2025年華師大新版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版高三物理下冊階段測試試卷169考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，電子在電壓為U1的電場中由靜止開始加速，然后射入電壓為U2的平行金屬板間的電場中，入射方向與極板平行．不計(jì)重力，在滿足電子能射出平行板場區(qū)的條件下，下述情況中一定能使電子偏轉(zhuǎn)角度θ變大的是（）A.U1變大，U2變大B.U1變小，U2變大C.U1變大，U2變小D.U1變小，U2變小2、2011年11月11日上午8：00-9：30考物理，監(jiān)考老師于7：55開始發(fā)卷．下列說法錯(cuò)誤的是（）A.7：55發(fā)卷，指時(shí)刻B.開考鈴在8：00響起，指時(shí)刻C.8：00-9：30指的是時(shí)間間隔，間隔130minD.考試時(shí)間為90min，指時(shí)間間隔3、電池甲和電池乙的電動(dòng)勢分別為E1、E2，內(nèi)電阻分別為r1、r2，若用甲、乙兩個(gè)電池分別向某個(gè)電阻R供電，則在這個(gè)電阻上所消耗電功率相同．若用甲乙兩個(gè)電池分別向另外一個(gè)電阻R′供電，則在電阻R′上消耗的電功率分別為P1、P2，已知E1＞E2；R′＞R，則（）

A.r1＞r2

B.r1＜r2

C.P1＞P2

D.P1＜P2

4、關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)，下列說法不正確的有(

)

A.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體速度方向在時(shí)刻改變，故曲線運(yùn)動(dòng)是變速運(yùn)動(dòng)B.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，受到的合外力方向與速度方向一定不共線C.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，它所受的合外力一定指向圓心D.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，它所受的合外力是恒力5、我國發(fā)射了一顆地球資源探測衛(wèi)星，發(fā)射時(shí)，先將衛(wèi)星發(fā)射至距離地面50km的近地圓軌道1上，然后變軌到近地點(diǎn)距離地面50km、遠(yuǎn)地點(diǎn)距離地面1500km的橢圓軌道2上，最后由軌道2進(jìn)入半徑為7900km的圓軌道3，軌道1、2相切于P點(diǎn)，軌道2、3相切于Q點(diǎn)．忽略空氣阻力和衛(wèi)星質(zhì)量的變化，則以下說法正確的是（）A.該衛(wèi)星從軌道1變軌到軌道2需要在P處點(diǎn)火減速B.該衛(wèi)星在軌道3的機(jī)械能大于在軌道1的機(jī)械能C.該衛(wèi)星在軌道2上穩(wěn)定運(yùn)行時(shí)，P點(diǎn)的速度小于Q點(diǎn)的速度D.該衛(wèi)星在軌道2上Q點(diǎn)的加速度大于在軌道3上Q點(diǎn)的加速度6、我國某轟炸機(jī)在某次訓(xùn)練中水平勻加速直線飛行，每隔相同時(shí)間相對轟炸機(jī)無初速投彈設(shè)定彈著點(diǎn)均在同一水平面內(nèi)，不計(jì)空氣阻力，以地面為參照，下列說法正確的是（）A.尚未著地的炸彈在空中處于同一豎直線上B.尚未著地的炸彈在空中不在同一直線上C.尚未著地的炸彈在空中處于同一直線上D.水平面上相鄰彈著點(diǎn)的間隔距離相同7、分別發(fā)現(xiàn)并證明“電生磁”，“磁生電”的科學(xué)家是（）A.洛倫茲，安培B.奧斯特，安培C.奧斯特，法拉第D.法拉第，奧斯特8、一根長為0.2m，電流強(qiáng)度為2A的通電直導(dǎo)線，垂直磁感線放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T的勻強(qiáng)磁場中，磁場足夠大，則導(dǎo)線受到的磁場力是（）A.0.4NB.0.2NC.0.1ND.0N評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)9、已知人造地球衛(wèi)星造近地面運(yùn)行時(shí)的環(huán)繞速度約為8km/s，則在離地面的高度等于地球半徑處運(yùn)行的速度為____km/s．10、（2014?鹽城二模）如圖所示，一列沿+x方向傳播的簡諧橫波在t=0時(shí)刻剛好傳到x=6m處，已知波速v=10m/s，則圖中P點(diǎn)開始振動(dòng)的方向沿____（選填“+y”或“-y”）方向，在x=21m的點(diǎn)在t=____s第二次出現(xiàn)波峰．11、（2014秋?從江縣校級月考）如圖所示是一個(gè)物體向東沿直線運(yùn)動(dòng)的速度圖象；由圖可知：

