2025年教科新版選擇性必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版選擇性必修2物理上冊月考試卷872考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；把一根直導線放在一個蹄形磁鐵里，使導線跟磁場方向垂直．給導線通電時（）

A.導線向左偏B.導線向右偏C.導線不偏轉D.導線可能向左偏，也可能向右偏2、如圖甲所示，線圈ABCD固定在勻強磁場中；磁場方向垂直紙面向外，如線圈中的感應電流如圖乙所示，則磁場的變化情況可能是下列選項中的哪一個（）

A.B.C.D.3、在19世紀60年代建立經(jīng)典電磁理論，并預言了電磁波存在的物理學家是（）A.麥克斯韋B.馬可尼C.赫茲D.柯林斯4、在理想LC振蕩電路中的某時刻，電容器極板間的場強E的方向如圖所示，M是電路中的一點。據(jù)此可判斷（）

A.電路中的電場能正在向磁場能轉化B.此時流過M點的電流方向向右C.電路中電流正在增加D.電容器兩板間的電壓在增大5、下列說法正確的是（）A.安培力和電場力的方向均可用左手定則判斷B.電荷所受電場力一定與該處電場方向在同一直線上，電荷所受的洛倫茲力一定與磁場方向垂直C.電荷在電場中一定受電場力作用，電荷在磁場中一定受洛倫茲力作用D.安培力和洛倫茲力本質上都是磁場對運動電荷的作用，安培力可以對通電導線做功，洛倫茲力對運動電荷也做功6、磁流體發(fā)電機原理如圖所示，等離子體高速噴射到加有強磁場的管道內(nèi)，正、負離子在洛倫茲力作用下分別向A、B兩金屬板偏轉，形成直流電源對外供電．則（）

A.僅增大負載的阻值，發(fā)電機的電動勢增大B.僅增大兩板間的距離，發(fā)電機的電動勢增大C.僅增強磁感應強度，發(fā)電機兩端的電壓減小D.僅增大磁流體的噴射速度，發(fā)電機兩端的電壓減小7、如圖所示；一束質量；速度和電荷量不同的正離子垂直地射入勻強磁場和勻強電場正交的區(qū)域里，結果發(fā)現(xiàn)有些離子保持原來的運動方向，有些發(fā)生偏轉。如果讓這些不偏轉的離子進入另一勻強磁場中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂成幾束，對這些進入另一磁場的離子，可得出結論（）

A.它們的動能一定各不相同B.它們的電荷量一定各不相同C.它們的質量一定各不相同D.它們的電荷量與質量之比一定各不相同8、一含有理想變壓器的電路如圖甲所示，圖中理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為電阻R1和R2的阻值分別為和電流表、電壓表都是理想交流電表，a、b輸入端輸入的電流如圖乙所示；下列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)為B.電壓表的示數(shù)為C.內(nèi)，電阻R2產(chǎn)生的焦耳熱為0.24JD.內(nèi)，電阻R2產(chǎn)生的焦耳熱為1.2J評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，在以R0為半徑，O為圓心的圓形區(qū)域內(nèi)存在磁場，直徑MN左側區(qū)域存在一勻強磁場，方向垂直于紙面向外，磁感應強度大小為B1；MN右側區(qū)域也存在一勻強磁場，方向垂直于紙面向里，磁感應強度大小為B2，有一質量為m，電荷量為+q的帶電粒子（不計重力）沿垂直于MN的方向從P點射入磁場，通過磁場區(qū)域后自Q點離開磁場，離開磁場時其運動方向仍垂直于MN。已知OP與MN的夾角為θ1，OQ與MN的夾角為θ2，粒子在左側區(qū)域磁場中的運動時間為t1，粒子在右側區(qū)域磁場中的運動時間為t2；則下列說法正確的是（）

A.B.C.D.10、如圖所示，用細線吊一個質量為m的帶電絕緣小球，小球處于勻強磁場中，空氣阻力不計。小球分別從A點和B點向最低點O運動，當小球兩次經(jīng)過O點時（）

