2025年人教版PEP高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版PEP高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷582考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，圓形線圈垂直放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)里，第1秒內(nèi)磁場(chǎng)方向指向紙里，如圖（b）．若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖（a），那么，下面關(guān)于線圈中感應(yīng)電流的說(shuō)法正確的是（）A.在第1秒內(nèi)感應(yīng)電流增大，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針B.在第2秒內(nèi)感應(yīng)電流大小不變，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針C.在第3秒內(nèi)感應(yīng)電流減小，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針D.在第4秒內(nèi)感應(yīng)電流大小不變，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針2、兩個(gè)相同的小量程電流表表頭分別改裝成兩個(gè)電流表A1、A2.已知電流表A1量程大于A2的量程；改裝好后把它們按圖接入電路，則()

A.電流表A1的讀數(shù)小于電流表A2的讀數(shù)B.電流表A1的讀數(shù)等于電流表A2的讀數(shù)C.電流表A1的偏轉(zhuǎn)角等于電流表A2的偏轉(zhuǎn)角D.電流表A1的偏轉(zhuǎn)角小于電流表A2的偏轉(zhuǎn)角3、如圖，高為h的光滑絕緣曲面處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行于豎直平面，一帶電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球，以初速度為v0從曲面底端的A點(diǎn)開(kāi)始沿曲面表面上滑，到達(dá)曲面頂端B點(diǎn)的速度仍為v0，則（）A.電場(chǎng)力對(duì)小球做功為mgh+mvB.B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為C.小球在B點(diǎn)的電勢(shì)能大于在A點(diǎn)的電勢(shì)能D.電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為4、如圖所示是某物體做直線運(yùn)動(dòng)的v

簍C

t

圖象；則該物體。

A.做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.一直朝某一方向運(yùn)動(dòng)D.在某一線段上做兩個(gè)來(lái)回運(yùn)動(dòng)。

5、在國(guó)際單位制中，與質(zhì)量、長(zhǎng)度和時(shí)間對(duì)應(yīng)的基本單位是(

)

A.克、米、秒B.千克、米、小時(shí)C.克、厘米、分鐘D.千克、米、秒6、如圖所示，一閉合的小金屬環(huán)用一根絕緣細(xì)桿掛在固定點(diǎn)O

處，使金屬環(huán)在豎直線OO隆盲

的兩側(cè)來(lái)回?cái)[動(dòng)的過(guò)程中穿過(guò)水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感線的方向和水平面垂直.

若懸點(diǎn)摩擦力和空氣阻力均不計(jì)，則(

)

A.金屬環(huán)每次進(jìn)入和離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域都有感應(yīng)電流，而且感應(yīng)電流的方向相反B.金屬環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后越靠近OO隆盲

線時(shí)速度越大，而且產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大C.金屬環(huán)開(kāi)始擺動(dòng)后，擺角會(huì)越來(lái)越小，最終停止D.金屬環(huán)在擺動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能將全部轉(zhuǎn)化為環(huán)中的電能評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、將一電荷量為-3×10-6C的負(fù)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做了3×10-5J的功，再將該電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做了1.2×10-5J的功，則A、C間的電勢(shì)差為V，電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)再?gòu)腂點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能變化了J。8、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示，其中質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象如圖乙所示，則該波的傳播方向沿x軸______方向（選填”正“或”負(fù)“），該波的波速是______m/s．

9、如圖所示，一個(gè)枕形導(dǎo)體位于帶正電小球的附近，A、B為導(dǎo)體的左、右端點(diǎn)，C為導(dǎo)體內(nèi)的一點(diǎn)．則由于靜電感應(yīng)，B端帶______電，C點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為_(kāi)_____，A端電勢(shì)______（填“高于”、“低于”或“等于”）B端電勢(shì)．10、如圖所示，固定在電梯頂部的彈簧測(cè)力計(jì)下端掛著G=1N

的鉤碼(g

取10m/s2)

電梯運(yùn)行時(shí)人觀察到測(cè)力計(jì)的示數(shù)F=1.5N

這種對(duì)懸掛物的拉力大于重力的現(xiàn)象是______(

填“超重”或“失重)

現(xiàn)象；此時(shí)鉤碼的加速度大小為_(kāi)_____m/s2

加速度方向向______(

填“上”或“下”)

11、電量為2×10-6C的點(diǎn)電荷q1放入電場(chǎng)中A點(diǎn)，受到作用力為4×10-4N，方向向右，若在A點(diǎn)放一個(gè)電量為-4×10-6C的點(diǎn)電荷q2，則q2在A點(diǎn)受到的作用力為_(kāi)___N，方向____．12、有一種噴灌裝置，噴水口離地面高度為h=1.25m

水從噴水口水平噴出的速度v0

=8m/s.

如果水在空氣的運(yùn)動(dòng)可近似地看成是平拋運(yùn)動(dòng)，則水離開(kāi)噴水口后到達(dá)地面所需的時(shí)間t=

____s

水噴射的水平距離x

=

____m(g=10m/s2).

若噴出的水的初速度變小，則水水離開(kāi)噴水口后到達(dá)地面的時(shí)間將____(

填“變大”“不變”“變小”)

13、將一條形磁鐵插入螺線管線圈.

