2024年滬科版高一物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高一物理下冊階段測試試卷653考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)和圓周運(yùn)動(dòng)，以下說法正確的是（）A做曲線運(yùn)動(dòng)的物體受到的合外力一定不為零B做曲線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度一定是變化的C做圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到的合外力方向一定指向圓心D做勻速圓周運(yùn)動(dòng)物體的加速度方向一定指向圓心2、小車AB靜置于光滑的水平面上，A端固定一個(gè)輕質(zhì)彈簧，B端粘有橡皮泥，AB車質(zhì)量為M，長為L，質(zhì)量為m的木塊C放在小車上，用細(xì)繩連結(jié)于小車的A端并使彈簧壓縮，開始時(shí)AB與C都處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示，當(dāng)突然燒斷細(xì)繩，彈簧被釋放，使物體C離開彈簧向B端沖去，并跟B端橡皮泥粘在一起，以下說法中正確的是（）A.如果AB車內(nèi)表面光滑，整個(gè)系統(tǒng)任何時(shí)刻機(jī)械能都守恒B.整個(gè)系統(tǒng)任何時(shí)刻動(dòng)量都守恒C.當(dāng)木塊對地運(yùn)動(dòng)速度為v時(shí)，小車對地運(yùn)動(dòng)速度為vD.AB車向左運(yùn)動(dòng)最大位移小于L3、【題文】(2010·連云港模擬)一物塊放在水平面上；在水平拉力F作用下做直線運(yùn)動(dòng)；

運(yùn)動(dòng)的v－t圖象如圖8所示；則有關(guān)該力F的功率P－t圖象可能是圖9中。

的()4、小明騎自行車由靜止沿直線運(yùn)動(dòng)，他在第1s

內(nèi)、第2s

內(nèi)、第3s

內(nèi)、第4s

內(nèi)通過的位移分別為1m2m3m4m

則(

)

A.他在第4s

末的瞬時(shí)速度為1m/s

B.他在第2s

內(nèi)的平均速度為2.5m/s

C.他在4s

內(nèi)的平均速度為2.5m/s

D.他在1s

末的瞬時(shí)速度為1m/s

5、關(guān)于下列如圖所示的照片中的物體或人；在運(yùn)動(dòng)過程中的一些說法正確(

)

A.甲圖是一列800隆蘆10.25

從成都開往重慶的高速動(dòng)車，800

是指動(dòng)車的運(yùn)動(dòng)時(shí)間B.乙圖是繞月球運(yùn)動(dòng)的“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星，它在運(yùn)動(dòng)一周的過程中，其平均速度為零C.丙圖是在男子單杠比賽運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的體操運(yùn)動(dòng)員，此瞬間運(yùn)動(dòng)員的速度和加速度均為零D.丁圖是表演精彩的芭蕾舞演員，研究其跳舞姿態(tài)調(diào)整時(shí)可以把他們看做質(zhì)點(diǎn)6、【題文】火箭在下列哪種狀態(tài)下會(huì)發(fā)生超重現(xiàn)象（）A.勻速上升B.勻速下降C.減速上升D.加速上升7、【題文】一傾角為30°的斜劈放在水平地面上；一物體沿斜劈勻速下滑?，F(xiàn)給物體施加如圖所示力F，F(xiàn)與豎直方向夾角為30°，斜劈仍靜止，物體加速下滑，則此時(shí)地面對斜劈的摩擦力為（）

A.大小為零B.方向水平向右C.方向水平向左D.無法判斷大小和方向8、“飛花兩岸照船紅，百里榆堤半日風(fēng).

臥看滿天云不動(dòng)，不知云與我俱東”詩句中，以我為參考線一定向西運(yùn)動(dòng)的是(

)

A.云B.船C.風(fēng)D.榆堤評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、如圖所示，攀崖運(yùn)動(dòng)員連同裝備總質(zhì)量為80kg，處在如圖狀態(tài)時(shí)手受到的拉力和腳受到的作用力恰好通過他的重心，兩力大致垂直．腳與豎直方向間的夾角為37°，估計(jì)此時(shí)手受到的拉力是____N，巖石對腳的作用力是____N．

10、在“用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中。

（1）為了減少誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)注意：擺線的長度L______大的多，擺角______，單擺振動(dòng)時(shí)應(yīng)在______平面內(nèi)．

（2）實(shí)驗(yàn)測得g值偏大，其原因可能是下述各條中的______

A．小球質(zhì)量太大B．將擺線長當(dāng)做擺長；未加小球的半徑。

C．振幅偏小D．將振動(dòng)次數(shù)n誤計(jì)為（n+1）

（3）由實(shí)驗(yàn)所得數(shù)據(jù)畫出周期和擺長平方根的關(guān)系如圖所示，該直線與橫軸的夾角記為α，則g=______m/s2．11、已知地球半徑為R

地球表面重力加速度為g

引力常量為G

不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響.