（1）在0～10s內(nèi)物體的加速度大小是____m/s2，物體做____運(yùn)動(dòng)，方向是____；

（2）在10-40s內(nèi)物體的速度為____m/s，加速度為____m/s2，物體做____運(yùn)動(dòng)；

（3）在40-60s內(nèi)物體的加速度大小是____m/s2，物體做____運(yùn)動(dòng)，加速度方向是____．12、有一個(gè)單擺，周期T=1.0s．若擺球的質(zhì)量從0.04kg，增加至0.16kg時(shí)，它的周期是____s；若擺長增加為原來的4倍時(shí)，它的振動(dòng)頻率是____Hz．13、（2013秋?蔚縣校級期中）如圖為我國古代八卦圖．中央S部分是兩個(gè)直徑為R的半圓，BD、CA分別為西東、南北方向．一質(zhì)點(diǎn)從A點(diǎn)出發(fā)沿曲線ABCOADC進(jìn)行，則當(dāng)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)，所運(yùn)動(dòng)的路程和位移大小分別是____、____．位移的方向?yàn)開___．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．____．（判斷對錯(cuò)）15、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對錯(cuò)）16、只要知道兩個(gè)物體的質(zhì)量和兩個(gè)物體之間的距離．就可以由F=G計(jì)算物體間的萬有引力____（判斷對錯(cuò)）17、做平拋運(yùn)動(dòng)的物體，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與初速度有關(guān)．____（判斷對錯(cuò)）18、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零．____．（判斷對錯(cuò)）19、分力的大小一定小于合力的大?。甠___．評卷人得分四、推斷題(共3題，共9分)20、縮醛在有機(jī)合成中常用于保護(hù)羰基或作為合成中間體，同時(shí)還是一類重要的香料，廣泛應(yīng)用于化妝品、食物、飲料等行業(yè)。rm{G}是一種常用的縮醛，分子中含有一個(gè)六元環(huán)和一個(gè)五元環(huán)結(jié)構(gòu)。下面是rm{G}的一種合成路線：已知：rm{壟脵}芳香烴rm{A}含氫元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{8.7%}rm{A}的質(zhì)譜圖中，分子離子峰對應(yīng)的最大質(zhì)荷比為rm{92}rm{D}的產(chǎn)量可以用來衡量一個(gè)國家的石油化工發(fā)展水平。

rm{壟脷}

rm{壟脹}同一個(gè)碳原子連接兩個(gè)羥基不穩(wěn)定，易脫水形成羰基?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式是____，rm{E}的名稱是____。rm{(2)}由rm{D}生成rm{E}的反應(yīng)類型是____，rm{E隆煤F}的反應(yīng)條件是____。rm{(3)}由rm{B}生成rm{N}的化學(xué)方程式為____。rm{(4)}有研究發(fā)現(xiàn)，維生素rm{C}可以作為合成rm{G}物質(zhì)的催化劑，具有價(jià)廉、效率高、污染物少的優(yōu)點(diǎn)。維生素rm{C}的結(jié)構(gòu)如圖。則維生素rm{C}分子中含氧官能團(tuán)名稱為____。rm{(5)}縮醛rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式為____。rm{G}有多種同分異構(gòu)體，寫出其中能同時(shí)滿足以下條件的所有同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：____。rm{壟脵}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能與rm{FeCl_{3}}發(fā)生顯色反應(yīng)；rm{壟脷}核磁共振氫譜為rm{4}組峰。rm{(6)}寫出用rm{2-}丁烯為原料rm{(}其他無機(jī)試劑任選rm{)}制備順丁橡膠rm{(}順式聚rm{1}rm{3-}丁二烯rm{)}的合成路線：____。21、五種不同元素rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{D}rm{E}rm{F}的信息如下：。元素有關(guān)信息rm{X}元素主要常見化合價(jià)為rm{-}rm{2}和rm{-1}價(jià)，其單質(zhì)是空氣主要成分之一。rm{Y}所在主族序數(shù)與所在周期序數(shù)之差為rm{4}，其單質(zhì)是氯堿工業(yè)產(chǎn)物之一。rm{Z}原子半徑為rm{0.102nm}，核外最外層電子數(shù)是其電子層數(shù)的rm{2}倍，其氣態(tài)氫化物與rm{Y}單質(zhì)發(fā)生反應(yīng)生成淡黃色固體。rm{D}活潑金屬，最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物，能電離出離子數(shù)、電子數(shù)都相等的陰、陽離子。rm{E}單質(zhì)是生活中常見金屬，其制品在潮濕空氣中易被腐蝕或損壞。rm{F}元素所在的主族序數(shù)等于周期序數(shù)。請回答下列問題：rm{(1)Y}元素符號是_________，rm{Z}在周期表中的位置_________，rm{D}的最高價(jià)氧化物對應(yīng)水化物的電子式為__________rm{(2)X}單質(zhì)與rm{D}單質(zhì)反應(yīng)生成的rm{D_{2}X_{2}}能和rm{H_{2}O}反應(yīng)，寫出其離子方程式為____。rm{(3)E}元素與rm{Y}元素可形成rm{EY_{2}}和rm{EY_{3}}兩種化合物，向淀粉碘化鉀溶液滴加幾滴rm{EY_{3}}的濃溶液，原無色溶液可變?yōu)樽仙?，其原因是____rm{(}用離子方程式表示rm{)}rm{(4)E}單質(zhì)在發(fā)生吸氧腐蝕時(shí)的正極反應(yīng)方程式____rm{(5)F}的一種復(fù)鹽常用作凈水劑，用離子方程式表示其凈水原理____22、rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}為原子序數(shù)依次增大的四種元素。rm{A^{2-}}和rm{B^{+}}具有相同的電子構(gòu)型；rm{C}rm{D}為同周期元素，元素rm{C}的核外電子總數(shù)是最外層電子數(shù)的rm{3}倍；元素rm{D}的最外層有一個(gè)未成對電子。回答下列問題：