第一次插入用0.2

秒，第二次插入用1

秒，則兩次線圈中電流強(qiáng)度之比為_(kāi)_____，通過(guò)線圈的電量之比為_(kāi)_____，線圈放出的熱量之比為_(kāi)_____．14、有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9隆脕103N/C

在電場(chǎng)內(nèi)作一半徑為10cm

的圓，圓周上取AB

兩點(diǎn)，如圖所示，連線AO

沿E

方向，BO隆脥AO

另在圓心O

處放一電量為10鈭?8C

的正點(diǎn)電荷，則A

處的場(chǎng)強(qiáng)大小為_(kāi)_____；B

處的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向?yàn)開(kāi)_____．15、如圖所示，兩根平行光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌，其電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒ab和cd跨在導(dǎo)軌上，ab電阻大于cd電阻。當(dāng)cd在外力F2作用下勻速向右滑動(dòng)時(shí)，ab在外力F1作用下保持靜止，則ab兩端電壓Uab和cd兩端電壓Ucd相比，Uab______Ucd，外力F1和F2相比，F(xiàn)1______F2（填＞、=或＜）。評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)22、某同學(xué)探究小磁鐵在銅管中下落時(shí)受電磁阻尼作用的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示；打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源是頻率為f的交流電。

（1）（單選）下列實(shí)驗(yàn)操作中；錯(cuò)誤的有______

A．將銅管豎直地固定在限位孔的正下方。

B．紙帶穿過(guò)限位孔；壓在復(fù)寫(xiě)紙下面。

C．捏住磁鐵所連的紙帶上端；然后松開(kāi)讓磁鐵從靜止釋放。

D．在磁鐵下落之后再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源。

（2）該同學(xué)按正確的步驟進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，將磁鐵從銅管上方釋放，打出一條紙帶，如圖乙所示為磁鐵在銅管中運(yùn)動(dòng)的記錄，圖中刻度尺的最小分度為s0，磁鐵質(zhì)量為m，己知磁鐵在鋼管中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受電磁阻尼作用與磁鐵的速度成正比，即F=kv，則阻力常數(shù)k的表達(dá)式為_(kāi)_____23、果蠅的有眼、無(wú)眼由等位基因B、b控制，眼的紅色、白色由等位基因R、r控制。一只無(wú)眼雌果蠅與—只白眼雄果蠅交配，F(xiàn)1全為紅眼，F(xiàn)1雌雄果蠅隨機(jī)交配得F2,F2的表現(xiàn)型及比例如下圖。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)果蠅的有眼對(duì)無(wú)眼為_(kāi)______性，控制紅眼、白眼的基因R、r位于______染色體上。(2)F1的基因型為_(kāi)___________,___________。F2中白眼的基因型為_(kāi)_____________。(3)F2紅眼雌果蠅中純合子占_______________。F2中紅眼個(gè)體之間隨機(jī)交配，產(chǎn)生的后代中紅眼:白眼:無(wú)眼=______________________。(4)B與b,R與r這兩對(duì)基因在遺傳時(shí)遵循____________定律，其原因是________________。24、某同學(xué)在做“利用單擺測(cè)重力加速度”實(shí)驗(yàn)中；先測(cè)得擺線長(zhǎng)為97.50cm

擺球直徑為2.0cm

然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50

次所用的時(shí)間為99.9s.

則。

(1)

該擺擺長(zhǎng)為_(kāi)_____cm

．

(2)(

單選題)

如果他測(cè)得的g

值偏??；可能的原因是______

A.測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊。

B.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了。

C.開(kāi)始計(jì)時(shí)；秒表過(guò)遲按下。

D.實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)數(shù)為50

次．評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共4題，共12分)25、如圖所示，是一提升重物用的直流電動(dòng)機(jī)工作時(shí)的電路圖．電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻r=0.8Ω，電路中另一電阻R=10Ω，直流電壓U=160V，電壓表示數(shù)UM=110V．試求：