則地球的質(zhì)量為______；若衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行軌道距離地面高度為h

則衛(wèi)星的運(yùn)行周期T

為______．12、真空中有兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，它們之間的靜電力為F，若它們的帶電量都增大為原來的3倍，距離保持不變，它們之間的靜電力變?yōu)開_____．13、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接______(

填交流、直流)

電，當(dāng)頻率是50Hz

時(shí)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔______秒打一個(gè)點(diǎn).

若測得紙帶上打下的第10

個(gè)到第20

個(gè)點(diǎn)的距離為20.00cm

則物體在這段位移的平均速度為______m/s

．14、我們研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)，在某些特定情況下，可以不考慮物體的______和______，把它簡化為一個(gè)______的點(diǎn)，稱為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)______的物理模型．評(píng)卷人得分三、計(jì)算題(共5題，共10分)15、如圖所示，重8.0N

的球靜止在與水平成37鈭?

的光滑斜面上，并通過定滑輪與重4N

的物體A

相連，光滑檔板與水平垂直，不計(jì)滑輪與繩子的摩擦，不計(jì)繩子的質(zhì)量，求斜面和擋板所受的壓力.(Sin37鈭?=0.6Cos37鈭?=0.8)

16、如圖所示；一光滑的半徑為R

的半圓形軌道固定在水平面上，一個(gè)質(zhì)量為m

的小球以某一速度從A

點(diǎn)沖上半圓軌道，當(dāng)小球?qū)⒁獜能壍揽贐

飛出時(shí)，對軌道的壓力恰好等于小球的重力。

求：

(1)

小球在B

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的速度大??？

(2)

小球落地點(diǎn)C

距A

處多遠(yuǎn)？(3)

小球落地點(diǎn)C

的速度？17、如圖所示，光滑的14

圓弧軌道AB

固定在豎直平面內(nèi)，軌道的B

點(diǎn)與水平面相切，其半徑為OA=OB=R

有一小物體自A

點(diǎn)由靜止開始沿圓弧軌道下滑到B

點(diǎn)，然后沿水平面前進(jìn)s

到達(dá)C

點(diǎn)停止。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間

試求：

(1)(1)物體到達(dá)B

點(diǎn)時(shí)的速率；

(2)(2)物體與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。18、一物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；初速度為0.5m/s

第7s

內(nèi)的位移比第6s

內(nèi)的位移多4m

求：

(1)

物體的加速度；

(2)

物體在5s

內(nèi)的位移．19、一質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；初速度為10m/s

加速度為2m/s2

試求該質(zhì)點(diǎn)：

(1)

第4s

末的速度v

(2)

前5s

內(nèi)的位移x

(3)

第5s

內(nèi)的平均速度v爐

．評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共20分)20、畫出下面2個(gè)物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。21、畫出下面2個(gè)物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。評(píng)卷人得分五、簡答題(共4題，共8分)22、一質(zhì)量為m=0.5kg

的物塊靜止在光滑的水平面上；物塊在水平方向的外力F

的作用下在t=0

時(shí)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，水平外力F

隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，以向右為正方向.

求：

(1)t=1s

和t=2s

時(shí)物塊的瞬時(shí)速度；

(2)t=0

到t=4s

的時(shí)間間隔內(nèi)物塊的位移．23、一轉(zhuǎn)動(dòng)裝置如圖所示，四根輕桿OAOCAB

和CB

與兩小球以及一小環(huán)通過鉸鏈連接，輕桿長均為l

球和環(huán)的質(zhì)量均為mO

端固定在豎直的輕質(zhì)轉(zhuǎn)軸上，套在轉(zhuǎn)軸上的輕質(zhì)彈簧連接在O

與小環(huán)之間，原長為L

裝置靜止時(shí)，彈簧長為32L

轉(zhuǎn)動(dòng)該裝置并緩慢增大轉(zhuǎn)速，小環(huán)緩慢上升.

彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為g

求：

(1)

彈簧的勁度系數(shù)k

(2)AB

桿中彈力為零時(shí)，裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴0

．24、質(zhì)量為m

的飛機(jī)以恒定速率v

在空中水平盤旋，如圖所示，其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R

重力加速度為g

求此時(shí)空氣對飛機(jī)的作用力大小F

．25、亞硝酸鈉是重要的防腐劑rm{.}某化學(xué)興趣小組以碳和濃硝酸為起始原料，設(shè)計(jì)如下圖裝置利用一氧化氮與過氧化鈉反應(yīng)制備亞硝酸鈉rm{.(}夾持裝置和rm{A}中加熱裝置已略，氣密性已檢驗(yàn)rm{)}

查閱資料：

rm{壟脵HNO_{2}}為弱酸，室溫下存在反應(yīng)rm{3HNO_{2}簍THNO_{3}+2NO隆眉+H_{2}O}rm{壟脷}在酸性溶液中，rm{NO_{2}^{-}}可將rm{MnO_{4}^{-}}還原為rm{Mn^{2+}}且無氣體生成．rm{壟脹NO}不與堿反應(yīng)，可被酸性rm{KMnO_{4}}溶液氧化為硝酸實(shí)驗(yàn)操作：rm{壟脵}關(guān)閉彈簧夾，打開rm{A}中分液漏斗活塞，滴加一定量濃硝酸，加熱；rm{壟脷}一段時(shí)間后停止加熱；rm{壟脹}從rm{C}中取少量固體，檢驗(yàn)是否是亞硝酸鈉．rm{(1)A}中反應(yīng)的化學(xué)方程式是____．rm{(2)B}中觀察的主要現(xiàn)象是____，rm{D}裝置的作用是____．rm{(3)}經(jīng)檢驗(yàn)rm{C}產(chǎn)物中亞硝酸鈉含量較少，甲、乙兩同學(xué)的看法不同．rm{a.}甲同學(xué)認(rèn)為rm{C}中產(chǎn)物不僅有亞硝酸鈉，還有碳酸鈉和氫氧化鈉rm{.}則生成碳酸鈉的化學(xué)方程式是____rm{_.}為排除干擾，甲在rm{B}rm{C}裝置間增加裝置rm{E}rm{E}中盛放的試劑應(yīng)是____rm{(}寫名稱rm{)}．rm{b.}乙同學(xué)認(rèn)為除上述干擾因素外，還會(huì)有空氣參與反應(yīng)導(dǎo)致產(chǎn)品不純，所以在實(shí)驗(yàn)操作rm{壟脵}之前應(yīng)增加一步操作，該操作是____．評(píng)卷人得分六、其他(共4題，共24分)26、如圖是質(zhì)量為70kg的李偉的比賽用山地自行車；其相關(guān)數(shù)據(jù)見表：

。車架材料碳纖維車架材料體積/cm32500車架質(zhì)量/kg4.5整車質(zhì)量/kg10單輪接觸面積/cm24（1）求碳纖維車架的密度；

（2）算出比賽中的山地自行車對地面的壓強(qiáng)；（取g=10N/kg）

（3）李偉在某路段勻速騎行6km，耗時(shí)10min，若該路段阻力為總重力的0.02倍，求他騎行功率．27、（2013?蕪湖縣校級(jí)自主招生）如圖，是光滑斜面的示意圖．斜面的水平長度為S，高為h，物體質(zhì)量為m，如果用沿斜面向上的力把物體從斜面底端勻速拉到頂端，拉力F=____（用題中相關(guān)字母表示）．28、如圖是質(zhì)量為70kg的李偉的比賽用山地自行車；其相關(guān)數(shù)據(jù)見表：

。車架材料碳纖維車架材料體積/cm32500車架質(zhì)量/kg4.5整車質(zhì)量/kg10單輪接觸面積/cm24（1）求碳纖維車架的密度；

（2）算出比賽中的山地自行車對地面的壓強(qiáng)；（取g=10N/kg）

（3）李偉在某路段勻速騎行6km，耗時(shí)10min，若該路段阻力為總重力的0.02倍，求他騎行功率．29、（2013?蕪湖縣校級(jí)自主招生）如圖，是光滑斜面的示意圖．斜面的水平長度為S，高為h，物體質(zhì)量為m，如果用沿斜面向上的力把物體從斜面底端勻速拉到頂端，拉力F=____（用題中相關(guān)字母表示）．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A|D【分析】曲線運(yùn)動(dòng)中速度方向時(shí)刻變化，加速度不為零，A對；平拋運(yùn)動(dòng)的加速度是恒定的，B錯(cuò)；只有勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合外力方向一定指向圓心，C錯(cuò)；D對【解析】【答案】AD2、B|C|D【分析】【解析】【答案】BCD3、B|C【分析】【解析】由于題目未講水平面是否光滑，故應(yīng)分情況討論，若水平面光滑，0～t1段F為恒力，速度線性增加，故功率也線性增大，t1～t2段F為零，功率為零，t2～t3段F反向，仍為恒力，速度線性減小，故功率也線性減小，故C正確．若水平面不光滑，由于t1、t2時(shí)刻后一小段時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)突然減小，故功率突然減小，故B項(xiàng)正確．【解析】【答案】BC4、C【分析】解：A

