2025年北師大新版高三物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版高三物理上冊月考試卷35考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列聽說的速度中，是平均速度的是（）A.百米賽跑的運動員以9.5m/s的速度沖過終點線B.返回地面的太空艙以8m/s的速度落至太平洋洋面C.子彈以800m/s的速度撞擊到墻上D.由于堵車，從新南門到磨子橋汽車的車速僅為4km/h2、如圖所示探月衛(wèi)星沿地月轉(zhuǎn)移軌道到達月球附近，在P點進行第一次“剎車制動”后被月球捕獲，進入橢圓軌道繞月飛行，已知“嫦娥一號”的質(zhì)量為m，遠月點Q距月球表面的高度為h，運行到Q點時它的角速度為ω，加速度為a．月球的質(zhì)量為M、半徑為R、月球表面的重力加速度為g、萬有引力常量為G．則它在遠月點時對月球的萬有引力大小為（）A.maB.mgC.D.m（R+h）ω23、關(guān)于電容C=，下列說法中正確的是（）A.C與電容器所帶電荷量成正比B.C與電容器兩極間電勢差成反比C.Q=0，C也等于零D.電容由電容器本身決定4、如圖所示是通過用兩個刀片組成的寬度可以調(diào)節(jié)的狹縫觀察日光燈光源時所看到的四個現(xiàn)象．當狹縫寬度從0.8mm逐漸變小時；所看到的四個圖象的順序是（）

