2025年冀少新版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年冀少新版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷213考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、質(zhì)量1kg的物體在水平面上滑行，其動(dòng)能隨位移變化的情況如圖所示，取g=10m/s-2，則物體滑行持續(xù)的時(shí)間為（）A.2sB.3sC.4sD.5s2、關(guān)于作用力和反作用力的說(shuō)法正確的是（）A.物體間發(fā)生相互作用時(shí)先有作用力，后有反作用力B.作用力和反作用力大小相等、方向相反，所以物體一定保持平衡C.人加速奔跑時(shí)，地對(duì)人的作用力大于人對(duì)地的作用力D.重力和彈力不可能是一對(duì)作用力和反作用力3、三角形傳送帶以1m/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；兩邊的傳送帶長(zhǎng)都是2m且與水平方向的夾角均為37°．現(xiàn)有兩個(gè)小物塊A；B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)都是0.5，下列說(shuō)法正確的是（）

A.物塊A先到達(dá)傳送帶底端。

B.物塊A；B同時(shí)到達(dá)傳送帶底端。

C.傳送帶對(duì)物塊A；B均做負(fù)功。

D.物塊A；B在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)度不相同。

4、關(guān)于液體表面的收縮趨勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是()A.因?yàn)橐后w表面分子分布比內(nèi)部密，所以有收縮趨勢(shì)B.液體表面分子有向內(nèi)運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，表現(xiàn)為收縮趨勢(shì)C.因?yàn)橐后w表面分子分布比內(nèi)部稀疏，所以有收縮趨勢(shì)D.因?yàn)橐后w表面分子所受引力與斥力恰好互相平衡，所以有收縮趨勢(shì)5、a、b兩物體的質(zhì)量分別為m1、m2，由輕質(zhì)彈簧相連．當(dāng)用恒力F豎直向上拉著a，使a、b一起向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x1；當(dāng)用大小仍為F的恒力沿水平方向拉著a，使a、b一起沿光滑水平桌面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x2，當(dāng)用大小仍為F的恒力沿水平方向拉著a，使a、b一起沿粗糙水平桌面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x3，如圖所示，則（）A.x1＞x2＞x3B.x1=x2=x3C.若m1＞m2，則x1＞x2D.若m1＜m2，則x1＜x36、關(guān)于物質(zhì)的波粒二象性，下列說(shuō)法中不正確的是（）A.不僅光子具有波粒二象性，一切運(yùn)動(dòng)的微粒都具有波粒二象性B.大量光子運(yùn)動(dòng)的分布規(guī)律表現(xiàn)出光的波動(dòng)性，而單個(gè)光子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)出光的粒子性C.光的波長(zhǎng)越長(zhǎng)，粒子性越明顯，光的頻率越高，波動(dòng)性越明顯D.宏觀物體的德布羅意波的波長(zhǎng)太小，實(shí)際很難觀察到波動(dòng)性7、下列關(guān)于加速度的說(shuō)法，正確的是（）A.物體的速度越大，加速度也就越大B.物體的加速度大小等于速度的變化量與時(shí)間的比值C.物體的速度為零，加速度也一定為零D.物體的加速度的方向和速度的方向總是一致8、四燈正常發(fā)光，其中電流最大的（）A.12V20WB.6V8WC.220V40WD.110V60W9、一名觀察者站在站臺(tái)邊，火車進(jìn)站從他身邊經(jīng)過(guò)，火車共10節(jié)車廂，當(dāng)?shù)?0節(jié)車廂完全經(jīng)過(guò)他身邊時(shí)，火車剛好停下．設(shè)火車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)且每節(jié)車廂長(zhǎng)度相同，則第8節(jié)和第9節(jié)車廂從他身邊經(jīng)過(guò)所用時(shí)間的比值為（）A.：B.：C.（-1）：（-）D.（-）：（-1）評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)10、如圖的電路中，R1=2Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，則AB兩點(diǎn)間的最大電阻RAB=____，AB兩點(diǎn)間最小電阻RAB=____．11、（2014秋?江西期末）磁電式儀表的線圈通常用鋁框作骨架，把線圈繞在鋁框上，這樣做的目的是____（選填“防止”或“利用”）渦流而設(shè)計(jì)的，起____（選填“電磁阻尼”或“電磁驅(qū)動(dòng)”）的作用．12、若A點(diǎn)的電勢(shì)UA=15V，B點(diǎn)的電勢(shì)UB=10V，把電量為-5×10-9C的電荷，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢(shì)能____．（選填“增大”、“減小”或“不變”）；則此過(guò)程中電場(chǎng)力做的功為_(kāi)___．13、[物理選修模塊3-4]

（1）一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫渡．t=0時(shí)刻的波形如圖1中實(shí)線所示，t=0.3s時(shí)刻的波形如圖中虛線所示，則下列說(shuō)法中正確的是____．