（1）通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流？

（2）電動(dòng)機(jī)的電功率及電動(dòng)機(jī)的輸出功率？

（3）若電動(dòng)機(jī)以v=1m/s勻速豎直向上提升重物，求該重物的質(zhì)量？（g取10m/s2）26、把水或油灌入小口瓶時(shí)，常在瓶口插入一根竹筷或玻璃棒，水或油就沿著竹筷或玻璃棒流入瓶中，不致流到瓶子外面，這是什么道理？如果要將水銀灌入小口瓶中，能否采用竹筷或是玻璃棒？你能想出其它的方法嗎？27、苯乙烯rm{(}rm{(}是生產(chǎn)各種塑料的重要單體，可通過(guò)乙苯催化脫氫制得：rm{)}是生產(chǎn)各種塑料的重要單體，可通過(guò)乙苯催化脫氫制得：?rm{)}rm{(g)overset{麓脽祿爐錄脕}{?}}rm{(g)+H_{2}(g)}已知：。rm{triangleH}化學(xué)鍵rm{C-H}rm{C-C}rm{C=C}rm{H-H}鍵能rm{/kJ/mol}rm{412}rm{348}rm{612}rm{436}計(jì)算上述反應(yīng)的rm{triangleH=}________rm{kJ隆隴mol^{-1}}rm{(2)500隆忙}時(shí)，在恒容密閉容器中，充入rm{amol}乙苯，反應(yīng)達(dá)到平衡后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為rm{P}若再充入rm{bmol}的乙苯，重新達(dá)到平衡后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為rm{2P}則rm{a}________rm{b(}填“rm{>}”、“rm{<}”或“rm{=}”rm{)}乙苯的轉(zhuǎn)化率將________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}rm{(3)}工業(yè)上，通常在乙苯rm{(EB)}蒸氣中摻混rm{N_{2}(}原料氣中乙苯和rm{N_{2}}的物質(zhì)的量之比為rm{1漏U10}rm{N_{2}}不參與反應(yīng)rm{)}控制反應(yīng)溫度rm{600隆忙}并保持體系總壓為rm{0.1Mpa}不變的條件下進(jìn)行反應(yīng)。在不同反應(yīng)溫度下，乙苯的平衡轉(zhuǎn)化率和某催化劑作用下苯乙烯的選擇性rm{(}指除了rm{H_{2}}以外的產(chǎn)物中苯乙烯的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)rm{)}示意圖如下rm{壟脵A}rm{B}兩點(diǎn)對(duì)應(yīng)的正反應(yīng)速率較大的是________。rm{壟脷}摻入rm{N_{2}}能提高乙苯的平衡轉(zhuǎn)化率，解釋說(shuō)明該事實(shí)___________________________________。rm{壟脹}用平衡分壓代替平衡濃度計(jì)算rm{600隆忙}時(shí)的平衡常數(shù)rm{K_{p}=}________。rm{(}保留兩位有效數(shù)字，分壓rm{=}總壓rm{隆脕}物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)rm{)}rm{壟脺}控制反應(yīng)溫度為rm{600隆忙}的理由是_______________________________________________________________________________________________。28、rm{(15}分，除特殊標(biāo)記外每空rm{2}分rm{)}氨為重要化工原料，有廣泛用途。rm{(1)}合成氨中的氫氣可由下列反應(yīng)制?。簉m{a.CH_{4}(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}CO(g)+3H_{2}(g)triangleH=+216.4kJ/mol}rm{b.CO(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.2kJ/mol}則反應(yīng)rm{CH_{4}(g)+2H_{2}O(g)overset{}{?}CO_{2}(g)+4H_{2}(g)triangleH=}_________。rm{a.CH_{4}(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}

CO(g)+3H_{2}(g)triangleH=+216.4kJ/mol}起始時(shí)投入氮?dú)夂蜌錃夥謩e為rm{b.CO(g)+H_{2}O(g)overset{}{?}

CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.2kJ/mol}rm{CH_{4}(g)+2H_{2}O(g)overset{}{?}

CO_{2}(g)+4H_{2}(g)triangleH=}在不同溫度和壓強(qiáng)下合成氨。平衡時(shí)混合物中氨的體積分?jǐn)?shù)與溫度關(guān)系如下圖。

rm{(2)}恒壓時(shí)，反應(yīng)一定達(dá)到平衡狀態(tài)的標(biāo)志是______rm{1mol}填序號(hào)rm{3mol}A.rm{壟脵}和rm{(}的轉(zhuǎn)化率相等rm{)}反應(yīng)體系密度保持不變C.rm{dfrac{cleft({H}_{2}right)}{cleft(N{H}_{3}right)}}比值保持不變r(jià)m{N_{2}}．rm{dfrac{cleft(N{H}_{3}right)}{cleft({N}_{2}right)}=2}rm{H_{2}}_____rm{B.}rm{dfrac{cleft({H}_{2}right)}{cleft(N{H}_{3}right)}

}填“rm{D}”、“rm{dfrac{cleft(N{H}_{3}right)}{cleft({N}_{2}right)}

=2}”、“rm{壟脷P_{1}}”、“不確定”，下同rm{P_{2}}反應(yīng)平衡常數(shù)：rm{(}點(diǎn)____rm{>}點(diǎn)；rm{<}點(diǎn)rm{=}的轉(zhuǎn)化率為_(kāi)___rm{)}可作火箭推進(jìn)劑，rm{B}和rm{D}在一定條件下反應(yīng)可生成rm{壟脹C}rm{H_{2}}寫(xiě)出rm{(3)N_{2}H_{4}}和rm{NH_{3}}反應(yīng)生成rm{NaClO}的化學(xué)方程式__________；rm{N_{2}H_{4}}已知rm{壟脵}時(shí)rm{NH_{3}}水溶液呈弱堿性：rm{N_{2}H_{4}+H_{2}Ooverset{}{?}N_{2}H_{5}^{+}+OH^{-}}rm{NaClO}rm{N_{2}H_{5}^{+}+H_{2}Ooverset{}{?}N_{2}H_{6}^{2+}+OH^{-}K_{2}=1隆脕10^{-b}}rm{N_{2}H_{4}}時(shí)，向rm{壟脷}水溶液中加入rm{25隆忙}欲使rm{N_{2}H_{4}}同時(shí)rm{N_{2}H_{4}+H_{2}Ooverset{}{?}

N_{2}H_{5}^{+}+OH^{-}}應(yīng)控制溶液rm{K_{1}=1隆脕10^{-a}}范圍_________rm{N_{2}H_{5}^{+}+H_{2}Ooverset{}{?}

N_{2}H_{6}^{2+}+OH^{-}K_{2}=1隆脕10^{-b}}用含rm{25隆忙}rm{N_{2}H_{4}}式子表示rm{H_{2}SO_{4,}}rm{c(N_{2}H_{5}^{+})>c(N_{2}H_{4})}參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】第1s內(nèi)磁通量均勻變化，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小不變，根據(jù)楞次定律可得方向?yàn)槟鏁r(shí)針，A錯(cuò)誤，在第2秒內(nèi)，垂直向里的磁通量均勻減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小不變，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針,B正確。同理這個(gè)時(shí)間段內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小都恒定，所以C錯(cuò)誤，第四秒內(nèi)感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，D錯(cuò)誤?！窘馕觥俊敬鸢浮緽2、C【分析】【分析】A1與A2并聯(lián)，電壓相同，由于A1量程大于A2，說(shuō)明A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻，故通過(guò)A1的電流大于A2；所以A對(duì)B錯(cuò)．將小量程電流表表頭改裝成較大量程的電流表，都是并聯(lián)小電阻，因此兩表頭仍為并聯(lián)關(guān)系，通過(guò)表頭的電流相等，所以表頭指針偏轉(zhuǎn)相同，故正確答案選；C.