A.小球的動能相同B.細線所受的拉力相同C.小球所受的洛倫茲力相同D.小球的向心加速度大小相同11、在LC回路中，電容器兩端的電壓隨時間t變化的關系如圖所示；則（）

A.在時刻電路中的電流最大B.在時刻電路中的磁場能最大C.在時刻至電路的電場能不斷增大D.從時刻至電路中的電流不斷減小12、如圖所示，邊長為L的等邊三角形線框PMN由三根相同的導體棒連接而成，線框平面與磁感應強度方向垂直，當流入M點的電流為I時，導體棒MP受到的安培力大小為F；則（）

A.MN邊受到的安培力的大小為0.5FB.整個線框受到的安培力的大小為3FC.勻強磁場的磁感應強度大小為D.勻強磁場的磁感應強度大小為13、如圖所示，電荷量為的帶電粒子繞固定的帶電荷量為的電荷以速度做順時針方向的勻速圓周運動，粒子所在區(qū)間有垂直圓周所在平面、磁感應強度為B的勻強磁場，兩電荷相距則（）

A.若B可能垂直紙面向里B.若B可能垂直紙面向外C.若B一定垂直紙面向里D.若B一定垂直紙面向外14、如圖所示，在水平面上有兩條光滑的長直平行金屬導軌MN、PQ，電阻忽略不計，導軌間距離為L，磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導軌所在平面。質量均為m的兩根金屬桿a、b放置在導軌上，a、b接入電路的電阻均為R。輕質彈簧的左端與b桿連接，右端固定。開始時a桿以初速度v0向靜止的b桿運動，當a桿向右的速度為v時，b桿向右的速度達到最大值vm，此過程中a桿產(chǎn)生的焦耳熱為Q，兩桿始終垂直于導軌并與導軌接觸良好，則b桿達到最大速度時()

A.b桿中電流的大小為B.a桿受到的安培力為C.a、b桿與彈簧組成的系統(tǒng)機械能減少量為2QD.彈簧具有的彈性勢能為15、如圖所示，足夠長的U型光滑金屬導軌平面與水平面呈θ角，其中MN與PQ平行且間距為L，導軌平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，導軌電阻不計。金屬棒ab由靜止開始沿導軌下滑，并與兩導軌始終保持垂直且接觸良好，ab棒在MN與PQ之間部分的電阻為R，當ab棒沿導軌下滑的距離為x時，棒的速度大小為v。在這一過程中下列判斷正確的是（）

A.金屬棒ab運動的加速度大小始終為B.金屬棒ab此時受到的安培力為C.通過金屬棒ab橫截面的電荷量為D.金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為16、如圖所示，矩形線圈的匝數(shù)N＝100匝、面積S＝0.02m2，以OO′為軸在磁感應強度為B＝0.5T的勻強磁場中以ω＝100rad/s的角速度勻速轉動，電路中燈泡的電阻R＝5Ω；氖泡在兩端電壓達到60V時開始發(fā)光，不計矩形線圈的電阻，下列說法正確的是（）

A.電壓表的示數(shù)為100VB.燈泡的電功率為1000WC.線圈中的最大磁通量為1WbD.S閉合時，在線圈轉動一周的時間內(nèi)氖泡會發(fā)光兩次評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、位移傳感器測距離，發(fā)射器固定在運動物體上，能同時發(fā)射_________。___________固定在軌道的頂端，接收紅外線和超聲波。18、變化的電場產(chǎn)生磁場，麥克斯韋假設，既然變化的磁場能產(chǎn)生電場，那么變化的電場也會在空間產(chǎn)生_____________19、導體棒中帶電粒子的定向移動形成電流；電流可以從宏觀和微觀兩個角度來認識，安培力與洛倫茲力也有宏觀與微觀的對應關系。

如圖所示，靜止不動的勻強磁場的磁感應強度大小為B，方向豎直向下。一段直導體棒長為L，橫截面積為S，單位體積的自由電荷個數(shù)為n，自由電荷的電荷量為導體棒中通有恒定電流，自由電荷的定向移動速率為（本題中兩問均認為始終不變）。導體棒水平放置處于磁場中（垂直于磁感應強度）。

