2025年陜教新版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年陜教新版必修3物理下冊月考試卷944考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖是靜電噴漆的工作原理圖．工作時,噴槍部分接高壓電源負極,工件接正極,噴槍的端部與工件之間就形成靜電場,從噴槍噴出的涂料微粒在電場中運動到工件,并被吸附在工件表面．圖中畫出了部分微粒的軌跡,設微粒被噴出后只受靜電力作用,則()

A.微粒的運動軌跡顯示的是電場線的分布情況B.微粒向工件運動的過程中所受電場力先減小后增大C.在向工件運動的過程中,微粒的動能逐漸減小D.在向工件運動的過程中,微粒的電勢能逐漸增大2、如圖所示；在絕緣的光滑水平面上，相隔一定距離有兩個帶同號電荷的小球，從靜止同時釋放，則兩個小球的加速度和速度大小隨時間變化的情況是（）

A.速度變大，加速度變大B.速度變小，加速度變小C.速度變大，加速度變小D.速度變小，加速度變大3、如圖所示，正電荷q均勻分布在半球面上，球面半徑為R，為通過半球面頂點C和球心O的軸線。P、M為軸線上的兩點，距球心O的距離均為在M右側軸線上點固定一帶負電的點電荷Q，M點間的距離為R，已知P點的場強為零。已知均勻帶電的封閉球殼外部空間的電場強度可等效在球心處的點電荷，則M點的場強為（）

A.B.C.D.4、空間中四點位于正四面體的四個頂點，兩點分別是和的中點。在兩點分別固定等量正電荷；正四面體對電場分布沒有影響。下列說法正確的是（）

A.兩點的電勢相等B.兩點的電場強度相同C.帶負電的試探電荷從點沿移動到點，試探電荷的電勢能先減少后增加D.帶正電的試探電荷從點沿移動到點，試探電荷的電勢能減小5、如圖甲所示，在某電場中建立x坐標軸，A、B為x軸上的兩點，xA、xB分別為A、B兩點在x軸上的坐標值。一電子僅在電場力作用下沿x軸運動，該電子的電勢能Ep隨其坐標x變化的關系如圖乙所示；則下列說法中正確的是（）

A.該電場可能是孤立點電荷形成的電場B.A點的電場強度小于B點的電場強度C.電子由A點運動到B點的過程中電場力對其所做的功W=EpA-EpBD.電子在A點的動能小于在B點的動能6、下面對一些概念及公式的理解，其中正確的是（）A.由可知，電場中某點的電場強度和放在該點的試探電荷有關B.公式電源電動勢等于非靜電力做功與移動相應電荷的電荷量的比值C.由可知，導體的電阻率跟導體的電阻和橫截面積的乘積成正比D.公式只適用于計算純電阻電路的電熱，不適用于非純電阻電路電熱的計算7、如圖所示的圖像中，直線a為電源的路端電壓與電流的關系，直線b、c分別是電阻的電壓與電流的關系。若將這兩個電阻分別直接與該電源連接成閉合電路；則下列說法正確的是（）

A.電阻大于電阻B.接在電源上時，電源的輸出功率較大C.接在電源上時，電源的輸出功率較大D.兩種情況下，電源的輸出功率相等評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、電容器在生產生活中有廣泛的應用。用如圖甲所示的電路給電容器充電，其中C表示電容器的電容，R表示電阻的阻值，E表示電源的電動勢（電源內阻可忽略）。改變電路中元件的參數(shù)對同一電容器進行三次充電，三次充電對應的電容器電荷量q隨時間t變化的圖像分別如圖乙中①②③所示。第一次充電時電容器兩端的電壓u隨電荷量q變化的圖像如圖丙所示。下列說法中正確的是（）

A.第一次充電時所用電阻大于第二次充電時所用電阻B.第二次充電時所用電源電動勢大于第三次充電時所用電源電動勢C.第二次充電時電容器兩端的電壓u隨電荷量q變化的圖線斜率比丙圖中圖線斜率大D.第二次充電時時刻的電流大于時刻的電流9、如圖所示，一質量為m、電荷量為（）的粒子以速度從連線上的P點水平向右射入大小為E、方向豎直向下的勻強電場中。已知與水平方向成45°角，粒子的重力可以忽略，則粒子到達連線上的某點時（）