rm{(1)}上述四種元素中電負(fù)性最大的是________rm{(}寫元素符號rm{)}其中rm{C}原子的核外電子排布式為________。rm{(2)}單質(zhì)rm{A}有兩種同素異形體，其中沸點(diǎn)更高的是________rm{(}寫分子式rm{)}原因是________；rm{A}和rm{B}的氫化物所屬的晶體類型分別為________和________。rm{(3)C}和rm{D}兩元素的單質(zhì)反應(yīng)可生成原子個(gè)數(shù)比為rm{1漏U3}的化合物rm{E}則rm{E}的中心原子的雜化軌道類型為________。rm{(4)}化合物rm{D_{2}A}的立體構(gòu)型為________，中心原子的價(jià)層電子對數(shù)為________。rm{(5)A}和rm{B}能形成中學(xué)化學(xué)常見化合物rm{F}其晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示rm{.}晶胞參數(shù)rm{a=0.566nm}則rm{F}的化學(xué)式為________，晶胞中rm{A}原子的配位數(shù)為________；列式計(jì)算晶體rm{F}的密度為________。評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)23、由計(jì)時(shí)器打出的紙帶，我們可以不利用公式計(jì)算就能直接得到的物理量是____，____．24、（2014春?西城區(qū)期末）如圖所示為“用雙縫干涉測光的波長”實(shí)驗(yàn)裝置圖．實(shí)驗(yàn)時(shí)如果將綠色濾光片換為紅色濾光片，在毛玻璃屏上觀察到的相鄰亮條紋間距將____（填“不變”、“變大”或“變小”）．某次實(shí)驗(yàn)中，已知雙縫間距為0.20mm，雙縫到屏的距離為700mm，測得相鄰亮條紋間距為2.17mm，則濾光片透過的這種單色光的波長為____m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．25、研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)中，如圖為一次記錄小車運(yùn)動(dòng)情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E、F、G為相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=0.1S，AB、AC的位移大小分別為S1=1.30cm，S2=3.10cm；（保留兩位有效數(shù)字）

（1）利用AB和AC段求加速度的公式為a=____，加速度大小為____m/s2．

（2）當(dāng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打E點(diǎn)時(shí)，小車的速度大小為____m/s．評卷人得分六、證明題(共1題，共10分)26、（2013春?崇明縣期末）如圖所示，傾角為θ的光滑斜面上離地面高為h1的A處有一木塊，自靜止起勻加速滑下．在滑行過程中取一任意位置B，經(jīng)過B處時(shí)木塊速度為v，位置B離地面高度h2．已知EA=mgh1，EB=mgh2+，試用牛頓第二定律和初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)公式證明：EA=EB．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】電子在加速電場中，在電場力的作用下，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，可由電場力做功求出射出加速電場時(shí)的速度．電子在水平放置的平行板之間，因受到的電場力的方向與初速度的方向垂直，故電子做類平拋運(yùn)動(dòng)．運(yùn)用類平拋運(yùn)動(dòng)的豎直方向的速度與水平方向的速度的關(guān)系，從而分析判斷．【解析】【解答】解：根據(jù)動(dòng)能定理得：；

在偏轉(zhuǎn)電場中，有：=；

可知U1變小，U2變大；一定能使電子偏轉(zhuǎn)角度變大．

故選：B．2、C【分析】【分析】時(shí)間是指時(shí)間的長度，在時(shí)間軸上對應(yīng)一段距離，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)，在難以區(qū)分是時(shí)間還是時(shí)刻時(shí)，可以通過時(shí)間軸來進(jìn)行區(qū)分．【解析】【解答】解：A；7：55發(fā)卷；指時(shí)刻；故A正確；