（1）若導體棒相對磁場靜止，電荷定向運動時所受洛倫茲力的矢量和，在宏觀上表現(xiàn)為導體棒所受的安培力。按照這個思路，請你由安培力的表達式推導出洛倫茲力大小的表達式。()

（2）概念學習中，類比與比較是常用的學習方法。我們已經(jīng)知道，垂直于勻強磁場磁感線的通電導線所受的安培力由此，我們用來定義磁感應強度。同樣，運動方向垂直于勻強磁場磁感線的帶電粒子所受的洛倫茲力由此也可用洛倫茲力來定義磁感應強度，定義式是_________，把該定義式與電場強度的定義式進行對比，兩個定義式（而非物理量）的差別在于：__________________

20、霍爾元件是一種能將磁感應強度這一磁學量轉換成電壓這一電學量的傳感器，基本結構如圖，M為半導體薄片（自由電子導電），B為外加與薄片垂直的磁場，若從左側面向右側面通以恒定電流I，會在上側面和下側面形成電勢差，達到穩(wěn)定狀態(tài)時，上側面的電勢___________下側面的電勢。（填“高于”“低于”或“等于”）

21、金屬熱電阻和熱敏電阻。

（1）金屬熱電阻：金屬的電阻率隨溫度的_____而增大，利用這一特性，金屬絲可以制作_____傳感器；稱為熱電阻。

（2）熱敏電阻：用_____材料制成，氧化錳制成的熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而_____。22、一矩形閉合線圈，長a，寬b，通過電流I，放在均勻磁場中，磁場方向與線圈平面平行，如右圖所示，磁感應強度大小為B。則該線圈所受到磁力矩大小為______。

23、如圖甲所示，一固定的矩形導體線圈水平放置，線圈的兩端接一只小燈泡，在線圈所在空間內(nèi)存在著與線圈平面垂直的均勻分布的磁場；已知線圈的匝數(shù)n=100匝，總電阻r=1.0Ω，所圍成矩形的面積S=0.04m2，小燈泡的電阻R=9.0Ω，磁感應強度隨時間按如圖乙所示的規(guī)律變化，線圈中產(chǎn)生感應電動勢的最大值為_________，小燈泡消耗的電功率為________，在磁感應強度變化的時間內(nèi)，通過小燈泡的電荷量為________，圖中橫坐標為時，小燈泡的電壓為________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)24、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

25、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

26、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

27、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)28、熱敏電阻的阻值會隨溫度的變化而變化。學?？萍夹〗M欲利用熱敏電阻制作一個體溫計：

（1）先用多用電表的歐姆擋粗測熱敏電阻的阻值。選擇開關打到“”擋，按正確步驟操作，測量熱敏電阻的阻值，示數(shù)如圖甲中虛線所示，為了較準確測量，應將選擇開關打到________（選填“”或“”擋，進行_______，再測量熱敏電阻的阻值，示數(shù)如圖甲中實線所示，則熱敏電阻的阻值為___________

（2）用伏安法測量熱敏電阻在不同溫度下的阻值，若提供的電壓表的內(nèi)阻約為電流表的內(nèi)阻約為則應選用電流表_______（選填“內(nèi)接法”或“外接法”）測量熱敏電阻的阻值。根據(jù)測得的熱敏電阻在不同溫度下的阻值，用描點法得到熱敏電阻的阻值RT與溫度t的關系圖像如圖乙所示。

（3）將熱敏電阻RT與電源（電動勢E為1.5V，內(nèi)阻不計）、電流表A（量程為9mA，內(nèi)阻為4Ω）、保護電阻R0、開關S連成圖丙所示電路，用熱敏電阻RT做測溫探頭，把電流表的表盤刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡單的“熱敏電阻體溫計”。若要求電流表指針滿偏的位置標為45℃，則電阻R0=__________Ω，電流表6mA處應標為___________℃。（結果均保留兩位有效數(shù)字）29、磁體和電流之間；磁體和運動電荷之間、電流和電流之間都可通過磁場而相互作用；此現(xiàn)象可通過以下實驗證明：

