2025年滬科新版高三物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科新版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、陰極射線示波管的聚焦電場是由電極A1、A2形成，實(shí)線為電場線，虛線為等勢線，Z軸為該電場的中心軸線，P、Q、R為一個從左側(cè)進(jìn)入聚焦電場的電子運(yùn)動軌跡上的三點(diǎn)，則（）A.電極A1的電勢高于電極A2的電勢B.電子在P點(diǎn)處的動能大于在Q點(diǎn)處的動能C.電子從P至R的運(yùn)動過程中，電場力對它一直做正功D.電子在Q點(diǎn)的加速度小于在R點(diǎn)的加速度2、下列關(guān)于勻變速直線運(yùn)動的分析正確的是（）A.勻變速直線運(yùn)動就是速度大小不變的運(yùn)動B.勻變速直線運(yùn)動就是加速度均勻變化的運(yùn)動C.勻變速直線運(yùn)動就是位移均勻增加的運(yùn)動D.勻變速直線運(yùn)動就是加速度大小、方向均不變的運(yùn)動3、以下說法正確的是（）A.被當(dāng)作參考系的物體一定是靜止的B.被當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)的物體一定是體積很小的C.位移大小僅取決于物體的始、末位置，與運(yùn)動路徑無關(guān)D.牛頓第一定律可以通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證4、汽車從靜止開始先做勻加速直線運(yùn)動，然后做勻速運(yùn)動.

汽車所受阻力恒定，下列汽車功率P

與時間t

的關(guān)系圖象中，能描述上述過程的是()

A.B.C.D.

5、將一束等離子體沿如圖所示方向噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就聚集了電荷．在磁極配置如圖中所示的情況下，下列說法正確的是（）A.A板帶正電B.有電流從a經(jīng)用電器流向bC.金屬板B間的電場方向向下D.等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電場力評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)6、完成下列核反應(yīng)方程：

（1）Th→Pa+____；

（2）____+n→Ba+Kr+3n．7、（2011秋?合浦縣期中）如圖所示，在電場強(qiáng)度為E的水平勻強(qiáng)電場中，有一質(zhì)量為m的帶電小球被細(xì)線拴住靜止不動，此時細(xì)線與豎直方向成α角，小球帶____電，電荷量是____．若將細(xì)線輕輕剪斷，小球?qū)⒆鯻___運(yùn)動．8、彈簧振子做簡諧運(yùn)動，通過M點(diǎn)時的速度為v，經(jīng)1s第一次以相同的速度通過P點(diǎn)，又經(jīng)過1s，振子第二次通過P點(diǎn)，振子在2s內(nèi)的總路程為18cm，由已知條件可求得該彈簧振子的周期是____s，振幅是____cm．9、（2009秋?諸城市校級期末）如圖所示；回旋加速器的兩個D型盒之間接有交變電源，電源電壓為U．上方D型盒中央為質(zhì)子源，靜止的質(zhì)量為m電量為e的質(zhì)子經(jīng)電場加速后，進(jìn)入下方的D型盒．其最大軌道半徑R，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；

（1）質(zhì)子最初進(jìn)入下方D型盒的動能是____．

（2）質(zhì)子經(jīng)回旋加速器最后得到的動能是____．

（3）交變電源的周期是____．10、某學(xué)習(xí)小組做探究“合力的功和物體速度變化關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)如圖；圖1中小車是在一條橡皮筋作用下彈出，沿木板滑行，這時，橡皮筋對小車做的功記為W．當(dāng)用2條；3條完全相同的橡皮筋并在一起進(jìn)行第2次、第3次實(shí)驗(yàn)時，使每次實(shí)驗(yàn)中橡皮筋伸長的長度都保持一致．每次實(shí)驗(yàn)中小車獲得的速度由打點(diǎn)計時器所打的紙帶測出．

