電壓增大將充電，電荷量將增大．故B錯誤；

D．電阻只有在電容器充放電時有短暫的電流通過；穩(wěn)定狀態(tài)無電流，則其兩端的電壓為零不變，D錯誤。

故選C。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．分子直徑的數(shù)量級為10?10m，原子核直徑的數(shù)量級才是10?15m；故A錯誤；

B．氣體分子的平均距離較大；一般是分子直徑數(shù)量級的10倍，氣體分子之間的作用力可以忽略不計，而壓縮氣體時要用力，是因為氣體分子無規(guī)則運動時相互碰撞產(chǎn)生了氣體壓強，故B錯誤；

C．空氣相對濕度越大；人體表的水分較難蒸發(fā)，所以感到潮濕，故C正確；

D．分子永不停息地做無規(guī)則運動；水結(jié)為冰后，水分子熱運動劇烈程度降低，但不會停止熱運動，故D錯誤。

故選C。3、C【分析】【詳解】

磁感線是閉合曲線，磁鐵內(nèi)部穿過線圈的磁感線條數(shù)等于外部所有磁感線的總和，圖中內(nèi)部磁感線線比外部多．外部的磁感線與內(nèi)部的磁感線方向相反，外部的磁感線將內(nèi)部抵消，Ⅰ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)少，將內(nèi)部磁感線抵消少，則Ⅰ位置磁通量大．而Ⅱ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)多，將內(nèi)部磁感線抵消多，則Ⅱ位置磁通量小．故選C.4、D【分析】由安培定則可知，通電導(dǎo)線P、Q在R處產(chǎn)生的合磁場方向水平向右，即沿X軸正方向，則R處的磁場方向沿X軸正方向；由左手定則可知，通電直導(dǎo)線R所受安培力垂直于R指向Y軸負方向．選項D正確，ABC錯誤，故選D．5、B【分析】【詳解】

銅盤轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為B、L不變，但是ω可能變化，E可能變化，根據(jù)歐姆定律得電流不一定恒定不變，故A錯誤．根據(jù)右手定則判斷，回路中電流方向不變，從b導(dǎo)線流進燈泡，再從a流向旋轉(zhuǎn)的銅盤．故B正確，C錯誤．垂直穿過銅盤的正弦變化的磁場，銅盤中產(chǎn)生渦旋電場，但a、b間無電勢差，燈泡中沒有電流流過．故D錯誤．6、B【分析】【詳解】

根據(jù)楞次定律可知，為阻礙磁通量增加，則導(dǎo)致線圈與磁鐵轉(zhuǎn)動方向相同，但快慢不一，線圈的轉(zhuǎn)速一定比磁鐵轉(zhuǎn)速小，與磁鐵的極性無關(guān)，B正確．7、A【分析】【詳解】

A：平行板電容器的電容電容器電壓與電容的關(guān)系為電量不變，保持不變，增大電容減小，電壓增大，變大；故A項正確．

B：電量不變，保持不變，減小電容增大，電壓減小，變?。还蔅項錯誤．

C：電量不變，保持不變，減小電容減小，電壓增大，變大；故C項錯誤．

D：電量不變，保持不變，在兩板間插入電介質(zhì)，電容增大，電壓變小，變??；故D項錯誤．

所以選A．

點睛：①平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變．當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)來判斷各量如何變化．

②平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動，電容器的帶電量不變．當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)來判斷各量如何變化．8、A【分析】A、D、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，彈性勢能最小，動能最大，故速度最大，故A正確，D錯誤；B、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，位移為零，根據(jù)F=-kx，回復(fù)力為零，故B錯誤；C、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，位移為零，根據(jù)加速度為零，故C錯誤；故選A．

【點睛】本題關(guān)鍵是明確簡諧運動的運動特點，熟悉回復(fù)力、加速度的計算公式．二、多選題(共7題，共14分)9、B:C:E【分析】【詳解】

A．理想氣體的壓強與單位體積的分子數(shù)；溫度有關(guān)；與氣體的摩爾質(zhì)量無關(guān)，故A錯誤；

B．1mol的理想氫氣和1mol的理想氧氣；氣體溫度相同時，分子的平均動能相同，但氧氣分子質(zhì)量較大，所以氧氣分子的平均速率較小，故B正確；

C．兩個分子在靠近的過程中；分子力可能做正功也可能做負功，分子勢能可能先減小后增大，故C正確；

D．干濕泡濕度計的濕泡溫度計與干泡溫度計的示數(shù)差距越大；說明濕泡處的水分蒸發(fā)越快，說明空氣濕度越小，故D錯誤；

E．農(nóng)業(yè)生產(chǎn)中；鋤松地面的土壤，目的是為了破壞土壤表面層的毛細管，減少水分的蒸發(fā)；

故E正確；

故選BCE。10、C:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時；減小分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增大，A錯誤；

B．溫度高的物體的分子平均動能一定大；內(nèi)能包括了分子動能和分子勢能，由于分子勢能變化不確定，所以內(nèi)能不一定越大，B錯誤；

C．氣體對容器壁的壓強是由于大量氣體分子對器壁碰撞作用產(chǎn)生的；壓強的大小跟氣體分子的平均動能；分子的密集程度有關(guān)，C正確；

D．表面層內(nèi)液體分子的作用力主要表現(xiàn)為引力；正是分子間的這種引力作用，使表面層具有收縮的趨勢；昆蟲停在水面上，水面向下發(fā)生彎曲，表面層具有的收縮的趨勢給了昆蟲向上的支持力，D正確；