A.abcd

B.dcba

C.bacd

D.badc

5、在如圖所示的電路中，電壓表和電流表均為理想電表，電源內(nèi)阻不能忽略。當閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則下列敘述正確的是（）A.電壓表和電流表的示數(shù)都增大B.燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C.燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小D.電源的效率增大，電容器C的帶電量增加6、人造地球衛(wèi)星的軌道半徑越大，則()A.速度越小，周期越小B.速度越小，加速度越小C.加速度越小，周期越大D.角速度越小，加速度越大7、用兩個相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個量程不同的大量程電流表A1、A2，若把A1、A2分別采用串聯(lián)或并聯(lián)的方式接入電路，如圖（a），（b）所示，則閉合開關(guān)后，下列的說法正確的是（）A.圖（a）中的A1，A2的示數(shù)相同B.圖（a）中的A1，A2的指針偏角相同C.圖（b）中的A1，A2的示數(shù)和偏角都不同D.圖（b）中的A1，A2的指針偏角相同8、為將貨物傳送到離地面一定高度的水平臺C上，采用如圖所示的傳送帶裝置進行傳送，傳送帶的皮帶以一定的速度v順時針轉(zhuǎn)動且不打滑．將貨物由靜止放置在傳送帶底端A處，貨物隨皮帶到達平臺C．貨物在皮帶上發(fā)生相對滑動時，會留下痕跡．已知每件貨物與皮帶間的動摩擦因數(shù)均為μ，貨物所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，傳送帶斜面的長度為L．若皮帶的傾角θ、運行速度秒和貨物的質(zhì)量m都可以調(diào)節(jié)（μ、L不變），且始終滿足tanθ＜μ．則以下說法正確的是（）A.當速度v一定時，傾角θ越大，傳送時間越短B.當傾角θ一定時，若傳送帶以另一速度運行，則傳送時間不可能相同C.當傾角θ和速度v一定時，貨物的質(zhì)量m越大，貨物與皮帶問因摩擦而產(chǎn)生的熱量越多D.當傾角θ和速度v一定時，貨物的質(zhì)量m越大，皮帶上留下的痕跡越長評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、（2016春?南陽校級月考）如圖所示為兩列簡諧橫波在同一繩上傳播在t=0時刻的波形圖，已知甲波向左傳，乙波向右傳．請根據(jù)圖中信息判斷以下說法正確的是（）A.由于兩波振幅不等，故兩列波相遇時不會發(fā)生干涉現(xiàn)象B.兩列波同時傳到坐標原點C.x=0.2cm處的質(zhì)點開始振動時的方向向+y方向D.兩列波相遇時會發(fā)生干涉且x=0.5cm處為振動加強的點10、下列說法正確的是（）A.地球一定不能視為質(zhì)點B.研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)威力時不可以把它視為質(zhì)點C.第n秒內(nèi)就是從（n-1）秒末到（n+1）秒初這段時間D.在直線運動中，位移和路程可能相同，且它們都是描述質(zhì)點位置變化的物理量11、某同學在坐標紙上畫出了如圖所示的兩個已知力F1和F2，圖中小正方形的邊長表示2N，兩力的合力用F表示，F(xiàn)1、F2與F的夾角分別為θ1和θ2，下列關(guān)于F1、F2、F、θ1、θ2之間的關(guān)系正確的是（）A.F1=4NB.F=12NC.θ1=45°D.θ1＜θ212、如圖所示，帶等量異種電荷的平行金屬板a、b處于勻強磁場中，磁感應(yīng)強度B垂直紙面向里，不計重力的帶電粒子沿OO′方向從左側(cè)垂直于電場和磁場入射，從右側(cè)射出a、b板間區(qū)域時動能比入射時?。沽Ｗ由涑鯽、b板間區(qū)域時的動能比入射時大，可以（）A.適當增大金屬板間的電壓B.適當增大金屬板間的距離C.適當減小金屬板間的磁感應(yīng)強度D.使帶電粒子的電性相反13、如圖，兩個半徑不同而內(nèi)壁光滑的半圓軌道豎直固定于地面，一個小球（可以視為質(zhì)點）先后從與球心在同一水平高度的A、B兩點由靜止開始自由下滑，通過軌道最低點時（）A.小球?qū)壍赖膲毫ο嗟菳.小球的速度相等C.小球的向心加速度不相等D.小球的機械能相等14、如圖所示，光滑的長直金屬桿上套兩個金屬環(huán)與一個完整正弦圖象的金屬導(dǎo)線ab連接，其余部分未與桿接觸．桿電阻不計，導(dǎo)線電阻為R，ab間距離為2L，導(dǎo)線組成的正弦圖形頂部或底部到桿距離都是d，在導(dǎo)線和桿平面內(nèi)有一有界勻強磁場區(qū)域，磁場的寬度為L，磁感強度為B，現(xiàn)在外力F作用下導(dǎo)線沿桿以恒定的速度v向右運動，t=0時刻導(dǎo)線從O點進入磁場，直到全部穿過的過程中，產(chǎn)生的感生電流或電動勢的有效值為（）A.非正弦交變電流B.正弦交變電流C.電動勢的有效值為BdvD.電動勢的有效值為15、如圖所示為回旋加速器的原理示意圖，其核心部分是兩個D形盒，兩盒分別和一高頻交流電源的兩極相連，高頻電源的電壓為U，勻強磁場垂直D形盒平面，磁感應(yīng)強度為B，在D形盒中央s點處放有粒子源．當粒子源放出質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子（設(shè)粒子的初速度為0），然后被回旋加速器加速，設(shè)D形盒的最大半徑為R，則（）A.所加高頻交流電的頻率應(yīng)是B.所加高頻交流電的頻率應(yīng)是C.粒子離開加速器前被加速的次數(shù)為D.粒子離開加速器時的動能是評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、B的方向：小磁針____時____極所指的方向為該點的磁感應(yīng)強度的方向，或小磁針____極所受的____的方向為該點的磁感應(yīng)強度的方向．磁感應(yīng)強度方向就是磁場方向．17、（2012秋?越城區(qū)校級期中）一個小車M上裝有一個滴墨水的容器，每分鐘滴出120滴墨水．重物N通過滑輪用繩拉動小車做勻加速運動，小車經(jīng)過處，在桌面上留下一系列墨滴，如圖所示，測出ab=0.12m，bc=0.14m，cd=0.16m．求小車在b點、c點處的速度以及小車運動的加速度分別是____m/s、____m/s、____m/s2．（保留兩位小數(shù)）18、（2012春?中山區(qū)校級期末）如題所示的實驗裝置中；左邊的非勻強電場使電子加速，右邊的勻強電場使電子減速．設(shè)非勻強電場的電壓為U，勻強電場的電壓為U′，實驗結(jié)果是：

