2025年人教五四新版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教五四新版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷482考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關(guān)于光的本性的正確說(shuō)法是（）A.關(guān)于光的本性，愛(ài)因斯坦提出了“光子說(shuō)”，圓滿地說(shuō)明了光的本性B.光具有波粒二象性是指既可以把光看成宏觀概念上的波，也可以看成微觀概念的粒子C.光的干涉、衍射現(xiàn)象說(shuō)明光具有波動(dòng)性，光電效應(yīng)說(shuō)明光具有粒子性D.以上說(shuō)法都不對(duì)2、關(guān)于電場(chǎng)線，以下說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)線就是電荷運(yùn)動(dòng)的軌跡B.正電荷所受電場(chǎng)力的方向就是電場(chǎng)線的方向C.電場(chǎng)線越密的地方，電勢(shì)就越高D.電場(chǎng)線是一個(gè)閉合曲線3、下列說(shuō)法正確的是(

)

A.電熱毯應(yīng)用了電流的磁效應(yīng)B.恒溫孵化器應(yīng)用了光傳感器C.移動(dòng)電話應(yīng)用了電磁波技術(shù)D.電磁鐵應(yīng)用了電磁感應(yīng)現(xiàn)象4、—帶正電的粒子在僅受電場(chǎng)力作用下，從坐標(biāo)原點(diǎn)O以一定的初速度v0沿電場(chǎng)中的x軸正向做直線運(yùn)動(dòng)，x軸上的電勢(shì)分布如圖所示，則粒子從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.粒子的電勢(shì)能一直增大B.粒子的動(dòng)能先增大后減小C.粒子運(yùn)動(dòng)的加速度先增大后減小D.粒子受到的電場(chǎng)力先沿x軸負(fù)方向后沿x軸正方向5、關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的曲線運(yùn)動(dòng)；下列說(shuō)法中不正確的是（）

A.曲線運(yùn)動(dòng)肯定是一種變速運(yùn)動(dòng)。

B.變速運(yùn)動(dòng)必定是曲線運(yùn)動(dòng)。

C.曲線運(yùn)動(dòng)可以是速率不變的運(yùn)動(dòng)。

D.曲線運(yùn)動(dòng)可以是加速度不變的運(yùn)動(dòng)。

6、下列物質(zhì)中全部是晶體的是（）A.石墨、銅、瀝青B.食鹽、橡膠、金剛石C.明礬、云母、石英D.雪花、玻璃、蔗糖7、甲物體的重力比乙物體的重力大5

倍，甲從H

高處自由落下，乙從2H

高處同時(shí)自由落下.

以下幾種說(shuō)法中正確的是()A.在兩物體下落過(guò)程中，同一時(shí)刻甲的速率比乙大B.下落1s

末，它們的速度不相等C.各自下落1m

它們的速度相等D.下落過(guò)程中甲的加速度比乙大評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖為某個(gè)彈簧振子作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象；由圖象可知（）

A.在0.1s時(shí)由于振幅為零所以振動(dòng)能量為零B.在0.2s時(shí)振子具有最大的勢(shì)能C.在0.4s時(shí)彈簧振子具有最大的動(dòng)能D.彈簧振子作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為0.4s9、如圖所示為同一實(shí)驗(yàn)室中甲；乙兩個(gè)單擺的振動(dòng)圖象；從圖象可知（）

A.兩擺球質(zhì)量相等B.兩單擺的擺長(zhǎng)相等C.兩單擺相位相差D.在相同的時(shí)間內(nèi)，兩擺球通過(guò)的路程總有s甲=2s乙10、如圖為伽利略設(shè)計(jì)的一種測(cè)溫裝置示意圖，玻璃管的上端與導(dǎo)熱良好的玻璃泡連通，下端插入水中，玻璃泡中封閉有一定量的空氣.

若玻璃管內(nèi)水柱上升，則外界大氣的變化可能是(

)

A.溫度降低，壓強(qiáng)增大B.溫度升高，壓強(qiáng)不變C.溫度升高，壓強(qiáng)減小D.溫度不變，壓強(qiáng)增大11、如圖所示，甲圖是一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=2s時(shí)的波動(dòng)圖象，乙圖是該波傳播方向上介質(zhì)中x1=6m質(zhì)點(diǎn)從t=0時(shí)刻起的振動(dòng)圖象，a、b是介質(zhì)中平衡位置為x1=3m和x2=5m的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波的波速是2m/sB.在t=2s時(shí)刻，a、b兩質(zhì)點(diǎn)的速度相同C.x=200m處的觀察者向x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，接收到該波的頻率一定為0.25HzD.若該波在傳播過(guò)程中遇到尺寸為7m的障礙物，會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象12、把一個(gè)架在絕緣座上的導(dǎo)體放在負(fù)電荷形成的電場(chǎng)中；導(dǎo)體處于靜電平衡時(shí)，導(dǎo)體表面上感應(yīng)電荷的分布如圖所示，這時(shí)導(dǎo)體（）