A．波的傳播方向一定向右

B．波的頻率可能為7.5H2

C．波的周期可能為0.5s

D．波的傳播速度可能為9.0m/s

E．波的振幅為5cm

（2）空氣中有一折射率為的玻璃柱體；其橫截面積是圓心角為90°；半徑為R的扇形，如圖2所示，一束平行光以45°入射角照射到OA面上，OB面不透光，若只考慮首次入射到圓弧AB面上的光，則AB面上有光透出部份的弧長(zhǎng)為多少？請(qǐng)畫(huà)出光路圖．

14、一顆人造地球衛(wèi)星在近地軌道上環(huán)繞地球一周的時(shí)間為T(mén)，已知地球表面處的重力加速度為g，萬(wàn)有引力恒量為G，則該衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度為_(kāi)_____________，地球的平均密度為_(kāi)_____________。（衛(wèi)星做環(huán)繞運(yùn)動(dòng)的半徑近似取地球半徑。）15、如圖是用來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒的實(shí)驗(yàn)裝置，彈性球1

用細(xì)線懸掛于O

點(diǎn)，O

點(diǎn)下方桌子的邊緣有一豎直立柱。實(shí)驗(yàn)時(shí)，調(diào)節(jié)懸點(diǎn)，使彈性球1

靜止時(shí)恰與立柱上的球2

右端接觸且兩球等高。將球1

拉到A

點(diǎn)，并使之靜止，同時(shí)把球2

放在立柱上。釋放球1

當(dāng)它擺到懸點(diǎn)正下方時(shí)與球2

發(fā)生對(duì)心碰撞，碰后球1

向左最遠(yuǎn)可擺到B

點(diǎn)，球2

落到水平地面上的C

點(diǎn)。測(cè)出有關(guān)數(shù)據(jù)即可驗(yàn)證12

兩球碰撞時(shí)動(dòng)量守恒?，F(xiàn)已測(cè)出A

點(diǎn)離水平桌面的距離為a

、B

點(diǎn)離水平桌面的距離為b

，C

點(diǎn)與桌子邊緣間的水平距離為c

，立柱高h(yuǎn)

。此外：

(1)

還需要測(cè)量的量是_________________、______________和________________。(2)

根據(jù)測(cè)量的數(shù)據(jù)，該實(shí)驗(yàn)中動(dòng)量守恒的表達(dá)式為_(kāi)_____________。(

忽略小球的大小)

16、（2012春?紹興縣校級(jí)期中）如圖所示，用手握住長(zhǎng)繩的一端上下抖動(dòng)，長(zhǎng)繩形成了向前傳播的一列波．如果在長(zhǎng)繩中間某一位置做一個(gè)標(biāo)記A，在抖動(dòng)過(guò)程中，這個(gè)標(biāo)記A將____（選填“上下”或“左右”）運(yùn)動(dòng)．運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，標(biāo)記振動(dòng)的周期____手抖動(dòng)的周期（選填“大于”、“小于”或“等于”）．若某時(shí)刻長(zhǎng)繩形成如圖所示的圖形，則手一開(kāi)始抖動(dòng)的方向?yàn)開(kāi)___．（選填“向上”“向下”“向右”或“不確定”）17、測(cè)出電流表內(nèi)阻為rg，算出電流表的滿偏電壓為Ug，若把它改裝成量程為U的電壓表，則應(yīng)該與電流表____聯(lián)（填“串”或“并”）一只阻值為_(kāi)___的電阻．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)18、原先沒(méi)有磁性的鐵，在長(zhǎng)期受到磁鐵的吸引會(huì)產(chǎn)生磁性____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度一定大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)轱柡推捏w積隨溫度的升高而增大．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、青藏高原測(cè)水沸時(shí)的溫度：應(yīng)選用水銀溫度計(jì)和酒精溫度計(jì)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、（2010?駐馬店模擬）如圖為一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧波在t=0時(shí)刻的波形圖，已知波速為10m/s，則圖中P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=10sin5πt（cm）____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、不論用什么方法，只要穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、證明題(共4題，共32分)24、如圖所示，小球用不可伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕繩懸于O點(diǎn)．（不計(jì)阻力）試證明：繩對(duì)小球在最低點(diǎn)拉力T1與最高點(diǎn)拉力T2之差T1-T2=6mg．

25、電磁彈是我國(guó)最新研究的重大科技項(xiàng)目，原理可用下述模型說(shuō)明．如圖甲所示，虛線MN右側(cè)存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形單匝金屬線框abcd放在光滑水平面上，電阻為R，質(zhì)量為m，ab邊在磁場(chǎng)外側(cè)緊靠MN虛線邊界．t=0時(shí)起磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律是B=B0+kt（k為大于零的常數(shù)）．空氣阻力忽略不計(jì)．