只要U′____U（填“＞”或，“＜”）就有電子到達N板；從這個實驗結(jié)果可得到的結(jié)論是____．19、卡車在市區(qū)內(nèi)行駛速度不得超過40km/h．一輛卡車在市區(qū)路面緊急剎車后，經(jīng)1.5s停止，量得剎車痕跡s=9m，問這車是否違章？____．20、下圖是等離子體發(fā)電機示意圖，平行金屬板間勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=0.5T，兩板間距離為0.2m，要使輸出電壓為220V，則等離子體垂直射入磁場的速度v0=____m/s，a是發(fā)電機的____極。(發(fā)電機內(nèi)阻不計)

21、（2012春?巴彥淖爾校級期中）如圖是一物體做簡諧振動的圖象，由圖可知物體振動的振幅為____cm，周期是____s，在0.6s時位移是____cm，速度是____m/s．22、某物體從A點運動到B點，合力對它所做的功為60J，物體在這一過程中動能增加了____J；物體經(jīng)過A點時的動能為20J，則物體經(jīng)過B點時的動能為____J．23、放在粗糙水平地面上的物體，在10N的水平拉力作用下，以3m/s的速度勻速移動5s，則在此過程中拉力的平均功率為____，5s末阻力的瞬時功率為____．24、（2013秋?南昌校級月考）如圖，A、B為帶等量異種電荷的小球，將兩個不帶電的導(dǎo)體棒C、D放在兩球之間，當用導(dǎo)線將C棒左端點x和D棒右端點y連接起來的瞬間，導(dǎo)線中的電流方向是____（選填“x→y”或“y→x”）．評卷人得分四、判斷題(共3題，共6分)25、布朗運動是微觀粒子的運動，其運動規(guī)律不遵循牛頓第二定律．____．（判斷對錯）26、向心力的方向始終指向圓心，所以向心力的方向始終不變．____（判斷對錯）27、作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力．____（判斷對錯）評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共9分)28、如圖所示是測定電動機效率實驗所需的儀器．

（1）在圖中連接實驗電路．

（2）本實驗要測定的物理量是______．

（3）計算電動機效率的表達式η=______．

（4）造成測量誤差的主要原因是：______．29、待測電阻R

阻值5k婁賂

左右，現(xiàn)要準確測量其阻值。提供的器材有：

直流電源E(

電動勢約6V

內(nèi)阻較小)

定值電阻R1=100婁賂

定值電阻R2=20婁賂

滑動變阻器R(

總阻值50婁賂)

微安表婁脤A(

量程30婁脤A

內(nèi)阻r=5k婁賂)

電阻箱(0.1婁賂隆蘆9999婁賂)

單刀單擲開關(guān)一個；

單刀雙挪開關(guān)一個；

導(dǎo)線若干。實驗步驟如下：

a.

某同學設(shè)計一個實驗電路圖；部分電路如圖甲所示；

b.

按照電路圖連接好電路；閉合開關(guān)K1

單刀雙擲開關(guān)K2

接1

調(diào)節(jié)滑動變阻器R

的滑片P

微安表讀數(shù)如圖乙所示；

c.

斷開開關(guān)K1

______。

d.

再閉合開關(guān)K1

______。

e.

實驗完畢；斷開所有開關(guān)，整理器材。

(1)

微安表的讀數(shù)______婁脤A

(2)

請在甲圖虛線框內(nèi)把電路補全；

(3)

跟微安表并聯(lián)的定值電阻應(yīng)選______(

填“R1

”或“R2

”)

(4)

把步驟cd

補全；

(5)

實驗中最終調(diào)節(jié)電阻箱旋鈕如圖丙所示，則所測電阻Rx=

______婁賂

30、用如圖所示的電路測量電池的電動勢和內(nèi)阻；定值電阻R1=16婁賂

．

(1)

閉合開關(guān)S

后，電壓表V1

無讀數(shù)，電壓表V2

有讀數(shù)，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)電路中存在斷路故障，則該故障可能在______(

選填“ab

”、“bc

”或“cd

”)

兩點間．

(2)

排除故障后；閉合開關(guān)S

調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，記錄多組電壓表的示數(shù)U1U2

如表所示.

