2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷508考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、用絕緣細(xì)線懸掛兩個大小相同的小球，它們帶有同種電荷，質(zhì)量分別為m1和m2，帶電量分別為q1和q2，因靜電力而使兩懸線張開，分別與豎直方向成夾角a1和a2，且兩球靜止時同處一水平線上，若a1=a2；則下述結(jié)論正確的是（）

A.q1一定等于q2.B.一定滿足C.m1一定等于m2D.必然同時滿足q1=q2，m1=m22、如圖所示，原來不帶電的絕緣金屬導(dǎo)體MN，在其兩端下面都懸掛著金屬驗電箔；若使帶負(fù)電的絕緣金屬球A靠近導(dǎo)體的M端；可能看到的現(xiàn)象是（）

A.只有M端驗電箔張開，且M端帶正電B.只有N端驗電箔張開，且N端帶負(fù)電C.兩端的驗電箔都張開，且左端帶負(fù)電，右端帶正電D.兩端的驗電箔都不張開，且左端帶正電，右端帶負(fù)電3、電容器是一種重要的電學(xué)元件。兩個彼此絕緣又相距很近的導(dǎo)體，就構(gòu)成一個簡單的電容器，它能儲存電荷。電容器儲存電荷的特性可以用電容C來表征。某電容器在充電過程中，其電容C與所帶電荷量Q之間的關(guān)系，下列圖像中正確的是（）A.B.C.D.4、平行金屬板中帶電質(zhì)點P處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動變阻器的滑片向a端作動時；則下列判斷正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)增大C.質(zhì)點P將向下運動D.上消耗的功率逐漸增大5、磁場的高斯定理指出通過磁場中任一閉合曲面的總磁通量恒等于零。如圖所示，為一金屬球殼的俯視圖，CD過球心O，AB不過球心，在球心O的右側(cè)放置一小磁針；以磁感線穿入球殼為正方向，則下列說法正確的是（）

A.C、D兩點處的磁感應(yīng)強度方向相反B.若磁針沿CD運動，球殼上有感應(yīng)電流產(chǎn)生C.球殼上單位面積的磁通量處處大小相等D.AB左右兩側(cè)球殼上的磁通量大小相等6、如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個靈敏電流表G和一個變阻器組成的，已知靈敏電流表的滿偏電流內(nèi)電阻則下列說法正確的是（）

A.甲表是安培表，R增大時量程增大B.乙表是安培表，R增大時量程增大C.在甲圖中，若改裝成的安培表的量程為則D.在乙圖中，若改裝成的電壓表的量程為則7、如圖，水平直線表示電場中的一條電場線，A、B為電場線上的兩點。一負(fù)點電荷僅在電場力作用下，從靜止開始由A向B做勻加速運動。則電場強度（）

A.逐漸增大，方向向左B.逐漸增大，方向向右C.保持不變，方向向左D.保持不變，方向向右評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、電熱水器金屬內(nèi)膽出水口加接一段曲長管道；在電熱水器漏電且接地線失效時，能形成“防電墻”，它相當(dāng)于在人體和水之間安裝了一個電阻，一旦漏電，它能分擔(dān)大部分電壓，將致命的220V電壓降低到12V以下，保證洗浴安全，且整個流程為機械原理，永不失效。如圖所示，當(dāng)熱水器漏電且接地線失效時，其金屬內(nèi)膽與大地間電壓為220V，由于曲長管道中水具有電阻（簡稱“隔電電阻”），因而人體兩端的電壓不高于12V，下列說法正確的是（）

A.曲長管道應(yīng)選用導(dǎo)電性能差的材料制成B.在電熱水器漏電且接地失效時通過“隔電電阻”的電流遠(yuǎn)大于通過人體的電流，所以人是安全的C.“隔電電阻”大于“人體電阻”，且兩者串聯(lián)D.熱水器漏電且接地線失效時，“防電墻”使人體內(nèi)無電流通過9、如圖為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實驗裝置，現(xiàn)將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B；電流計及電鍵按如圖所示連接；在閉合開關(guān)瞬間，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下。那么閉合開關(guān)后，下列說法中正確的是（）