A.導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零B.A端的電勢(shì)比B端的電勢(shì)高C.A端的電勢(shì)與B端的電勢(shì)相等D.導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)線從A端指向B端13、如圖所示，圖線a是線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的正弦交流電的圖象，當(dāng)只改變線圈的轉(zhuǎn)速后，產(chǎn)生正弦交流電的圖象如圖線b所示，以下說(shuō)法正確的是（）A.線圈先后兩次轉(zhuǎn)速之比為2：3B.通過(guò)線圈的磁通量最大值之比為3：2C.先后兩次交流電的最大值之比為3：2D.先后兩次交流電的有效值之比為3：214、電子鐘是利用LC振蕩電路來(lái)工作計(jì)時(shí)的，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)電子鐘每天要慢30s，造成這一現(xiàn)象的原因可能是（）A.電池用久了B.振蕩電路中電容器的電容大了C.振蕩電路中線圈的電感大了D.振蕩電路中的電容器的電容小15、如圖所示的四個(gè)日光燈的接線圖中，S1為啟動(dòng)器，S2、S3為電鍵，L為鎮(zhèn)流器，能使日光燈正常發(fā)光的是（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、如圖所示，線圈ABCO面積為0.4m2，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T，方向?yàn)閤軸正方向，通過(guò)線圈的磁通量為_(kāi)________Wb。在線圈由圖示位置繞z軸向下轉(zhuǎn)過(guò)60°的過(guò)程中，通過(guò)線圈的磁通量改變了_________Wb。(可以用根式表示)17、一個(gè)小孩將一個(gè)質(zhì)量為0.1kg的橡皮泥以20m/s的速度打在墻上，則這一過(guò)程中，橡皮泥的動(dòng)量改變量為_(kāi)_____，動(dòng)量改變量的方向與初速度的方向______（填“相同”或“相反”）．如果將同樣質(zhì)量的一個(gè)皮球以相同的速度打在墻上后又以相同的速率彈回，則皮球的動(dòng)量改變量為_(kāi)_____．18、如圖所示，電子射線管(

A

為其陰極)

放在蹄形磁軼的NS

兩極間，射線管的陰極A

接在直流高壓電源的________(

填“正或負(fù)”)

極，此時(shí)，熒光屏上的電子束運(yùn)動(dòng)徑跡__________偏轉(zhuǎn)(

填“向上”、“向下”“不”)

?

19、氣球載一重物以0.8m/s2的加速度從地面升起，10s末重物與氣球脫離，此后重物還能上升的時(shí)間為_(kāi)_____s，重物落地時(shí)速度的大小為_(kāi)_____m/s．（g取10m/s2）20、鋁的逸出功為4.2eV

現(xiàn)用頻率為1.5隆脕1015Hz

的光照射鋁的表面.

則光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)_____；遏止電壓為_(kāi)_____；鋁的截止頻率為_(kāi)_____.(

結(jié)果保留1

位小數(shù)，普朗克常量為6.626隆脕10鈭?34J?s

電子的電量為1.6隆脕10鈭?19C)

評(píng)卷人得分四、簡(jiǎn)答題(共2題，共20分)21、rm{(}一rm{)(1)}某溫度下，純水中的rm{c(H^{+})=4.0隆脕10^{-7}mol/L}則此溫度下純水中的rm{c(H^{+})=4.0隆脕10^{-7}

mol/L}____rm{c(OH^{-})=}若溫度不變，滴入稀rm{mol/L;}溶液，使rm{c(OH^{-})=5.0隆脕10^{-6}mol/L}則溶液的rm{NaOH}____rm{c(OH^{-})=

5.0隆脕10^{-6}mol/L}．rm{c(H^{+})=}在rm{mol/L}時(shí)，rm{(2)}的鹽酸與等體積rm{25隆忙}的氫氧化鈉溶液混合，混合后溶液的rm{100ml1.0mol/L}____rm{1.2mol/L}二rm{pH=}下表所示的是某些弱酸的電離常數(shù)rm{(}常溫下rm{)}請(qǐng)根據(jù)要求作答。。rm{(}弱酸電離常數(shù)弱酸電離常數(shù)rm{H_{2}CO_{3}}rm{K_{1}=4.4x10^{-7}}rm{K_{2}=4.7x10^{-11}}rm{CH_{3}COOH}rm{K=1.75x10^{-5}}rm{H_{3}PO_{4}}rm{K_{1}=7.1x10^{-3}}rm{K_{2}=6.3x10^{-8}}rm{K_{3}=4.2x10^{-13}}rm{H_{2}C_{2}O_{4}}rm{K_{1}=5.4x10^{-2}}rm{K_{2}=5.4x10^{-5}}rm{(1)}比較上述四種酸的酸性強(qiáng)弱rm{(}由大到小rm{)}____rm{(2)}寫出rm{1mol/L}的rm{NaH_{2}PO_{4}}溶液中的電荷守恒表達(dá)式：____。rm{(3)}已知rm{0.1mol/LNaHC_{2}O_{4}}溶液顯酸性，則溶液中除rm{H_{2}O}外所有微粒的濃度由大到小的順序是：____22、火箭推進(jìn)器中裝有還原劑肼rm{(N_{2}H_{4})}和強(qiáng)氧化劑過(guò)氧化氫rm{(H_{2}O_{2})}當(dāng)它們混合時(shí)，即產(chǎn)生大量氮?dú)夂退魵?，并放出大量熱。已知rm{0.4mol}液態(tài)肼與足量過(guò)氧化氫反應(yīng)，生成氮?dú)夂退魵?，放出rm{256.65kJ}的熱量。rm{(1)}寫出肼的結(jié)構(gòu)式和過(guò)氧化氫的電子式肼____________________，過(guò)氧化氫______________________________________。rm{(2)}寫出上述反應(yīng)的熱化學(xué)方程式：_____________________________________。rm{(3)}已知rm{H_{2}O(l)=H_{2}O(g)婁隴}rm{H}rm{=+44kJ隆隴mol^{-1}}則rm{16g}液態(tài)肼與足量液態(tài)過(guò)氧化氫反應(yīng)生成氮?dú)夂鸵簯B(tài)水時(shí)，放出的熱量是________rm{kJ}rm{(4)}上述反應(yīng)用于火箭推進(jìn)劑，除釋放大量熱和快速產(chǎn)生大量氣體外，還有一個(gè)很突出的優(yōu)點(diǎn)是_______________________________________________。評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共24分)23、正方形線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，此時(shí)線框與磁場(chǎng)垂直如圖所示，求：

（1）穿過(guò)線框的磁通量為多少？

（2）當(dāng)線框由圖示位置繞邊ab轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)；穿過(guò)線框的磁通量為多少？