【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要對(duì)電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)要了【解答】電流表是由表頭與分流電阻并聯(lián)；電壓表是由表頭與分壓電阻串聯(lián)．3、B【分析】解：A；小球上滑過(guò)程中；由動(dòng)能定理得：

W-mgh=-

得：W=mgh．故A錯(cuò)誤．

B、由W=qU得，A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差為U=．故B正確．

C；由于電場(chǎng)力做正功；小球的電勢(shì)能減小，則小球在B點(diǎn)的電勢(shì)能小于在A點(diǎn)的電勢(shì)能．故C錯(cuò)誤．

D、由U=Ed得，E=若電場(chǎng)線沿AB時(shí)，d＞h，則E＜=．故D錯(cuò)誤．

故選B

小球從曲面底端的A點(diǎn)開(kāi)始沿曲面表面上滑過(guò)程中；重力做負(fù)功，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能變化量為零，由動(dòng)能定理求解電場(chǎng)力做功．由電場(chǎng)力做功公式W=qU求出電勢(shì)差．由U=Ed分析場(chǎng)強(qiáng)的最小值．根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)，判斷電勢(shì)能的變化．

本題關(guān)鍵能運(yùn)用動(dòng)能定理求解電場(chǎng)力做功．只要掌握W=qU、U=Ed兩個(gè)公式，此題就不難解答．【解析】【答案】B4、C【分析】由v鈭?t

圖像可知在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中；速度一直為正值，表示運(yùn)動(dòng)方向不變，一直朝某一方向運(yùn)動(dòng)，先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，然后重復(fù)之前的運(yùn)動(dòng)；故C正確，AB

D錯(cuò)誤。

故選C?！窘馕觥緾

5、D【分析】解：在國(guó)際單位制中；長(zhǎng)度；質(zhì)量和時(shí)間三個(gè)基本量的基本單位是mkg

和s

故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選：D

國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量.

分別為長(zhǎng)度；質(zhì)量、時(shí)間、熱力學(xué)溫度、電流、光強(qiáng)度、物質(zhì)的量.

它們的在國(guó)際單位制中的單位稱(chēng)為基本單位；而物理量之間的關(guān)系式推到出來(lái)的物理量的單位叫做導(dǎo)出單位．

國(guó)際單位制規(guī)定了七個(gè)基本物理量，這七個(gè)基本物理量分別是誰(shuí)，它們?cè)趪?guó)際單位制分別是誰(shuí)，這都是需要學(xué)生自己記住的．【解析】D

6、A【分析】解：A

當(dāng)金屬環(huán)進(jìn)入或離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)磁通量發(fā)生變化；會(huì)產(chǎn)生電流.

環(huán)進(jìn)入和離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域，磁通量分別是增大和減小，根據(jù)楞次定律得感應(yīng)電流的方向相反，故A正確．

B；金屬環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)后；由于沒(méi)有磁通量的變化，因而圓環(huán)中沒(méi)有感應(yīng)電流，不受磁場(chǎng)力作用，只在重力作用下，離平衡位置越近，則速度越大，故B錯(cuò)誤．

C；由于從左側(cè)擺到右側(cè)的過(guò)程中；線框中磁通量發(fā)生變化，因而產(chǎn)生感應(yīng)電流，由于電阻的存在，線框中將產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒知線框的機(jī)械能將不守恒，故在左側(cè)線框的高度將高于起始時(shí)右側(cè)的高度，所以擺角會(huì)越來(lái)越小，當(dāng)完全在磁場(chǎng)中來(lái)回?cái)[動(dòng)時(shí)，則沒(méi)有感應(yīng)電流，圓環(huán)最后的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)為在磁場(chǎng)區(qū)域來(lái)回?cái)[動(dòng)，故C錯(cuò)誤．

D；圓環(huán)最后的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)為在磁場(chǎng)區(qū)域來(lái)回?cái)[動(dòng)；機(jī)械能守恒，金屬環(huán)在擺動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能不可能將完全轉(zhuǎn)化為環(huán)中的電能，故D錯(cuò)誤。

故選：A

．

楞次定律的內(nèi)容為：閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙原磁通量的變化；判斷感應(yīng)電流的方向首先要確定原磁場(chǎng)的方向及磁通量的變化；然后根據(jù)楞次定律進(jìn)行判斷感應(yīng)電流的方向．

本題考查楞次定律的應(yīng)用和能量守恒相合.