（1）求t=0時(shí)刻；線框中感應(yīng)電流的功率P；

（2）若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框，如圖乙所示，在線框上加一質(zhì)量為M的負(fù)載物，證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．26、如圖，太陽(yáng)系中星體A繞太陽(yáng)做半徑為R1的圓周運(yùn)動(dòng)，星體B作拋物線運(yùn)動(dòng)．B在近日點(diǎn)處與太陽(yáng)的相距為R2=2R1，且兩軌道在同一平面上，兩星體運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示．設(shè)B運(yùn)動(dòng)到近日點(diǎn)時(shí)，A恰好運(yùn)動(dòng)到B與太陽(yáng)連線上，A、B隨即發(fā)生某種強(qiáng)烈的相互作用而迅速合并成一個(gè)新的星體，其間的質(zhì)量損失可忽略．試證明新星體繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)軌道為橢圓．27、（2015秋?西城區(qū)期末）如圖1所示；一根輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上，下端掛一小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)小球位于O點(diǎn)．將小球從O點(diǎn)由靜止釋放，小球沿豎直方向在OP之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，如圖2所示．小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)．不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g．

（1）在小球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，經(jīng)過(guò)某一位置A時(shí)動(dòng)能為Ek1，重力勢(shì)能為EP1，彈簧彈性勢(shì)能為E彈1，經(jīng)過(guò)另一位置B時(shí)動(dòng)能為Ek2，重力勢(shì)能為EP2，彈簧彈性勢(shì)能為E彈2．請(qǐng)根據(jù)功是能量轉(zhuǎn)化的量度；證明：小球由A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，小球；彈簧和地球組成的物體系統(tǒng)機(jī)械能守恒；

（2）已知彈簧勁度系數(shù)為k．以O(shè)點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)；豎直向下為x軸正方向，建立一維坐標(biāo)系O-x，如圖2所示．

a．請(qǐng)?jiān)趫D3中畫(huà)出小球從O運(yùn)動(dòng)到P的過(guò)程中，彈簧彈力的大小F隨相對(duì)于O點(diǎn)的位移x變化的圖象．根據(jù)F-x圖象求：小球從O運(yùn)動(dòng)到任意位置x的過(guò)程中彈力所做的功W，以及小球在此位置時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能E彈；

b．已知小球質(zhì)量為m．求小球經(jīng)過(guò)OP中點(diǎn)時(shí)瞬時(shí)速度的大小v．評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共3題，共15分)28、（2016?龍巖模擬）如圖所示，A、B、C三個(gè)木塊置于光滑水平面上，A、B的質(zhì)量均為m，C的質(zhì)量為2m．A、B之間有一處于原長(zhǎng)的輕質(zhì)彈簧，現(xiàn)使A、B及彈簧都以v0的速度向右運(yùn)動(dòng)，B與C碰撞時(shí)間極短且碰撞后二者粘在一起運(yùn)動(dòng)，求B與C碰撞后彈簧彈性勢(shì)能的最大值Ep．29、如圖所示，質(zhì)量為m的物體在與豎直方向成θ角的恒力F作用下沿粗糙墻面向上勻速運(yùn)動(dòng)，求物體與墻壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)．30、我們都有過(guò)這樣的體驗(yàn)：手電筒里的兩節(jié)干電池用久了以后，燈泡發(fā)紅，這是我們常說(shuō)的“電池沒(méi)電了”．有人為了節(jié)約，在手電筒里裝一節(jié)新電池和一節(jié)舊電池搭配使用．已知新電池的電動(dòng)勢(shì)E1=1.5V、內(nèi)阻r1=0.2Ω，舊電池的電動(dòng)勢(shì)E2=1.5V，內(nèi)阻r2=6.8Ω；小燈泡上標(biāo)有“3V，3W”，且電阻不隨溫度發(fā)生變化，則。

（1）手電筒工作時(shí)；電路中的電流是多少？

（2）手電筒工作時(shí)；舊電池提供的功率是多少？舊電池本身消耗的功率是多少？

（3）根據(jù)計(jì)算結(jié)果，你認(rèn)為新舊電池搭配使用是否合理？評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共20分)31、【題文】如圖7-7-4所示，小物塊A、B、C質(zhì)量相等，均為m.A、B用細(xì)繩繞過(guò)輕小滑輪相連接.不計(jì)細(xì)繩、滑輪質(zhì)量及一切摩擦，兩滑輪間距離為="0.6"m.開(kāi)始時(shí)A、B靜止，現(xiàn)將小物塊C掛在兩滑輪間細(xì)線的中點(diǎn)O處；求：

圖7-7-4

（1）物塊C下落多大高度時(shí)的速度最大？

（2）物塊C下落的最大距離多大？32、【題文】如圖7-5-10所示，礦井深100m，用每米質(zhì)量為1kg的鋼索把質(zhì)量為100kg的機(jī)器從井底提到井口，至少應(yīng)做多少功?(機(jī)器可視為質(zhì)點(diǎn)，g取10m/s2)

圖7-5-1033、

（1）（6分）下列說(shuō)法中正確的是____。

A．用不可見(jiàn)光照射金屬一定比用可見(jiàn)光照射同種金屬產(chǎn)生的光電子的初動(dòng)能大。

B．查德戚克發(fā)現(xiàn)中子的核反應(yīng)是：

C．衰變說(shuō)明了粒子（電子）是原子核的組成部分。

D．“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)中得到的結(jié)論是碰撞前后兩個(gè)物體mv的矢量和保持不變。