（1）除了圖1中已有的實(shí)驗(yàn)器材外，還需要導(dǎo)線、開關(guān)、刻度尺和____電源（填“交流”或“直流”）．

（2）實(shí)驗(yàn)中，小車會受到摩擦阻力的作用，可以使木板適當(dāng)傾斜來平衡掉摩擦阻力，則下面操作正確的是____．

A．放開小車；能夠自由下滑即可。

B．放開小車；能夠勻速下滑即可。

C．放開拖著紙帶的小車；能夠自由下滑即可。

D．放開拖著紙帶的小車；能夠勻速下滑即可。

（3）若木板水平放置，小車在兩條橡皮筋作用下運(yùn)動，當(dāng)小車速度最大時，關(guān)于橡皮筋所處的狀態(tài)與小車所在的位置，下列說法正確的是____．

A．橡皮筋處于原長狀態(tài)B．橡皮筋仍處于伸長狀態(tài)。

C．小車在兩個鐵釘?shù)倪B線處D．小車已過兩個鐵釘?shù)倪B線。

（4）實(shí)驗(yàn)中先后用同樣的橡皮筋1條、2條、3條，并起來掛在小車的前端進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要把小車?yán)酵晃恢迷籴尫判≤嚕训?次只掛1條橡皮筋時橡皮筋對小車做的功記為W，第二次掛2條橡皮筋時橡皮筋對小車做的功為2W，；橡皮筋對小車做功后而使小車獲得的速度可由打點(diǎn)計時器打出的紙測出．根據(jù)第四次的紙帶（如圖2所示）求得小車獲得的速度為____m/s．

（5）本實(shí)驗(yàn)可通過作圖來尋找功與速度變化的關(guān)系．若所作的W-v的圖象如圖3所示，則下一步應(yīng)作____（填“W-v2”或“W-”）的關(guān)系圖象．

11、一物體以2m/s2的加速度做勻加速直線運(yùn)動，第2s內(nèi)的位移為12ｍ，則物體的初速度為____m/s．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)12、地面上靜止的人觀察一條沿自身長度方向高速運(yùn)動的桿，其長度總比桿靜止時的長度小____（判斷對錯）13、沒有施力物體的力有可能存在．____（判斷對錯）14、物體速度變化的方向與它受到的合外力的方向相同．____（判斷對錯）15、月亮在云中穿梭，參考系是云．____（判斷對錯）16、不論用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．____（判斷對錯）17、滑動摩擦力的方向總是與物體的運(yùn)動方向相反．____（判斷對錯）評卷人得分四、識圖作答題(共2題，共20分)18、某課外活動小組用唾液淀粉酶探究PH值對酶活性的影響；得到如圖所示的實(shí)驗(yàn)結(jié)果。請回答相關(guān)問題：

(1)酶的活性是指_____________________。(2)如圖所示的實(shí)驗(yàn)結(jié)果與預(yù)期不符，于是活動小組又進(jìn)行了_____（選填“對照”“對比”和“重復(fù)”）實(shí)驗(yàn)，得到與該圖基本無差異的結(jié)果。查閱資料后發(fā)現(xiàn)鹽酸能催化淀粉水解，因此推測在酸性條件下淀粉可能是在鹽酸和酶的共同作用下水解的。據(jù)圖分析可知PH值為3條件下淀粉酶的活性________（選填“大于”“等于”和“小于”）PH為9條件下的淀粉酶活性。(3)在常溫常壓條件下，與鹽酸相比，淀粉酶降低化學(xué)反應(yīng)活化能的效果更顯著。請據(jù)圖找出判斷依據(jù)并做簡要說明_________________________19、鐵皮石斛為藥用草本植物，喜生活在陰濕環(huán)境。圖1為葉肉細(xì)胞內(nèi)光合作用的某反應(yīng)過程；圖2為某科研小組測定其在光照和黑暗交替條件下的CO2吸收速率：