注意楞次定律判斷感應(yīng)電流方向的過(guò)程，先確認(rèn)原磁場(chǎng)方向，再判斷磁通量的變化，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)總是阻礙原磁通量的變化．【解析】A

二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】由電場(chǎng)力做功將該電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做了1.8×10-5的負(fù)功，電勢(shì)能增大了1.8×10-5【解析】【答案】6-1.8×10-58、略

【分析】解：由乙圖知；t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P正向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)甲圖可知，由波形平移法可知：該波沿x軸負(fù)方向傳播．

由甲圖知，波長(zhǎng)λ=8m，由乙圖知，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為T(mén)=0.4s，則波速為：v===20m/s．

故答案為：負(fù)；20．

根據(jù)圖乙中t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的速度方向，在圖甲中判斷波的傳播方向．由甲讀出波長(zhǎng)λ，由圖乙讀出周期T，由v=求出波速．

本題關(guān)鍵要把握兩種圖象之間的聯(lián)系，能根據(jù)振動(dòng)圖象讀出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，在波動(dòng)圖象上判斷出波的傳播方向．【解析】負(fù)；209、略

【分析】解：由于靜電感應(yīng)；A端帶負(fù)電，B端帶正電．帶正電的導(dǎo)體產(chǎn)生的是發(fā)散的電場(chǎng)，產(chǎn)生的電場(chǎng)的電場(chǎng)線由A到B，而感應(yīng)電荷產(chǎn)生電場(chǎng)與正電荷電場(chǎng)疊加，導(dǎo)致合電場(chǎng)強(qiáng)度為零，即C點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零．導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；故AB兩點(diǎn)的電勢(shì)相等；

故答案為：正；零，等于。

應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是在帶電體上電荷的作用下；導(dǎo)體上的正負(fù)電荷發(fā)生了分離，使電荷從導(dǎo)體的一部分轉(zhuǎn)移到了另一部分，既然是轉(zhuǎn)移，那么電荷必然守恒．

正電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)是發(fā)散的電場(chǎng)；沿著電場(chǎng)線電勢(shì)要降低．

此題考查靜電平衡中的導(dǎo)體，電場(chǎng)中的處于靜電平衡的導(dǎo)體是等勢(shì)體，導(dǎo)體上電勢(shì)處處相同．同時(shí)要知道正電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)特點(diǎn)，以及電勢(shì)分布的特點(diǎn)．【解析】正；0；等于10、略

【分析】解：重物的重力G=1N

物體的質(zhì)量m=Gg=110=0.1kg

當(dāng)測(cè)力計(jì)示數(shù)為1.5N

時(shí)；重物受到豎直向下的重力G=1N

豎直向上的拉力F隆盲=1.5N

則重物受到的合力大小為F=F鈥?鈭?G=1.5鈭?1=0.5N

根據(jù)牛頓第二定律可知：a=F隆盲m=0.50.1=5m/s2

方向豎直向上；故物體處于超重狀態(tài)；

故答案為：超重；5

上．

對(duì)重物受力分析；根據(jù)牛頓第二定律得出重物的加速度大小和方向，從而判斷出電梯的運(yùn)動(dòng)規(guī)律．

解決本題的關(guān)鍵知道重物和電梯具有相同的加速度，根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行分析，由牛頓第二定律即可求得加速度，根據(jù)加速度判斷所處的狀態(tài)．【解析】超重；5

上11、略

【分析】

電場(chǎng)強(qiáng)度E===200N/C；電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)樗较蛴遥?/p>

若在A點(diǎn)放一個(gè)電量為-4×10-6C的點(diǎn)電荷q2，則N=-8×10-4N；負(fù)號(hào)說(shuō)明方向向左。

故答案為為：8×10-4；向左。

【解析】【答案】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=求出電場(chǎng)強(qiáng)度；再根據(jù)F=qE求出電場(chǎng)力的大小和方向，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與放入電場(chǎng)中的電荷無(wú)關(guān)．

12、0.54不變。

【分析】【分析】水在空氣的運(yùn)動(dòng)可近似地看成是平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合初速度和時(shí)間求出水平距離。本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)。解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解，要知道平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與初速度無(wú)關(guān)?！窘獯稹克銎綊佭\(yùn)動(dòng)，由h=12gt2

得t=2hg=2隆脕1.2510s=0.5s

水噴射的水平距離x=v0t=8隆脕0.5m=4m

由t=2hg

知，水在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由h

決定，與初速度無(wú)關(guān)，所以若噴出的水的初速度變小，則水水離開(kāi)噴水口后到達(dá)地面的時(shí)間將不變。故填：0.54

不變?！窘馕觥?.54

不變。

13、略

【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小，E=鈻?鈱?鈻?t

與I=ER

因兩次的磁通量相同，則有：I1I2=鈻?鈱?鈻?t1R鈻?鈱?鈻?t2R=鈻?t2鈻?t1=10.2=51

由q=It

可確定導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值；由于磁通量變化量相同，電阻不變，所以通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量不變，即為11

而熱量Q=I2Rt

則有：熱量與電流的平方及時(shí)間的乘積成正比，即為51

故答案為：511151

．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小；由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小.

再由q=It

可確定導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值，而熱量根據(jù)Q=I2Rt

即可求解．

本題考查對(duì)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的理解和應(yīng)用能力.

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：穿過(guò)閉合回路的磁通量發(fā)生變化，首先前提條件電路要閉合.

