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…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁,總=sectionpages22頁第=page11頁,總=sectionpages11頁2025年浙科版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍:全部知識點(diǎn);考試時間:120分鐘學(xué)校:______姓名:______班級:______考號:______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題,共10分)1、如圖所示,一束單色光射入一玻璃球體,入射角為已知光線在玻璃球內(nèi)經(jīng)一次反射后,再次折射回到空氣中時與入射光線平行.此玻璃的折射率為()
A.B.1.5C.D.22、如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置,環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外、大小可調(diào)節(jié)的均勻磁場.質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子在環(huán)中做半徑為R的圓周運(yùn)動,不計粒子重力.A、B為兩塊中心開有小孔的極板,原來電勢都為零,每當(dāng)粒子順時針飛經(jīng)A板時,A板電勢升高為U,B板電勢仍保持為零,粒子在兩板間電場中得到加速,每當(dāng)粒子離開B板時,A板電勢又降為零,粒子在電場中一次次加速下動能不斷增大,而繞行半徑不變,則()
A.粒子從A板小孔處由靜止開始在電場作用下加速,繞行n圈后回到A板時獲得的總動能為(n-1)qUB.在粒子繞行的整個過程中,A板電勢可以始終保持為+UC.在粒子繞行的整個過程中,每一圈的周期不變D.為使粒子始終保持在半徑為R的圓軌道上運(yùn)動,磁場必須周期性遞增,則粒子繞行第n圈時的磁感應(yīng)強(qiáng)3、在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極;緊貼邊緣內(nèi)壁放一個圓環(huán)形電極,并把它們與電池的兩極相連,然后在玻璃皿中放入導(dǎo)電液體,例如鹽水.如果把玻璃皿放在磁場中,如圖所示,通過所學(xué)的知識可知,當(dāng)接通電源后從上向下看()
A.液體將順時針旋轉(zhuǎn)B.液體將逆時針旋轉(zhuǎn)C.若僅調(diào)換N、S極位置,液體旋轉(zhuǎn)方向不變D.若僅調(diào)換電源正、負(fù)極位置,液體旋轉(zhuǎn)方向不變4、如圖所示,水平放置的兩根相距為L的平行直導(dǎo)軌ab、cd,b、d間連有一定值電阻R,導(dǎo)軌電阻可忽略不計.MN為放在ab和cd上的一導(dǎo)體棒,與ab垂直,其電阻也為R.整個裝置處于勻強(qiáng)磁場中,磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B,磁場方向垂直于導(dǎo)軌所在平面(指向圖中紙面內(nèi)),導(dǎo)體棒MN以速度v向右勻速運(yùn)動,下列說法正確的是()
A.M端電勢低于N端電勢B.MN兩端電壓的大小為C.通過定值電阻R的感應(yīng)電流D.電阻R中的熱功率為5、如圖,豎直平面內(nèi)存在半徑為R的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域,以圓心O為坐標(biāo)原點(diǎn)建立圖示直角坐標(biāo)系,現(xiàn)有三種粒子,以速度v0從a點(diǎn)與x軸正方向成30°斜向下射入磁場,以速度從b點(diǎn)沿y軸負(fù)方向射入磁場,以速度從O點(diǎn)沿y軸正方向射入磁場,已知運(yùn)動半徑剛好為R,經(jīng)過一段時間后三個粒子分別射出磁場,若運(yùn)動過程中粒子不會發(fā)生碰撞,不計粒子的重力和粒子間的相互作用力,則三個粒子從圓形邊界射出點(diǎn)構(gòu)成的圖形的面積為()
A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共5題,共10分)6、用頻率為ν0的光照射大量處于基態(tài)的氫原子,在所發(fā)射的光譜中僅能觀測到頻率分別為ν1、ν2、ν3的三條譜線,且ν3>ν2>ν1,則()A.ν0>ν1B.ν0=ν3C.ν0=ν1+ν2+ν3D.ν0=ν1+ν27、如圖所示,電源電動勢為E,內(nèi)電阻為r.當(dāng)滑動變阻器R的滑片P從右端滑到左端時,發(fā)現(xiàn)電壓表V1、V2示數(shù)變化的絕對值分別為△U1和△U2;下列說法中正確的是()
A.小燈泡L1、L2變暗,L3變亮B.小燈泡L3變暗,L1、L2變亮C.△U1>△U2D.△U1=△U28、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始,經(jīng)歷等溫或等壓過程ab、bc、cd、da回到原狀態(tài),其p–T圖象如圖所示,其中對角線ac的延長線過原點(diǎn)O.下列判斷正確的是()