（1）如圖（a）所示，在重復奧斯特的電流磁效應實驗時，為使實驗方便效果明顯，通電導線應平行于南北方向，位于小磁針上方，此時從上向下看，小磁針的旋轉方向是_________________（填“順時針”或“逆時針”）。

（2）如圖（b）所示是電子射線管示意圖，接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線，要使熒光屏上的亮線向下（z軸負方向）偏轉，在下列措施中可采用的是__________。（填選項代號）

A．加一磁場，磁場方向沿z軸負方向B．加一磁場，磁場方向沿y軸正方向。

C．加一電場，電場方向沿z軸負方向D．加一電場，電場方向沿y軸正方向。

（3）如圖（c）所示，兩條平行直導線，當通以相同方向的電流時，它們相互________（填“排斥”或“吸引”），當通以相反方向的電流時，它們相互___________（填“排斥”或“吸引”）。30、通過學習我們知道；理想變壓器原；副線圈的電壓之比等于原、副線圈的匝數(shù)之比，某學校實驗小組想通過實驗驗證這一結論，實驗室中的可拆變壓器的實物圖如圖甲所示，該興趣小組還親自動手繞制成匝數(shù)為1600匝和其它規(guī)格的線圈，以匝數(shù)1600匝的線圈為原線圈，分別用實驗室變壓器的線圈和自制線圈作副線圈進行實驗。

。n1U1n2U2匝數(shù)比k1電壓比k2（k2-k1）/k1160022040053.24.004.143.38%160022010012.4016.0017.7410.89%1600220304.0553.3354.321.85%1600220202.780.0081.481.85%1600220101.34160.00164.182.61%

（1）把記錄的相關數(shù)據(jù)填入數(shù)據(jù)表，依據(jù)數(shù)據(jù)表，可以得出結論：在誤差允許的范圍內(nèi)，原、副線圈的電壓比________原；副線圈的匝數(shù)比（填“等于”、“不等于”）。

（2）根據(jù)數(shù)據(jù)表最后一列可知，實驗存在系統(tǒng)誤差，即可知U2偏小，請給出合理解釋：__________________。評卷人得分六、解答題(共3題，共21分)31、如圖所示，寬為L的光滑導軌由與水平面成α角的足夠長傾斜部分及足夠長水平部分組成，兩部分導軌平滑連接，導軌上端通過單刀雙擲開關S可以分別接入電動勢為E的電源或直接短路。質量為m、電阻為R、長為L的金屬桿垂直于導軌靜止放置。空間存在著勻強磁場；不計導軌電阻和電原內(nèi)阻。求：

（1）開關S與1接通時金屬桿恰好靜止，求磁感應強度B的最小值及相應的方向；

（2）將開關S斷開，讓桿ab由靜止開始下滑；經(jīng)過一段時間后，再將S擲向2。若從S與2接通時開始計時，請畫出金屬桿在傾斜部分軌道運動時速度隨時間變化的可能圖像，并結合圖像對金屬桿的受力和運動變化情況作出解釋；

（3）金屬棒在水平導軌上滑行的距離。

32、有些樓道的照明燈是聲音控制的，當人過來發(fā)出聲響就會發(fā)光，人離開后就會熄滅。這種照明燈內(nèi)部至少包含了哪兩種傳感器？33、如圖所示，在磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場中有一粒子源，粒子源從O點在紙面內(nèi)均勻向各個方向同時發(fā)射速率為v、比荷為k的帶正電的粒子，是在紙面內(nèi)垂直磁場放置的厚度不計的擋板，擋板的P端與O點的連線與擋板垂直，距離為且粒子打在擋板上會被吸收，不計帶電粒子的重力與粒子間的相互作用，磁場分布足夠大，求：