A.將線圈A迅速插入線圈B的過程中，電流計指針會向左偏轉(zhuǎn)B.將線圈A緩慢插入線圈B后穩(wěn)定的過程中，電流計指針一直向右偏C.將線圈A插入線圈B且穩(wěn)定后，變阻器滑片勻速向左滑動時，電流計指針向左偏轉(zhuǎn)D.將線圈A插入線圈B且穩(wěn)定后，變阻器滑片加速向左滑動時，電流計指針向左偏轉(zhuǎn)10、如圖所示，水平面內(nèi)的等邊三角形ABC的邊長為L，兩個等量異種點電荷+Q和-Q分別固定于A、B兩點．光滑絕緣直導(dǎo)軌CD的上端點D位于到A、B中點的正上方，且與A、B兩點的距離均為L．在D處質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球套在軌道上(忽略它對原電場的影響)，并由靜止釋放，已知靜電力常量為k，重力加速度為g．忽略空氣阻力，則下列說法正確的是

A.D點的場強大小為B.小球到達CD中點時，其加速度為零C.小球剛到達C點時，其動能為D.小球沿直軌道CD下滑過程中，其電勢能先增大后減小11、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，兩個帶等量正電的點電荷M、N，分別固定在A、B兩點，O為AB連線的中點，C、D是為AB連線的垂直平分線上關(guān)于O點對稱的兩點。在C點由靜止釋放一個帶負(fù)電的小球（設(shè)不改變原來的電場分布），在以后的一段時間內(nèi)，關(guān)于小球的運動說法正確的是（）

A.小球?qū)⒃贑、D間往復(fù)運動，在O處具有最大的速度B.若小球的帶電量緩慢減小，則它往復(fù)運動的范圍將變大C.若小球的帶電量緩慢減小，則往復(fù)運動過程中每次經(jīng)過O點時的速率相比上一次都不斷減小D.點電荷M、N的帶電量同時等量地緩慢增大，則往復(fù)運動過程中每次經(jīng)過O點時的電勢能增大12、如圖所示，O點是豎直平面內(nèi)圓的圓心，A、B、C三點將圓三等分，CD是圓的水平直徑，在A、B兩點分別固定等量的正點電荷。不計重力；下列說法正確的是（）

A.D、O、C三點的電勢大小關(guān)系為φD＝φO＝φCB.一個電子可以在A、B兩點電荷的電場中做圓周運動C.將一個電子從C點靜止釋放，電子從C點沿直線到D點的過程中所受的電場力一定是先增大后減小，然后再增大D.若一電子源從O點以相同的初動能沿圓周平面內(nèi)向各個方向發(fā)射電子，則從D點離開圓周的電子的動能最大13、空間有一電場，各點電勢隨位置的變化情況如圖所示（圖像關(guān)于原點對稱）；下列說法正確的是（）

A.點的電場強度一定為零B.與點的電場強度相同C.將負(fù)電荷從移到電荷的電勢能增大D.和兩點在同一等勢面上14、法拉第為描述場的性質(zhì)而提出場線的假設(shè)。如圖是場線中的一部分，點A、P、Q處于中央同一直線上，P、Q關(guān)于中垂線對稱；以下判斷正確的是（）

A.可能是兩個同種電荷產(chǎn)生的電場線B.可能是條形磁鐵產(chǎn)生磁場的磁感線C.無論電場還是磁場，A、P處場的方向相反D.無論電場還是磁場，P、Q處強度、方向相同15、下列說法正確的是（）A.雷達是利用超聲波工作的B.紅外線比紫外線更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象C.真空中的光速在不同的慣性參考系中是相同的E.做簡諧運動的物體每次通過同一位置時，其速度不一定相同，但加速度一定相同E.做簡諧運動的物體每次通過同一位置時，其速度不一定相同，但加速度一定相同16、兩個相同金屬小球（均可視為點電荷）帶電量之比為3:1，固定在相距為r的兩處，它們之間的庫侖力大小為F，兩小球相互接觸后分開并將其固定距離變?yōu)閞/2，現(xiàn)在兩球間的庫侖力大小F′，則下列分析可能正確的是