請根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙中作出U2鈭?U1

圖象．

。U2/V5.04.54.03.53.02.52.0U1/V0.661.001.331.882.002.322.68(3)

由圖象可知，電源電動勢E=

______V

內(nèi)阻r=

______婁賂.(

結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

(4)

實驗中，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是______．評卷人得分六、綜合題(共2題，共12分)31、【題文】

半徑為R的半圓柱形玻璃磚，截面如圖所示，O為圓心，光線①沿半徑方向從a處進入玻璃磚后，恰在O點發(fā)生全反射，則另一條平行于光線①的光線②從最高點b進入玻璃磚后，折射到MN上的d點，求od=?（ao與MN夾角為60°）32、

（1）金屬棒ab的最大速度；

（2）金屬棒ab運動達到穩(wěn)定狀態(tài)后，1s鐘內(nèi)回路產(chǎn)生的焦耳熱。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】平均速度是一段時間或一段位移內(nèi)的速度，瞬時速度為某一時刻或某一位置的速度【解析】【解答】解：A；百米賽跑的運動員以9.5m/s的速度沖過終點線是某一位置的速度；為瞬時速度，故A錯誤；

B；返回地面的太空艙以8m/s的速度落至太平洋洋面是某一位置的速度；為瞬時速度，故B錯誤。

C；子彈以800m/s的速度撞擊到墻上是某一位置的速度；為瞬時速度，故C錯誤。

D；由于堵車；從新南門到磨子橋汽車的車速僅為4km/h時一段位移內(nèi)的速度為平均速度，故D正確；

故選：D2、A【分析】【分析】在Q點只受萬有引力作用，引力的表達形式有：F=及該式的各變形式，F(xiàn)=ma；分析各選項是否符合即可．【解析】【解答】解：A；衛(wèi)星只受萬有引力；根據(jù)牛頓第二定律，則F=ma，故A正確；

B；mg為衛(wèi)星在月球表面處的受力；故B錯誤；

C、在遠月點時對月球的萬有引力大小F=；故C錯誤；

D；該表達式為做圓周運動的向心力表達式；在Q點做向心運動，萬有引力比該力大．故D錯誤；

故選：A．3、D【分析】【分析】電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無關(guān)，根據(jù)C=?，知電容與兩極板的距離、正對面積有關(guān)．【解析】【解答】解：A；B、電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無關(guān)．故A、B錯誤．

C；電容是電容器的性質(zhì)；Q=0時，電容仍然存在，故C錯誤；

D、根據(jù)C=?；知兩極板間距離增大，電容就變?。龑γ娣e增大，電容變大；故電容是由電容器本身決定的，故D正確．

故選：D．4、A【分析】

當孔；縫的寬度或障礙物的尺寸與波長相近甚至比波長更小時即能發(fā)生明顯的衍射；

顯然0.8mm大于光的波長，故不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，根據(jù)光的直線傳播的原理，此時我們看到的應(yīng)該是條紋狀的光斑，即圖象a，但隨孔縫的寬度的減小，光斑的面積逐漸減小，在發(fā)生衍射前看到圖象b；

當發(fā)生衍射時；隨狹縫的寬度逐漸變小時衍射條紋的間距逐漸變大，而條紋間距最小的是c，條紋間距最大的是d，所以先觀察到c，再觀察到d；

綜上所述當狹縫寬度從0.8mm逐漸變小時我們依次看到的四個圖象的順序是abcd；

故選A．

【解析】【答案】0.8mm大于光的波長；不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，看到的應(yīng)該是沒有條紋的光斑，此時是小孔成像原理；隨孔縫的寬度的減小，光斑的面積逐漸減小，當發(fā)生衍射時，隨狹縫的寬度逐漸變小時衍射條紋的間距逐漸變大．