（3）當(dāng)線框的右半部由圖示位置繞軸線中心OO′轉(zhuǎn)過(guò)60時(shí)；穿過(guò)線框的磁通量為多少？

（4）當(dāng)線框由圖示位置從正方形變成圓形時(shí)，穿過(guò)線框的磁通量為多少？這過(guò)程磁通量變化了多少？24、如圖所示，用L=1m的細(xì)線系著一個(gè)小球A組成一個(gè)單擺，在懸點(diǎn)O處還固定著另一根豎直的細(xì)繩，吊在繩子上的小球B能沿繩子下滑?，F(xiàn)將A球拉偏一個(gè)很小的角度，B球停在懸點(diǎn)O處，使它們同時(shí)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，若A第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)跟B正好相碰，不計(jì)A球摩擦阻力，且g≈π2=10m/s2．求：

（1）從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到相碰所經(jīng)歷的時(shí)間；

（2）球B沿繩子下滑的加速度大??；

（3）球B與繩子的摩擦力跟B球重力的比值。25、（10分）如圖所示，在正的點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中有a、b兩點(diǎn)，它們到點(diǎn)電荷Q的距離（l）a、b兩點(diǎn)哪點(diǎn)電勢(shì)高？（2）將一負(fù)電荷放在a、b兩點(diǎn)，哪點(diǎn)電勢(shì)能較大？（3）若a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小為100V，將二價(jià)負(fù)離子由a點(diǎn)移到b點(diǎn)電場(chǎng)力對(duì)電荷做功多少？(二價(jià)負(fù)離子電量ｑ＝－２×１．６×１０－１９Ｃ)26、如圖所示；高度均為L(zhǎng)的區(qū)域I；Ⅱ中分別存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)和電場(chǎng)．區(qū)域Ⅰ內(nèi)的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，區(qū)域Ⅱ內(nèi)的電場(chǎng)方向豎直向上、電場(chǎng)強(qiáng)度為E，M、N是涂有熒光物質(zhì)的兩塊水平板，電子擊中板發(fā)出熒光且不反彈．其中M板位于磁場(chǎng)上邊界，N板位于電場(chǎng)下邊界．一束速率相同的電子從O點(diǎn)緊貼M板沿紙面內(nèi)各個(gè)方向射入磁場(chǎng)，其中水平向右射入磁場(chǎng)的電子垂直擊中N板上的A點(diǎn)（圖中未畫出）．電子質(zhì)量為m，電荷量為e，電子重力和電子間相互作用不計(jì)，求：

⑴電子的速率v；

⑵電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間t；

⑶N板上出現(xiàn)亮點(diǎn)區(qū)域長(zhǎng)度x．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】【解答】牛頓的“微粒說(shuō)”認(rèn)為光是一種實(shí)物粒子；而愛(ài)因斯坦的“光子說(shuō)”認(rèn)為光是一種量子化的物質(zhì)．光既具有波動(dòng)性又具有粒子性，光是一種電磁波，干涉是波特有的現(xiàn)象。

光的本性是光既具有波動(dòng)性又具有粒子性；A錯(cuò)；

光具有波粒二象性是指：在某種場(chǎng)合下光的波動(dòng)性表現(xiàn)得明顯；在另外的某種場(chǎng)合下，光的粒子性表現(xiàn)得明顯，B錯(cuò)；

干涉；衍射現(xiàn)象是波所特有的屬性；光能發(fā)生干涉和衍射，所以光是一種波，光電效應(yīng)證明光的能量是不連續(xù)的，具有量子化說(shuō)明光具有粒子性，C對(duì)；

故答案選C。2、B【分析】解：

A；電場(chǎng)線與電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡是兩回事；只有電場(chǎng)線是直線，且電荷的初速度為零或初速度與電場(chǎng)線共線時(shí)，電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡才沿直線；故A錯(cuò)誤．

B；正電荷所受的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同；則電場(chǎng)線的方向就是正電荷所受電場(chǎng)力的方向，故B正確．

C；電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱；電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，但電勢(shì)不一定高，故C錯(cuò)誤．

D；電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)終止于負(fù)電荷；不閉合．故D錯(cuò)誤．

故選：B

電場(chǎng)線上每一點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向；電場(chǎng)線與電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡是兩回事；電場(chǎng)線的方向就是正電荷所受電場(chǎng)力的方向，電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱．

電場(chǎng)線是為了直觀形象地描述電場(chǎng)分布，在電場(chǎng)中引入的一些假想的曲線．曲線上每一點(diǎn)的切線方向和該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向一致；曲線密集的地方場(chǎng)強(qiáng)強(qiáng)，稀疏的地方場(chǎng)強(qiáng)弱．要注意電場(chǎng)線與運(yùn)動(dòng)軌跡是兩個(gè)概念【解析】【答案】B3、C【分析】解：A

電熱毯應(yīng)用的是電流的熱效應(yīng)；故A錯(cuò)誤；

B；恒溫孵化器為了控制溫度；應(yīng)用了溫度傳感器；故B錯(cuò)誤；

C；移動(dòng)電話通過(guò)電磁波進(jìn)行傳播信息；故采用了電磁波技術(shù)；故C正確；

D；電磁鐵是利用了電流的磁效應(yīng)；不是電磁感應(yīng)；故D錯(cuò)誤；

故選：C

明確各種傳感器的作用；并且還要明確各種工具的工作原理才能正確作答．

本題考查物理學(xué)在生產(chǎn)生活中的應(yīng)用，要注意正確了解相關(guān)儀器的工作原理．【解析】C

4、D【分析】【詳解】

A．粒子從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中；電勢(shì)先升高后降低，根據(jù)正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，在電勢(shì)低處電勢(shì)能小，知粒子的電勢(shì)能先增大后減小，A錯(cuò)誤；