A.B.C.D.評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、一矩形線圈面積S＝10cm2，它和勻強磁場方向之間的夾角θ1＝30°，穿過線圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，則磁場的磁感應(yīng)強度B＝______________；若線圈以一條邊為軸轉(zhuǎn)180°，則穿過線圈的磁通量的變化量為____________；若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?＝0°，則Ф0＝________________。18、被測金屬絲，直流電源（4V），電流表（0～0.6A），電壓表（0～3V），滑動變阻器（50Ω），開關(guān)，導(dǎo)線若干，________，_______。19、電動勢：

（1）定義：在電源內(nèi)部，非靜電力把正電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移送到正極_______與_______的比值。

（2）公式：

（3）單位：_______，簡稱：_______，符號：_______。

（4）物理意義：反映電源非靜電力做功本領(lǐng)大小的物理量。

（5）影響電動勢大小的因素有：_______

①非靜電力的性質(zhì)②電源的體積③外電路結(jié)構(gòu)④電源的新舊程度20、如圖所示是一種指針式多用電表外形圖，表的上半部分為______，下半部分是______開關(guān)；開關(guān)周圍標(biāo)有測量功能的區(qū)域及量程．

21、某同學(xué)利用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器分別測量一圓柱體工件的直徑和高度，測量結(jié)果如圖（a）和（b）所示。該工件的直徑為__________cm，高度為________mm。

22、如圖所示，一款微型機器人的內(nèi)部有一個直流電動機，其額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間；電動機恰好能正常工作，則電動機的輸出功率為____________，電源的效率為____________。

23、如圖所示，絕緣墻角固定了帶電量為+的小球A；輕質(zhì)絕緣細(xì)桿長為L，其正中心固定了質(zhì)量為m、帶電量為+的小球B，在桿底部水平力F的作用下靜止靠在豎直墻面上。一開始輕桿與水平地面的夾角為60°，在桿底端水平外力F的作用下，桿緩慢轉(zhuǎn)向直至豎直。此過程中，不計摩擦，地面對桿的支持力將________________（填“逐漸增大”、“逐漸變小”或“保持不變”），外力F做功大小為________________。

24、某同學(xué)用不同工具分別測量了某物體的幾處外徑；如圖所示，請讀出下列讀數(shù)：

①_____；②_____；③_____；評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)25、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

26、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

27、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短28、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、解答題(共2題，共4分)29、如圖所示，在區(qū)域Ⅰ（0≤x≤L）和區(qū)域Ⅱ內(nèi)分別存在勻強電場，電場強度大小均為E，但方向不同。在區(qū)域Ⅰ內(nèi)場強方向沿y軸正方向，區(qū)域Ⅱ內(nèi)場強方向未標(biāo)明，都處在xOy平面內(nèi)，一質(zhì)量為m，電量為q的正粒子從坐標(biāo)原點O以某一初速度沿x軸正方向射入電場區(qū)域Ⅰ，從P點進入電場區(qū)域Ⅱ，到達Ⅱ區(qū)域右邊界Q處時速度恰好為零。P點的坐標(biāo)為（L，0.5L）。不計粒子所受重力；求：

(1)帶電粒子射入電場區(qū)域Ⅰ時的初速度；

(2)帶電粒子在電場區(qū)域Ⅱ中從P到Q的運動時間。

30、如圖所示，電路中電源內(nèi)阻不計，水平放置的平行金屬板A、B間的距離為d，金屬板長為L，在兩金屬板左端正中間位置M，有一個小液滴以初速度v0水平向右射入兩板間，已知小液滴的質(zhì)量為m，帶負(fù)電，電荷量為q．要使液滴從B板右側(cè)邊緣射出電場，電動勢E是多大？(重力加速度用g表示)

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

題中電荷電量可能不同；也可能相同，但各自所受的電場力大小卻相同，方向相反；由于它們與豎直線所成的角度相等，且兩球同處一水平線上，所以根據(jù)共點力平衡條件可確定，它們的質(zhì)量一定相等。故C正確，ABD錯誤；

故選C。2、C【分析】【詳解】

金屬導(dǎo)體處在負(fù)電荷的電場中，由于靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)體的右端要感應(yīng)出正電荷，在導(dǎo)體的左端會出現(xiàn)負(fù)電荷，所以導(dǎo)體兩端的驗電箔都張開，且端帶負(fù)電，端帶正電；所以C正確，ABD錯誤。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