磁通量的變化率與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有關(guān)，感應(yīng)電流的大小與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小有關(guān)，而通過(guò)橫截面的電荷量卻與通過(guò)線圈的磁通量變化及電阻阻值有關(guān)．【解析】511151

14、略

【分析】解：點(diǎn)電荷在AB

產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E隆盲=kQr2=9隆脕109隆脕10鈭?80.12N/C=9隆脕103N/C

故在A

點(diǎn)的點(diǎn)電荷為EA=E鈭?E隆盲=0

在B

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為EB=E2+E隆盲2=92隆脕103N/C

方向與水平方向成45鈭?

斜向下。

故答案為：092隆脕103N/C

方向與水平方向成45鈭?

斜向下。

由E=kQr2

點(diǎn)電荷求的AB

兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)；根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的合成即可求得AB

的合場(chǎng)強(qiáng)。

本題主要考查了場(chǎng)強(qiáng)的合成，利用好矢量的合成即可【解析】092隆脕103N/C

方向與水平方向成45鈭?

斜向下15、==【分析】解：cd在外力F2作用下向右勻速運(yùn)動(dòng)，則外力F2與安培力二力平衡；大小相等；

ab在外力F1作用下保持靜止，外力F1與所受的安培力二平衡；大小相等。

由安培力公式F=BIL，可知兩棒所受的安培力大小相等，則F1=F2。

cd棒切割磁感線相當(dāng)于電源，而ab相當(dāng)于外電路；導(dǎo)軌電阻不計(jì)；

ab兩端與cd兩端的電壓都是路端電壓，大小相等。故有Uab=Ucd。

故答案為：=；=。

cd棒勻速運(yùn)動(dòng)，所受的外力F2與安培力二力平衡。ab在外力F1作用下保持靜止，外力F1與所受的安培力二平衡，而兩棒所受的安培力大小相等，即可知道兩個(gè)外力之間的關(guān)系。ab棒切割磁感線相當(dāng)于電源，而cd相當(dāng)于外電路，ab兩端與cd兩端的電壓相等。

本題關(guān)鍵是分析兩棒的受力情況，運(yùn)用平衡條件分析外力關(guān)系，由電路知識(shí)分析電壓關(guān)系。屬于基礎(chǔ)題；處理電磁感應(yīng)中電路問(wèn)題時(shí)，關(guān)鍵能夠知道其等效電路，知道哪一部分相當(dāng)于電源，結(jié)合安培力的大小公式和共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解。【解析】==三、判斷題(共6題，共12分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共27分)22、Dk=【分析】解：（1）A；本實(shí)驗(yàn)的目的是研究小磁鐵在銅管中下落時(shí)受電磁阻尼作用的運(yùn)動(dòng)規(guī)律；故實(shí)驗(yàn)中必須保證小磁鐵除受重力、磁力外不受其他力的作用，故銅管需豎直地固定在限位孔正下方以保證磁鐵在下落過(guò)程中不與銅管摩擦與碰撞，A正確。

B；紙帶穿過(guò)限位孔可以保證紙帶的正確方位；置于復(fù)寫(xiě)紙下面可以保證打點(diǎn)清晰，B正確。

C；釋放紙帶前應(yīng)手提紙帶上端使紙帶豎直；小磁鐵靜止，故C正確。

D；釋放小磁鐵前應(yīng)先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源；待其工作穩(wěn)定后方可放開(kāi)紙帶，D錯(cuò)誤。

該題選錯(cuò)誤的；故選：D；

（2）由紙帶數(shù)據(jù)；可知，磁鐵先加速，后勻速；

在勻速直線運(yùn)動(dòng)過(guò)程中；重力與電磁阻力平衡，則有：kv=mg

而v==2s0f

解得：k=

故答案為：（1）D；

（2）k=

（1）小磁鐵豎直下落；做的是直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用方法可以判斷選項(xiàng)的結(jié)果；

（2）根據(jù)紙帶點(diǎn)間距；確定勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度，再依據(jù)受力平衡，即可求解。

本題通過(guò)實(shí)驗(yàn)考查對(duì)紙帶運(yùn)動(dòng)情況的分析以及對(duì)電磁感應(yīng)現(xiàn)象理解，要能根據(jù)紙帶的運(yùn)動(dòng)情況分析電磁感應(yīng)對(duì)運(yùn)動(dòng)情況的影響，抓住實(shí)驗(yàn)的本質(zhì)即可分析本題。對(duì)于陌生實(shí)驗(yàn)不用緊張，能過(guò)認(rèn)真分析明確實(shí)驗(yàn)原理，再結(jié)合所學(xué)知識(shí)即可求解?！窘馕觥緿k=23、（1）顯X