E．在某一溫度下；水蒸氣的壓強與同溫度下飽和汽壓的比，稱為空氣的相對濕度，空氣濕度越大空氣中的水蒸氣越接近飽和狀態(tài)，E正確；

故選CDE。11、B:D【分析】【分析】

根據(jù)共點力平衡得出安培力方向的范圍；從而得出磁場方向的范圍，根據(jù)平行四邊形定則求出安培力的最小值，結(jié)合安培力公式得出磁感應(yīng)強度的最小值．

【詳解】

A；B項：根據(jù)共點力平衡知；安培力的方向在垂直斜面向下與豎直向上這兩個方向之間，根據(jù)左手定則知，所加磁場方向與x軸正方向的夾角θ的范圍應(yīng)為0°≤θ＜150°．故A錯誤，B正確；

C、D當安培力的方向與支持力方向垂直時，安培力最小，根據(jù)平行四邊形定則有：FA=mgsin30°=BIL，則磁感應(yīng)強度的最小值B=故C錯誤，D正確．

故應(yīng)選：BD．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行求解，求解最小值問題，往往通過三角形法分析判斷．12、A:C【分析】【詳解】

A、設(shè)磁感應(yīng)強度為B，CD邊長度為L，AD邊長為線圈電阻為R；線圈進入磁場過程中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BLv，感應(yīng)電流感應(yīng)電流I與速度v成正比，第二次進入與第一次進入時線圈中電流之比：故A正確；

B、線圈進入磁場時受到的安培力：線圈做勻速直線運動，由平衡條件得，外力外力功率功率與速度的平方成正比，第二次進入與第一次進入時外力做功的功率之比：故B錯誤；

C、線圈進入磁場過程中產(chǎn)生的熱量：產(chǎn)生的熱量與速度成正比，第二次進入與第一次進入時線圈中產(chǎn)生熱量之比：故C正確；

D、通過導(dǎo)線橫截面電荷量：電荷量與速度無關(guān)，電荷量之比為1：1，故D錯誤．

故選AC．

【點睛】

根據(jù)切割公式E=BLv求解電動勢，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，然后求出電流之比；線框勻速進入勻強磁場，安培力與外力平衡，根據(jù)安培力公式求解安培力，再結(jié)合平衡條件得到外力，最后根據(jù)P=Fv求解外力的功率；由焦耳定律求出線圈產(chǎn)生的熱量，然后求出熱量之比．由電流定義式求出電荷量間的關(guān)系．13、B:C【分析】【詳解】

t2～t3時間內(nèi)穿過線圈磁通量的變化量為△Φ=BS，故A錯誤；由于產(chǎn)生的電動勢最大值為E0，根據(jù)所以磁通量變化率的最大值故B正確；通過電阻的電荷量所以t4到t3這段時間通過電阻R的電荷量為：故C正確；t1～t5時間內(nèi)電阻R的發(fā)熱量為：故D錯誤；14、A:B:D【分析】【詳解】

A．當板間距離增大時由

知電容C減小，由

知電勢差U增大；靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度增大，故A正確；

B．當用手觸摸極板B時，極板上的電荷量傳到人體，電荷量減小，根據(jù)

知變小，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度θ變??；故B正確；

C．當兩板間正對面積減小時由

知電容C減小，由

知電勢差U增大；靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度增大，故C錯誤；

D．當兩板間插入電介質(zhì)時由

知電容C增大，由

知電勢差U減??；靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度減小，故D正確。

故選ABD。15、A:C【分析】【詳解】

A.若僅增大A、B板間距離，電容減小，板間電壓不變，則由電容的定義式分析可知電容器所帶電荷量減少；故A正確；

B.滑動變阻器處于含電容支路中；相當于導(dǎo)線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變．故B錯誤；

C.若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，內(nèi)電壓和R3的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由電容的定義式分析可知電容器所帶電荷量減少．故C正確；

D.若僅用更強的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，I增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-Ir可得：不變，故D錯誤．

故選AC．三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖中兩個開關(guān)串聯(lián)，只有都閉合時，燈L才能亮，所以該邏輯關(guān)系為“與”邏輯關(guān)系?！窘馕觥颗c17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不再變化18、略

【分析】【詳解】

(1)[1]為了保證氣體的質(zhì)量不變；要用潤滑油涂活塞保證封閉效果。

(2)[2][3]氣體的體積變化，外界對氣體做正功或負功，要讓氣體與外界進行足夠的熱交換，一要時間長，也就是抽動活塞緩慢，二要活塞導(dǎo)熱性能好。【解析】①.用潤滑油涂活塞②.慢慢地抽動活塞③.活塞導(dǎo)熱性能好19、略

【分析】【詳解】

[1]卡諾熱機的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]從圖像可以看出為等容變化，所以=

[2]一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)所以＜

[3]從狀態(tài)A到狀態(tài)B體積不變，內(nèi)能增加，所以應(yīng)該為吸收熱量?！窘馕觥?＜吸收21、略

【分析】【詳解】

（1）彈簧振子的周期為T=4s，則角速度為：振幅A=5cm故該振子簡諧運動的表達式為x=Asinωt=5sintcm．

（2）因而振子在一個周期內(nèi)通過的路程是4A，所以振子在前100s的總路程是：s=25×4A=100×5cm=500cm；總位移為0.【解析】(cm)050022、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)光速不變原理，衛(wèi)星上觀測到激光的傳播速度為c；

[2]因為激光和衛(wèi)星是相向運動，依據(jù)多普勒效應(yīng)可知，衛(wèi)星接收到激光的頻率大于【解析】C大于23、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關(guān)，跟到平面鏡的距離無關(guān)，所以小涵的像大小不變。

【點睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關(guān)，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無關(guān)。但是我們遠離平面鏡時，看到自己在平面鏡中的像變小，是因為眼睛看像的視角變小，產(chǎn)生了錯覺，像的實際大小是沒有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；24、略

【分析】【詳