B．粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能和動(dòng)能的總量保持不變；粒子的電勢(shì)能先增大后減小，則知粒子的動(dòng)能先減小后增大，B錯(cuò)誤；

C．根據(jù)

知φ-x圖像的斜率大小等于場(chǎng)強(qiáng)，由圖知，圖線切線斜率的絕對(duì)值先減小后增大再減小，則場(chǎng)強(qiáng)先減小后增大再減小，由牛頓第二定律知

知粒子的加速度先減小后增大再減?。籆錯(cuò)誤；

D．從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，電勢(shì)先升高后降低，則電場(chǎng)方向先沿x軸負(fù)方向后沿x軸正方向，而正電荷所受的電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，所以粒子運(yùn)動(dòng)的電場(chǎng)力先沿x軸負(fù)方向后沿x軸正方向；D正確。

故選D。5、B【分析】

A；曲線運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線；因此無(wú)論速度大小是否變化運(yùn)動(dòng)方向一定改變，一定是變速運(yùn)動(dòng)，故A正確；

B；變速運(yùn)動(dòng)軌跡不一定是曲線；可能只是速度大小發(fā)生變化，如勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C；勻速圓周運(yùn)動(dòng)即為速率不變的曲線運(yùn)動(dòng)；故C正確；

D；做曲線運(yùn)動(dòng)的條件為初速度與合外力不共線；若物體所受合外力恒定，其加速度就可不變，如平拋運(yùn)動(dòng)就是加速度不變的曲線運(yùn)動(dòng)，故D正確．

本題選錯(cuò)誤的；故選B．

【解析】【答案】對(duì)于曲線的理解要把握其運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)：合外力和速度方向不同線；物體速度時(shí)刻變化，為變速運(yùn)動(dòng)．中學(xué)學(xué)習(xí)的典型的曲線運(yùn)動(dòng)有平拋運(yùn)動(dòng)；圓周運(yùn)動(dòng)等．

6、C【分析】解：A；石墨和銅是晶體；瀝青是非晶體，故A錯(cuò)誤．

B；食鹽和金剛石是晶體；橡膠是非晶體，故B錯(cuò)誤．

C；明礬、云母、石英都是都是晶體；故C正確．

D；雪花、蔗糖是晶體；玻璃是非晶體，故D錯(cuò)誤．

故選：C．

本題主要考查對(duì)常見(jiàn)晶體與非晶體的了解．常見(jiàn)的晶體有雪花；食鹽和各種金屬；常見(jiàn)的非晶體有玻璃、松香、塑料、陶瓷等．

本題主要考查對(duì)常見(jiàn)晶體、非晶體物質(zhì)的了解．【解析】【答案】C7、C【分析】【分析】因?yàn)榧滓椅矬w均做自由落體運(yùn)動(dòng)；所以它們的初速度為零，加速度為g

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系式求解物體下落過(guò)程中任意時(shí)刻的速度。

解決自由落體運(yùn)動(dòng)的題目關(guān)鍵在于明確自由落體中的公式應(yīng)用，一般情況下，研究由落點(diǎn)開(kāi)始的運(yùn)動(dòng)列出的表達(dá)式最為簡(jiǎn)單；并且最好嘗試一題多解的方法?！窘獯稹緼.因?yàn)榧滓椅矬w同時(shí)做自由落體運(yùn)動(dòng)；它們的初速度為零，加速度為g

任意時(shí)刻的速度為：v=gt

所以兩物體下落過(guò)程中，在同一時(shí)刻甲的速度與乙的速度相等，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)v=gt

知，下落1s1s末，它們的速度相同，故B錯(cuò)誤；

C.下落1m

時(shí)；由位移速度關(guān)系式：v2=2ax

可解得各自下落1m

時(shí)，它們的速度相同，故C正確；

D.因?yàn)榧滓椅矬w均做自由落體運(yùn)動(dòng)；加速度為g

下落過(guò)程中甲的加速度與乙的加速度相同，故D錯(cuò)誤。

故選C?！窘馕觥緾

二、多選題(共8題，共16分)8、BD【分析】解：A；由圖看出；在0.1s時(shí)，振子的位移為零，此時(shí)振子的速度最大，所以振動(dòng)能量不為零，故A錯(cuò)誤．

B；在0.2s時(shí)；振子位于最大位移處，所以具有最大勢(shì)能，故B正確．

C；0.4s時(shí)；處于最大位移處，速度為零，故動(dòng)能為零，故C錯(cuò)誤．

D；由圖可知；振動(dòng)周期為0.4s；故D正確；

故選：BD

由位移圖象分析位移的變化；確定速度變化，即可判斷動(dòng)能和勢(shì)能的變化．根據(jù)橫坐標(biāo)可明確振動(dòng)周期．

根據(jù)位移圖象分析速度、加速度、動(dòng)能和勢(shì)能如何變化，關(guān)鍵抓住振子位置的變化進(jìn)行分析，分析時(shí)要抓住振子經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度最大，加速度為零．【解析】【答案】BD9、BC【分析】解：A、從單擺的位移時(shí)間圖象可以看出兩個(gè)單擺的周期相等，根據(jù)周期公式T=2π可知；兩個(gè)單擺的擺長(zhǎng)相等，周期與擺球的質(zhì)量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、從圖象可以看出，t=0時(shí)刻，甲到達(dá)了正向最大位移處而乙才開(kāi)始從平衡位置向正向的最大位移處運(yùn)動(dòng)，所以兩單擺相位相差為故C正確；

D、只有從平衡位置或最大位移處開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，經(jīng)過(guò)相同時(shí)間，兩球通過(guò)的路程才滿足S甲=2S乙；故D錯(cuò)誤；

故選：BC

根據(jù)圖線得到振幅和周期的情況；然后結(jié)合單擺的周期公式進(jìn)行分析討論．

本題關(guān)鍵是根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系圖象得到兩個(gè)單擺的振幅和周期的關(guān)系，然后結(jié)合周期公式進(jìn)行分析．【解析】【答案】BC10、AD【分析】解：設(shè)玻璃泡中氣體壓強(qiáng)為p

外界大氣壓強(qiáng)為p隆盲

則p隆盲=p+婁脩gh

且玻璃泡中氣體與外界大氣溫度相同.