知道的是每秒時(shí)間內(nèi)的位移的大?。徊荒艽_定具體的運(yùn)動(dòng)的情況，所以不能確定瞬時(shí)速度的大小，所以AD錯(cuò)誤；

B；第2s

內(nèi)的位移的大小為2m

時(shí)間為1s

所以第2s

內(nèi)的平均速度為2m/s

所以B錯(cuò)誤；

C、4s

內(nèi)的位移的大小為總位移的和，為10m

時(shí)間為總時(shí)間，即4s

所以在4s

內(nèi)的平均速度為v=104=2.5m/s

所以C正確；

故選：C

根據(jù)每秒的時(shí)間內(nèi)的位移的大??；利用平均速度的公式，可以求的對應(yīng)時(shí)間內(nèi)的平均速度的大小，由于不能確定具體的運(yùn)動(dòng)情況，所以不能確定瞬時(shí)速度的大小．

知道每秒時(shí)間內(nèi)的位移的大小，并不能確定人的運(yùn)動(dòng)情況是否為勻加速度運(yùn)動(dòng)，這是本題容易出錯(cuò)的地方，再根據(jù)平均速度的公式來分別計(jì)算平均速度的大小即可．【解析】C

5、B【分析】解：A800

是指動(dòng)車發(fā)車的時(shí)刻；故A錯(cuò)誤；

B；由于衛(wèi)星的位移為零；故平均速度為零；故B正確；

C；運(yùn)動(dòng)員在最高點(diǎn)時(shí)；速度為零；但是此時(shí)他在做圓周運(yùn)動(dòng)，有指向圓心的向心加速度；故C錯(cuò)誤；

D；研究跳舞的姿態(tài)時(shí)；其大小和形狀不能忽略，故不能看作質(zhì)點(diǎn)；故D錯(cuò)誤；

故選：B

．

時(shí)間為一段時(shí)間；而時(shí)刻是對應(yīng)一個(gè)時(shí)間點(diǎn)；

平均速度為位移與時(shí)間的比值；

當(dāng)物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生變化時(shí)；一定有加速度存在；

當(dāng)物體的大小和形狀相對于所研究的問題可以忽略時(shí)；物體可以被看作質(zhì)點(diǎn)．

本題考查描述物體運(yùn)動(dòng)的相關(guān)物理量；要求學(xué)生能準(zhǔn)確掌握這些基本物理量的性質(zhì)；明確速度與加速度之間的關(guān)系．【解析】B

6、D【分析】【解析】在豎直方向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，當(dāng)加速度向下時(shí)，物體處于失重狀態(tài)，當(dāng)加速度向上時(shí)，物體處于超重狀態(tài)，所以AB為正常狀態(tài)，C中加速度向下，為失重狀態(tài)，D中加速度向上，為超重狀態(tài)，選D【解析】【答案】D7、A【分析】【解析】

試題分析：物體勻速下滑時(shí)；以物體為研究對象，受重力；支持力和摩擦力作用，三力平衡，故支持力和摩擦力的合力與重力平衡，豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律得到物體對斜劈的作用力方向豎直向下，等于物體重力G；當(dāng)施加力F后，根據(jù)滑動(dòng)摩擦定律f=μN(yùn)，支持力和滑動(dòng)摩擦力同比增加，故其合力的方向不變，根據(jù)牛頓第三定律，物體對斜劈的壓力和滑動(dòng)摩擦力的合力方向也不變，豎直向下；

故斜劈相對與地面無運(yùn)動(dòng)趨勢；靜摩擦力仍然為零，所以A正確。

考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；滑動(dòng)摩擦力；力的合成與分解的運(yùn)用。【解析】【答案】A8、D【分析】解：在本題中船是向東行駛；而“臥看滿天云不動(dòng)”是指“云與我”保持相對靜止，即“云與我”以相同的速度相對于地球向東運(yùn)動(dòng).

所以以我為參考系，榆堤是向西運(yùn)動(dòng)，而云；船是相對靜止的；涉及到帆船的工作原理，風(fēng)相對地面是向東的，而且應(yīng)該與船快，故相對我，風(fēng)是向東的；故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D

研究物體的運(yùn)動(dòng)情況時(shí)；首先要選取一個(gè)物體作為標(biāo)準(zhǔn)，這個(gè)被選作標(biāo)準(zhǔn)的物體叫做參照物.

研究對象的運(yùn)動(dòng)情況是怎樣的，就看它與參照物的相對位置是否變化.

由此來突破此題．

此題主要考查學(xué)生對運(yùn)動(dòng)和靜止的相對性的理解和掌握.