5、C【分析】試題分析：當骨片P向下調(diào)節(jié)時，變阻器的電阻R的阻值變小，故它與燈泡L2并聯(lián)的總電阻也變小，整個電路的電阻變小，所以干路中的電流變大，燈泡L1變亮；由于外電路的電阻變小，故路端電壓即電壓表的示數(shù)變?。挥捎赗與L2并聯(lián)的總電阻減小，故電容器兩端電壓減小，電容器的帶電量減小，燈泡L2變暗，通過L2的電流減小，而總電流又變大，故電流表的示數(shù)變大；由于路端電壓減小，故電源的效率減小，綜上所述，C是正確的?？键c：恒定電流?！窘馕觥俊敬鸢浮緾6、B|C【分析】【解析】由衛(wèi)星線速度公式可知，人造地球衛(wèi)星半徑越大，速度越小．由開普勒第三定律知，r越大，T越大．由向心加速度知，半徑越大，向心加速度越?。晒街?，r越大，ω越小．思路分析：根據(jù)公式分析試題【解析】【答案】BC7、B【分析】【分析】電流表A1、A2是由兩個相同的小量程電流表改裝成的，它們并聯(lián)時，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程大的電流表讀數(shù)大．當它們串聯(lián)時，A1、A2的示數(shù)相同．由于量程不同，內(nèi)阻不同，兩電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉(zhuǎn)的角度不同．【解析】【解答】解：A、B圖a中的A1、A2并聯(lián)；表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程不同的電流表讀數(shù)不同．故A錯誤，B正確．

C、D圖b中的A1、A2串聯(lián)，A1、A2的示數(shù)相同．由于量程不同；內(nèi)阻不同，電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉(zhuǎn)的角度不同．故CD錯誤．

故選：B8、C【分析】【分析】物體放在皮帶上先做勻加速運動，當速度達到皮帶的速度時做勻速運動；物體勻加速運動時，根據(jù)牛頓第二定律可求出加速度，物體速度增加到與傳送帶速度相同時與傳送帶一起做勻速運動，表示出物體與皮帶的相對位移，根據(jù)Q=μmgcosθ?△x表示出因滑動摩擦產(chǎn)生的熱量．【解析】【解答】解：A；物體勻加速運動時；根據(jù)牛頓第二定律可得：

μmgcosθ-mgsinθ=ma

解得物體的加速度為：

a=μgcosθ-gsinθ

角θ越大；加速度越小，皮帶長度：

x=

運送時間可能變短；也有可能變長．故A錯誤．

B；當傾角θ一定時；加速度不變，皮帶長度不變，速度增大，運送時間可能變短；當然，如果物體一直加速，則時間不變．故B錯誤．

C、皮帶上摩擦產(chǎn)生的熱：Q=f?△x=μmgcosθ?；當傾角θ和速度v一定時，加速度不變，貨物質(zhì)量m越大，皮帶上摩擦產(chǎn)生的熱越多．故C正確．

D、皮帶上留下的痕跡△x=vt-at2，t=，△x=；當傾角θ和速度v一定時，貨物質(zhì)量m越大，皮帶上留下的痕跡不變，故D錯誤．

故選：C．二、多選題(共7題，共14分)9、BCD【分析】【分析】根據(jù)相鄰波峰或波谷間的距離等于波長，直接比較波長的大??；兩列波的波速相同，由波速公式v=λf分析頻率關(guān)系，若兩列波的頻率相同，就能夠發(fā)生干涉．結(jié)合波形微平移的方法得到各個點的起振方向．【解析】【解答】解：A；根據(jù)相鄰波峰或波谷間的距離等于波長；讀出兩列波的波長都為λ=2cm；