液柱上升，氣體體積V

減??；

A、由理想氣體的狀態(tài)方程pVT=C

可知；V

減小，如果p

增大，T

可能不變，可能減小，也可能增大，故AD正確；

B、由理想氣體的狀態(tài)方程pVT=C

可知；V

減小，如果p

不變，T

減小，故B錯(cuò)誤；

C、由理想氣體的狀態(tài)方程pVT=C

可知；V

減小，如果壓強(qiáng)減小，T

降低，故C錯(cuò)誤；

故選：AD

．

此溫度計(jì)不是根據(jù)液體的熱脹冷縮原理制成的；它是靠氣體作為膨脹物質(zhì)，液體的受熱膨脹忽略不計(jì)；外界大氣的壓強(qiáng)變化時(shí)，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程也可以判定．

本題考查了氣體溫度計(jì)的原理，膨脹物質(zhì)不是液體，而是氣體，依據(jù)氣體的熱脹冷縮性質(zhì)制成的．【解析】AD

11、AD【分析】解：A、由圖甲可得：波長(zhǎng)λ=8m，由圖乙可得：周期T=4s，故波速故A正確；

B、根據(jù)波向右傳播，由圖甲可得：t=2s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a向上振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)b向下振動(dòng)；故速度方向不同，故B錯(cuò)誤；

C、波源頻率觀察者向波源運(yùn)動(dòng)，故接收到波的頻率大于波源頻率，即接收到該波的頻率大于0.25Hz，故C錯(cuò)誤；

D；若該波在傳播過(guò)程中遇到尺寸為7m的障礙物；障礙物尺寸和波長(zhǎng)相近，故會(huì)發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D正確；

故選：AD。

由振動(dòng)圖得到周期；由波動(dòng)圖得到波長(zhǎng)，即可求得波速；根據(jù)位移大小得到速度大小關(guān)系，根據(jù)波的傳播方向得到速度方向，從而判斷速度是否相等；根據(jù)多普勒效應(yīng)判斷接收到的頻率變化，根據(jù)波長(zhǎng)和障礙物尺寸判斷衍射現(xiàn)象。

求解兩質(zhì)點(diǎn)速度是否相同時(shí)，首先根據(jù)質(zhì)點(diǎn)到平衡位置間距離是否相等判斷速度大小是否相等，然后，根據(jù)波的傳播方向得到質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向，即可判斷速度是否相等。【解析】AD12、A:C【分析】【詳解】

枕形導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近；出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布。因此在枕形導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，靜電平衡時(shí)內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，導(dǎo)體是等勢(shì)體，表面是等勢(shì)面。

A.導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零；與結(jié)論相符，選項(xiàng)A符合題意；

B.A端的電勢(shì)比B端的電勢(shì)高；與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B不符合題意；

C.A端的電勢(shì)與B端的電勢(shì)相等；與結(jié)論相符，選項(xiàng)C符合題意；

D.導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零，則無(wú)電場(chǎng)線可言，選項(xiàng)D不符合題意；13、CD【分析】解：A、由圖可知，周期Ta=0.4S，Tb=0.6s，則線圈先后兩次轉(zhuǎn)速之比na：nb=Tb：Ta=3：2．故A錯(cuò)誤．

B；由于線圈的面積不變；故磁通量的最大值不變；故磁通量最大值之比為1：1；故B錯(cuò)誤；

C、由電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=NBSω，則兩個(gè)電壓最大之值比Uma：Umb=ωa：ωb=3：2；故C正確；

D、有效值為最大值除以故比值不變；交流電的有效值之比仍為3：2；故D正確；

故選：CD．

由圖讀出電壓最大值Um，周期T，由ω=求出；寫出交流電a的瞬時(shí)值表達(dá)式．由周期關(guān)系求出轉(zhuǎn)速關(guān)系．t=0時(shí)刻電壓為零，由法拉第電磁感應(yīng)定律分析磁通量．

本題考查對(duì)交流電壓圖象的理解能力．要注意根據(jù)電動(dòng)勢(shì)最大值表達(dá)式研究電壓最大值之間的關(guān)系．至于電壓與磁能量的關(guān)系，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析．【解析】【答案】CD14、BC【分析】解：電子鐘變慢，說(shuō)明了LC回路的振蕩周期變大；在代入公式：可知；振蕩電路的電容變大或線圈中的電感變大都會(huì)導(dǎo)致振蕩電路的周期變大．

所以選項(xiàng)B；C符合題意．故選項(xiàng)BC正確．

故選：BC

現(xiàn)發(fā)現(xiàn)電子鐘每天要慢30s，說(shuō)明了LC回路的振蕩周期變大；在代入公式：解釋即可．

該題考查振蕩電路的周期公式，屬于基礎(chǔ)性題目，角簡(jiǎn)單．【解析】【答案】BC15、AC【分析】解：能使日光燈正常發(fā)光的是A；當(dāng)開(kāi)關(guān)接通，通過(guò)線圈在燈管兩端發(fā)熱產(chǎn)生電子，當(dāng)啟動(dòng)器溫度降低，導(dǎo)致兩極斷開(kāi)，從而使得鎮(zhèn)流器產(chǎn)生很高電壓，在加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，碰撞管內(nèi)氬氣分子，使之迅速電離。從而管壁內(nèi)的熒光粉發(fā)出近乎白色的可見(jiàn)光，同理可知，BD錯(cuò)誤。