電容器充電時；所帶電荷量逐漸增大，但電容與所儲存電荷量的多少無關(guān)，是不變的，ABD錯誤，C正確。

故選C。4、D【分析】【詳解】

AB．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向a移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流減??；路端電壓增大，同時R1兩端的電壓也減小；故并聯(lián)部分的電壓增大；由歐姆定律可知流過R3的電流增大，則流過串聯(lián)部分的電流減小，因而R2中電壓減小，電流表讀數(shù)減小，故電壓表示數(shù)增大，故AB錯誤；

C．因電容器兩端電壓等于R3的電壓，為增大，故電荷受到的向上電場力增大，則重力小于電場力，合力向上，電荷向上運動，故C錯誤；

D．因R3兩端的電壓增大，由可知，R3上消耗的功率增大，故D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

A．由圖小磁針的左側(cè)為N極，結(jié)合磁場方向的特點可知，C、D兩點的磁感應(yīng)強度方向都水平向左；故A錯誤；

B．磁針沿CD運動；球殼上總的磁通量始終為0，無感應(yīng)電流產(chǎn)生，故B錯誤。

C．由于球殼上的各點到小磁針的距離不都相同；球殼上單位面積的磁通量不是處處大小相等，故C錯誤；

D．根據(jù)題意可知，AB左右兩側(cè)球殼上的磁通量大小相等；故D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．靈敏電流計并聯(lián)一個電阻改裝成安培表，根據(jù)

可知，R增大時擴大倍數(shù)減小量程減??；故A錯誤；

B．靈敏電流計串聯(lián)一個電阻改裝成電壓表；故B錯誤；

C．根據(jù)

故C錯誤；

D．改裝電壓表，并聯(lián)定值電阻

故D正確。

故選D。7、C【分析】【分析】

【詳解】

由負(fù)點電荷僅在電場力作用下，從靜止開始由A向B做勻加速運動知；負(fù)點電荷所受電場力向右，且大小不變，則電場強度的方向向左，且大小保持不變，故C正確，ABD錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．設(shè)立曲長管道的目的是為了讓它分擔(dān)大部分電壓；因此選電阻值大，導(dǎo)電性能差的材料，故A正確；

B．隔離電阻和人體是串聯(lián)關(guān)系；在電熱水器漏電且接地失效時通過“隔電電阻”的電流等于通過人體的電流，因增大了總電阻，電流減小，所以人是安全的，故B錯誤；

C．由圖可知隔離電阻和人體電阻為串聯(lián)關(guān)系；為使隔離電阻分擔(dān)大部分電壓，“隔電電阻”大于“人體電阻”，故C正確；

D．熱水器漏電且接地線失效時；“防電墻”使人體內(nèi)流過電流很小從而保證人體安全，故D錯誤。

故選AC。9、C:D【分析】【分析】

【詳解】

閉合開關(guān)，穿過線圈B的磁通量增大；靈敏電流表的指針向右偏；

A．將線圈A迅速插入線圈B的過程中，穿過線圈B的磁通量增大；則靈敏電流計指針將向右偏轉(zhuǎn)，故A錯誤；

B．將線圈A緩慢插入線圈B后穩(wěn)定的過程中，穿過線圈B的磁通量不變；則靈敏電流表的指針不偏轉(zhuǎn)，故B錯誤；

CD．將線圈A插入線圈B穩(wěn)定后，將變阻器滑片向左滑動時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，A線圈電流變小，穿過B線圈的磁場方向不變；但磁通量變小，靈敏電流計指針將左偏轉(zhuǎn)，故CD正確。