A.氣體在a、c兩狀態(tài)的體積相等B.氣體在狀態(tài)a時的內(nèi)能大于它在狀態(tài)c時的內(nèi)能C.在過程cd中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功D.在過程da中氣體從外界吸收的熱量小于氣體對外界做的功9、質(zhì)量的小球以的初速度沿水平方向拋出,小球距離地面的高度是(),下面說法正確的是A.小球落地時速度大小是B.小球在落地時重力的瞬時功率為C.小球在空中運(yùn)動過程中,任意相等時間內(nèi)小球動能變化相等D.小球在空中運(yùn)動過程中,任意相等時間內(nèi)小球動量變化相等10、如圖所示,左側(cè)接有定值電阻R的光滑導(dǎo)軌處于垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,導(dǎo)軌間距為d,一質(zhì)量為m、阻值為r的金屬棒在水平拉力F作用下由靜止開始運(yùn)動,速度與位移始終滿足棒與導(dǎo)軌接觸良好,則在金屬棒移動的過程中()
A.通過R的電量與成正比B.金屬棒的動量對時間的變化率增大C.拉力的沖量為D.電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為評卷人得分三、填空題(共9題,共18分)11、如圖所示,質(zhì)量為m的帶正電小球能沿著豎直的絕緣墻豎直下滑,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場方向水平,并與小球運(yùn)動方向垂直。若小球電荷量為q,球與墻間的動摩擦因數(shù)為μ,則小球下滑的最大速度為________,最大加速度為________。12、在電解液中,(1)若5s內(nèi)沿相反方向通過某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C,則電解液中的電流為_______A;(2)若5s內(nèi)到達(dá)陽極的負(fù)離子和到達(dá)陰極的正離子均為5C,則電流為_______A.13、(1)用游標(biāo)卡尺測量某鋼管的外徑,某次游標(biāo)卡尺(主尺的最小分度為1mm)的示數(shù)如圖1所示,其讀數(shù)為_____cm。
(2)如圖2所示,螺旋測微器測出的某物件的寬度是_____mm。
14、裝在容器中的氣體,體積為4升,壓強(qiáng)為2.0×105Pa,溫度是300k,先讓氣體等容變化,壓強(qiáng)增大為原來的2倍,然后讓氣體等溫變化,壓強(qiáng)又降低到原來數(shù)值,則氣體在末狀態(tài)時的體積為______,溫度為___________15、一瓶酒精用了一些后,把瓶蓋擰緊,不久瓶內(nèi)液面上方形成了酒精的飽和汽。當(dāng)溫度升高時,瓶中酒精飽和汽的壓強(qiáng)____(選填“增大”“減小”或“不變”)。酒精分子間作用力F與分子間距r的關(guān)系如圖所示,時,分子間勢能由r決定,規(guī)定兩分子相距無窮遠(yuǎn)時分子間的勢能為零。若一分子固定于原點(diǎn)O,另一分子從間距由減小到的過程中,勢能____(選填“增大”“減小”或“不變”)。
16、(1)如圖為某同學(xué)設(shè)計的一個溫度計,一金屬球形容器上部有一開口的玻璃管,玻璃管內(nèi)水銀柱封閉著一定質(zhì)量的理想氣體,外界大氣壓保持不變,當(dāng)水銀柱緩慢上升時,容器內(nèi)壁的單位面積上受到氣體分子的平均作用力_______(填“增大”、“不變”、“減小”),氣體對外做功_______(填“大于”;“等于”、“小于”)吸收的熱量。
(2)在上題中,如果玻璃管內(nèi)部橫截面積為S,當(dāng)外界熱力學(xué)溫度為T1時,空氣柱長度為l1,現(xiàn)把容器浸在熱力學(xué)溫度為T2的熱水中,空氣柱長度變?yōu)閘2,不計容器的熱脹冷縮,試求該容器球形部分內(nèi)部的容積V_____。17、一根電阻R=0.6Ω的導(dǎo)線彎成一個半徑r=1m的圓形線圈,線圈質(zhì)量m=1kg,此線圈放在絕緣光滑的水平面上,在y軸右側(cè)有垂直線圈平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場,如圖所示.若線圈以初動能Ek0=5J沿x軸方向滑進(jìn)磁場,當(dāng)進(jìn)入磁場0.5m時,線圈中產(chǎn)生的電能為E=3J.求此時線圈的運(yùn)動速度的大小為______m/s,此時線圈加速度的大小為______m/s2
18、機(jī)械波產(chǎn)生和傳播的條件是:①存在一個做振動的波源,②在波源周圍存在____;機(jī)械波傳播的是_________和___________。19、如圖所示,在以O(shè)點(diǎn)為圓心、r為半徑的圓形區(qū)域內(nèi),在磁感強(qiáng)度為B,方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場,a、b、c為圓形磁場區(qū)域邊界上的3點(diǎn),其中∠aob=∠boc=600,一束質(zhì)量為m,電量為e而速率不同的電子從a點(diǎn)沿ao方向射人磁場區(qū)域,其中從bc兩點(diǎn)的弧形邊界穿出磁場區(qū)的電子,其速率取值范圍是______.評卷人得分四、作圖題(共3題,共30分)20、如圖所示,甲、乙是直線電流的磁場,丙、丁是環(huán)形電流的磁場,戊、己是通電螺線管的磁場,試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向.