故選：AC。

當(dāng)開(kāi)關(guān)接通220伏的電壓立即使啟輝器的惰性氣體電離；產(chǎn)生輝光放電．輝光放電的熱量使雙金屬片受熱膨脹，兩極接觸．電流通過(guò)鎮(zhèn)流器；啟輝器觸極和兩端燈絲構(gòu)成通路．燈絲很快被電流加熱，發(fā)射出大量電子．雙金屬片自動(dòng)復(fù)位，兩極斷開(kāi)．在兩極斷開(kāi)的瞬間，電路電流突然切斷，鎮(zhèn)流器產(chǎn)生很大的自感電動(dòng)勢(shì)，與電源電壓疊加后作用于管兩端．燈絲受熱時(shí)發(fā)射出來(lái)的大量電子，在燈管兩端高電壓作用下，以極大的速度由低電勢(shì)端向高電勢(shì)端運(yùn)動(dòng)．在加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，碰撞管內(nèi)氬氣分子，使之迅速電離．在紫外線的激發(fā)下，管壁內(nèi)的熒光粉發(fā)出近乎白色的可見(jiàn)光．

日光燈正常發(fā)光后．由于交流電不斷通過(guò)鎮(zhèn)流器的線圈，線圈中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，自感電動(dòng)勢(shì)阻礙線圈中的電流變化，這時(shí)鎮(zhèn)流器起降壓限流的作用，使電流穩(wěn)定在燈管的額定電流范圍內(nèi)，燈管兩端電壓也穩(wěn)定在額定工作電壓范圍內(nèi)．由于這個(gè)電壓低于啟輝器的電離電壓，所以并聯(lián)在兩端的啟輝器也就不再起作用了．【解析】AC三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】試題分析：線圈ABCO與x軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)平行，沒(méi)有一條磁感線穿過(guò)平面，所以磁通量等于0.在線圈由圖示位置繞z軸向下轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)，線圈在中性面上面的投影面積為磁通量磁通量變化量考點(diǎn)：磁通量【解析】【答案】0或3.46×10-217、略

【分析】解：規(guī)定橡皮泥初速度的方向?yàn)檎较?，則橡皮泥動(dòng)量的變化量△P=0-mv0=0-0.1×20kg?m/s=-2kg?m/s；可知?jiǎng)恿孔兓康姆较蚺c初速度方向相反．

規(guī)定皮球初速度方向?yàn)檎较?，則皮球的動(dòng)量變化量△P=-mv2-mv1=-0.1×20-0.1×20kg?m/s=-4kg?m/s．

故答案為：-2kg?m/s；相反；-4kg?m/s．

根據(jù)初末速度；結(jié)合動(dòng)量的表達(dá)式，求出橡皮泥和皮球動(dòng)量的變化量大小和方向．

本題考查了動(dòng)量變化量的求解，注意動(dòng)量是矢量，計(jì)算時(shí)注意動(dòng)量的方向．【解析】-2kg?m/s；相反；-4kg?m/s18、負(fù)向上【分析】【分析】此題要求要了解電子射線管的構(gòu)造和原理，陰極是發(fā)射電子的電極，所以是要接到高壓的負(fù)極上的，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，受到洛倫茲力的作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，從而顯示電子運(yùn)動(dòng)的徑跡，偏轉(zhuǎn)方向有左手定則判斷。左手定則判定：伸開(kāi)左手，使大拇指跟其余四個(gè)手指垂直，并且跟手掌在同一平面內(nèi)，把手放入磁場(chǎng)中，讓磁感線穿過(guò)掌心，四指所指為正電荷運(yùn)動(dòng)方向，拇指所指方向?yàn)殡姾伤苈鍌惼澚Φ姆较?。【解答】因?yàn)锳

是陰極；所以射線管的陰極(A)

接直流高壓電源的負(fù)極。

因?yàn)锳

是陰極；B

是陽(yáng)極，所以電子在陰極管中的運(yùn)動(dòng)方向是A

到B

產(chǎn)生的電流方向是B

到A(

注意是電子帶負(fù)電)

根據(jù)左手定則，四指指向A

手掌對(duì)向N

極(

就是這個(gè)角度看過(guò)去背向紙面向外)

此時(shí)大拇指指向下面，所以軌跡向下偏轉(zhuǎn)。

故填負(fù)，向下?！窘馕觥控?fù)向上19、略

【分析】解：據(jù)v=at，求得氣球上升10s時(shí)速度：v1=at=0.8×10m/s=8m/s

設(shè)向上為正，設(shè)重物脫落后上升時(shí)間為t′，則有：v1=8m/s，a=-10m/s2，vt=0

據(jù)vt=v0+at得：t′=s=0.8s

據(jù)s=v0t+at2解得加速上升高度為：

h1=at12=×0.8×102m=40m

減速上升高度為：

h2=-gt′2=-×（-10）×（0.8）2m=3.2m

則自由落體高度：

h=h1+h2=（40+3.2）m=43.2m；

據(jù)v2=2gh得：

v==m/s=29.4m/s．

故答案為：0.8；29.4．

物體先是隨著氣球向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)速度公式求解末速度，根據(jù)位移公式求解位移；然后向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可．

本題關(guān)鍵是明確重物的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，然后分加速上升過(guò)程和豎直上拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程，靈活選擇運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解，不難．【解析】0.8；29.420、略