（2）（9分）如圖20所示，A、B兩物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，A的質(zhì)量為3kg，A以一定的初速度向右滑動(dòng)，與B發(fā)生碰撞，碰前的A速度變化如圖21中圖線T所示，碰后A、B的速度變化分別如圖線Ⅱ、Ⅲ所示，g取10m／s2；求：

①A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

②判斷A、B間發(fā)生的是彈性碰撞還是非彈性碰撞。34、(1)

下列說(shuō)法正確的是________．A.單晶體有確定的熔點(diǎn)，多晶體沒(méi)有確定的熔點(diǎn)B.若絕對(duì)濕度增加且大氣溫度降低，則相對(duì)濕度增大C.物體溫度升高1隆忙

相當(dāng)于熱力學(xué)溫度升高274K

D.在真空、高溫條件下，可利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料中摻入其他元素(2)

質(zhì)量一定的理想氣體完成如圖所示的循環(huán)，其中A隆煤B

過(guò)程是絕熱過(guò)程，B隆煤C

過(guò)程是等溫過(guò)程，則A隆煤B

過(guò)程氣體內(nèi)能________(

填“增加”“減小”或“不變”)

從狀態(tài)A

經(jīng)BC

再回到狀態(tài)A

的過(guò)程中，氣體吸收的熱量________(

填“大于”“小于”或“等于”)

放出的熱量．

(3)

已知水的摩爾質(zhì)量是M=18g/mol

水的密度為婁脩=1.0隆脕103kg/m3

阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0隆脕1023mol鈭?1.

求：壟脵

一個(gè)水分子的質(zhì)量；壟脷

一瓶600mL

的純凈水所含水分子的數(shù)目．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】由圖象可得物體的位移和初速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得滑行時(shí)間．【解析】【解答】解：由Ek1=；

解得初速度：

v==10m/s

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：s=；

解得：

t==5s．

故D正確．

故選：D．2、D【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：A；作用力與反作用力總是大小相等；方向相反，作用在同一條直線上，同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)變化、同時(shí)消失，故A錯(cuò)誤；

B；作用力和反作用力大小相等、方向相反；作用力和反作用力作用在不同的物體上，作用效果不能抵消，不能合成，所以物體不一定保持平衡，故B錯(cuò)誤；

C；作用力與反作用力總是大小相等；方向相反，人加速奔跑時(shí)，地對(duì)人的作用力等于人對(duì)地的作用力，故C錯(cuò)誤；

D；作用力與反作用力是物體間的相互作用；力產(chǎn)生的本質(zhì)原因是一樣的，性質(zhì)相同，所以重力和彈力不可能是一對(duì)作用力和反作用力，故D正確．

故選：D．3、B|C|D【分析】

A；AB都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑；故傳送帶對(duì)兩物體的滑動(dòng)摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，故兩物體沿斜面向下的加速度大小相同，滑到底端時(shí)位移大小相同，故時(shí)間相同，故A正確。

B；由A分析得；B正確。

C；滑動(dòng)摩擦力向上；位移向下，摩擦力做負(fù)功，故C正確。

D；劃痕長(zhǎng)度由相對(duì)位移決定；A物體與傳送帶運(yùn)動(dòng)方向相同，劃痕較少，故D正確。

故選BCD

【解析】【答案】AB都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑；故傳送帶對(duì)兩物體的滑動(dòng)摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解決。

4、C【分析】【分析】液體的表面有如緊張的彈性薄膜,有收縮的趨勢(shì).例如,鋼針?lè)旁谒嫔喜粫?huì)下沉,僅僅將液面壓下,略見(jiàn)彎形;荷葉上的小水珠和焊接金屬時(shí)熔化后的小滴焊錫是呈球形的.既然液體表面象緊張的彈性薄膜,則表面內(nèi)一定存在著張力,液體表面上出現(xiàn)的這種張力,稱為表面張力。

液體表面分子間距離稍大于平衡時(shí)的距離；分子力表現(xiàn)為引力，因此有收縮趨勢(shì)，A；B、D錯(cuò)誤，C正確。

【點(diǎn)評(píng)】液體表面張力使液面具有收縮的趨勢(shì).所以液面會(huì)突起.凹陷的原因是由于水這種液體對(duì)玻璃來(lái)說(shuō)是不浸潤(rùn)液體,這時(shí)跟固體接觸的液體表面有縮小的趨勢(shì),形成不浸潤(rùn)現(xiàn)象。5、B【分析】解：在豎直面內(nèi)，對(duì)整體有：F-（m1+m2）g=（m1+m2）a1；

a1=

對(duì)b分析有kx1-m2g=m2a1；

解得：x1==

水平面上，對(duì)整體有：F=（m1+m2）a2；

a2=

對(duì)b有：kx2=m2a2

解得：x2=

在粗糙的水平面上，對(duì)整體有：F-μ（m1+m2）g=（m1+m2）a3

對(duì)b有：kx3-μm2g=m2a3

聯(lián)立得：x3=

所以x1=x2=x3

故B正確；ACD錯(cuò)誤．

故選：B

先對(duì)AB整體進(jìn)行分析；可以得出整體運(yùn)動(dòng)的加速度；再對(duì)隔離出受力最少的一個(gè)進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可得出彈簧彈力，則可得出彈簧的形變量．