B；鈴在8：00響起；是指開始的瞬間，故為時(shí)刻；故B正確；

C；8：00-9：30指的是時(shí)間間隔；間隔90min；故C錯(cuò)誤；

D；考試時(shí)間為90min；指時(shí)間間隔；故D正確；

本題選擇錯(cuò)誤的，故選：C．3、A|C【分析】

分別做出兩個(gè)電池的U-I圖線；據(jù)兩者電動(dòng)勢的大小關(guān)系及兩條圖線有交點(diǎn)，大體作出兩者的圖象，由圖可讀出內(nèi)阻的大小關(guān)系；兩線的交點(diǎn)對應(yīng)的工作電阻為R，再作出一大于R的電阻的U-I圖線，分析對應(yīng)電流及電壓從而分析出功率的大小關(guān)系．

【解析】

將一電動(dòng)勢為E、內(nèi)電阻為r的電源與一阻值為R的電阻組成一閉合回路，路端電壓U和干路電流I的關(guān)系為U=E-Ir．

在U-I直角坐標(biāo)系中作U-I圖線，則該圖線為一條在縱軸上截距為E、斜率為-r的直線．這條線可被稱為電源的伏安特性曲線．如果再在此坐標(biāo)系中作出外電阻R的伏安特性曲線為過原點(diǎn)的直線；斜率為R，則兩條線的交點(diǎn)就表示了該閉合電路所工作的狀態(tài)．此交點(diǎn)的橫；縱坐標(biāo)的乘積即為外電阻所消耗的功率．

依題意作電池甲和乙及電阻R的伏安特性曲線．由于兩電池分別接R時(shí)，R消耗的電功率相等，故這三條線必相交于一點(diǎn)，如圖所示，由于α1＞α2，所以r1＞r2．

作R′的伏安特性曲線，由圖可知：當(dāng)甲電池接R′時(shí)，P1=U1I1；當(dāng)乙電池接R′時(shí)，P2=U2I2．由于U1＞U2，I1＞I2，所以P1＞P2．

則由分析知：B；D錯(cuò)誤，A，C正確。

故選：AC

【解析】【答案】用作圖法求4、D【分析】解：A

無論是物體速度的大小變了；還是速度的方向變了，都說明速度是變化的，都是變速運(yùn)動(dòng)，做曲線運(yùn)動(dòng)的物體的速度方向在時(shí)刻改變，所以曲線運(yùn)動(dòng)一定是變速運(yùn)動(dòng).

所以A正確．

B；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力的方向與速度方向不在同一條直線上；故B正確．

C；勻速圓周運(yùn)動(dòng)受到的向心力是始終指向圓心的；大小不變，方向時(shí)刻改變，故C正確，D錯(cuò)誤；

本題選錯(cuò)誤的；故選D．

物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)；所受合外力的方向與加速度的方向在同一直線上，合力可以是恒力，也可以是變力，加速度可以是變化的，也可以是不變的.

平拋運(yùn)動(dòng)的物體所受合力是重力，加速度恒定不變，平拋運(yùn)動(dòng)是一種勻變速曲線運(yùn)動(dòng).

物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的合外力不一定是其向心力．

本題主要是考查學(xué)生對物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件、圓周運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)的理解，涉及的知識點(diǎn)較多，是一道比較好的題目．【解析】D

5、B【分析】【分析】在1圓軌道變軌到2橢圓軌道的過程中，需要加速做離心運(yùn)動(dòng)，速度可能大于7.9km/s．衛(wèi)星在軌道2上從遠(yuǎn)地點(diǎn)向近地點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中機(jī)械能守恒．由軌道2變?yōu)檐壍?需要在遠(yuǎn)地點(diǎn)點(diǎn)火加速做離心運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M，有：G=m，解得：v=

A；衛(wèi)星從軌道1變軌到軌道2時(shí)要做離心運(yùn)動(dòng)；需要在P處點(diǎn)火加速，故A錯(cuò)誤；

B；衛(wèi)星在軌道2上運(yùn)行時(shí)機(jī)械能守恒．衛(wèi)星從軌道2變軌到軌道3時(shí)要做離心運(yùn)動(dòng)；需要在Q處點(diǎn)火加速，機(jī)械能增大，所以該衛(wèi)星在軌道3的機(jī)械能大于在軌道1的機(jī)械能，故B正確．

C；該衛(wèi)星在軌道2上穩(wěn)定運(yùn)行時(shí)；根據(jù)開普勒第二定律可知，近地點(diǎn)P點(diǎn)的速度大于遠(yuǎn)地點(diǎn)Q點(diǎn)的速度，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得：G=ma得：a=；所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過Q點(diǎn)的加速度等于在軌道3上經(jīng)過Q點(diǎn)的加速度，故D錯(cuò)誤．