A.所用時間為B.速度大小為C.與P點的距離為D.速度方向與豎直方向的夾角為30°10、“離心軌道演示儀”（如圖甲所示）是演示物體在豎直平面內的圓周運動的實驗儀器，其軌道主要由主軌長道、軌道圓和輔軌長道三部分組成，主軌長道長度約為軌道圓半徑R的6倍。將主軌長道壓制成水平狀態(tài)后，軌道側視示意圖如圖乙所示?？臻g中存在水平向右的勻強電場（未畫出），電場強度大小為現(xiàn)在主軌長道上的一點A靜止釋放一電荷量為q、質量為m的絕緣小球，小球沿主軌長道向右運動，從B點進入軌道圓，若不計一切摩擦，重力加速度為g，則小球再次通過最低點之前（）

A.小球上升到與圓心等高處時，其動能最大B.小球上升到軌道圓最高處時，其機械能最大C.若AB間距離為小球恰好不脫離軌道D.若小球不脫離軌道，小球對軌道的最大壓力大小可能為5mg11、如圖所示，電源電動勢為內阻為．電路中的分別為總阻值一定的滑動變阻器，為定值電阻，為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減?。旊婃I閉合時；電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)．下列說法中正確的是。

A.只逐漸增大的光照強度，電阻消耗的電功率變大，電阻中有向上的電流B.只調節(jié)電阻的滑動端向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻中有向上的電流C.只調節(jié)電阻的滑動端向下端移動時，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向上運動D.若斷開電鍵電容器所帶電荷量減小，帶電微粒向下運動12、如圖所示，在圖線上的點均對應該電路中電源的一個確定的工作狀態(tài)，在點有則下列說法中正確的是（）

A.在點時電源的輸出功率最大B.在點時電源的總功率最大C.工作狀態(tài)從時角增大，電源的總功率和輸出功率都將增大D.工作狀態(tài)從時角增大，電源的總功率和輸出功率都將減小評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、如圖所示，三個定值電阻R1、R2和R3按圖示方式接在電源兩端，在電鍵S處于閉合狀態(tài)下，若將電鍵S1由位置1切換到位置2，電壓表示數(shù)將________，電阻R2消耗的電功率將________（均選填“變大”；“變小”或“不變”）．

14、能量守恒定律。

能量既不會憑空_______，也不會憑空_______，它只能從一種形式_______為其他形式，或者從一個物體_______到別的物體，在轉化或轉移的過程中，能量的總量_______。15、如圖所示，一帶正電的導體球M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N掛在橫桿上。當小球N靜止時，絲線與豎直方向成θ角由此推斯小球N帶______電荷（選填“正”或“負”）?，F(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導體球與M接觸后移開，則絲線與豎直方向的夾角θ將________（選填“變大”或“變小”）。

16、在如圖所示的實驗裝置中,充電后的平行板電容器與電源斷開；極板A與靜電計相連,極板B接地．

（1）若將極板B向上平行移動一小段距離,則將觀察到靜電計指針偏角_________（填“增大”或“減小”或“不變”）,說明平行板電容器的電容隨極板正對面積S減小而減?。?/p>

（2）若將極板B向左平行移動一小段距離,則將觀察到靜電計指針偏角增大,說明平行板電容器的電容隨板間距離d增大而__________（填“增大”或“減小”或“不變”）；B極板向左移動后，A、B間的電場強度__________（填“增大”或“減小”或“不變”）．17、如圖所示為電容式位移傳感器的示意圖，物體沿左右方向運動時，電容將發(fā)生變化。如果實驗測量出電容器的電容變小，那么被測物體向_________運動（填寫“左”或“右”）；已知該傳感器的靈敏度定義為電容器電容變化量的大小與物體位置坐標變化量大小之比，如果把圖中的電介質板換成介電常數(shù)更大的材料，當物體沿左右方向運動時，傳感器的靈敏度________（填寫“變大”；“不變”或“變小”）。

18、如圖,游標卡尺的讀數(shù)為________cm；

19、寫出如圖所示的游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)。游標卡尺的讀數(shù)___________cm；螺旋測微器的讀數(shù)___________mm。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)20、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

21、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

22、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。23、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共10分)24、如圖甲所示；用銅片；鋁片和可樂可以做成可樂電池，電動勢在0.4V～0.6V范圍內，內阻幾千歐，某實驗興趣小組制作了一個可樂電池并測量其電動勢和內阻。