本題注意應(yīng)用整體與隔離法，一般在用隔離法時(shí)優(yōu)先從受力最少的物體開(kāi)始分析，如果不能得出答案再分析其他物體．【解析】【答案】B6、C【分析】【分析】一切物質(zhì)都具有波粒二象性，波動(dòng)性和粒子性，在宏觀現(xiàn)象中是矛盾的、對(duì)立的，但在微觀高速運(yùn)動(dòng)的現(xiàn)象中是統(tǒng)一的；它們沒(méi)有特定的運(yùn)動(dòng)軌道．【解析】【解答】解：光具有波粒二象性是微觀世界具有的特殊規(guī)律；大量光子運(yùn)動(dòng)的規(guī)律表現(xiàn)出光的波動(dòng)性，而單個(gè)光子的運(yùn)動(dòng)表現(xiàn)出光的粒子性．光的波長(zhǎng)越長(zhǎng)，波動(dòng)性越明顯，光的頻率越高，粒子性越明顯．而宏觀物體的德布羅意波的波長(zhǎng)太??；光的波長(zhǎng)越長(zhǎng)，粒子性越不明顯，波動(dòng)性越明顯；故ABD正確，C錯(cuò)誤；

本題選擇錯(cuò)誤的，故選：C．7、B【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，加速度的方向就是物體速度變化量的方向，與物體速度無(wú)關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．【解析】【解答】解：A；速度大的物體加速度不一定大；例如速度大的勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為零，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度大小等于速度的變化量與時(shí)間的比值；故B正確；

C；物體的速度為零；加速度不一定為零，例如火箭發(fā)射的瞬間，故C錯(cuò)誤；

D；物體的加速度的方向和速度的方向可以相同；可以相反，也可以不在一條直線上，故D錯(cuò)誤；

故選：B．8、A【分析】【分析】根據(jù)I=分別求出四個(gè)燈泡正常工作時(shí)的電流，即可比較它們的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈選項(xiàng)燈的電流：IA=≈1.67A；

B選項(xiàng)燈的電流：IB==1.33A；

C選項(xiàng)燈的電流：IC=≈0.18A；

D選項(xiàng)燈的電流：ID=≈0.55A；

故通過(guò)A燈燈絲的電流大．

故選：A．9、D【分析】【分析】初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在通過(guò)連續(xù)相等位移內(nèi)的時(shí)間之比為，采取逆向思維，求出第8節(jié)和第9節(jié)車廂從他身邊經(jīng)過(guò)所用時(shí)間的比值．【解析】【解答】解：因?yàn)槌跛俣葹榱愕膭蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，在通過(guò)連續(xù)相等位移內(nèi)的時(shí)間之比為，采取逆向思維，第8節(jié)和第9節(jié)車廂從他身邊經(jīng)過(guò)所用時(shí)間的比值為（-）：（-1）．故D正確；A；B、C錯(cuò)誤．

故選D．二、填空題(共8題，共16分)10、Ω【分析】【分析】由電阻的并聯(lián)值R=，因R1+R2為定值，則由不等式的性質(zhì)求得其最大值，最小值．【解析】【解答】解：R=，因R1+R2為定值，則x=0時(shí)R為最小，R=Ω

當(dāng)2+x=7-x，即x=2.5時(shí)R為最大，R=Ω

故答案為：Ω11、利用電磁阻尼【分析】【分析】根據(jù)穿過(guò)線圈的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，出現(xiàn)感應(yīng)電流，進(jìn)而受到安培阻力，阻礙指針的運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：常用鋁框做骨架；當(dāng)線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)致鋁框的磁通量變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)安培阻力，使其很快停止擺動(dòng)．而塑料做骨架達(dá)不到電磁阻尼的作用，這樣做的目的是利用渦流；

故答案為：利用，電磁阻尼．12、增大-2.5×10-8J【分析】【分析】沿著電場(chǎng)線的方向移動(dòng)負(fù)電荷，電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能增大；電場(chǎng)力做功：W=qU，即可求解．【解析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線的方向移動(dòng)負(fù)電荷；電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能增大；

電場(chǎng)力做功：W=qU=-5×10-9×（15-10）J=-2.5×10-8J；負(fù)號(hào)表示電荷克服電場(chǎng)力做功．

故答案為：增大，-2.5×10-8J．13、BDE【分析】【分析】（1）根據(jù)波形的平移法分析波的傳播方向．波傳播的時(shí)間△t=0.3s．若波向右傳播，△t=（n+）T，（n=0，1，2，）；若波向左傳播，△t=（n+）T，（n=0，1，2，）；頻率f=；可得到周期和頻率的通項(xiàng)，再求特殊值．由v=λf得出波速的通項(xiàng)．