【分析】解：根據(jù)據(jù)逸出功W0=hv0

得截止頻率：v0=4.2隆脕1.6隆脕10鈭?196.63隆脕10鈭?34=1.0隆脕1015Hz

根據(jù)光電效應(yīng)方程：EKm=hv鈭?W0

解得：EK=6.63隆脕10鈭?34隆脕1.5隆脕1015鈭?4.2隆脕1.6隆脕10鈭?19=3.2隆脕10鈭?19J

光電子動(dòng)能減小到0

時(shí)；反向電壓即遏制電壓，根據(jù)動(dòng)能定理：

eU=EK

得：U=3.2隆脕10鈭?191.6隆脕10鈭?19=2.0V

故答案為：3.2隆脕10鈭?19J2.0V1.0隆脕1015Hz

題目比較簡(jiǎn)單；根據(jù)逸出功W0=hv0

和光電效應(yīng)方程：EK=hv鈭?W0

直接進(jìn)行求解，光電子動(dòng)能減小到0

時(shí)，反向電壓即遏制電壓，根據(jù)動(dòng)能定理求解遏制電壓．

本題考察知識(shí)點(diǎn)簡(jiǎn)單，但是學(xué)生在學(xué)習(xí)中要牢記公式以及物理量之間的關(guān)系，同時(shí)注意計(jì)算的準(zhǔn)確性．【解析】3.2隆脕10鈭?19J2.0V1.0隆脕1015Hz

四、簡(jiǎn)答題(共2題，共20分)21、（一）（1）4.0×10-73.2×10-8（2）13（二）（1）?酸性：H2C2O4>H3PO4>CH3COOH>H2CO3（2）?c(H+)+c(Na+)＝c(OH-)+c(H2PO4－)+2c(HPO42－)＋3c(PO43－)（3）?c(Na+)>c(HC2O4-)>c(C2O42-)>c(H2C2O4)>c(H+)>c(OH-)

【分析】【分析】本題考查溶液rm{pH}值的計(jì)算、水的離子積計(jì)算和鹽類水解的應(yīng)用等，難度中等，注意Ⅰ中水的離子積不是常溫下，應(yīng)先計(jì)算水的離子積，再進(jìn)行溶液中氫離子或氫氧根的計(jì)算?！窘獯稹縭m{(}一rm{)}一rm{(}rm{)}純水中的rm{(1)}rm{c(OH^{-})=c}rm{(H^{+})=4.0隆脕10^{-7}}該溫度下水的離子積rm{mol/L}根據(jù)rm{Kw=4.0隆脕10^{-7}隆脕4.0隆脕10^{-7}=1.6隆脕10^{-13}}計(jì)算，所以溶液中rm{c(H^{+})=dfrac{{K}_{w}}{cleft(O{H}^{-}right)}=dfrac{;1.6隆脕{10}^{?13}}{5.0隆脕{10}^{?6}mol/L}=3.2隆脕{10}^{-8}mol/L}故答案為：rm{Kw=c(H^{+})?c(OH^{-})}rm{c(H^{+})=

dfrac{{K}_{w}}{cleft(O{H}^{-}right)}=

dfrac{;1.6隆脕{10}^{?13}}{5.0隆脕{10}^{?6}mol/L}=3.2隆脕{10}^{-8}mol/L

}rm{4.0隆脕10^{-7}}rm{3.2隆脕10^{-8}}的鹽酸與等體積rm{(2)100ml}的氫氧化鈉溶液混合，溶液呈堿性，剩余溶液中rm{1.0mol/L}溶液中rm{c(OH^{-})=dfrac{0.02mol}{0.2L}=0.1mol/L}所以溶液中rm{c(H^{+})=dfrac{{10}^{-14}}{0.1mol/L}={10}^{-13}mol/L}故溶液的rm{1.2mol/L}故答案為：rm{n(OH^{-})=0.1L隆脕(1.2mol/L-1.0mol/L)=0.02mol}rm{c(OH^{-})=

dfrac{0.02mol}{0.2L}=0.1mol/L}二rm{c(H^{+})=

dfrac{{10}^{-14}}{0.1mol/L}={10}^{-13}mol/L}rm{pH=-lg10^{-13}=13}rm{13}酸的電離常數(shù)越大，則酸性越強(qiáng)，所以上述四種酸的酸性強(qiáng)弱順序?yàn)椋簉m{(}二rm{)}故答案為：rm{(}rm{)}溶液中陽(yáng)離子所帶正電荷總數(shù)等于陰離子所帶負(fù)電荷總數(shù)，則rm{(1)}溶液中的電荷守恒表達(dá)式：rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(H_{2}PO_{4}^{-})+2c(HPO_{4}^{2-})+3c(PO_{4}^{3-})+c(OH^{-})}故答案為：rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(H_{2}PO_{4}^{-})+2c(HPO_{4}^{2-})+3c(PO_{4}^{3-})+c(OH^{-})}

rm{?}rm{?}的第二電離常數(shù)較大，rm{H_{2}C_{2}O_{4}>H_{3}PO_{4}>CH_{3}COOH>H_{2}CO_{3}}溶液中rm{H_{2}C_{2}O_{4}>H_{3}PO_{4}>CH_{3}COOH>H_{2}CO_{3}}的電離程度大于水解程度，所以rm{?(2)}溶液顯酸性，則rm{?(2)}溶液中rm{1mol/LNaH_{2}PO_{4}}rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(H_{2}PO_{4}^{-})+2

c(HPO_{4}^{2-})+3c(PO_{4}^{3-})+c(OH^{-})}rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(H_{2}PO_{4}^{-})+2

c(HPO_{4}^{2-})+3c(PO_{4}^{3-})+c(OH^{-})}4rm{?(3)}rm{?(3)}rm{H_{2}C_{2}O_{4}}rm{NaHC_{2}O_{4}}rm{HC_{2}O_{4}^{-}}的大小順序?yàn)椋簉m{NaHC_{2}O_{4}}rm{NaHC_{2}O_{4}}4rm{c(Na^{+})}rm{c(HC_{2}O_{4}^{-})}故答案為：rm{c(C_{2}O}rm{{,!}^{2}}4rm{{,!}^{-})}rm{c(H_{2}C_{2}O_{4})}