（1）為使打在板上的粒子最多；則擋板至少多長？

（2）若擋板足夠長；則打在板上的粒子在磁場中運動的最長時間與最短時間的差值是多少？

（3）若擋板足夠長；則打在擋板上的粒子占所有粒子的百分比是多少？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】由題可知：磁場方向由上向下；電流方向指向紙面外側，故根據(jù)左手定則可知安培力向右，即導線向右偏轉，故選項B正確，ACD錯誤．

點睛：本題考查的是左手定則，在學習過程中注意掌握．2、B【分析】【詳解】

C．磁場不變；線圈中不產(chǎn)生感應電流，C不符合題意；

A．圖像的斜率不變；根據(jù)法拉第電磁感應定律，產(chǎn)生恒定的電動勢，感應電流的大小和方向都不變，A不符合題意；

D．圖像的斜率減小；根據(jù)法拉第電磁感應定律，感應電動勢減小，感應電流減小，D不符合題意；

B．圖像的斜率增大；根據(jù)法拉第電磁感應定律，感應電動勢增大，感應電流增大，B符合題意。

故選B。3、A【分析】【詳解】

建立經(jīng)典電磁理論；并預言了電磁波存在的物理學家是麥克斯韋。

故選A。4、D【分析】【詳解】

AC．因該時刻電容器正在充電；則電流逐漸減小，電路中的磁場能在減小，AC錯誤；

B．由右手螺旋定則，流過M點的電流方向向左；B錯誤；

D．充電時；電容器兩板間的電壓在增大，D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

A．安培力的方向用左手定則判斷；電場力不能用左手定則判斷，A錯誤；

B．電荷所受電場力一定與該處電場方向在同一直線上；電荷所受的洛倫茲力一定與磁場方向垂直，B正確；

C．電荷在電場中一定受電場力作用；電荷靜止在恒定磁場中或者運動方向與恒定磁場方向平行時不受受洛倫茲力，C錯誤；

D．洛倫茲力對運動電荷不做功；D錯誤。

故選B。6、B【分析】【詳解】

AB．磁流體發(fā)電機中，電荷最終所受電場力與洛倫茲力平衡，設兩金屬板間的電壓為E，即發(fā)動機的電動勢，有

解得

可知僅增大負載的阻值；發(fā)電機的電動勢不會改變，僅增大兩板間的距離，發(fā)電機的電動勢增大。僅增強磁感應強度，發(fā)電機的電動勢增大。僅增大磁流體的噴射速度，發(fā)電機的電動勢增大。故A錯誤；B正確；

C．根據(jù)閉合電路歐姆定律，有

易知僅增強磁感應強度；發(fā)電機兩端的電壓增大。僅增大磁流體的噴射速度，發(fā)電機兩端的電壓增大。故CD錯誤。

故選B。7、D【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)條件可知，則有

即

粒子進入磁場后受洛倫茲力作用，粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，即

圓周運動的半徑為

由于粒子又分裂成幾束，也就是粒子做勻速圓周運動的半徑R不同，進入第二個勻強磁場時，粒子具有相同的速度，由

可知，所以粒子能分裂成幾束的粒子的比值不同，則電荷量和質量之比一定不相同，質量m；電荷量可能相同；則動能也可能相同。故D正確，ABC錯誤。

故選D。8、C【分析】【詳解】

A．電流表的示數(shù)為有效值，設為有

解得

故A錯誤；

B．原線圈只有交流部分才能輸出到副線圈中，故副線圈中的交流部分電流最大值計算如下

解得

設副線圈的交流電有效值為則

解得

電壓表測量的是電阻的電阻，因此電壓表的示數(shù)為

故B錯誤；

CD．內(nèi)，電阻R2產(chǎn)生的焦耳熱為

故C正確；D錯誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)9、A:D【分析】【詳解】

AB．如圖，設帶電粒子的速度為v，它在MN左側磁場的運動軌跡為圓弧PS，圓弧對應的圓心為C1，半徑為R1；則有。

且PC1平行于MN。

帶電粒子進入MN右側磁場的運動軌跡為圓弧SQ，圓弧對應的圓心為C2，半徑為R2；則。

且QC2平行于MN。

連接SC1、SC2，顯然C1SC2為一直線，設由圖示的幾何關系可得：

聯(lián)立解得：

選項A正確；B錯誤；

CD．粒子在左側區(qū)域磁場中的運動時間為。

粒子在右側區(qū)域磁場中的運動時間為。

所以。

選項D正確；C錯誤。

故選AD。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．帶電絕緣小球受到的洛倫茲力與小球的速度方向時刻垂直，則洛倫茲力對小球不做功，只改變速度方向，不改變速度大小，只有重力做功，故當小球兩次經(jīng)過O點時速度大小相等；動能相同，故A正確；