故選CD。10、A:C【分析】【詳解】

根據(jù)點電荷產(chǎn)生的電場的性質(zhì)可知，負(fù)電荷在D處的電場強度沿DB方向，正電荷在D處的電場強度沿AD方向，兩個點電荷的電量是相等的，所以兩個點電荷在D點的電場強度的大小相等，則它們的合場強的方向沿AD、DB的角平分線；由庫侖定律得，A、B在D點的場強的大?。簞tD點的場強：故A正確；當(dāng)小球到達CD中點時，小球受重力、支持力、正電荷的排斥力、負(fù)電荷的吸引力，對其受力分析可知，重力和支持力的合力與正電荷的排斥力和負(fù)電荷的吸引力的合力不在同一平面上，故兩個合力不可能平衡，故加速度不為零，故B正確；由于C與D到A、B的距離都等于L，結(jié)合等量異種點電荷的電場特點可知，C點與D點在同一等勢面上，電場力不做功，故小球的電勢能不變，下落過程只有重力做功，即：又幾何關(guān)系可知：小球的動能故C正確，D錯誤．故選AC．

【點睛】根據(jù)矢量合成的方法，結(jié)合庫侖定律即可求出D點的電場強度；對C點的小球進行受力分析，結(jié)合庫侖定律即可求出小球在C點的加速度；根據(jù)功能關(guān)系即可求出小球到達C的動能；根據(jù)等量異種點電荷的電場的特點分析各點的電勢的變化，然后結(jié)合電勢與電勢能的關(guān)系分析小球的電勢能的變化．11、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量同種正電荷電場分布特點，可知中垂線上的電場方向沿中垂線由O指向無窮遠(yuǎn)，在C點由靜止釋放一個帶負(fù)電的小球，小球從C到O做加速運動，從O到D做減速運動，根據(jù)對稱性可知小球?qū)⒃贑、D間往復(fù)運動，在O處具有最大的速度；故A正確；

B．若小球的帶電量緩慢減小，它在電場中某點的電場力在不斷減小，由平衡位置O向最大位移移動時；動能向電勢能轉(zhuǎn)化時，克服電場力做功需要經(jīng)過更長的距離，所以它往復(fù)運動的范圍將變大，故B正確；

C．若小球的帶電量緩慢減小，小球從最大位移返回平衡位置O時，電場力做的功在不斷減小，可知小球往復(fù)運動過程中每次經(jīng)過O點時的速率相比上一次都不斷減??；故C正確；

D．點電荷M、N的帶電量同時等量地緩慢增大，可知等量同種正電荷在O點的電勢緩慢增大，根據(jù)電勢能表達式

由于小球帶負(fù)電，可知小球往復(fù)運動過程中每次經(jīng)過O點時的電勢能減小；故D錯誤。

故選ABC。12、B:C【分析】【詳解】

A．D、O與兩點電荷的距離相等且小于C點與兩點電荷的距離，由電勢的疊加可知

故A錯誤；

B．在A、B兩點連線的中垂面內(nèi)，電子受到的合電場力方向指向A、B兩點連線的中點，若給電子適當(dāng)?shù)某跛俣?，電子可以在A、B兩點連線的中垂面內(nèi)繞AB的中點為圓心做勻速圓周運動；故B正確。

C．設(shè)A、B兩點間距為L，兩點電荷的電量均為CD上某點M，設(shè)

A、B兩點電荷在M點形成電場的合場強沿OC方向，其大小為

由數(shù)學(xué)知識可知當(dāng)

有最大值。由幾何知識可知，當(dāng)電子在C點時，當(dāng)電子在O點時，因此電子在CO之間的某處受到的電場力達到最大值，而電子運動到A、B兩點連線的中點時，受到的電場力為零，然后往左運動時，受到的電場力反向，大小增大。因此，電子從C點沿直線到D點的過程中所受的電場力先增大后減小；然后再增大，故C正確；

D．只有電場力做功時，帶電粒子的動能與電勢能之和為一個定值，由于D點不是圓上電勢最高的點，因此D點不是電子的電勢能最小的點，故電子從D點離開圓時動能不是最大的；故D錯誤。

故選BC。13、B:C【分析】【詳解】

A．φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，由幾何知識可知O點場強不為零；故A錯誤；

B．沿著電場線方向，電勢是降低的，則有-x1與x1點的斜率相同；則電場強度相同，故B正確；

C．電勢的定義式為

故電勢能為Ep=qφ

將負(fù)電荷從-x1移到x1電荷的電勢能由負(fù)值變?yōu)檎?；電荷的電勢能增大，故C正確；

D．-x1和x1兩點電勢不相等；故一定不在同一等勢面上，故D錯誤。

故選BC。14、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電場線與磁感線的共性；可知這既可能是兩個等量異種電荷產(chǎn)生的電場線（左正右負(fù)），也可能是條形磁鐵（或通電螺線管）產(chǎn)生磁場的磁感線（左N右S），故A錯誤，B正確；