（2）作出光路圖．由sinC=，求出光在玻璃柱中發(fā)生全反射的臨界角．根據(jù)折射定律n=求出光線從AO進(jìn)入玻璃柱后的折射角．假設(shè)從E點(diǎn)入射的光線經(jīng)折射后到達(dá)D點(diǎn)時(shí)剛好發(fā)生全反射，則其入射角等于臨界角C，由幾何知識(shí)得到AB上有光透出部分的弧長(zhǎng)．【解析】【解答】解：（1）A；根據(jù)波形的平移法可知；波可能向右傳播，也可能向左傳播．故A錯(cuò)誤．

B、C、D波傳播的時(shí)間△t=0.3s．若波向右傳播，△t=（n+）T，（n=0，1，2，），則得T==s，頻率f==；

波速為v=λf=（4n+3）m/s．若波向左傳播，△t=（n+）T，（n=0，1，2，），則得T=s，頻率f==Hz；

波速為v=λf=（4n+1）m/s．當(dāng)n=2時(shí)；f=7，5Hz．當(dāng)n=2時(shí)，v=9m/s．由于n是整數(shù)，T不可能等于0.5s．故BD正確，C錯(cuò)誤．

E；波的振幅為5cm．故E正確．

故選BDE．

（2）、由sinC=；可知光在玻璃柱中發(fā)生全反射的臨界角C=45°．

根據(jù)折射定律得

所有光線從AO進(jìn)入玻璃柱后的折射角均為30°．畫(huà)出光路圖如圖．

從O點(diǎn)入射后的折射光線將沿半徑從C點(diǎn)射出．假設(shè)從E點(diǎn)入射的光線經(jīng)折射后到達(dá)D點(diǎn)時(shí)剛好發(fā)生全反射；則∠ODE=45°．

如圖所示；由幾何關(guān)系可知θ=45°；

故弧長(zhǎng)為

故答案為：

（1）BDE；（2）AB上有光透出部分的弧長(zhǎng)為．14、略

【分析】衛(wèi)星在近地軌道上繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度與地球表面處的重力加速度相等，a=g；地球的平均密度【解析】【答案】g，（每空2分）15、（1）彈性小球的質(zhì)量m1、m2桌面高H

（2）【分析】【分析】要驗(yàn)證動(dòng)量守恒，就需要知道碰撞前后的動(dòng)量，所以要測(cè)量12

兩個(gè)小球的質(zhì)量，1

球下擺過(guò)程機(jī)械能守恒，根據(jù)守恒定律列式求最低點(diǎn)速度；球1

上擺過(guò)程機(jī)械能再次守恒，可求解碰撞后速度；碰撞后小球2

做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分位移公式求解碰撞后2

球的速度，然后驗(yàn)證動(dòng)量是否守恒即可。本題考查動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律中，要學(xué)會(huì)在相同高度下，水平射程來(lái)間接測(cè)出速度的方法，明確實(shí)驗(yàn)原理即可準(zhǔn)確求解?！窘獯稹恳?yàn)證動(dòng)量守恒，就需要知道碰撞前后的動(dòng)量，所以要測(cè)量12

兩個(gè)小球的質(zhì)量，立柱高h(yuǎn)

桌面高H1

小球從A

處下擺過(guò)程只有重力做功，機(jī)械能守恒；

根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：碰撞后1

小球上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中，機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：；

所以該實(shí)驗(yàn)中動(dòng)量守恒的表達(dá)式為：m1v1=m2v3+m1v2

聯(lián)立解得：；

故填：(1)

所以要測(cè)量12

兩個(gè)小球的質(zhì)量m1隆壟m2

桌面高H(2)2m1a鈭?h=2m1b鈭?h+m2隆隴cH+h

【解析】(1)

彈性小球的質(zhì)量m1攏祿m2

桌面高H

(2)2m1a鈭?h=2m1b鈭?h+m2隆隴cH+h

16、上下等于向上【分析】【分析】簡(jiǎn)諧波傳播過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向與波的傳播方向垂直．質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期等于波源的振動(dòng)周期．質(zhì)點(diǎn)的起振方向與波源的起振方向相同．【解析】【解答】解：繩上可形成簡(jiǎn)諧橫波；質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向與波的傳播方向垂直，所以繩波向右傳播，長(zhǎng)繩中間某一位置做一個(gè)標(biāo)記，在抖動(dòng)過(guò)程中，這個(gè)標(biāo)記將上下振動(dòng)．

質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期等于波源的振動(dòng)周期．所以運(yùn)動(dòng)過(guò)程中；標(biāo)記A振動(dòng)的周期等于手抖動(dòng)的周期．