（1）圖1所示的結(jié)構(gòu)為___________，其上分布的色素易溶于___________，據(jù)此可提取綠葉中的色素。（2）圖1所示的反應(yīng)過程將水分解，最終產(chǎn)生O2和物質(zhì)A，同時將光能轉(zhuǎn)化為_________，其中物質(zhì)A是___________。（3）據(jù)圖2分析，鐵皮石斛不同于一般植物的特點(diǎn)是在暗處_______（填“能”或“不能”）吸收CO2。在暗處____（填“能”或“不能”）將CO2轉(zhuǎn)化為糖類等有機(jī)物，原因是______________________。評卷人得分五、證明題(共3題，共18分)20、如圖，太陽系中星體A繞太陽做半徑為R1的圓周運(yùn)動，星體B作拋物線運(yùn)動．B在近日點(diǎn)處與太陽的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運(yùn)動方向如圖中箭頭所示．設(shè)B運(yùn)動到近日點(diǎn)時，A恰好運(yùn)動到B與太陽連線上，A、B隨即發(fā)生某種強(qiáng)烈的相互作用而迅速合并成一個新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽的運(yùn)動軌道為橢圓．21、如圖甲所示的控制電子運(yùn)動裝置由偏轉(zhuǎn)電場、偏轉(zhuǎn)磁場組成．偏轉(zhuǎn)電場處在加有電壓U、相距為d的兩塊水平平行放置的導(dǎo)體板之間，勻強(qiáng)磁場水平寬度一定，豎直長度足夠大，其緊靠偏轉(zhuǎn)電場的右邊．大量電子以相同初速度連續(xù)不斷地沿兩板正中間虛線的方向向右射入導(dǎo)體板之間．當(dāng)兩板間沒有加電壓時，這些電子通過兩板之間的時間為2t0；當(dāng)兩板間加上圖乙所示的電壓U時，所有電子均能通過電場、穿過磁場，最后打在豎直放置的熒光屏上．已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，不計電子的重力及電子間的相互作用，電壓U的最大值為U0；磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B；方向水平且垂直紙面向里．

（1）如果電子在t=t0時刻進(jìn)入兩板間；求它離開偏轉(zhuǎn)電場時豎直分位移的大小．

（2）要使電子在t=0時刻進(jìn)入電場并能最終垂直打在熒光屏上；勻強(qiáng)磁場的水平寬度l為多少？

（3）證明：在滿足（2）問磁場寬度l的條件下，所有電子自進(jìn)入板間到最終打在熒光屏上的總時間相同．22、帶電離子以速度v沿CB方向射入一橫截面為正方形的區(qū)域，C，B為該正方形兩邊的中點(diǎn)，如圖所示，不計粒子的重力，當(dāng)區(qū)域內(nèi)有豎直方向的勻強(qiáng)電場E時，粒子恰好從A點(diǎn)飛出；當(dāng)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場時，粒子也恰好從A點(diǎn)飛出，試證明：=v．評卷人得分六、解答題(共4題，共28分)23、如圖所示，邊長為2l的正方形ABCD內(nèi)存在兩個場強(qiáng)大小相等、方向相反的有界勻強(qiáng)電場，中位線OO′上方的電場方向豎直向下，OO′下方的電場方向豎直向上．從某時刻起，在A、O兩點(diǎn)間（含A點(diǎn)，不含O點(diǎn)）連續(xù)不斷地有電量為+q、質(zhì)量為m的粒子以相同速度v0沿水平方向射入電場．其中從A點(diǎn)射入的粒子第一次穿越OO′后就恰好從C點(diǎn)沿水平方向射出正方形電場區(qū)．不計粒子的重力及粒子間的相互作用．求：

（1）從A點(diǎn)入射的粒子穿越電場區(qū)域的時間t和勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E的大??；

（2）在AO間離O點(diǎn)高度h為多大的粒子；最終能沿水平方向從CD間射出正方形電場區(qū)？

（3）上一問中能沿水平方向射出正方形電場區(qū)的這些粒子，在穿越OO′時的速度v的大小．24、一個氫氣球，質(zhì)量為200kg，系一根繩子使它靜止不動，且繩子豎直，如圖所示．當(dāng)割斷繩子后，氣球以2m/s2的加速度勻加速上升，求割斷繩子前繩子的拉力為多大？25、如圖所示，兩根豎直放置的足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距l(xiāng)=0.50m，上端接有阻值R=0.80Ω的定值電阻，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計．導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.40T、方向垂直于金屬導(dǎo)軌平面向外的有界勻強(qiáng)磁場中，磁場的上邊界如圖中虛線所示，虛線下方的磁場范圍足夠大．一根質(zhì)量m=4.0×10-2kg、電阻r=0.20Ω的金屬桿MN，從距磁場上邊界h=0.20m高處，由靜止開始沿著金屬導(dǎo)軌下落．已知金屬桿下落過程中始終與兩導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加速度g=10m/s2；不計空氣阻力．