波速是由介質(zhì)決定的；可知兩列波的波速相等，由波速公式v=λf分析得知，兩列波的頻率相等；

兩波振幅不等；但頻率相等，滿足干涉的條件，故兩列波相遇時會發(fā)生干涉現(xiàn)象；故A錯誤；

B；兩列波的波前傳到坐標原點的路程相等；波速也相等，故兩列波同時傳到坐標原點，故B正確；

C；甲波先傳播到x=0.2cm處；結(jié)合波形微微平移的方法得到x=0.2cm處的質(zhì)點開始振動時的方向向+y方向，故C正確；

D；由選項A分析知道兩列波相遇時會發(fā)生干涉；

甲；乙兩列波均傳播1cm后同時引起x=0.5cm處質(zhì)點的振動方向相同；且此后一直相同，故x=0.5cm處為振動加強的點，故D正確；

故選：BCD10、BC【分析】【分析】當物體的形狀和大小相對所研究的問題可以忽略不計的時候；物體可以看做質(zhì)點。

明確時間和時刻的區(qū)別和聯(lián)系；

根據(jù)位移和路程的意義進行分析即可．【解析】【解答】解：A；在研究地球公轉(zhuǎn)時；地球可以看作質(zhì)點；故A錯誤；

B；在研究地球的旋轉(zhuǎn)時；地球的大小和形狀不能忽略，不能看作質(zhì)點；故B正確；

C；第n秒內(nèi)就是從（n-1）秒末到（n+1）秒初這段時間；故C正確；

D；路程是物體經(jīng)過軌跡的長度；不能表示位置的變化；故D錯誤；

故選：BC．11、BC【分析】【分析】根據(jù)平行四邊形定則作出合力，從而確定合力的大小和分力與合力的夾角．【解析】【解答】解：根據(jù)平行四邊形定則，作出兩個力的合力，如圖．由圖可知，F(xiàn)1=4N；合力F=12N．

根據(jù)幾何關(guān)系知F1與F的夾角分別為θ1=45°．從圖上可知，θ1＞θ2．故B；C正確；A、D錯誤．

故選：BC．12、AC【分析】【分析】粒子受到電場力與磁場力共同作用下運動，電場力對粒子做功，而磁場力對粒子不做功，根據(jù)動能定理與左手定則，及洛倫茲力的表達式，即可求解．這是典型的“速度選擇器”問題．【解析】【解答】解：A、C、由題意可知，當原來“右側(cè)射出a、b板間區(qū)域時動能比入射時小”，說明“電場力對粒子做負功”．電場力小于磁場力，即qE＜qVB，則E＜VB；現(xiàn)在，要“射出a、b板間區(qū)域時的動能比入射時大”，就是要“電場力對粒子做正功”，電場力大于磁場力．若增大電場E（E=；因d不變，就要增大U），或減小磁場B；減小入射時的速度V．故A正確，C正確；

B；電容器帶電量不變；改變極板間距離時，板間的場強不變，故電場力不變，故B錯誤；

D；根據(jù)左手定則；及正電荷受到的電場力與電場強度方向相同，負電荷與電場強度方向相反，則有：電場力大小與“粒子電性”無關(guān)，故D錯誤；

故選：AC．13、AD【分析】【分析】小球從與球心在同一水平高度的A、B兩點由靜止開始自由下滑過程中，受到重力和支持力作用，但只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律可求出小球到最低點的速度，然后由向心加速度公式求向心加速度，由牛頓第二定律求出支持力，進而來比較向心加速度大小和壓力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈B、設(shè)任一半圓軌道的半徑為r，小球到最低點的速度為v，由機械能守恒定律得：mgr=，所以v=；由于它們的半徑不同，所以線速度不等．

在最低點，由牛頓第二定律得：FN-mg=m，聯(lián)立解得；FN=3mg；即得小球?qū)壍赖膲毫?mg，由于球的質(zhì)量相等，所以對軌道的壓力相同．故A正確，B錯誤．

C、小球的向心加速度an==2g；與半徑無關(guān)，因此此時小球的向心加速度相等，故C錯誤．

D；A、B兩點由靜止開始自由下滑過程中；受到重力和支持力作用，但只有重力做功，機械能守恒，兩球初位置的機械能相等，所以末位置的機械能也相等，故D正確．

故選：AD．14、AC【分析】【分析】金屬導(dǎo)線向右一共移動了3L，把全過程分為三個階段，因?qū)Ь€切割磁力線的有效長度是隨正弦規(guī)律變化的，所以產(chǎn)生的電流也是按正弦規(guī)律變化的正弦交流電，分別求出在這三段中的有效電動勢．【解析】【解答】解：金屬導(dǎo)線在磁場中運動時，產(chǎn)生的電動勢為：e=Bvy，y為導(dǎo)線切割磁力線的有效長度．