（1）如圖乙所示，直接用多用電表“直流2.5V”擋測量出可樂電池的電動勢為______V。

（2）現(xiàn)有實驗器材：

A．電壓表（0～3V；RV約為3000Ω）B．電流表（0～300μA，RA約為300Ω）

C．電阻箱（0～9999Ω）D．滑動變阻器（0～20Ω）

E．開關；導線若干。

①為了更準確的測量可樂電池的電動勢和內阻，要求電表讀數(shù)要偏轉滿量程的三分之一以上。選擇合適的器材并按電路圖______完成電路連接。

A．B．C．

②通過數(shù)據(jù)處理畫出相應的可樂電池圖像如圖丙中實線所示，可知該可樂電池的內阻約為______Ω（保留2位有效數(shù)字）。

③將該可樂電池靜置2h后再次測量獲得的圖像如圖丙虛線所示，可知該可樂電池的電動勢______（選填“增大”“減小”或“不變”）。評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)25、如圖所示，三個點電荷q1、q2、q3固定在一直線上，q1與q2間距離為L，q2與q3間距離的3L，每個電荷所受靜電力的合力均為零，求q1、q2、q3的電荷量之比．

26、如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B水平放置且接在電壓為60V的恒壓電源正、負極上，兩極板間距為3cm，電容器帶電荷量為6×10－8C，A極板接地。求：

(1)平行板電容器的電容；

(2)平行板電容器兩板之間的電場強度；

(3)距B板2cm的M點處的電勢。

27、在真空中的O點放一個點電荷直線MN通過O點，OM的距離M點放一個點電荷靜電力常量如圖，求：

（1）在電荷Q產生的電場中；M；N兩點哪點的電勢高?q在M、N兩點哪點的電勢能大？

（2）q在M點受到的電場力．

（3）點電荷Q在M點產生的場強．28、如圖，ABD為豎直平面內的光滑絕緣軌道，其中AB段是水平的，BD段為半徑R=0.2m的半圓，兩段軌道相切于B點，整個軌道處在豎直向下的勻強電場中，場強大小E=5.0×103V/m。一不帶電的絕緣小球甲，以速度沿水平軌道向右運動，與靜止在B點帶正電的小球乙發(fā)生彈性碰撞，甲乙兩球碰撞后，乙恰能通過軌道的最高點D。已知甲、乙兩球的質量均為m=1.0×10-2kg，乙所帶電荷量q=2.0×10-5C，g取10m/s2。（水平軌道足夠長；甲；乙兩球可視為質點，整個運動過程中甲不帶電，乙電荷無轉移）求：

(1)乙在軌道上的首次落點到B點的距離；

(2)碰撞前甲球的速度

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

A；由于噴出的涂料微粒有初速度；故不一定沿電場線方向運動，所以微粒的運動軌跡顯示的不一定是電場線的分布情況，故A錯誤；

B；由圖可知；則在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件帶正電，涂料微粒帶負電，根據(jù)電場強度的分布可知，所受電場力先減小后增大，故B正確；

CD；涂料微粒所受的電場力方向向左；其位移方向大體向左，則電場力對涂料微粒做正功，其微粒的動能增大，微粒的電勢能減小，故CD錯誤；

故選B．

【點睛】

在涂料微粒向工件靠近的工程中，工件帶正電，涂料微粒帶負電，根據(jù)電場強度的分布可知，所受電場力先減小后增大，電場力對涂料微粒做正功，其微粒的動能增大，微粒的電勢能減小．2、C【分析】【詳解】

由于同種電荷間存在相互作用的排斥力；兩球將相互遠離，距離增大，根據(jù)庫侖定律得知，相互作用力減小。由牛頓第二定律得知它們的加速度變小，隨著兩球間距離增大，電場力做正功，電勢能減少，總動能增加。所以速度增加，故速度變大，加速度變小。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由P點的場強為零可知，左半球殼在P點場強與點電荷-Q在P點場強等大、反向，故左半球殼在P點場強方向向左，大小為

半球殼補圓后（電荷量為2q）在P點場強方向向左，大小為

則右半球殼在P點的場強方向向左，大小為

由對稱性可知，左半球殼在M點的場強方向向右，大小為

故M點的合場強為

方向向右；C正確。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)題意可知；等量同種電荷的等勢面分布圖，如圖所示。