21、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示.如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓,電子束將打在熒光屏中心.如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓,請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖.
22、圖中表示某一時刻的波形圖,已知波速為0.5m/s,波沿著x軸的正方向傳播;畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。
評卷人得分五、解答題(共2題,共10分)23、如圖所示,平行金屬導(dǎo)軌與水平面成=37°角,導(dǎo)軌與兩個相同的電阻R相連,R=2Ω.勻強(qiáng)磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面,有一導(dǎo)體棒ab,質(zhì)量m=1kg,電阻也為2Ω,與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.2,導(dǎo)體棒ab沿導(dǎo)軌向上滑動;當(dāng)上滑的速度為v=3m/s時,受到安培力的大小為F=6N.求:
(1)此時導(dǎo)體棒ab消耗的熱功率;
(2)此時整個裝置消耗機(jī)械能的功率.24、能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律是自然界中最重要的一條普遍規(guī)律.
(1)在光電效應(yīng)實驗中,一個電子在短時間內(nèi)能吸收到一個光子的能量,從金屬表面逸出.金屬表面的電子逸出具有最大動能,一般不易測量,經(jīng)常借助于轉(zhuǎn)化的思想,通過測量遏止電壓間接得出.已知入射光的頻率金屬材料的截止頻率光電子的電荷量普朗克常量.根據(jù)光電效應(yīng)方程,請寫出遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系式;
(2)如圖所示,平滑軌道固定在豎直平面內(nèi),其表面光滑,在點(diǎn)與高度為粗糙的水平軌道相切,滑塊從高度為的斜坡上處靜止滑下,與處的滑塊發(fā)生對心彈性碰撞,碰后滑塊滑上右側(cè)水平軌道,此過程中滑塊一直未脫離右側(cè)軌道,沿滑行一段距離后停止.已知的質(zhì)量均為滑塊與間的動摩擦因數(shù)為重力加速度為.求:
a.滑塊到達(dá)點(diǎn)的動能
b.若增大的值,但仍保持滑塊一直不脫離軌道,則滑塊在段滑行的距離也隨之變化.請推導(dǎo)與的關(guān)系式,并作出圖像且指出橫截距物理量的意義;
c.對比兩實例,光電效應(yīng)中的逸出功對應(yīng)于該過程的哪個表達(dá)式?參考答案一、選擇題(共5題,共10分)1、C【分析】【詳解】
作出光線在玻璃球體內(nèi)光路圖所示:
A、C是折射點(diǎn),B反射點(diǎn),OD平行于入射光線,由幾何知識得,∠AOD=∠COD=60°,則∠OAB=30°,即折射角r=30°,入射角i=60°,根據(jù)折射定律有:故C正確,ABD錯誤。2、D【分析】【詳解】
粒子在電場中加速,根據(jù)動能定理,有En=nqU,故A錯誤;在粒子繞行的整個過程中,若A板電勢始終保持為+U,粒子再次經(jīng)過電場,則速度v與受力方向相反,故將減速,故B錯誤;粒子始終保持做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動,顯然因粒子能量不同,其速度也不同,則周期不可能不變,故C錯誤;由動能定理知nqU=mvn2;得到由牛頓第二定律,則有:解得感應(yīng)強(qiáng)度為故D正確.3、B【分析】【分析】
【詳解】
AB.根據(jù)電勢的高低可知電流由邊緣流向中心;器皿所在處的磁場豎直向上,由左手定則可知,導(dǎo)電液體受到的磁場力沿逆時針方向,因此液體沿逆時針方向旋轉(zhuǎn),故A錯誤,B正確;
CD.僅僅調(diào)換N、S極位置或僅僅調(diào)換電源的正負(fù)極位置,安培力方向肯定改變,故CD均錯誤4、D【分析】【分析】
根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢,由歐姆定律求出電流的大?。晒経=IR求出MN兩端的電壓的大?。桓鶕?jù)P=I2R求解電阻R中的熱功率.