（1）求金屬桿剛進(jìn)入磁場時通過電阻R的電流大小；

（2）求金屬桿剛進(jìn)入磁場時的加速度大小；

（3）若金屬桿進(jìn)入磁場區(qū)域一段時間后開始做勻速直線運(yùn)動，則金屬桿在勻速下落過程中其所受重力對它做功的功率為多大？26、有三根長度均為L=0.3m的不可伸長的絕緣細(xì)線，其中兩根的一端分別固定在天花板上的P、Q點(diǎn)，另一端分別拴有質(zhì)量均為m=0.12kg的帶電小球A和B，其中A球帶正電，電荷量為q=3×10-6C．A、B之間用第三根線連接起來．在水平向左的勻強(qiáng)電場E作用下，A、B保持靜止，懸線仍處于豎直方向，且A、B間細(xì)線恰好伸直．（靜電力恒量k=9×109N?m2/C2．）

（1）此勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E為多大；

（2）現(xiàn)將PA之間的線燒斷；由于有空氣阻力，A；B球最后會達(dá)到新的平衡位置．求此時細(xì)線QB所受的拉力T的大小，并求出A、B間細(xì)線與豎直方向的夾角θ；

（3）求A球的電勢能與燒斷前相比改變了多少（不計B球所帶電荷對勻強(qiáng)電場的影響）．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】沿電場線電勢降低，電場強(qiáng)度的大小與電場線的疏密的關(guān)系；明確電子在電場中的受力特點(diǎn)以及電場力做功情況，從而進(jìn)一步判斷電勢能、動能等變化情況．【解析】【解答】解：A、沿電場線電勢降低，因此電極A1的電勢低于電極A2；故A錯誤；

B；電子從P至R的運(yùn)動過程中；是由低電勢向高電勢運(yùn)動時，電場力做正功，動能增加，電勢能減小，故B錯誤，C正確；

D；據(jù)電場線的疏密程度可知；因此Q點(diǎn)電場線比R點(diǎn)電場線密，故Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于R點(diǎn)的電場強(qiáng)度．故D錯誤；

故選：C2、D【分析】【分析】勻變速直線運(yùn)動的特點(diǎn)是加速度不變，速度均勻變化．位移與時間的關(guān)系是x=v0t+．【解析】【解答】解：A；勻變速直線運(yùn)動是加速度不變的直線運(yùn)動；速度隨時間增大．故A錯誤；

B；勻變速直線運(yùn)動的加速度不變；故B錯誤；

C、勻變速直線運(yùn)動的位移與時間的關(guān)系是x=v0t+；根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知位移是非均勻增加，故C錯誤．

D；勻變速直線運(yùn)動的特點(diǎn)是加速度恒定不變；即加速度大小、方向均不變，故D正確；

故選：D3、C【分析】【分析】參考系是為了研究物體的運(yùn)動；而選作參照的其他物體，參考系被認(rèn)為是靜止的，實(shí)際可以是運(yùn)動的，也可以是靜止的．

物體位移大小等于初末位置之間的有向線段長度．

牛頓第一定律是理想實(shí)驗(yàn)?zāi)Ｐ?，不能通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)．【解析】【解答】解：A；參考系是為了研究物體的運(yùn)動；而選作參照的其他物體，參考系被認(rèn)為是靜止的，實(shí)際可以是運(yùn)動的，也可以是相對靜止的，故A錯誤．

B；參考系與物體的體積；速度，是否運(yùn)動等無關(guān)，任何物體都可以做為參考系，故B錯誤．

C；物體位移大小等于初末位置之間的有向線段長度；僅取決于物體的始、末位置，與運(yùn)動路徑無關(guān)，故C正確．

D；牛頓第一定律是理想實(shí)驗(yàn)?zāi)Ｐ?；不能通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)，故D錯誤．

故選：C4、C【分析】【分析】根據(jù)P=Fv

分析，勻加速運(yùn)動時F

不變，v

隨時間均勻增大，故P

隨時間均勻增大，當(dāng)勻速時牽引力等于阻力，說明牽引力突變，故功率突變。此題考查P=Fv

的應(yīng)用，注意在機(jī)車問題中F

為牽引力，不是合力，力可以突變，速度不會突變?！窘獯稹緼D.