通過學(xué)習(xí)使學(xué)生明確：宇宙中的一切物體都在運(yùn)動(dòng)著，絕對靜止的物體是沒有的；我們平常所說的運(yùn)動(dòng)和靜止都是相對的，都是相對于某個(gè)物體而言的，所以說運(yùn)動(dòng)和靜止都具有相對性．【解析】D

二、填空題(共6題，共12分)9、略

【分析】

以人為研究對象并進(jìn)行受力分析，則在水平方向有F2sin37°=F1sin53°

在豎直方向有F2cos37°+F1cos53°=mg

代入數(shù)據(jù)可得F1=480N；

F2=640N．

故本題的答案為：480N；640N．

【解析】【答案】要求人所受的各個(gè)力，就必須先對人進(jìn)行受力分析，再根據(jù)共點(diǎn)力作用下物體的平衡條件列方程在水平方向有F2sin37°=F1sin53°

在豎直方向有F2cos37°+F1cos53°=mg求解即可．

10、略

【分析】解：（1）為了減小系統(tǒng)誤差；使小球的單擺運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)，擺線的長度L比小球半徑大得多，且擺角應(yīng)小于5度．單擺振動(dòng)時(shí)應(yīng)在同一豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)．

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2得：g=

A；重力加速度與重力無關(guān)．故A錯(cuò)誤．

B；將擺線長當(dāng)做擺長；未加小球的半徑，則擺長的測量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏?。蔅錯(cuò)誤．

C；振幅偏??；不影響重力加速度的測量．故C錯(cuò)誤．

D；將振動(dòng)次數(shù)n誤計(jì)為（n+1）；則擺長的測量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測量值偏大．故D正確．

故選：D

（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2得

則圖象的斜率k==tanα；

解得：g=

故答案為：（1）要比小球直徑；小于5°；同一豎直；（2）D；（3）．

（1）單擺模型是一種理想化的模型；只有在擺動(dòng)角度小于5°的范圍內(nèi)，其運(yùn)動(dòng)才近似為簡諧運(yùn)動(dòng)，同時(shí)要注意不能做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，否則誤差較大．?dāng)[線的長度比小球的半徑要大得多．

（2）根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；結(jié)合測量值的偏差分析重力加速度的測量值．

（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2得結(jié)合斜率求解即可．

解決本題的關(guān)鍵知道單擺實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)，要注意盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，擺動(dòng)角度要小，不能讓擺球做圓錐擺．以及掌握單擺的周期公式，并能靈活運(yùn)用．【解析】要比小球直徑；小于5°；同一豎直；D；11、略

【分析】解：在地球表面忽略自轉(zhuǎn)的影響，由萬有引力等于重力知GMmR2=mg

解得M=gR2G

某衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T

軌道半徑r

由萬有引力充當(dāng)向心力知GMm(R+h)2=m(2婁脨T)2(R+h)

解得：T=2婁脨(R+h)3GM

故答案為：gR2G2婁脨(R+h)3GM

利用萬有引力和向心力及重力的兩個(gè)關(guān)系式進(jìn)行解題；再利用萬有引力提供向心力來解周期．

解決此題的關(guān)鍵是知道萬有引力在不同的位置充當(dāng)?shù)淖饔貌煌?，地面上等于重力，天體運(yùn)動(dòng)中等于向心力．【解析】gR2G2婁脨(R+h)3GM

12、略

【分析】解：距離改變之前：F=k①

當(dāng)電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍時(shí)：F1=k②

聯(lián)立①②可得：F1=9F；

故答案為：9F

本題比較簡單；直接利用庫侖定律進(jìn)行計(jì)算討論即可．

庫倫定律應(yīng)用時(shí)涉及的物理量較多，因此理清各個(gè)物理量之間的關(guān)系，可以和萬有引力定律進(jìn)行類比學(xué)習(xí)．【解析】9F13、略

【分析】解：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接交流電；當(dāng)頻率是50Hz

時(shí)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02

秒打一個(gè)點(diǎn)．

平均速度為：v=0.210隆脕0.02=1m/s

．

故答案為：交流；0.021

．

了解電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作電壓；工作原理即可正確解答；同時(shí)要知道平均速度為位移比時(shí)間．

本題考查了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的知識(shí)及平均速度的公式應(yīng)用.

知道打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)時(shí)間間隔、應(yīng)用平均速度公式即可正確解題．【解析】交流；0.021

14、略

【分析】解：當(dāng)物體的形狀和大小在所研究的問題中能忽略時(shí)；把它簡化為一個(gè)有質(zhì)量的點(diǎn)，稱為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)是一個(gè)理想化的模型．

故答案為：形狀；大小，有質(zhì)量，理想化。

突出主要因素；忽略次要因素，將實(shí)際問題簡化為物理模型，是研究物理學(xué)問題的基本思維方法之一，這種思維方法叫理想化方法.