（2）BbXRYBbXRXrBBXrY和BbXrY

（3）1/67：1：1

（4）自由組合B與b，R與r這兩對(duì)基因分別位于兩對(duì)同源染色體上。

【分析】【分析】本題考查自由組合定律的應(yīng)用，意在考查考生分析解決問(wèn)題的能力?！窘獯稹浚?）由題干“一只無(wú)眼雌果蠅與—只白眼雄果蠅交配，F(xiàn)1全為紅眼”可知，有眼對(duì)無(wú)眼為顯性。F1雌雄果蠅隨機(jī)交配得F2，F(xiàn)2雌雄有眼∶無(wú)眼都是3∶1可知，此性狀與性別無(wú)關(guān)，控制有眼、無(wú)眼的基因B、b位于常染色體上。眼的紅色、白色這對(duì)相對(duì)性狀F1全為紅眼，F(xiàn)2雌性只有紅眼，雄性紅眼∶白眼=1∶1，與性別相關(guān)聯(lián)，說(shuō)明控制紅眼和白眼的基因R、r位于X染色體上。（2）首先看有眼、無(wú)眼這對(duì)相對(duì)性狀，F(xiàn)1雌雄果蠅隨機(jī)交配，F(xiàn)2雌雄有眼∶無(wú)眼都是3∶1，可知F1的基因型為Bb；再看眼的紅色、白色這對(duì)相對(duì)性狀F1全為紅眼，F(xiàn)2雌性只有紅眼，雄性紅眼∶白眼=1∶1，可知F1雌性的基因型為XRXr，F(xiàn)1雄性的基因型為XRY，綜合上述分析，F(xiàn)1的基因型為BbXRY和BbXRXr。F2中白眼的基因型為BBXrY和BbXrY。（3）F1的基因型為BbXRY和BbXRXr，雌雄果蠅隨機(jī)交配得F2，F(xiàn)2紅眼雌果蠅中有眼基因型BB占1/3，有眼基因型Bb占2/3，紅眼基因型XRXr占1/2，紅眼基因型XRXR占1/2，因此F2紅眼雌果蠅中純合子（BBXRXR）占F2紅眼雄果蠅中有眼基因型BB占1/3，有眼基因型Bb占2/3，紅眼基因型全部為XRY，F(xiàn)2中紅眼個(gè)體之間隨機(jī)交配，子代無(wú)眼個(gè)體占，有眼個(gè)體占F2中紅眼個(gè)體之間隨機(jī)交配，子代白眼占紅眼占因此后代紅眼占白眼占紅眼：白眼：無(wú)眼=7：1：1?。（4）由上述分析可知，B與b，R與r這兩對(duì)基因分別位于兩對(duì)同源染色體上，其遺傳遵循自由組合定律?！窘馕觥浚?）顯X（2）BbXRYBbXRXrBBXrY和BbXrY（3）1/67：1：1（4）自由組合B與b，R與r這兩對(duì)基因分別位于兩對(duì)同源染色體上。

24、98.50；B【分析】解：(1)

擺長(zhǎng)L=97.50+1.0cm=98.50cm

．

(2)

根據(jù)單擺的周期公式T=2婁脨Lg

得，g=4婁脨2LT2

．

A；測(cè)擺線時(shí)擺線拉得過(guò)緊；則擺長(zhǎng)的測(cè)量量偏大，則測(cè)得的重力加速度偏大.

故A錯(cuò)誤．

B；擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，而測(cè)得的擺長(zhǎng)偏小，則測(cè)得重力加速度偏小.

故B正確．

C；開(kāi)始計(jì)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，測(cè)得單擺的周期偏小，則測(cè)得的重力加速度偏大.

故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)數(shù)為50

次.

測(cè)得周期偏??；則測(cè)得的重力加速度偏大.

故D錯(cuò)誤．

故選B．

故答案為：98.50B

．

(1)

擺長(zhǎng)的大小等于擺線的長(zhǎng)度加上擺球的半徑．

(2)

根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；從而確定重力加速度偏小的原因．

解決本題的關(guān)鍵掌握單擺的周期公式，并能通過(guò)該公式分析誤差形成的原因．【解析】98.50B

五、簡(jiǎn)答題(共4題，共12分)25、略

【分析】

（1）根據(jù)歐姆定律求出通過(guò)電路的電流；

（2）電動(dòng)機(jī)的輸入功率為P1=UMI，電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為P2=I2r，輸出的機(jī)械功率為P3=P1-P2；

（3）由公式P3=Fv=mgv求解物體的質(zhì)量．

本題考查了機(jī)械公式和電功功率以及電功公式的靈活應(yīng)用，關(guān)鍵是知道電動(dòng)機(jī)做功的功率加上線圈的發(fā)熱功率即為電動(dòng)機(jī)消耗電能的功率．【解析】解：（1）通過(guò)R的電流為：I=A=5A；則通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為5A；

（2）電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：P1=UMI=110×5W=550W；

電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為：P2=I2r=52×0.8W=20W；

輸出功率為：P3=P1-P2=（550-20）W=530W；

（3）根據(jù)輸出功率等于機(jī)械功率得：P3=Fv=mgv

解得：m==53kg

答：（1）通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為5A；

（2）電動(dòng)機(jī)的電功率為550W；電動(dòng)機(jī)的輸出功率為530W；

（3）若電動(dòng)機(jī)以v=1m/s勻速豎直向上提升重物，該重物的質(zhì)量為53kg．26、略

【分析】【解析】試題分析：水和油對(duì)竹筷或玻璃棒是浸潤(rùn)液體，不能；因?yàn)樗y對(duì)竹筷或玻璃是不浸潤(rùn)液體，浸潤(rùn)于銅或鋅；所以用銅棒或鋅棒引流即可?？键c(diǎn)：表面張力【解析】【答案】毛細(xì)現(xiàn)象，詳細(xì)解釋見(jiàn)答案27、（1）+124