由沿電場線方向，電勢逐漸降低可知，離兩個點電荷的距離越遠電勢越低，由于點離兩個點電荷的距離大于點離兩個點電荷的距離，則有

故A錯誤；

BC．兩點離兩個點電荷的距離相等，由對稱性可知，兩點電勢相等，電場強度的大小相等，但方向不同，由于點離兩個點電荷的距離小于兩點離兩個點電荷的距離，則有

由可知，帶負電的試探電荷從點沿移動到點；試探電荷的電勢能先減少后增加，故B錯誤，C正確；

D．由于點離兩個點電荷的距離大于點離兩個點電荷的距離，則有

則帶正電的試探電荷從點沿移動到點；試探電荷的電勢能增加，故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

C．由題圖乙可知，電子在A、B兩點的電勢能分別為EpA和EpB，且EpB>EpA，說明電子由A運動到B的過程中電勢能增大，電場力做負功，電場力對其所做的功為W=EpA-EpB；選項C正確；

D．電子僅在電場力作用下運動，電場力做負功，動能減小，故電子在A點的動能大于在B點的動能；選項D錯誤；

B．由題圖乙知該電場是勻強電場，A、B兩點的電場強度相等；選項B錯誤；

A．該電場一定不是孤立點電荷形成的電場；選項A錯誤。

故選C。6、B【分析】【詳解】

A．電場強度是反映電場的性質的物理量；只與電場有關，A錯誤；

B．公式電源電動勢等于非靜電力做功與移動相應電荷的電荷量的比值；B正確；

C．電阻率反映的是導體的導電能力；由材料本身決定，C錯誤；

D．公式適用于所有電路電熱的計算，D錯誤。

故選B。7、D【分析】【詳解】

A．由歐姆定律結合圖象可知電阻小于電阻故A錯誤；

BCD．電源的內阻

當時，由閉合電路歐姆定律

同理當時，由閉合電路歐姆定律

解得

根據(jù)可得兩種情況下，電源的輸出功率相等為

故D正確；BC錯誤。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)8、B:D【分析】【詳解】

A．電阻大的；電荷量變化慢，由圖乙可知，第一次充電電荷量變化快，所以第一次充電時所用電阻小于第二次充電時所用電阻，故A錯誤；

B．由電容的定義式可知；同一個電容器所帶電荷量與兩板間的電勢差成正比，由圖乙可知，第二次充電電容器所帶電量多，所以第二次充電時所用電源電動勢大于第三次充電時所用電源電動勢，故B正確；

C．因為三次充電用同一個電容器，所以由電容的定義式可知，同一個電容器所帶電荷量與兩板間的電勢差成正比，故第二次充電時電容器兩端的電壓u隨電荷量q變化的圖線斜率與丙圖中圖線斜率相同；故C錯誤；

D．由電容器電荷量q隨時間t變化的圖像可知，圖線的斜率表示充電電流，斜率越大，充電電流越大，所以第二次充電時時刻的電流大于時刻的電流；故D正確。

故選BD。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子在電場中做類平拋運動，水平方向

豎直方向

由

可得

故A錯誤；

B．由于

故粒子速度大小為

故B正確；

C．由幾何關系可知，到P點的距離為

故C正確；

D．由于平拋推論可知

可知速度正切

可知速度方向與豎直方向的夾角小于30°；故D錯誤。

故選BC。10、C:D【分析】【詳解】

A．使用等效場的觀點，將重力場和電場等效的看作一個場，結合平行四邊形法則可得等效重力加速度為

設等效場對物體的力與豎直方向的夾角為θ；如圖所示。

則有

解得

由“等效重力”可知，當小球運動到BC間且與圓心連線與豎直方向夾角為時；小球的速度最大，動能最大，故A錯誤；

B．小球在軌道上運動過程中；能量守恒，小球在與圓心等高且在圓弧右側的位置電勢能最小，所以小球在該點的機械能最大，故B錯誤；

C．設釋放點A到B的距離為L時，小球恰好不脫離圓軌道；圖中D點與圓心連線與圓相交的點M點即為“等效重力”中的最高點，小球恰好不脫離圓軌道，電場力與重力的合力剛好提供向心力，則有