故選：B6、C【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)的初速度等于離開飛機(jī)時(shí)飛機(jī)的速度，平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律分析求解．【解析】【解答】解：A；因?yàn)檎◤棾跛俣仍絹碓酱?；所以炸彈在空中不在同一豎直線上，故A錯(cuò)誤．

B；因?yàn)轱w機(jī)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；所以平拋運(yùn)動(dòng)的物體的初速度越來越大，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以相等時(shí)間間隔內(nèi)的位移越來越大．炸彈落地前，相鄰兩個(gè)炸彈間的間距不相等．因?yàn)樗椒较蚝拓Q直方向上，相等時(shí)間內(nèi)的位移之差相等，根據(jù)相似三角形可知，這些炸彈落地前地面上的人看都在同一條直線上．故C正確，B錯(cuò)誤．

D；炸彈在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等；由于初速度不等，則水平位移不等，相鄰彈著點(diǎn)距離不等，故D錯(cuò)誤．

故選：C．7、C【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解析】【解答】解：1820年丹麥科學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；即電生磁現(xiàn)象；1831年英國科學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，即磁生電現(xiàn)象；故C正確．

故選：C8、B【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，即可求得安培力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓簩?dǎo)線受到的安培力為：F=BIL=0.5×0.2×2N=0.2N．故選項(xiàng)B正確．

故選：B二、填空題(共5題，共10分)9、4【分析】【分析】人造地球衛(wèi)星在距地面高度為h的圓形軌道上繞地球飛行，靠萬有引力提供向心力，根據(jù)萬有引力提供向心力求出線速度的表達(dá)式．【解析】【解答】解：設(shè)地球的半徑為R，地球的質(zhì)量為M，衛(wèi)星的質(zhì)量為m．由題知，該衛(wèi)星的軌道半徑為r=2R．

人造衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)；萬有引力提供向心力得。

=m

v=；

已知人造地球衛(wèi)星造近地面運(yùn)行時(shí)的環(huán)繞速度約為8km/s，即v1==8km/s；

在離地面的高度等于地球半徑處運(yùn)行的速度v==4km/s．

故答案為：4．10、+y2【分析】【分析】（1）由波的傳播方向；判斷質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向．

（2）由圖讀出t=0時(shí)刻第二個(gè)波峰的位置，根據(jù)距離求出波傳到x=21m處的時(shí)間．【解析】【解答】解：（1）波向右傳播；所以剛開始振動(dòng)時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向；

（2）由圖象可知；沿x方向傳播的波在t=0時(shí)刻第二個(gè)波峰的位置在x=1m處，傳播到x=21m處的時(shí)間：

s．

故答案為：+y，2．11、3勻加速直線向東300勻速直線-1.5勻減速直線向西【分析】【分析】在速度-時(shí)間圖象中，圖象的斜率表示加速度，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動(dòng)．由圖直接讀出速度的大小和方向．由圖象的形狀分析物體的運(yùn)動(dòng)情況．【解析】【解答】解：（1）在0～10s內(nèi)物體的加速度大小是a===3m/s2；物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，方向是向東；

（2）在10-40s內(nèi)物體的速度為30m/s；加速度為0，物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)；

（3）在40-60s內(nèi)物體的加速度大小是a===-1.5m/s2；物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向是向西．

故答案為：（1）3，勻加速直線，向東；（2）30，0，勻速直線；（3）-1.5，勻減速直線，向西．12、1.00.5【分析】【分析】根據(jù)單擺的周期公式知，單擺的周期與擺球質(zhì)量無關(guān)，第二問中根據(jù)周期公式求解擺長為原來4倍時(shí)的周期，根據(jù)周期與頻率的關(guān)系求出此時(shí)頻率即可．【解析】【解答】解：根據(jù)單擺的周期公式可知；單擺的周期與擺球的質(zhì)量無關(guān)，故擺球質(zhì)量增加時(shí)單擺的周期保持不變?nèi)詾?s；

根據(jù)周期公式知，當(dāng)擺長增加為原來4倍時(shí)，單擺的周期T

所以此時(shí)單擺振動(dòng)的頻率

故答案為：1.0，0.5．13、2.5πRR南偏東45度【分析】【分析】路程等于物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長度，位移大小等于首末位置的距離．【解析】【解答】解：解：從A點(diǎn)出發(fā)沿曲線ABCOADC行進(jìn)．當(dāng)他走到D點(diǎn)時(shí)，路程s=πR+2π+=2.5πR．位移大小為x==．方向南偏東45度；