（2）＜減小

（3）①B

②正反應(yīng)方向氣體分子數(shù)增加，加入N2稀釋?zhuān)喈?dāng)于起減壓的效果

③0.019MPa

④600℃時(shí)，乙苯的轉(zhuǎn)化率和苯乙烯的選擇性均較高。溫度過(guò)低，反應(yīng)速率慢，轉(zhuǎn)化率低；溫度過(guò)高，選擇性下降。高溫還可能使催化劑失活，且能耗大【分析】【分析】本題考查化學(xué)平衡計(jì)算及平衡移動(dòng)，為高頻考點(diǎn)，把握rm{Kp}的計(jì)算、化學(xué)平衡移動(dòng)的影響為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查，綜合性較強(qiáng)，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}rm{(g)}rm{(g)}rm{(g)+H}rm{(g)+H}rm{{,!}_{2}}反應(yīng)的rm{(g)}反應(yīng)物鍵能總和rm{(g)}生成物鍵能總和，所以rm{triangleH=348kJ/mol+5隆脕412kJ/mol-(612kJ/mol+3隆脕412J/mol+436J/mol)=+124kJ/mol}故答案為：rm{triangleH}rm{triangleH=}恒容密閉容器中，物質(zhì)的量與壓強(qiáng)成正比，充入rm{-}rm{triangle

H=348kJ/mol+5隆脕412kJ/mol-(612kJ/mol+3隆脕412J/mol+436J/mol)=+124kJ/mol}乙苯，反應(yīng)達(dá)到平衡后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為rm{+124}若再充入rm{(2)}的乙苯，重新達(dá)到平衡后容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為rm{a}則rm{mol}增大壓強(qiáng)平衡逆向移動(dòng)；乙苯的轉(zhuǎn)化率將減小；

故答案為：rm{P}減??；rm{bmol}rm{2P}溫度相同，rm{a<b}點(diǎn)乙苯的濃度大，則rm{<}點(diǎn)反應(yīng)速率大；故答案為：rm{(3)壟脵A}rm{B}正反應(yīng)方向氣體分子數(shù)增加，總壓不變，加入rm{B}相當(dāng)于減小壓強(qiáng)，平衡正向移動(dòng)，乙苯的平衡轉(zhuǎn)化率增大；故答案為：正反應(yīng)方向氣體分子數(shù)增加，加入rm{B}稀釋?zhuān)幌喈?dāng)于起減壓的效果；

rm{B}設(shè)乙苯起始物質(zhì)的量為rm{壟脷}rm{N_{2}}rm{N_{2}}

開(kāi)始rm{壟脹}rm{a}rm{(g)}

轉(zhuǎn)化rm{(g)+H_{2}(g)}rm{a}rm{0}

平衡rm{0}rm{0.4a}rm{0.4a}

分壓rm{0.4a}總壓rm{0.6a}物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)，則乙苯分壓分別為rm{0.4a}rm{0.4a}rm{=}則平衡常數(shù)rm{{K}_{p}=;dfrac{0.1MPa隆脕dfrac{;2}{;7};隆脕0.1MPa隆脕dfrac{;2;}{7}}{0.1MPa隆脕;dfrac{3}{7};};=0.019MPa}故答案為：rm{隆脕}rm{0.1MPa隆脕dfrac{3}{7}}rm{0.1Mpa隆脕dfrac{2}{7}}時(shí)，乙苯的轉(zhuǎn)化率和苯乙烯的選擇性均較高。溫度過(guò)低，反應(yīng)速率慢，轉(zhuǎn)化率低；溫度過(guò)高，選擇性下降。高溫還可能使催化劑失活，且能耗大；故答案為：rm{0.1MPa隆脕dfrac{2}{7}}時(shí)，乙苯的轉(zhuǎn)化率和苯乙烯的選擇性均較高。溫度過(guò)低，反應(yīng)速率慢，轉(zhuǎn)化率低；溫度過(guò)高，選擇性下降。高溫還可能使催化劑失活，且能耗大。

rm{{K}_{p}=;dfrac{0.1MPa隆脕

dfrac{;2}{;7};隆脕0.1MPa隆脕dfrac{;2;}{7}}{0.1MPa隆脕;

dfrac{3}{7};};=0.019MPa}【解析】rm{(1)+124}rm{(2)<}減小rm{(3)壟脵B}rm{壟脷}正反應(yīng)方向氣體分子數(shù)增加，加入rm{N}rm{N}稀釋?zhuān)喈?dāng)于起減壓的效果rm{{,!}_{2}}rm{壟脹0.019MPa}時(shí)，乙苯的轉(zhuǎn)化率和苯乙烯的選擇性均較高。溫度過(guò)低，反應(yīng)速率慢，轉(zhuǎn)化率低；溫度過(guò)高，選擇性下降。高溫還可能使催化劑失活，且能耗大rm{壟脺600隆忙}28、（1）+175.21kJ／mol

（2）①BC

②<>

③66.7%

（3）①2NH3+NaClON2H4+NaCl+H2O

②(14-b，14-a)

【分析】【分析】本題考察化學(xué)反應(yīng)中的能量變化，化學(xué)平衡，弱電解質(zhì)的電離平衡?！窘獯稹縭m{(1)}合成氨中的氫氣可由下列反應(yīng)制?。簉m{a.CH_{4}(g)+H_{2}O(g)?CO(g)+3H_{2}(g)}rm{a.CH_{4}(g)+H_{2}O(g)?

CO(g)+3H_{2}(g)}rm{b.CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{婁隴H=+216.4kJ/mol}據(jù)蓋斯定律rm{b.CO(g)+H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}得反應(yīng)rm{CH4(g)+2H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+4H_{2}(g)}rm{婁隴H=-41.2kJ/mol}故答案為：rm{a+b}rm{CH4(g)+2H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+4H_{2}(g)}．rm{婁隴H=+216.4kJ/mol+(-41.2kJ/m