質(zhì)點(diǎn)就是利用這種思維方法建立的一個(gè)理想化物理模型．

知道各種方法的確切含義，再來判斷就很容易了，理想模型是我們高中經(jīng)常遇到的，如質(zhì)點(diǎn)，點(diǎn)電荷等都是理想模型．【解析】形狀；大?。挥匈|(zhì)量；理想化三、計(jì)算題(共5題，共10分)15、解：分別隔離物體A；B球；并進(jìn)行受力分析，如圖所示：

由平衡條件可得：

對A：T=4N

對球：

Tsin37°+N2cos37°=G球

N2sin37°=N1+Tcos37°

代入解得：N1=1N

N2=7N．

根據(jù)牛頓第三定律；作用力和反作用力大小相等，所以小球?qū)π泵娴膲毫Υ笮?N，小球?qū)醢宓膲毫Υ笮?N．

答：斜面和擋板所受的壓力分別是7N和1N．【分析】

分別隔離物體A

由平衡條件先求得繩的拉力大小，再對球進(jìn)行研究，受力分析，作出受力圖，由平衡條件求出斜面和擋板對球的支持力，即可求得斜面和擋板所受的壓力．

本題是兩個(gè)物體的平衡問題，采用隔離法處理，分析受力情況是解題的關(guān)鍵．【解析】解：分別隔離物體AB

球；并進(jìn)行受力分析，如圖所示：

由平衡條件可得：

對AT=4N

對球：

Tsin37鈭?+N2cos37鈭?=G脟貌

N2sin37鈭?=N1+Tcos37鈭?

代入解得：N1=1N

N2=7N.

根據(jù)牛頓第三定律；作用力和反作用力大小相等，所以小球?qū)π泵娴膲毫Υ笮?N

小球?qū)醢宓膲毫Υ笮?N.

答：斜面和擋板所受的壓力分別是7N

和1N

．16、解：（1）由題意知，小球經(jīng)B點(diǎn)時(shí)由重力提供向心力，N=mg根據(jù)向心力公式得：解得：（２）小球離開B點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直分運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：解得：根據(jù)水平分運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：（3）小球落地點(diǎn)C的速度【分析】本題考查了向心力來源的分析和公式的應(yīng)用及平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，注意速度是矢量需表明方向。(攏鹵)

根據(jù)題意分析小球在B

點(diǎn)時(shí)，向心力的來源，并應(yīng)用向心力公式求解；(攏虜)

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解?！窘馕觥拷猓?1)

由題意知，小球經(jīng)B

點(diǎn)時(shí)由重力提供向心力，N=mg

根據(jù)向心力公式得：N+mg=mv2R

解得：v=2gR

(攏虜)

小球離開B

點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直分運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：2R=12gt2

解得：t=2Rg

根據(jù)水平分運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：x=vt=22R

(3)vy=gt=2gR小球落地點(diǎn)CC的速度VC=vy2+v2=6gR

17、解：(1)

設(shè)小物體的質(zhì)量為m

以水平面為參考面，由A

到B

根據(jù)機(jī)械能守恒定律：

mgR=12mv2

解得物體到達(dá)B

點(diǎn)時(shí)的速率為v=2gR

(2)

由A

到C

根據(jù)動(dòng)能定理：mgR鈭?婁脤mgs=0

解得物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為婁脤=Rs【分析】(1)(1)物體由A

到B

根據(jù)機(jī)械能守恒定律解答；(2)

物體由A

到C

根據(jù)動(dòng)能定理解答；了解研究對象的運(yùn)動(dòng)過程是解決問題的前提，選取某一過程作為研究過程，運(yùn)用動(dòng)能定理解題；不同的問題可能選擇不同的研究過程，要看求解的是什么物理量.

一個(gè)題目需要選擇不同的過程多次運(yùn)用動(dòng)能定理研究。

【解析】解：(1)

設(shè)小物體的質(zhì)量為m

以水平面為參考面，由A

到B

根據(jù)機(jī)械能守恒定律：mgR=12mv2

解得物體到達(dá)B

點(diǎn)時(shí)的速率為v=2gR

(2)

由A

到C

根據(jù)動(dòng)能定理：mgR鈭?婁脤mgs=0

解得物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為婁脤=Rs

18、略

【分析】

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論：xm鈭?xn=(m鈭?n)at2

求解出加速度a

再應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解位移的大小即可．

能熟練應(yīng)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論求解出各個(gè)物理量，掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，做到能熟練應(yīng)用即可．【解析】解：(1)

由：xm鈭?xn=(m鈭?n)at2

得：4=a隆脕12

解得：a=4m/s2

．

(2)