故答案為：2.5πR；，南偏東45度．三、判斷題(共6題，共12分)14、√【分析】【分析】人們熟悉的物質(zhì)狀態(tài)（又稱相）為氣、液、固，較為生疏的是電漿和液晶，液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)．液晶是介于液態(tài)與結(jié)晶態(tài)之間的一種物質(zhì)狀態(tài)．【解析】【解答】解：液晶像液體一樣可以流動(dòng)；又具有某些晶體結(jié)構(gòu)特征的一類物質(zhì)，所以液晶分子在特定方向排列比較整齊，但不穩(wěn)定．故該說法是正確的．

故答案為：√15、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認(rèn)識到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√16、×【分析】【分析】萬有引力定律適用的條件是兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)間引力的計(jì)算．物體間的引力關(guān)系也遵守牛頓第三定律．公式中G是引力常量，是自然界的恒量．【解析】【解答】解：A；萬有引力定律適用于任何兩個(gè)可以看出質(zhì)點(diǎn)的物體之間或均質(zhì)球體之間的引力計(jì)算；當(dāng)兩個(gè)物體之間的距離太小的時(shí)候，物體就不能看做質(zhì)點(diǎn)，這時(shí)就不能用這個(gè)公式直接計(jì)算了，所以這個(gè)說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與初速度無關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)h=得：t=；知平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與初速度無關(guān)．所以這個(gè)說法是錯(cuò)的．

故答案為：×．18、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與F，Il等因素?zé)o關(guān)，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式，有：；由此可知的磁感應(yīng)強(qiáng)度與導(dǎo)線的放置；長短、電流大小等因素?zé)o關(guān)，即該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零．故以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計(jì)算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當(dāng)二力反向時(shí)；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯(cuò)誤的；

故答案為：×四、推斷題(共3題，共9分)20、rm{(1)}rm{1}rm{2-}二氯乙烷rm{(2)}加成反應(yīng)rm{NaOH}水溶液，加熱rm{(3)}rm{(4)}羥基、酯基rm{(5)}或rm{(6)}【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷和合成，題目難度中等，注意同分異構(gòu)體的判斷方法?！窘獯稹糠枷銦Nrm{A}含氫元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{8.7攏樓}rm{A}的質(zhì)譜圖中，分子離子峰對應(yīng)的最大質(zhì)荷比為rm{92}則rm{A}中碳?xì)浔葹閞m{dfrac{92隆脕8.7攏樓}{1}攏潞

dfrac{92隆脕(1-8.7攏樓)}{12}=8:7}則rm{A}為甲苯，甲苯與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{B}為含氫元素的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為rm{A}rm{8.7攏樓}的質(zhì)譜圖中，分子離子峰對應(yīng)的最大質(zhì)荷比為rm{A}則rm{92}中碳?xì)浔葹閞m{dfrac{92隆脕8.7攏樓}{1}攏潞dfrac{92隆脕(1-8.7攏樓)}{12}=8:7}則rm{A}為甲苯，甲苯與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{dfrac{92隆脕8.7攏樓}{1}攏潞

dfrac{92隆脕(1-8.7攏樓)}{12}=8:7}為rm{A}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}的產(chǎn)量可以用來衡量一個(gè)國家的石油化工發(fā)展水平，則rm{N}為乙烯，乙烯與氯氣發(fā)生加成反應(yīng)生成；rm{D}的產(chǎn)量可以用來衡量一個(gè)國家的石油化工發(fā)展水平，則rm{D}為乙烯，乙烯與氯氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{E}為為rm{D}rm{D}二氯乙烷，rm{E}rm{1}二氯乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{2-}rm{1}與rm{2-}發(fā)生信息反應(yīng)生成rm{HOCH_{2}CH_{2}OH}為或rm{E}由以上分析可知rm{F}為甲苯，結(jié)構(gòu)簡式為rm{G}為rm{(1)}rm{A}二氯乙烷，故答案為：rm{E}rm{1}二氯乙烷；rm{2-}乙烯生成rm{1}rm{2-}二氯乙烷的反應(yīng)為加成反應(yīng)，rm{(2)}為鹵代烴的水解反應(yīng)，條件為rm{1}水溶液，加熱rm{2-}故答案為：加成反應(yīng)；rm{E隆煤F}為鹵代烴的水解反應(yīng)，條件為水溶液，加熱；rm{E隆煤F}rm{NaOH}生成，的化學(xué)方程式為故答案為：rm{NaOH}由rm{(3)}的結(jié)構(gòu)簡式可知含有的官能團(tuán)為羥基、酯基，故答案為：羥基、酯基；rm{B}生成rm{N}的化學(xué)方程式為有以上分析可知rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為或rm{N}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能與rm{(4)}維生素rm{C}的結(jié)構(gòu)簡式可知含有的官能團(tuán)為rm{C}核磁共振氫譜為rm{(5)}組峰，說明結(jié)構(gòu)對稱，則符合條件的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式為縮醛rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：或rm{G}rm{壟脵}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能與rm{FeCl}丁烯與氯氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{壟脵}然后rm{FeCl}rm{3}rm{3}發(fā)生顯色反應(yīng)，說明含有醛基和酚羥基；rm{壟脷}核磁共振氫譜為rm{4}組峰，說明結(jié)構(gòu)對稱，則符合條件的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式為rm{壟脷}rm{4}，rm{(6)}rm{2-}丁烯與氯氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{CH_{3}CHClCHClCH_{3}}然后rm{2-}rm{CH_{3}CHClCHClCH_{3}}，故答案為：rm{CH}【解析】rm{(1)}rm{1}rm{2-}二氯乙烷rm{(2)}加成反應(yīng)rm{NaOH}水溶液，加熱rm{(3)}rm{(4)}羥基、酯基rm{(5)}或rm{(6)}21、rm{(1)Cl}第三周期第Ⅵrm{A}族rm{(2)2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O簍T4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}