CD．若是電場，點A、P的電場方向相反（A向左P向右），若是磁場，點A、P的磁場方向相同（都向左），無論電場還是磁場，點P、Q的強度及方向都相同；故C錯誤，D正確。

故選BD。15、B:C:E【分析】【詳解】

A.雷達是利用無線電波工作的；A錯誤；

B.紅外線比紫外線波長長；更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，B正確；

C.在慣性參考下中；真空中的光速，故真空中的光速在不同的慣性參考系中相同，真空中的光速在不同的慣性參考系中是相同的，C正確；

D.波上的質(zhì)點不沿波傳播的方向移動；D錯誤；

E.做簡諧運動的物體每次通過同一位置時，到平衡位置的距離相等，故回復(fù)力不變，那么加速度相同；但是，前后兩次經(jīng)過同一位置時，根據(jù)振動方向可以知道：速度大小相同，方向相反，故E正確．16、C:D【分析】【詳解】

接觸前兩個帶電小球的庫侖力為若兩點荷帶同種電荷，則接觸后兩點荷各帶電量為2Q，則此時的庫侖力為若兩點荷帶異種電荷，接觸之后兩球電荷中和后在均分，故電荷量均為Q，此時的庫侖力為故CD正確，AB錯誤；故選CD.

【點睛】

本題考查庫侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關(guān)鍵；同時注意兩種可能的情況的討論.三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

[1]磁感應(yīng)強度為

[2]線圈以一條邊為軸轉(zhuǎn)過180°，穿過線圈的磁能量的變化為

[3]若線圈平面和磁場方向之間的夾角變?yōu)棣?=0°，則Φ=0?！窘馕觥?.4T4×10－4Wb018、略

【分析】【詳解】

略【解析】螺旋測微器毫米刻度尺19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]根據(jù)定義可知，電動勢為在電源內(nèi)部，非靜電力把正電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移送到正極所做的功W與被移送電荷q的比值；

（3）[3][4][5]根據(jù)公式的定義可知；電動勢的單位為伏特，簡稱為伏，符號為V；

（5）[6]影響電動勢大小的因素與非靜電力的性質(zhì)有關(guān)，與電源的體積、外電路結(jié)構(gòu)、電源的新舊程度無關(guān)，故選①?！窘馕觥克龅墓被移送電荷q伏特伏V①20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.表盤②.選擇21、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺讀數(shù)即工件的直徑為

[2]螺旋測微器的讀數(shù)即工件的高度為【解析】4.2151.85022、略

【分析】【詳解】

[1]電動機的輸入功率為P入=UI

電動機的熱功率為P熱=I2R

電動機輸出功率為P出=IU-I2R

[2]電源的效率為【解析】IU-I2R23、略

【分析】【詳解】

[1]輕桿受力圖所示。

根據(jù)平衡條件有

根據(jù)庫侖定律和幾何知識有

可知庫侖力F1不變，逐漸增大，則地面對桿的支持力N1將逐漸減??；

[2]外力F做功使輕桿的重力勢能增加，則【解析】逐漸變小24、略

【分析】【詳解】

①[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為9mm，游標(biāo)尺的第6個刻度線與主尺的某刻度線對齊，讀數(shù)為0.1×6mm=0.6mm；則有游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為9mm+0.6mm=9.6mm；

②[2]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為13mm；游標(biāo)尺的第13個刻度線與主尺的某刻度線對齊，游標(biāo)尺是25分度的，讀數(shù)為0.04×13mm=0.52mm，則有游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為13mm+0.52mm=13.52mm。

③[3]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2mm，轉(zhuǎn)動刻度的讀數(shù)為0.01×33.3mm=0.333mm，螺旋測微器的讀數(shù)為2.333mm?！窘馕觥?.613.522.333四、作圖題(共4題，共12分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電