由：x=v0t+12at2

得：

x=0.5隆脕5+0.5隆脕4隆脕52=52.5m

答：(1)

物體的加速度大小為4m/s2

．

(2)

物體在前5s

內(nèi)的位移大小為52.5m

．19、略

【分析】

(1)

根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系求速度；

(2)

根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系求位移；

(3)

根據(jù)平均速度定義求平均速度．

掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間關(guān)系和位移時(shí)間關(guān)系是正確解題的基礎(chǔ)，注意第5s

與前5s

的不同．【解析】解：(1)

根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系知；物體第4s

末的速度。

v=v0+at=10+2隆脕4=18m/s

(2)

根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系；物體前5s

內(nèi)的位移：

x=v0t+12at2=10隆脕5+12隆脕2隆脕52=75m

(3)

根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系知；物體在第5s

末的速度v1=v0+at=10+2隆脕5=20m/s

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度公式知，第5s

內(nèi)的平均速度v爐=v1+v2=18+202m/s=19m/s

答：(1)

第4s

末的速度v

為18m/s

(2)

前5s

內(nèi)的位移x

為75m

(3)

第5s

內(nèi)的平均速度v爐

為19m/s

．四、畫圖題(共2題，共20分)20、略

【分析】【解析】試題分析：（1）受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力作用，作用點(diǎn)都在重心（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球只受到豎直向下的重力作用考點(diǎn)：考查受力分析的能力【解析】【答案】作圖題（略）21、略

【分析】【解析】試題分析：（1）受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力作用，作用點(diǎn)都在重心（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球只受到豎直向下的重力作用考點(diǎn)：考查受力分析的能力【解析】【答案】作圖題（略）五、簡答題(共4題，共8分)22、略

【分析】

(1)

根據(jù)牛頓第二定律；求出0鈭?1s

內(nèi)和1鈭?2s

內(nèi)的加速度，根據(jù)速度時(shí)間公式求出1s

末和2s

末的速度；

(2)

根據(jù)牛頓第二定律分別求出各段時(shí)間內(nèi)勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度；結(jié)合位移公式求出各段時(shí)間內(nèi)的位移，從而得出0鈭?4s

內(nèi)的位移．

解決本題的關(guān)鍵理清物體在各段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式綜合求解，過程交付復(fù)雜，難度適中．【解析】解：(1)0鈭?1s

內(nèi)；物塊靜止開始向右勻加速直線運(yùn)動(dòng)：F1=ma1

解得：a1=F1m=10.5=2m/s2

1s

末物塊的速度：v1=a1t1=2隆脕1=2m/s

1鈭?2s

內(nèi)；物塊先向右勻減速運(yùn)動(dòng)至速度為零，再靜止開始向左勻加速直線運(yùn)動(dòng)：F2=ma2

解得：a2=F2m=鈭?20.5=鈭?4m/s2

向左。

2s

末物塊的速度：v2=v1+a2t2=2+(鈭?4)隆脕1=鈭?2m/s

(2)0鈭?1s

內(nèi)，物塊的位移：x1=0+v12t1=0+22隆脕1m=1m

1鈭?2s

內(nèi)，物塊的位移：x2=v1+v22t2=2+(鈭?2)2隆脕1m=0m

2鈭?3s

內(nèi)；物塊先向左勻減速至速度為零，再靜止開始向右勻加速直線運(yùn)動(dòng)：F3=ma3

解得：a3=F3m=20.5=4m/s2

3s

末物塊的速度：v3=v2+a3t3=鈭?2+4隆脕1=2m/s

2鈭?3s

內(nèi)，物塊的位移：x3=v2+v32t3=鈭?2+22隆脕1m=0m

3鈭?4s

內(nèi)；物塊向右勻減速運(yùn)動(dòng)：

F4=ma4

解得：a4=F4m=鈭?10.5=鈭?2m/s2

4s

末物塊的速度：v4=v3+a4t4=2+(鈭?2)隆脕1=0

3鈭?4s

物塊的位移：x4=v3+v42t4=2+02隆脕1m=1m

則0隆蘆4s

物塊的位移：x=x1+x2+x3+x4=2m

．

答：(1)t=1s

和t=2s

時(shí)物塊的瞬時(shí)速度分別為2m/s

和鈭?2m/s

(2)t=0

到t=4s

的時(shí)間間隔內(nèi)物塊的位移為2m

．23、略

【分析】

(1)

裝置靜止時(shí)；分別對小環(huán)和小球分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡，結(jié)合胡克定律求出彈簧的勁度系數(shù)；

(2)

當(dāng)AB

桿彈力為零時(shí)；對小環(huán)分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡和胡克定律求出彈簧的長度，對小球分析，抓住豎直方向上合力為零，水平方向上的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴0