在導(dǎo)線運動的過程中，y隨時間的變化為：y=dsinπ=dsinπ=dsinωt，=ω；

則導(dǎo)線從開始向右運動到L的過程中（如圖）有：e1=Bvy=Bvdsinπ=Bvdsinωt

則此過程中電動勢的最大值為：E1max=Bvd，此過程中電動勢的有效值為：E1==；

導(dǎo)線從L向右運動到2L的過程中（如圖）有：e2=2Bvy=2Bvdsinπ=2Bvdsinωt；

即：E2max=2Bvd，所以：E2=2E1=；

導(dǎo)線從2L向右運動到3L的過程與導(dǎo)線從開始向右運動L的過程相同（如圖）；

則在這三段中運動的時間各為t，t=；

在整個過程中產(chǎn)生的內(nèi)能為：Q=2+t

設(shè)電動勢的有效值為E，由Q=?3t

聯(lián)立解得：E=Bdv

由以上分析可知；電流不按正弦規(guī)律變化，不是正弦式電流，故AC正確，BD錯誤；

故選：AC．15、BD【分析】【分析】粒子先在電場中加速，然后進入磁場，做勻速圓周運動，半圓周后后，粒子再次進入電場，此時電源交換電極，粒子繼續(xù)加速．磁場周期T=，是定值，保持電場與磁場周期相同，則粒子可一直加速．【解析】【解答】解：A、交流電時間，改變一次方向，==得：f=；故A錯誤B正確；

C、半徑為R時，qvB=m得v=，E=mv2=，一次加速為qU，設(shè)加速n次，則nqU=E，n=故C錯誤D正確；

故選：BD．三、填空題(共9題，共18分)16、靜止NN磁場力【分析】【分析】小磁針在磁場中不同的位置的指向不同，磁場方向定與小磁針靜止時N極的指向相同．【解析】【解答】解：磁感應(yīng)強度的大?。築=（電流元與磁場方向要垂直放置）；

磁感應(yīng)強度的方向（磁場方向）：規(guī)定與小磁針靜止時N極的指向相同；即小磁針N極的受力分析；

故答案為：靜止，N，N，磁場力．17、0.260.300.08【分析】【分析】勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程的平均速度；根據(jù)加速度定義式求出加速度．【解析】【解答】解：每分鐘滴出120滴墨水，則時間間隔為：=0.5s

小車在b點的瞬時速度為：vb==0.26m/s

c點處的速度vc==0.30m/s

加速度為：a===0.08m/s2

故答案為：0.26；0.30；0.08．18、＜只要電壓相同，不論是否勻強電場電場對帶電粒子所加的作用是相同的【分析】【分析】不論在勻強電場還是非勻強電場中，電場力對電子做的功等于電子動能的增量，在非勻強電場中Ek=qU，在勻強電場中Ek=qU0．根據(jù)電子到達N板的條件是U′＜U0，即U′＜U．【解析】【解答】解：在左邊的非勻強電場中，根據(jù)動能定理，電子離開電場時的動能為Ek=qU；

在右邊的勻強電場中，電子剛好能到達N板時，根據(jù)動能定理，Ek=qU0；

即U=U0；

有電子到達N板的條件是U′＜U0；即U′＜U．

故答案為：＜，只要電壓相同，不論是否勻強電場電場對帶電粒子所加的作用是相同的．19、違章【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的平均速度公式求出剎車的初速度，從而判斷汽車是否超速．【解析】【解答】解：剎車過程中的平均速度，因為，解得v0=12m/s=43.2km/h＞40km/h．知汽車違章．

故答案為：違章．20、2200正【分析】【解答】等離子體在正交場里受力平衡，可得得根據(jù)左手定則，可知正離子到達a極板，負離子到達b極板，所以a是發(fā)電機的正極。

【分析】電場力和洛倫茲力平衡，利用左手定則判斷正負離子受力方向以及運動方向。21、101.2-100【分析】【分析】根據(jù)簡諧振動的圖象直接讀出振幅和周期，根據(jù)圖象得出0.6s時的位移．【解析】【解答】解：由簡諧運動的圖象知；振幅A=10cm，周期T=1.2s，在0.6s時，質(zhì)點處于負的最大位移處，x=-10cm，速度為零．

故答案為：10，1.2，-10，0．22、6080【分析】【分析】本題的關(guān)鍵是對動能定理的理解：合外力對物體做的功等于物體動能的變化，而與其它因素無關(guān)．【解析】【解答】解：合力對物體所做的功為60J；根據(jù)動能定理，此過程中物體的動能增加60J；