【詳解】
根據(jù)右手定則可知,M端電勢高于N端電勢,選項A錯誤;根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,E=BvL,則導(dǎo)體棒中的電流大小因此MN兩端的電壓的大小U=IR=BLv,選項BC錯誤;電阻R中的熱功率為選項D正確;故選D.5、B【分析】【詳解】
根據(jù)洛倫磁力提供向心力可得解得由于運(yùn)動半徑剛好為則有兩種粒子運(yùn)動半徑剛好也為運(yùn)動軌跡如圖,從點(diǎn)射出磁場,點(diǎn)坐標(biāo)為從點(diǎn)射出磁場,點(diǎn)坐標(biāo)為從點(diǎn)射出磁場,點(diǎn)坐標(biāo)為則三個粒子從圓形邊界射出點(diǎn)構(gòu)成的圖形的面積為故選項B正確,A;C、D錯誤.
二、多選題(共5題,共10分)6、A:B:D【分析】【詳解】
所發(fā)射的光譜中僅能觀測到頻率分別為ν1、ν2、ν3的三條譜線,說明原子是從能級向下躍遷的,所以應(yīng)該使基態(tài)的氫原子吸收能量躍遷到最高能級根據(jù)躍遷規(guī)律可知:故ABD正確;C錯誤;故選ABD7、B:C【分析】【分析】
當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時,分析變阻器接入電路的電阻的變化,確定外電路總電阻的變化,分析總電流和路端電壓的變化,判斷燈L2亮度的變化.根據(jù)總電流的變化,分析并聯(lián)部分電壓的變化,判斷L3亮度的變化.根據(jù)總電流與通過L3電流的變化,分析通過L1電流的變化,判斷其亮度變化.根據(jù)路端電壓的變化,分析△U1和△U2的大?。?/p>
【詳解】
當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時,變阻器接入電路的電阻減小,外電路總電阻減小,總電流增大,則L2變亮.變阻器的電阻減小,并聯(lián)部分的電阻減小,則并聯(lián)部分電壓減小,則L3變暗.總電流增大,而L3的電流減小,則L1的電流增大,則L1變亮,故A錯誤,B正確;由上分析可知,電壓表V1的示數(shù)減小,電壓表V2的示數(shù)增大,由于路端電壓減小,所以△U1>△U2.故C正確;D錯誤.所以BC正確,AD錯誤.
【點(diǎn)睛】
本題是電路動態(tài)變化分析問題,按“局部→整體→局部”思路進(jìn)行分析.運(yùn)用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大?。?、A:B【分析】【詳解】
由理想氣體狀態(tài)方程知a與c的體積相等,A正確.理想氣體的內(nèi)能由溫度決定,而故a的內(nèi)能大于c的內(nèi)能,B正確.由熱力學(xué)第一定律知,cd過程溫度不變(內(nèi)能不變),則C錯誤.da過程溫度升高,即內(nèi)能增大,則吸收的熱量大于對外做的功,D錯誤.9、A:D【分析】【詳解】
A、根據(jù)解得:則小球落地時豎直方向的速度則小球落地時速度大小故A正確;
B、小球在落地時重力的瞬時功率故B錯誤;
C、由動能定理可得:由于物體在豎直方向上是自由落體運(yùn)動,物體下落的速度越來越大,所以在相同的時間內(nèi)物體下降的高度也是越來越大,重力做的功越來越多,動能的變化量也是越來越大,故C錯誤;
D、由動量定理可得:小球在空中運(yùn)動過程中,任意相等時間內(nèi)小球動量變化相等,故D正確.10、B:C【分析】【分析】
【詳解】
A.通過R的電量
可知通過R的電量與x成正比;選項A錯誤;
B.設(shè)物體再t1時刻的速度為v1,t2時刻的速度為v2,因此有
兩式相減有
等式兩邊同時除時間則有
即
由
可知導(dǎo)體棒的位移增大則速度增大;因此加速度也增大,棒做加速度增大的加速運(yùn)動,合力增大,動量對時間的變化率即為合力,則金屬棒的動量對時間的變化率增大,故B正確;
C.根據(jù)動量定理
其中
聯(lián)立解得拉力的沖量為
故C正確;
D.根據(jù)功能關(guān)系可知
所以
根據(jù)功能關(guān)系可得電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為
故D錯誤。
故選BC。三、填空題(共9題,共18分)11、略
【分析】小球靜止時只受重力,則加速度為g,下滑后,小球受洛倫茲力、重力、支持力及摩擦力,洛倫茲力水平向左,摩擦力豎直向上,小球向下做加速運(yùn)動,速度越大,洛倫茲力越大,則摩擦力越大,加速度越小,當(dāng)加速度等于零時,速度最大,則得此后小球做勻速直線運(yùn)動,加速度為0,故開始時加速度最大:
點(diǎn)睛:本題要注意分析帶電小球的運(yùn)動過程,屬于牛頓第二定律的動態(tài)應(yīng)用與磁場結(jié)合的題目,此類問題要求能準(zhǔn)確找出物體的運(yùn)動過程,并能分析各力的變化?!窘馕觥縢12、略
【分析】【詳解】
(1)[1]若5s內(nèi)沿相反方向通過某截面的正、負(fù)離子的電荷量均為5C,則電解液中的電流
(2)[2]若5s內(nèi)到達(dá)陽極的負(fù)離子為5C,則電流【解析】2113、略
【分析】【分析】
解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法;螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù),在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀,游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù),不需估讀。