手一開(kāi)始抖動(dòng)的方向與波最前列質(zhì)點(diǎn)此刻的振動(dòng)方向一致；方向向上．

故答案為：上下，等于，向上．17、串【分析】【分析】把電流表改裝成電壓表時(shí)要串聯(lián)大電阻分壓，改裝后的量程為電流表與串聯(lián)電阻的電壓之和．【解析】【解答】解：把電流表改裝成電壓表時(shí)要串聯(lián)大電阻分壓；如圖：

串聯(lián)電阻R上的電壓為：U-Ug

流過(guò)R的最大電流等于電流表的滿偏電流：

根據(jù)歐姆定律：R==

故答案為：串，．三、判斷題(共6題，共12分)18、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無(wú)章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性；對(duì)磁鐵加熱或敲打時(shí)會(huì)使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無(wú)章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無(wú)章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，對(duì)外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場(chǎng)的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對(duì)外表現(xiàn)出磁性．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=變形得到F與E的關(guān)系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式E=得：F=qE

可知電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度和電荷量都有關(guān)；則電場(chǎng)力大的地方電場(chǎng)強(qiáng)度不一定大，故該判斷是錯(cuò)的．

故答案為：×．20、×【分析】【分析】與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱為不飽和蒸氣．飽和蒸氣壓強(qiáng)與飽和蒸氣體積無(wú)關(guān)！在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，這個(gè)壓強(qiáng)叫做飽和蒸氣壓強(qiáng)．同溫下未飽和蒸氣壓強(qiáng)小于飽和蒸氣壓強(qiáng)．【解析】【解答】解：在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，與體積無(wú)關(guān)；故密閉容器中某種蒸汽開(kāi)始時(shí)若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，穩(wěn)定后蒸汽的壓強(qiáng)不變；液體的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，是因?yàn)殡S溫度的升高液體蒸發(fā)的速度加快．所以該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、×【分析】【分析】選擇溫度計(jì)的原則是：溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的凝固點(diǎn)應(yīng)低于被測(cè)物體的溫度，同時(shí)，溫度計(jì)內(nèi)測(cè)溫物質(zhì)的沸點(diǎn)應(yīng)高于被測(cè)物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點(diǎn)為100℃；在青藏高原水的沸點(diǎn)也有80℃多，而酒精的沸點(diǎn)只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計(jì)．該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．22、×【分析】【分析】首先據(jù)波動(dòng)圖象讀出波長(zhǎng)和求出周期，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)和波的傳播特點(diǎn)分析質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，然后再寫(xiě)出振動(dòng)方程，與題干中的方程比較即可．【解析】【解答】解：該波是振幅是10cm，波速為10m/s，波長(zhǎng)為4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

該波向x軸的正方向傳播；由上下坡法可知，圖中P質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻振動(dòng)的方向向下，所以振動(dòng)方程為y=-10sin5πt（cm），錯(cuò)誤．

故答案為：×23、√【分析】【分析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過(guò)閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過(guò)的磁通量要發(fā)生變化．【解析】【解答】解：感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過(guò)閉合電路磁通量發(fā)生變化；只要穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√四、證明題(共4題，共32分)24、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別求出小球通過(guò)最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)拉力與速度的關(guān)系式，再由機(jī)械能守恒定律列式，得到兩點(diǎn)速度的關(guān)系，聯(lián)立即可證明．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得：

在最高點(diǎn)有：T2+mg=m

在最低點(diǎn)有：T1-mg=m

根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mg?2L=-mv22；

解得：T1-T2=6mg

得證．25、略

【分析】【分析】（1）先計(jì)算出線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；再代入功率的公式計(jì)算出線框中感應(yīng)電流的功率P；

（2）先計(jì)算出n匝線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而計(jì)算出安培力的大小，再由牛頓第二定律算出加速度來(lái)證明：載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．【解析】【解答】解：（1）t=0時(shí)刻線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由法拉第電磁感應(yīng)定律得。

功率=；

（2）n匝線框中時(shí)刻產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。

線框的總電阻R總=nR

線框中的感應(yīng)電流

t=0時(shí)刻線框受到的安培力F=nB0IL

設(shè)線框的加速度為a；根據(jù)牛頓第二定律有。

F=（nm+M）a

解得：

可知n越大；a越大。

證得：若用相同的金屬線繞制相同大小的n匝線框；如圖乙所示，在線框上加一質(zhì)量為M的負(fù)載物，載物線框匝數(shù)越多，t=0時(shí)線框加速度越大．

答：（1）求t=0時(shí)刻，線框中感應(yīng)電流的功率P為；

（2）證明過(guò)程見(jiàn)解析．26、略

【分析】【分析】A、B星體靠攏過(guò)程中動(dòng)量守恒，從而求出新星體C的速度，計(jì)算C新星體的機(jī)械能判斷軌道的形狀是否為橢圓．【解析】【解答】證明：計(jì)算新星體C的機(jī)械能，設(shè)C距日R3，設(shè)A、B星球的速度分別為vA和vB；則：