rm{c(OH^{-})}【解析】rm{(}一rm{)}一rm{(}rm{)}rm{(1)4.0隆脕10^{-7}}rm{3.2隆脕10^{-8}}rm{(2)13}二rm{(}二rm{)}rm{(}酸性：rm{)}rm{(1)?}rm{H_{2}C_{2}O_{4}}rm{(2)?c(H^{+})+c(Na^{+})=c(OH^{-})+c(H_{2}PO_{4}^{-})+2c(HPO_{4}^{2-})+3c(PO_{4}^{3-})}rm{>H_{3}PO_{4}}4rm{>CH_{3}COOH>H_{2}CO_{3}}rm{(2)?c(H^{+})+

c(Na^{+})=c(OH^{-})+c(H_{2}PO_{4}^{-})+2c(HPO_{4}^{2-})+3c(PO_{4}^{3-})}

rm{(3)?c(Na^{+})>c(HC_{2}O_{4}^{-})>c(C_{2}O}22、rm{(1)}

rm{(2)N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-641.625kJ/mol}

rm{(2)N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-641.625kJ/mol}

rm{(3)408.8}生成rm{(4)}和rm{N_{2}}對(duì)環(huán)境無(wú)污染rm{H_{2}O}【分析】【分析】本題考查了化學(xué)反應(yīng)能量變化的計(jì)算應(yīng)用，物質(zhì)結(jié)構(gòu)分析判斷，蓋斯定律的計(jì)算，熱化學(xué)方程式書寫方法，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}肼分子式為rm{NH_{2}-NH_{2}}每個(gè)氮原子形成三個(gè)化學(xué)鍵，結(jié)構(gòu)式為：過(guò)氧化氫分子式rm{H_{2}O_{2}}每個(gè)氧原子形成兩個(gè)共價(jià)鍵，分子結(jié)構(gòu)為：故答案為：

rm{(2)0.4mol}液態(tài)肼與足量過(guò)氧化氫反應(yīng)，生成氮?dú)夂退魵?，放出rm{256.65kJ}的熱量，rm{32g}肼燃燒放熱rm{641.625kJ}肼燃燒的熱化學(xué)方程式為：rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-641.625kJ/mol}故答案為：rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-641.625kJ/mol}

rm{(3)壟脵N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-641.625kJ/mol}

rm{壟脷H_{2}O(l)簍TH_{2}O(g)triangleH=+44kJ/mol}

依據(jù)蓋斯定律，rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-641.625kJ/mol}得到：rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-817.625kJ/mol}

則rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-641.625kJ/mol}液態(tài)肼與足量液態(tài)過(guò)氧化氫反應(yīng)生成氮?dú)夂鸵簯B(tài)水放熱時(shí)rm{(3)壟脵N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-641.625kJ/mol}故答案為：rm{壟脷H_{2}O(l)簍TH_{2}O(g)triangle

H=+44kJ/mol}

rm{壟脵-壟脷隆脕4}肼燃燒生成氮?dú)夂退尫糯罅繜岷涂焖佼a(chǎn)生大量氣體外，生成的物質(zhì)無(wú)污染，故答案為：生成rm{N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangle

H=-817.625kJ/mol}和rm{16g}對(duì)環(huán)境無(wú)污染。

rm{408.8KJ}【解析】rm{(1)}rm{(2)N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangleH=-641.625kJ/mol}rm{(2)N_{2}H_{4}(l)+2H_{2}O_{2}(l)簍TN_{2}(g)+4H_{2}O(g)triangle

H=-641.625kJ/mol}rm{(3)408.8}生成rm{(4)}和rm{N_{2}}對(duì)環(huán)境無(wú)污染rm{H_{2}O}五、計(jì)算題(共4題，共24分)23、略

【分析】

由磁通量的定義Φ=BS進(jìn)行分析求解磁通量；由△Φ=Φ2-Φ1求解磁通量的變化．

本題考查磁通量的定義及變化量的確定，要注意正確分析磁感線是從哪一面穿過(guò)的，從而明確磁通量的正負(fù)．【解析】解：（1）穿過(guò)線框的磁通量為：

Φ=BS=BL2

（2）轉(zhuǎn)過(guò)60度時(shí)的磁通量：

Φ=BL2cos60°=BL2

（3）右半部由圖示位置繞軸線中心OO′轉(zhuǎn)過(guò)60度時(shí)；磁通量等于左右部分磁通量的和；

故Φ=BL2+BL2cos60°=BL2；

（4）因4L=2πr

解得：r=

磁通量：

Φ=Bπr2=BL2

解得：

△Φ=BL2（-1）

答：（1）穿過(guò)線框的磁通量為BL2

（2）當(dāng)線框由圖示位置繞邊ab轉(zhuǎn)過(guò)60°時(shí)，穿過(guò)線框的磁通量為BL2

（3）當(dāng)線框的右半部由圖示位置繞軸線中心OO′轉(zhuǎn)過(guò)60時(shí)，穿過(guò)線框的磁通量為BL2；

（4）當(dāng)線框由圖示位置從正方形變成圓形時(shí)，穿過(guò)線框的磁通量為BL2；這過(guò)程磁通量變化BL2（-1）．24、解：（1）A球做單擺的運(yùn)動(dòng)，從靜止開(kāi)始到相碰經(jīng)歷的時(shí)間t====

（2）根據(jù)L=得，a=

（3）對(duì)B；根據(jù)牛頓第二定律得，mg-f=ma，解得f=mg-ma=2m；

則摩擦力與重力的比值

答：（1）從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到相碰經(jīng)歷的時(shí)間為0.5s。

（2）球B沿繩子下滑的加速度大小為8m/s2。

（3）球B與繩子的摩擦力跟B球重力的