根據(jù)P=Fv

分析知勻加速運(yùn)動時牽引力大于阻力；F

不變，v

隨時間均勻增大，故P

隨時間均勻增大，故A；D錯誤；

BC.

當(dāng)勻速時牽引力等于阻力；說明F

突變小，速度不變，故功率突變小，以后保持不變，故B錯誤，C正確。

故選C?！窘馕觥緾

5、D【分析】【分析】根據(jù)左手定則判斷出正負(fù)電荷所受洛倫茲力的方向，從而判斷出正負(fù)電荷的偏轉(zhuǎn)方向，帶正電的極板電勢高，電流從正極板流向負(fù)極板．【解析】【解答】解：A；根據(jù)左手定則知；正電荷向下偏，負(fù)電荷向上偏，則A板帶負(fù)電．故A錯誤．

B、因?yàn)锽板帶正電，A板帶負(fù)電，所以電流的流向?yàn)閎流向a．故B錯誤．

C；因?yàn)锽板帶正電；A板帶負(fù)電，所以金屬板間的電場方向向上．故C錯誤．

D；等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電場力．故D正確．

故選：D．二、填空題(共6題，共12分)6、【分析】【分析】核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，根據(jù)守恒規(guī)律列式求解即可【解析】【解答】解：根據(jù)核反應(yīng)書寫規(guī)律：質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒；則有：

（1）Th→Pa+；

（2）+n→Ba+Kr+3n．

故答案為：（1）；（2）7、負(fù)初速度為零的勻加速直線【分析】【分析】對小球受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得出電場力的方向，求出電荷量的大小．剪斷細(xì)線后，由于重力和電場力的合力不變，小球做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動．【解析】【解答】解：小球的受力如圖所示，根據(jù)共點(diǎn)力平衡知，小球所受的電場力水平向左，則小球帶負(fù)電，

根據(jù)平衡知，qE=mgtanα，解得電荷量q=．

剪斷細(xì)線；小球所受的重力和電場力的合力不變，小球做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動．

故答案為：負(fù)，，初速度為零的勻加速直線．8、4s或9cm或3【分析】【分析】簡諧運(yùn)動的質(zhì)點(diǎn)，先后以相同的速度通過M、P兩點(diǎn)，則可判定這兩點(diǎn)關(guān)于平衡位置對稱，則平衡位置到P點(diǎn)的時間為1s的一半；由再次經(jīng)過P點(diǎn)的時間，即可求出從P點(diǎn)到最大位置的時間為1s的一半，因此質(zhì)點(diǎn)的振動同期可求．由題意可知，質(zhì)點(diǎn)總路程的一半，即為振幅．【解析】【解答】解：過M；P點(diǎn)速度相等；MP兩點(diǎn)一定關(guān)于平衡位置O對稱．

由簡諧運(yùn)動的周期性和往復(fù)性可知；本題有兩種可能性：

（1）2s為半個周期；則T=4s，18cm=2A，得：A=9cm

（2）2s為個周期，T=s；18cm=6A，得A=3cm

故答案為：4s或，9cm或3．9、eU【分析】【分析】（1）根據(jù)質(zhì)子在電場力作用下；被加速，由動能定理，即可求解；

（2）根據(jù)運(yùn)動半徑等于R；結(jié)合牛頓第二定律與向心力，即可求解；

（3）根據(jù)洛倫茲力提供向心力，即可求出運(yùn)動的周期，從而確定交流電源的周期．【解析】【解答】解：（1）質(zhì)子在電場中被加速；根據(jù)動能定理；