BC．小球分別從A點和B點向最低點O運動，兩次經(jīng)過O點時速度方向相反，由左手定則可知小球兩次經(jīng)過O點時洛倫茲力方向相反；則細線所受的拉力不同，故BC錯誤；

D．由

可知小球的向心加速度大小相同；故D正確。

故選AD。11、A:D【分析】【詳解】

A．在時刻電容器兩端電壓為0，則電路中的電流最大，故A正確；

B．在時刻電容器兩板間電壓最大，此時電路中電流為0，此時電路中的磁場能最小，故B錯誤；

C．在時刻至電容器兩板間電壓減小，則電路中的電場能不斷減小，故C錯誤；

D．從時刻至電容器兩板間電壓變大，則根據(jù)

可知電容器帶電量不斷增大；電路中的電流；線圈磁場能不斷減小，故D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【詳解】

CD．根據(jù)題意，由已知條件可知，MPN邊的有效長度與MN相同，等效后的電流方向也與MN相同，由電阻定律可知，邊MPN的電阻等于邊MN的電阻的兩倍，兩者為并聯(lián)關系，由于通過M點的電流為I，則MN中的電流大小為MPN中的電流為由安培力公式有

解得

故C正確；D錯誤；

AB．由安培力公式可得，MN邊受到的安培力的大小為

由左手定則可知，方向為豎直向上，由于MPN邊的有效長度與MN相同，等效后的電流方向也與MN相同，則MPN邊受到的安培力的大小為

方向豎直向上，則整個線框受到的安培力的大小為

故A錯誤；B正確。

故選BC。13、A:B:C【分析】【詳解】

AB．若因為庫侖引力指向圓心，則洛倫茲力的方向可能指向圓心，也可能背離圓心，粒子沿順時針方向做勻速圓周運動，根據(jù)左手定則，磁感應強度B的方向可能垂直紙面向里；也可能垂直紙面向外，故AB正確；

CD．若因為庫侖引力指向圓心，則洛倫茲力一定指向圓心，根據(jù)左手定則，磁感應強度B的方向一定垂直紙面向里；故C正確，D錯誤。

故選ABC。14、A:B:C【分析】【詳解】

A．金屬桿a和b串聯(lián)，通過電流大小相等，b桿速度最大時，兩導體棒的電動勢之和為：

根據(jù)閉合電路歐姆定律：

故A正確；

B．a(chǎn)桿受到的安培力的大?。?/p>

故B正確；

C．a(chǎn)、b與桿組成的系統(tǒng)機械能的減少量轉化為整個回路的焦耳熱，通過兩桿的電流和時間相等，根據(jù)焦耳定律：

可知兩桿產(chǎn)生的焦耳熱相同，所以a、b與桿組成的系統(tǒng)機械能的減少量為故C正確；

D．整個過程中應用能量守恒定律，彈性勢能為：

故D錯誤。

故選ABC．15、B:C【分析】【詳解】

A．導體棒在運動過程中；所受安培力時刻改變，因此導體棒做變加速運動，故A錯誤；

B．速度為v時，感應電動勢

回路電流

導體棒所受安培力

整理得

故B正確；

C．下滑過程中，平均電動勢

平均電流

因此流過某截面的電量

故C正確；

D．根據(jù)動能定理

因此產(chǎn)生的熱量

故D錯誤。

故選BC。16、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．電壓表的示數(shù)為。

故A錯誤；

B．燈泡的電功率為。

故B正確；

C．線圈中的最大磁通量為。

故C錯誤；

D．感應電動勢的最大值為。

則一個周期內(nèi)氖泡發(fā)光兩次；故D正確。

故選BD。三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]位移傳感器測距離，發(fā)射器固定在運動物體上，能同時發(fā)射紅外線和超聲波脈沖。接收器固定在軌道的頂端，接收紅外線和超聲波?！窘馕觥竣?紅外線和超聲波脈沖②.接收器18、略