rm{(3)2Fe^{3+}+2I^{-}簍T2Fe^{2+}+I_{2}}

rm{(4)O_{2}+2H_{2}O+4e^{-}簍T4OH^{-}}

rm{(5)Al^{3+}+3H_{2}O?Al(OH)_{3}(}膠體rm{(5)Al^{3+}+3H_{2}O?

Al(OH)_{3}(}rm{)+3H^{+}}【分析】【分析】本題考查結(jié)構(gòu)性質(zhì)位置關(guān)系應(yīng)用，注意結(jié)合問題推斷元素，側(cè)重對化學(xué)用語的考查，注意對基礎(chǔ)知識的理解掌握，難度不大。

【解答】元素rm{X}主要常見化合價(jià)為rm{-2}和rm{-1}價(jià)，原子半徑為rm{0.074nm}則rm{X}為rm{O}元素；rm{D}的最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物，能電離出離子數(shù)、電子數(shù)都相等的陰、陽離子，則rm{D}為rm{Na}元素；rm{E}的單質(zhì)是生活中常見金屬，其制品在潮濕空氣中易被腐蝕或損壞，則rm{E}為rm{Fe}rm{Y}元素所在主族序數(shù)與所在周期序數(shù)之差為rm{4}rm{(3)}中rm{E}元素與rm{Y}元素可形成rm{EY_{2}}和rm{EY_{3}}兩種化合物，則rm{Y}為rm{Cl}rm{F}元素所在的主族序數(shù)等于周期序數(shù)，rm{F}的一種復(fù)鹽常用作凈水劑，可推知rm{F}為rm{Al}rm{Z}的原子半徑為rm{0.102nm}核外最外層電子數(shù)是其電子層數(shù)的rm{2}倍，其氣態(tài)氫化物與rm{Y}單質(zhì)發(fā)生反應(yīng)生成淡黃色固體，則rm{Z}為rm{S}

rm{(1)}根據(jù)以上分析可知，rm{Y}為rm{Cl}元素，rm{Z}為rm{S}元素，在周期表中的位置：第三周期第Ⅵrm{A}族，rm{D}的最高價(jià)氧化物對應(yīng)水化物為rm{NaOH}電子式為故答案為：rm{Cl}第三周期第Ⅵrm{A}族；rm{(2)X}單質(zhì)與rm{D}單質(zhì)反應(yīng)生成的rm{Na_{2}O_{2}}能和rm{H_{2}O}反應(yīng)，離子方程式為：rm{2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O簍T4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}故答案為：rm{2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O簍T4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}

rm{(3)E}元素與rm{Y}元素可形成rm{FeCl_{2}}和rm{FeCl_{3}}兩種化合物，向淀粉碘化鉀溶液滴加幾滴rm{FeCl_{3}}的濃溶液，發(fā)生氧化還原反應(yīng)rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{3+}}rm{+2I}rm{+2I}rm{{,!}^{-}}rm{簍T2Fe}rm{簍T2Fe}，原無色溶液變?yōu)樽仙蚀鸢笧椋簉m{{,!}^{2+}}

rm{+I}單質(zhì)發(fā)生吸氧腐蝕時(shí)，氧氣在正極上得電子發(fā)生還原反應(yīng)，正極反應(yīng)方程式：rm{+I}故答案為：rm{2}