則有最初進(jìn)入下方D型盒的動能：Ek=eU；

（2）根據(jù)qvB=m得，粒子出D形盒時的速度vm=，則粒子出D形盒時的動能Ekm=mv2=；

（3）由洛倫茲力提供向心力，則有：Bqv=；

而T=，所以粒子在磁場中運(yùn)行周期為T=；

因一直處于加速狀態(tài)；則磁場中的周期與交流電源的周期相同；

即為：T=；

故答案為：eU；；；10、略

【分析】

（1）打點(diǎn)計時器應(yīng)該選用交流電源；

故答案為：交流。

（2）木板適當(dāng)傾斜來平衡掉摩擦阻力J時；注意放開小車上的紙帶；故選D．

（3）木板水平放置；存在摩擦力，當(dāng)合力等于零時，速度達(dá)到最大，則橡皮條的拉力與摩擦力平衡，即橡皮筋仍要處于伸長；

故選：B．

（4）小車速度為v=m/s=2m/s

（5）根據(jù)動能定理可知，合外力做的功應(yīng)等于物體動能的變化量，所以W與v2成正比；即。

Wn∝vn2；用描點(diǎn)法作出圖象如圖所示：

故答案為：（1）交流（2）D（3）B（4）2（5）W-v2

【解析】【答案】（1）打點(diǎn)計時器是應(yīng)該選用交流電源；

（2）木板適當(dāng)傾斜來平衡掉摩擦阻力J時；注意放開小車上的紙帶；

（3）木板水平放置；存在摩擦力，當(dāng)合力等于零時，速度達(dá)到最大，所以橡皮筋仍要處于伸長狀態(tài)；

（4）根據(jù)紙帶確定勻速運(yùn)動的階段，再由可求出速度大??；

（5）根據(jù)動能定理可知，合外力做的功應(yīng)等于物體動能的變化量，所以W與v2成正比；用描點(diǎn)法作出圖象．

11、略

【分析】【解析】設(shè)物體的初速度為v0，則第2s的初速度和末速度分別為：v1＝v0＋at1＝v0＋2m/sv2＝v0＋at2＝v0＋4m/s。第2s內(nèi)的位移為12ｍ，則第2s內(nèi)的平均速度為12m/s，由=得＝12，解得：v0＝9m/s思路分析：物體初速度的求法，先設(shè)出初速度，然后用初速度和加速度表示出第2秒內(nèi)的初速度和末速度，利用初速度與末速度和的一半為平均速度計算第二秒內(nèi)的位移。試題【解析】【答案】9三、判斷題(共6題，共12分)12、√【分析】【分析】根據(jù)狹義相對論的幾個重要的效應(yīng)之一：尺縮效應(yīng)：在尺子長度方向上運(yùn)動的尺子比靜止的尺子短，當(dāng)速度接近光速時，尺子縮成一個點(diǎn)，即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)相對論的尺縮效應(yīng)：一條沿自身長度方向運(yùn)動的桿；其長度總比桿靜止時的長度短．故該說法是正確的．

故答案為：√13、×【分析】【分析】從力的概念，力作用的相互性，一個對另一個物體施加力的作用有兩種形式：一是物體直接接觸作用，二是物體之間的間接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物體對物體的作用；力不能脫離物體而存在；因此有力必然涉及兩個物體，一個是施力物體，另一個是受力物體，施力物體對受力物體施力的同時也受到受力物體對它的作用力，也就是說，物體間力的作用是相互的，沒有施力物體的力有不可能存在．

故答案為：×14、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)規(guī)律分析答題．【解析】【解答】解：物體速度變化的方向就是加速度的方向；由牛頓第二定律可知，加速度方向與物體受到的合外力的方向相，故說法正確；