物體經(jīng)過A點時的動能為20J，則物體經(jīng)過B點時的動能EkB=EkA+△Ek=20+60=80J

故答案為：608023、3030【分析】【分析】由P=Fv，其中v為平均速度是此功率為平均功率，v為瞬時速度時此功率為瞬時功率．【解析】【解答】解：

由于物體時勻速前進；故此過程中拉力的平均功率為：

．

物體勻速前進；故阻力等于拉力，5s末阻力的瞬時功率：

P=fv=Fv=10×3W=30W．

故答案為：30w，30w．24、x→y【分析】【分析】金屬導(dǎo)電靠的是自由電荷的定向運動，也就是電子的定向運動，和電流的移動方向相反，規(guī)定正電荷定向移動的方向是電流的方向．同時金屬導(dǎo)體處于電場中，從而使其感應(yīng)帶電．【解析】【解答】解：導(dǎo)體棒CD處于電場中；使得導(dǎo)體棒C左端帶負電，右端帶正電；而導(dǎo)體棒D的左端帶負電，右端帶正電．當導(dǎo)線將兩金屬棒接通的瞬間，電子發(fā)生移動，從y到x，電流的方向和電子定向移動的方向相反，電流的方向是從x到y(tǒng)．

故答案為：x→y．四、判斷題(共3題，共6分)25、×【分析】【分析】布朗運動是由于分子的無規(guī)則運動而使花粉小顆粒受到撞擊而振動；布朗運動的實質(zhì)是大量分子做無規(guī)則熱運動的結(jié)果．【解析】【解答】解：布朗運動是固體小顆粒的運動；是宏觀物體，故符合牛頓第二定律；

故答案為：×26、×【分析】【分析】勻速圓周運動合力等于向心力，方向始終指向圓心，只改變速度的方向，不改變速度的大小．【解析】【解答】解：物體做圓周運動；向心力方向始終指向圓心，方向時刻變化，此說法錯誤．

故答案為：×27、√【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失，故該說法是正確的．

故答案為：√五、實驗探究題(共3題，共9分)28、略

【分析】解：（1）電路圖如圖所示：

（2）（3）測定電動機效率的實驗示意圖；通過連接電路圖，讀出電壓表與電流表的示數(shù)，從而得出電動機的總功率，即為UI；

通過測力計測出重物的重力為G，并測出重物提升的速度v，則提升的功率為Gv，所以電動機的效率為η=×100%；

故待測物理量為：重物的重力G；重物的提升速度v，通過電動機的電流，電動機兩端的電壓；

（4）造成測量誤差的主要原因是電壓表的分流作用．

故答案為：（1）如圖所示；（2）重物的重力G，重物的提升速度v，通過電動機的電流，電動機兩端的電壓；（3）×100%；（4）電壓表的分流作用．

電動機是將電能轉(zhuǎn)化為機械能的裝置；電動機的效率為機械功與總功的比值，電動機因線圈存在的電阻，所以電動機工作時，效率不可能達到100%，推導(dǎo)出表達式后分析待測量并考慮誤差．

考查電動機的作用，并會求出電動機的機械效率，同時知道電動機在工作時，不可避免存在能量的損失．最后注意電動機的機械效率與電動的效率的區(qū)別．【解析】重物的重力G，重物的提升速度v，通過電動機的電流，電動機兩端的電壓；×100%；電壓表的分流作用29、略

【分析】解：(1)

微安表的最小刻度1婁脤A

讀數(shù)估讀到下一位；即20.6婁脤A

(2)

準確測量其阻值；滑動變阻器采用分壓接法；電路如圖所示：

(3)

根據(jù)歐姆定律可得，待測電阻通過的最大電流可能為：I=ER=65000A=1.2mA

則在微安表上并聯(lián)的電阻約為：R=IgrI鈭?Ig=30隆脕50001200鈭?30=125婁賂

則跟微安表并聯(lián)的定值電阻應(yīng)選R1

(4)c

斷開開關(guān)K1

將單刀雙擲開關(guān)K2

接2

d

再閉合K2

保持滑動變阻器滑片P

不動，由大到小調(diào)節(jié)電阻箱，直到微安表示數(shù)恢復(fù)至圖乙讀數(shù)；

(5)

實驗中最終調(diào)節(jié)電阻箱