【詳解】
(1)[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5.4cm,游標(biāo)尺上第4個刻度與主尺刻度對齊,則游標(biāo)尺讀數(shù)為
所以最終讀數(shù)為
(2)[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為5.5mm,可動刻度讀數(shù)為
所以最終讀數(shù)為
【點(diǎn)睛】
螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù),在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀;游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù),不需估讀,注意兩種儀器讀數(shù)的不同。【解析】5.445.69514、略
【分析】【分析】
【詳解】
[1][2]氣體的狀態(tài)參量。
由等容變化;有。
得。
發(fā)生等溫變化;壓強(qiáng)又降低到原來的數(shù)值,由。
知。
【解析】8L600K15、略
【分析】【詳解】
[1]當(dāng)處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時;分子平均動能增大,單位時間內(nèi)逸出液面的酒精分子數(shù)增多,于是原來的動態(tài)平衡狀態(tài)被破壞,瓶中酒精飽和汽的密度增大,壓強(qiáng)增大。
[2]由于r2>r1,分子間的作用力表現(xiàn)為引力,當(dāng)另一分子從間距由減小到的過程中,分子力做正功,則勢能減小。【解析】增大減小16、略
【分析】【詳解】
(1)[1]當(dāng)水銀柱緩慢上升時;說明玻璃管的理想氣體等壓膨脹,所以容器內(nèi)壁的單位面積上受到氣體分子的平均作用力不變。
[2]等壓膨脹,溫度升高,內(nèi)能增大,根據(jù)可知;氣體對外做功小于吸收的熱量。
(2)[3]因為是等壓變化
所以
解得【解析】不變小于17、略
【分析】【詳解】
(1)由能量守恒定律得:
代入數(shù)據(jù)解得:
(2)進(jìn)入磁場x=0.5m時,切割磁感線的有效長度:
感應(yīng)電動勢:E=BLv
線圈受到的安培力:
由牛頓第二定律得:F=ma
代入數(shù)據(jù)解得:a=2.5m/s2.【解析】22.518、略
【分析】機(jī)械波產(chǎn)生和傳播的條件是:①存在一個做振動的波源,②在波源周圍存在介質(zhì);機(jī)械波傳播的是運(yùn)動形式和能量(或信息)?!窘馕觥拷橘|(zhì)運(yùn)動形式能量(或信息)19、略
【分析】電子運(yùn)動軌跡如圖所示,由幾何知識可知,電子軌道半徑:電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動,由牛頓第二定律得解得將軌道半徑代入解得,速度范圍是
【解析】四、作圖題(共3題,共30分)20、略
【分析】【詳解】
利用右手螺旋定則;已知電流的方向可判定磁場方向,也可以通過磁場方向來確定電流的方向;
圖甲;已知磁場方向,順時針方向,則電流垂直紙面向里;
圖乙;電流右側(cè)的磁場的方向向里,左側(cè)的磁場的方向向外,則電流的方向向上;
圖丙;已知磁場方向,則可知電流方向,逆時針方向;
圖??;環(huán)形電流從左側(cè)流入,從右側(cè)流出,所以磁場的方向向下;
圖戊;根據(jù)螺線管中電流方向,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左;
圖已;根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外,下邊的電流的方向向里,利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右.如圖所示:
【解析】21、略
【分析】試題分析:A圖中;在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T,即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描,而豎直方向(y方向)的周期為T,所以在水平方向的一次水平掃描的過程中,豎直方向由2個周期性的變化;y方向的電壓變化為正弦式的變化,由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比,所以A圖中的掃描圖形如圖;
要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象.XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓;即掃描電壓.
B圖中;在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T,即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描,同時豎直方向的周期為T,所以在水平方向的一次水平
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