故答案為：√．15、√【分析】【分析】參考系，是指研究物體運(yùn)動時所選定的參照物體或彼此不作相對運(yùn)動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：月亮在云中穿梭；月亮相對于云層的位置發(fā)生變化，所以參考系為云層，該說法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發(fā)生變化．【解析】【解答】解：感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化；只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】滑動摩擦力與物體相對運(yùn)動的方向相反．【解析】【解答】解：滑動摩擦力阻礙相對運(yùn)動；與物體相對運(yùn)動的方向相反．有時會和物體的運(yùn)動方向相同，故與物體的運(yùn)動方向相反說法錯誤．

故答案為：×四、識圖作答題(共2題，共20分)18、（1）酶對化學(xué)反應(yīng)的催化效率

（2）重復(fù)小于

（3）1小時后PH為7下淀粉的剩余量小于PH值為1下淀粉的剩余量。PH值為1時酶已完全失活，體現(xiàn)的是酸的催化效率，PH值為7時沒有酸的作用，體現(xiàn)的是酶的催化效率【分析】【分析】本題結(jié)合題圖，考查酶的概念以及影響酶活性的因素，意在考查學(xué)生對基礎(chǔ)知識的理解掌握，難度適中?！窘獯稹浚?）酶的活性是指酶對化學(xué)反應(yīng)的催化效率。

（2）當(dāng)實(shí)驗(yàn)結(jié)果與預(yù)期不符；需進(jìn)行重復(fù)實(shí)驗(yàn)，觀察結(jié)果。由于鹽酸能催化淀粉水解。因此推測，該實(shí)驗(yàn)中淀粉可能是在淀粉酶和鹽酸的作用下分解的；據(jù)圖示可知pH為3和pH為9條件下淀粉剩余量相等，但pH為3條件下的酶活性小于pH為9條件下的酶活性，原因是因?yàn)閜H為3的條件下，有鹽酸催化淀粉分解干擾實(shí)驗(yàn)結(jié)果。

（3）1小時后PH為7下淀粉的剩余量小于PH值為1下淀粉的剩余量。PH值為1時酶已完全失活，體現(xiàn)的是酸的催化效率，PH值為7時沒有酸的作用，體現(xiàn)的是酶的催化效率，故在常溫常壓條件下，與鹽酸相比，淀粉酶降低化學(xué)反應(yīng)活化能的效果更顯著?！窘馕觥浚?）酶對化學(xué)反應(yīng)的催化效率（2）重復(fù)小于（3）1小時后PH為7下淀粉的剩余量小于PH值為1下淀粉的剩余量。PH值為1時酶已完全失活，體現(xiàn)的是酸的催化效率，PH值為7時沒有酸的作用，體現(xiàn)的是酶的催化效率19、（1）類囊體薄膜有機(jī)溶劑（無水乙醇）

（2）活躍的化學(xué)能NADPH([H])

（3）能不能暗處沒有光反應(yīng)提供的ATP和[H]【分析】【分析】

【解答】【解析】（1）類囊體薄膜有機(jī)溶劑（無水乙醇）（2）活躍的化學(xué)能NADPH([H])（3）能不能暗處沒有光反應(yīng)提供的ATP和[H]五、證明題(共3題，共18分)20、略

【分析】【分析】A、B星體靠攏過程中動量守恒，從而求出新星體C的速度，計算C新星體的機(jī)械能判斷軌道的形狀是否為橢圓．【解析】【解答】證明：計算新星體C的機(jī)械能，設(shè)C距日R3，設(shè)A、B星球的速度分別為vA和vB；則：

在徑向：可以認(rèn)為在A；B靠攏過程中質(zhì)心未動；所以C到太陽的距離為。

R3==①

在切向：A、B合并過程中動量也守恒，則有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圓周運(yùn)動，故vA=

所以vB====vA

將vA、vB帶入②得vC=③

利用①③C星體的機(jī)械能為。

EC=（mA+mB）-G=（mA+mB）-=-G

因此，新星體C的軌道為橢圓．21、略

【分析】【分析】（1）電子在t=t0時刻進(jìn)入兩板間，先做勻速運(yùn)動，后做類平拋運(yùn)動，運(yùn)動時間為t0，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，由y=求出電子離開偏轉(zhuǎn)電場時豎直分位移的大?。?/p>