．

本題綜合考查了動(dòng)能定理、牛頓第二定律、共點(diǎn)力平衡和胡克定律的運(yùn)用，當(dāng)裝置轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，抓住小環(huán)平衡，小球在豎直方向上平衡，水平方向上的合力提供向心力進(jìn)行求解．【解析】解：(1)

裝置靜止時(shí)；設(shè)OAAB

桿中的彈力分別為F1T1OA

桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為婁脠1

．

小環(huán)受到彈簧的彈力F碌爐1=k鈰?L2

小環(huán)受力平衡：F碌爐1=mg+2T1cos婁脠1

小球受力平衡：F1cos婁脠1+T1cos婁脠1鈭?mg=0F1sin婁脠1鈭?T1sin婁脠1=0

解得：k=4mgL

(2)

設(shè)OAAB

桿中的彈力分別為F2T2OA

桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為婁脠2

彈簧長度為x

．

小環(huán)受到彈簧的彈力：F碌爐2=k(x鈭?L)

小環(huán)受力平衡：F碌爐2=mg

得：x=54L

對小球：F2cos婁脠2=mg

F2sin婁脠2=m婁脴02lsin婁脠2

cos婁脠2=x2l

解得：婁脴0=8g5L

答：(1)

彈簧的勁度系數(shù)k

為4mgL

(2)AB

桿中彈力為零時(shí)，裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴0

為8g5L

．24、解：根據(jù)牛頓第二定律有：F合=．

根據(jù)平行四邊形定則可知，空氣對飛機(jī)的作用力F==．

答：此時(shí)空氣對飛機(jī)的作用力大小F為．【分析】

飛機(jī)受重力；空氣的作用力；靠兩個(gè)力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律幾何平行四邊形定則求解空氣對飛機(jī)的作用力．

解決本題的關(guān)鍵搞清向心力的來源，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，難度適中．【解析】解：根據(jù)牛頓第二定律有：F潞脧=mv2R

．

根據(jù)平行四邊形定則可知，空氣對飛機(jī)的作用力F=(mg)2+(F潞脧2)=mg2+v4R2

．

答：此時(shí)空氣對飛機(jī)的作用力大小F

為mg2+v4R2

．25、（1）C+4HNO3（濃）CO2↑+4NO2↑+2H2O

（2）溶液變藍(lán)，銅片溶解，導(dǎo)管口有無色氣體冒出除去未反應(yīng)的NO，防止污染空氣

（3）a.2CO2+2Na2O2=2Na2CO3+O2堿石灰

b.打開彈簧夾，通入N2一段時(shí)間【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)制備實(shí)驗(yàn)方案的設(shè)計(jì)和信息判斷，物質(zhì)性質(zhì)的理解應(yīng)用，注意實(shí)驗(yàn)過程中的反應(yīng)現(xiàn)象分析，掌握基礎(chǔ)是關(guān)鍵，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}裝置rm{A}中是濃硝酸和碳加熱發(fā)反應(yīng)，反應(yīng)生成二氧化氮、二氧化碳和水，反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{C+4HNO_{3}(}濃rm{)overset{?}{=}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}故答案為：rm{)overset{?}{=}

CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}濃rm{)overset{?}{=}CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{C+4HNO_{3}(}裝置rm{)overset{?}{=}

CO_{2}隆眉+4NO_{2}隆眉+2H_{2}O}中是rm{(2)}裝置生成的二氧化氮和水反應(yīng)生成硝酸和一氧化氮，rm{B}硝酸和銅反應(yīng)生成硝酸銅，一氧化氮和水，所以rm{A}裝置中觀察到的現(xiàn)象為：溶液變藍(lán)，銅片溶解，導(dǎo)管口有無色氣體冒出，通過裝置rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}中的過氧化鈉吸收一氧化氮、二氧化碳，最后通過酸性高錳酸鉀溶液除去剩余一氧化氮防止污染空氣，故答案為：溶液變藍(lán)，銅片溶解，導(dǎo)管口有無色氣體冒出；除去未反應(yīng)的rm{B}防止污染空氣；

rm{C}生成rm{NO}是二氧化碳和過氧化鈉反應(yīng)，化學(xué)方程式是：rm{(3)a.}碳酸鈉rm{2CO_{2}+2Na_{2}O_{2}=2Na_{2}CO_{3}+O_{2}}通過裝置中的過氧化鈉吸收一氧化氮、二氧化碳，一氧化氮是污染性氣體，最后通過酸性高錳酸鉀溶液除去剩余一氧化氮防止污染空氣；為排除干擾在；rm{C}裝置間增加裝置rm{B}rm{C}中盛放的試劑應(yīng)堿石灰，用來吸收二氧化碳