在徑向：可以認(rèn)為在A；B靠攏過(guò)程中質(zhì)心未動(dòng)；所以C到太陽(yáng)的距離為。

R3==①

在切向：A、B合并過(guò)程中動(dòng)量也守恒，則有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圓周運(yùn)動(dòng)，故vA=

所以vB====vA

將vA、vB帶入②得vC=③

利用①③C星體的機(jī)械能為。

EC=（mA+mB）-G=（mA+mB）-=-G

因此，新星體C的軌道為橢圓．27、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理；重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系、彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系分別列式；即可證明；

（2）畫(huà)出F-x圖象，該圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示彈力做功，求出彈力做功從而得到彈簧的彈性勢(shì)能E彈；

（3）小球由O點(diǎn)到OP中點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理列式．小球由O點(diǎn)到P點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式，聯(lián)立解得v．【解析】【解答】解：（1）設(shè)重力做的功為WG，彈力做的功為W彈

根據(jù)動(dòng)能定理得WG+W彈=Ek2-Ek1

由重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系WG=Ep1-Ep2

由彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系W彈=E彈1-E彈2

聯(lián)立以上三式可得Ek1+Ep1+E彈1=Ek2+Ep2+E彈2；

（2）a．F-x圖象如右圖所示。

圖中的圖線和x軸圍成的面積表示功的大小。

所以彈力做功為W=-

由彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系W彈=0-E彈

解得E彈=

b．小球由O點(diǎn)到OP中點(diǎn)；根據(jù)動(dòng)能定理得：

mgx-=-0

小球由O點(diǎn)到P點(diǎn)；根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：

mg?2x=

解得v=g

答：

（1）證明見(jiàn)上．

（2）a、小球從O運(yùn)動(dòng)到任意位置x的過(guò)程中彈力所做的功W是-，以及小球在此位置時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能E彈是．

b．已知小球質(zhì)量為m．小球經(jīng)過(guò)OP中點(diǎn)時(shí)瞬時(shí)速度的大小v是g．五、簡(jiǎn)答題(共3題，共15分)28、略

【分析】【分析】BC兩者組成的系統(tǒng)，在碰撞的前后瞬間動(dòng)量守恒，結(jié)合動(dòng)量守恒列式，A、B、C三者速度相等時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，A、B、C三者組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律列式，聯(lián)立方程即可求解．【解析】【解答】解：設(shè)B、C碰撞后的速度為v1，B、C系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：mv0=3mv1①

A、B、C三者速度相等時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，設(shè)共同速度為v2，A、B、C三者組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得2mv0=4mv2②

根據(jù)機(jī)械能守恒得③

聯(lián)立①②③得

答：B與C碰撞后彈簧彈性勢(shì)能的最大值Ep為．29、略

【分析】【分析】對(duì)物體受力分析，受推力、重力、支持力和摩擦力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合正交分解法列式求解即可．【解析】【解答】解：對(duì)物體受力分析；受推力；重力、支持力和摩擦力，如圖所示：

取豎直方向?yàn)閥方向，水平方向?yàn)閤方向，

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件；有：

x方向：Fsinθ-N=0

y方向：Fcosθ-f-mg=0

f=μN(yùn)

解得：μ=

答：物體與墻壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)為．30、略

【分析】【分析】手電筒里裝一節(jié)新電池和一節(jié)舊電池搭配使用，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻都串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律和電功率的知識(shí)求解．【解析】【解答】解：（1）由燈泡銘牌可知；燈泡額定電壓是U=3V，額定功率是P=3W；

根據(jù)P=，得燈泡的電阻為：R==3Ω；

手電筒里裝一節(jié)新電池和一節(jié)舊電池搭配使用；

E=E1+E2=3V，內(nèi)阻：r=r1+r2=7Ω；

所以電路中電流為：I==0.3A；

（2）手電筒工作時(shí)電路中舊電池提供的電功率為：P=E2I=0.45W；

它本身消耗的電功率為：P′=I2r2=0.61W；

（3）由于舊電池本身消耗的電功率大于提供的電功率；所以新舊電池搭配使用的做法是不合理的．

答：（1）手電筒工作時(shí)；電路中的電流是0.3A；

（2）手電筒工作時(shí)；舊電池提供的功率是0.45W，舊電池本身消耗的功率是0.61WW；

（3）根據(jù)計(jì)算結(jié)果，新舊電池搭配使用的做法不合理．六、綜合題(共4題，共20分)31、略

【分析】【解析】本題考查學(xué)生綜合分析能力以及機(jī)械能守恒定律的靈活運(yùn)用能力.本題求解的關(guān)鍵是搞清楚“速度最大”和“下落最大距離”的隱含條件.

（1）將小物塊C掛在細(xì)繩中點(diǎn)O處，C所受合力不為零，必向下運(yùn)動(dòng).當(dāng)C物速度達(dá)最大時(shí)，加速度為零，這時(shí)結(jié)點(diǎn)O點(diǎn)所受合力（三個(gè)物塊拉力的合力）為零，三物塊