【解析】磁場19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]導線受安培力的大小為

長L的導線內(nèi)的總的帶電粒子數(shù)為

又

電荷定向運動時所受洛倫茲力的矢量和，變現(xiàn)為導線所受的安培力，即

聯(lián)立可以推導出洛倫茲力的表達式為

（2）[2][3]用洛倫茲力來定義磁感應強度，定義式為

兩個定義式（而非物理量）的差別在于：磁感應強度是描述磁場力的性質的物理量，它的方向是小磁針靜止時N極的受力方向；電場強度是描述電場力的性質的物理量，它的方向與正電荷的受力方向相同?！窘馕觥看鸥袘獜姸仁敲枋龃艌隽Φ男再|的物理量，它的方向是小磁針靜止時N極的受力方向；電場強度是描述電場力的性質的物理量，它的方向與正電荷的受力方向相同20、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則可知，若從左側面向右側面通以恒定電流I，則電子受洛倫茲力向上，則電子集聚在上表面，則上側面的電勢低于下側面的電勢?！窘馕觥康陀?1、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]金屬的電阻率隨溫度的升高而增大；利用這一特性，金屬絲可以制作溫度傳感器，稱為熱電阻。

(2)[3][4]熱敏電阻用半導體材料制成，氧化錳制成的熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小。【解析】升高溫度半導體減小22、略

【分析】【詳解】

線圈上下兩邊與磁場平行，不受安培力作用，左右兩邊與磁場垂直，受到安培力大小均為

則該線圈所受到磁力矩大小

解得【解析】abIB23、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像知，線圈中產(chǎn)生的交變電流的周期

所以

[2]電流的最大值

有效值

則小燈泡消耗的電功率

[3]在時間內(nèi)，根據(jù)法拉第電磁感應定律得，電動勢的平均值

平均電流

流過燈泡的電荷量

代入解得

[4]因磁感應強度隨時間按如圖乙所示的規(guī)律變化，那么線圈中產(chǎn)生感應電動勢瞬時表達式e=Emcosωt

當時e=8cos60°（V）=4V

根據(jù)閉合電路歐姆定律可以得

則小燈泡兩端的電壓為U=3.6V【解析】8V2.88W4×10-3C3.6V四、作圖題(共4題，共12分)24、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共3題，共6分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3]用多用電表測量電阻.指針應指在滿刻度的到之間，故需要換用“”擋測量，換擋后需重新進行歐姆調(diào)零；由題圖甲實線讀出熱敏電阻的阻值為

(2)[4]由于應采用電流表外接法。

(3)[5]根據(jù)閉合電路的歐姆定律有

由題圖乙得當時代人數(shù)據(jù)解得

[6]電流表的指針指在處，熱敏電阻的阻值

結合題圖乙可知對應的溫度為【解析】歐姆調(diào)零240外接法2.72929、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)右手螺旋定則可知；通電導線在小磁針所在處產(chǎn)生的磁場的方向垂直紙面向里，所以小磁針N極應向里轉動，故從上向下看，小磁針的旋轉方向是逆時針方向。

（2）[2]AB．電子向z軸負方向偏轉，說明受到沿z軸負方向的作用力，根據(jù)左手定則可知，需要加一沿y軸正方向的磁場；故A錯誤，B正確；

C．若加一沿z軸負方向的電場，電子將受到沿z軸正方向的電場力，電子將向z軸正方向偏轉；故C錯誤；

D．加一沿y軸正方向電場，電子將受到沿y軸負方向的電場力，電子將向y軸負方向偏轉；故D錯誤。

故選B。

（3）[3]根據(jù)右手螺旋定則可知；