rm{2}會(huì)水解得到具有吸附能力的膠體從而達(dá)到凈水的效果，rm{2Fe^{3+}+2I^{-}簍T2Fe^{2+}+I_{2}}的一種復(fù)鹽常用作凈水劑，用離子方程式表示其凈水原理：rm{Al^{3+}+3H_{2}O?Al(OH)_{3}(}膠體rm{(4)Fe}故答案為：rm{Al^{3+}+3H_{2}O?Al(OH)_{3}(}膠體rm{O_{2}+2H_{2}O+4e^{-}簍T4OH^{-}}rm{O_{2}+2H_{2}O+4e^{-}簍T4OH^{-}}【解析】rm{(1)Cl}第三周期第Ⅵrm{A}族rm{(2)2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O簍T4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}

rm{(3)2Fe^{3+}+2I^{-}簍T2Fe^{2+}+I_{2}}

rm{(4)O_{2}+2H_{2}O+4e^{-}簍T4OH^{-}}

rm{(5)Al^{3+}+3H_{2}O?Al(OH)_{3}(}膠體rm{(5)Al^{3+}+3H_{2}O?

Al(OH)_{3}(}rm{)+3H^{+}}22、rm{(1)O1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}(}或rm{(1)O

1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}(}

rm{[Ne]3s^{2}3p^{3})}的相對分子質(zhì)量較大，范德華力大分子晶體離子晶體

rm{(2)O_{3;;;}O_{3}}

rm{(3)sp^{3}}形rm{(4)V}

rm{4}rm{(5)Na_{2}O}rm{dfrac{4隆脕62g?mo{l}^{?1}}{{(0.566隆脕{10}^{?7}cm)}^{3}隆脕6.02隆脕{10}^{23}mo{l}^{?1}}=2.27g?c{m}^{?3}}rm{8}【分析】【分析】主要考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，側(cè)重考查學(xué)生空間想象能力、知識運(yùn)用能力，涉及晶胞計(jì)算、原子結(jié)構(gòu)等知識點(diǎn)，綜合性較強(qiáng)，采用均攤法、價(jià)層電子對互斥理論等理論分析解答，題目難度中等?！窘獯稹縭m{C}核外電子總數(shù)是最外層電子數(shù)的rm{3}倍，應(yīng)為rm{P}元素，rm{C}rm{D}為同周期元素，則應(yīng)為第三周期元素，rm{D}元素最外層有一個(gè)未成對電子，應(yīng)為rm{Cl}元素，rm{A^{2-}}和rm{B^{+}}具有相同的電子構(gòu)型，結(jié)合原子序數(shù)關(guān)系可知rm{A}為rm{O}元素，rm{B}為rm{Na}元素。

rm{(1)}四種元素分別為rm{O}rm{Na}rm{P}rm{Cl}電負(fù)性最大的為rm{O}元素，rm{C}為rm{P}元素，核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}}故答案為：rm{O}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}}

rm{(2)A}為rm{O}元素，有rm{O_{2}}rm{O_{3}}兩種同素異形體，二者對應(yīng)的晶體都為分子晶體，因rm{O_{3}}相對原子質(zhì)量較大，則范德華力較大，沸點(diǎn)較高；rm{A}的氫化物為水，為分子晶體，rm{B}的氫化物為rm{NaH}為離子晶體，故答案為：rm{O_{3}}rm{O_{3}}相對原子質(zhì)量較大；范德華力較大；分子晶體；離子晶體；

rm{(3)C}和rm{D}反應(yīng)可生成組成比為rm{1}rm{3}的化合物為rm{PCl_{3}}rm{P}形成rm{3}個(gè)rm{婁脛}鍵，孤電子對數(shù)為rm{dfrac{5-3隆脕1}{2}=1}，則為rm{sp^{3}}雜化，立體構(gòu)型為為三角錐形，故答案為：rm{sp^{3}}

rm{(4)}化合物rm{D_{2}A}為rm{Cl_{2}O}rm{O}為中心原子，形成rm{2}個(gè)rm{婁脛}鍵，孤電子對數(shù)為rm{dfrac{6-2隆脕1}{2}=2}則中心原子的價(jià)層電子對數(shù)為rm{4}立體構(gòu)型為rm{V}形，故答案為：rm{V}形；rm{4}

rm{(5)A}和rm{B}能夠形成化合物rm{F}為離子化合物，晶胞的頂點(diǎn)和面心為同一種離子，個(gè)數(shù)為rm{8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac{1}{2}=4}晶胞內(nèi)為同一種離子。個(gè)數(shù)為rm{8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac{1}{2}=4

}原子個(gè)數(shù)之比為rm{8}rm{2}則形成的化合物為rm{1}晶胞中rm{Na_{2}O}位于頂點(diǎn)，rm{O}位于體心，每個(gè)晶胞中有rm{Na}個(gè)rm{1}與rm{