（2）根據(jù)加速度和時間求出電子在電場中速度的偏向角θ．在磁場中最終垂直打在熒光屏上；則電子在磁場中的速度偏向角也θ，軌跡的圓心角為θ，由牛頓第二定律和幾何關(guān)系求解勻強(qiáng)磁場的水平寬度．

（3）電子在電場中水平是勻速直線運(yùn)動，在兩板間運(yùn)動的時間均為t1=2t0．電子在磁場中速度偏向角仍為θ，電子在磁場中運(yùn)動時間為t2==，得到總時間總是相同．【解析】【解答】解：（1）電子在t=t0時刻進(jìn)入兩板間；先做勻速運(yùn)動，后做類平拋運(yùn)動；

在2t0～3t0時間內(nèi)發(fā)生偏轉(zhuǎn)

（2）設(shè)電子從電場中射出的偏向角為θ，速度為v，則

電子通過勻強(qiáng)磁場并能垂直打在熒光屏上；其圓周運(yùn)動的半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律

有

由幾何關(guān)系得

得水平寬度

（3）證明：無論何時進(jìn)入兩板間的電子，在兩板間運(yùn)動的時間均為t1=2t0

射出電場時的豎直分速度vy均相同，

射出電場時速度方向與初速v0方向的夾角θ均相同，滿足

因進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場時電子速度大小相同；方向平行，所以電子在磁場中的軌道半徑相同，都垂直打在熒光屏上

根據(jù)幾何關(guān)系；電子在磁場中運(yùn)動軌跡所對的圓心角必為θ；

則在磁場中運(yùn)動時間

故電子運(yùn)動的總時間，即總時間相同．22、略

【分析】【分析】粒子垂直射入電場，在電場中偏轉(zhuǎn)做類平拋運(yùn)動，在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的基本公式及圓周運(yùn)動的向心力公式、周期公式，聯(lián)立方程即可求解．【解析】【解答】解：設(shè)正方形的邊長為2l；當(dāng)區(qū)域內(nèi)有豎直方向的勻強(qiáng)電場E時，粒子做類平拋運(yùn)動；

則有：l=a1t12

2l=vt1

解得：a1=

當(dāng)區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場時；粒子做勻速圓周運(yùn)動；

設(shè)圓的半徑為R；則依勾股定理得：

R2=（R-l）2+（2l）2

解得：R=；

所以圓周運(yùn)動的加速度a2=

所以

則證得六、解答題(共4題，共28分)23、略

【分析】【分析】（1）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動；由類平拋運(yùn)動可以求出粒子的運(yùn)動時間與電場強(qiáng)度；

（2）作出粒子運(yùn)動軌跡；粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，由類平拋運(yùn)動規(guī)律可以求出高度h；

（3）由動能定理可以求出粒子的速度．【解析】【解答】解：（1）帶電粒子先類平拋后類斜拋；軌跡如圖1所示，上下兩段對稱；

水平方向勻速運(yùn)動，穿越電場區(qū)域的時間：；

豎直方向先勻加速運(yùn)動，位移：=；

解得：；

（2）滿足題意的帶電粒子運(yùn)動軌跡如圖2所示，每小段拋物線的水平長度為；

則：，（n=1；2，3）；

結(jié)合（1）中的E解得：（n=1；2，3）；

（3）由題意粒子每次到達(dá)中位線的速度大小相同；

從進(jìn)入電場到第一次到達(dá)中位線過程；

由動能定理得：qEh=mv2-mv02；

將E、h代入解得：（n=1；2，3）；

答：（1）從A點(diǎn)入射的粒子穿越電場區(qū)域的時間，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E的大??；

（2）在AO間離O點(diǎn)高度：（n=1；2，3）的粒子，最終能沿水平方向從CD間射出正方形電場區(qū)．

（3）在穿越OO′時的速度：（n=1，2，3）．24、略

【分析】【分析】以氣球?yàn)檠芯繉ο?，由平衡條件與牛頓第二定律可以求出繩子的拉力．【解析】【解答】解：以氣球?yàn)檠芯繉ο?；氣球靜止，處于平衡狀態(tài)；

由平衡條件得：G+T=F