解得

從開始釋放小球到M點的過程中，由動能定理可得

解得

故C正確；

D．若小球做完整的圓周運動，小球運動到D點時的動能最大，對軌道的壓力最大，從A到D的過程中，根據(jù)動能定理，有

解得

在D點，根據(jù)牛頓第二定律，有

解得

若小球不做完整的圓周運動，當小球運動到與MD連線垂直時如圖中的P點，接下來將沿著軌道返回，此時也未脫離軌道，該過程在D點速度有最大值，對軌道的壓力也為最大值，從P到D點，根據(jù)動能定理，有

解得

在D點，根據(jù)牛頓第二定律，有

解得

如果小球不能到達P點，則小球對軌道的最大壓力將會小于6mg，所以小球對軌道的最大壓力大小可能為5mg；故D正確。

故選CD。11、A:D【分析】【詳解】

試題分析：只逐漸增大R1的光照強度，R1的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，電阻R0消耗的電功率變大，滑動變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻R3中有向上的電流，故A正確；電路穩(wěn)定時，電容相當于開關斷開，只調節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動時，對電路沒有影響，故B錯誤；只調節(jié)電阻R2的滑動端P1向下端移動時，對電路沒有影響，電壓表讀數(shù)不變；電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由可知；電場力變大，帶電微粒向上運動，故C錯誤；若斷開電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，則場強減小，帶電微粒向下運動；

故D正確．故選AD．

考點：直流電路中的含電容電路。

【名師點睛】本題中穩(wěn)定時電容器與電路部分是相對獨立的．分析油滴是否運動，關鍵分析電場強度及電場力是否變化．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)題圖可知過原點的直線的斜率表示外電阻，與兩坐標軸相交的直線的斜率的絕對值表示電源內阻，當

時；內外電阻相等，是電源的輸出功率最大的時候，A正確；

B．電源的總功率

工作狀態(tài)從時，角減小，電流增大，電源的總功率增大，故在點時電源的總功率不是最大；B錯誤；

C．在點時，電源的輸出功率最大，工作狀態(tài)從時，角增大；電源的輸出功率增大，由于電流減小，故電源的總功率減小，C錯誤；

D．工作狀態(tài)從時，角增大；電源的輸出功率減小，由于電流減小，故電源的總功率減小，D正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】【詳解】

將電鍵S1由位置1切換到位置2，外電阻變小，電動勢和內阻不變，電路中的總電流變大，內電壓變大，外電壓變小，電壓表測的是外電壓，所以電壓表示數(shù)變小；

設電路中的電阻R1、R2和R3的阻值均為R，當電鍵打在1時，R2兩端的電壓當電鍵打在2時R2兩端的電壓可知．U2′＜U2．故電阻R2兩端的電壓變小，根據(jù)可知，電阻R2消耗的電功率將減小．【解析】變小變小14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】產生消失轉化轉移保持不變15、略

【分析】【詳解】

[1]球M與N相互排斥，M、N帶同種電荷，M帶正電，N也帶正電；

[2]小球N受重力mg、繩的拉力、庫侖力F，根據(jù)平衡條件可得庫侖力大小為F=mgtanθ

庫侖力

由于另一與M完全相同的不帶電導體球與M接觸后移開，因電量被平分，導致M的帶電量減小，則庫侖力小，偏角小，即角θ變小?！窘馕觥空冃?6、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）若極板B稍向上移動一點，極板正對面積減小，由電容的決定式分析知電容減小；電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式C=Q/U，極板間的電壓U增大．則靜電計指針偏角增大，此實驗說明平行板電容器的電容隨正對面積的減小而減??；

（2）若極板B稍向左移動一點，板間距離增大，由電容的決定式分析知電容減小，電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式C=Q/U，極板間的電壓U增大．則靜電計指針偏角增大，此實驗說明平行板電容器的電容與極板間距離成反比．極板間距離的增大而減??；依據(jù)E=U/d，及C=Q/U，則有電場強度可知，極板間的電場強度與極板間距無關，即當B極板向左移動后，A；B間的電場強度不變；

考點：考查電容器的動態(tài)分析；電場強度．

【名師點睛】

對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量．當電容器保持與電源相連時，電壓不變．當電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變．根據(jù)電容的決定式和定義式結合進行分析，注意電場強度的綜合表達式推導．【解析】增大減小不變17、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電容的決定式可知；若電容器的電容變小，一定是插入的電介質少了，所以被測物體向右移動。

[2]若換成更大介電常數(shù)的材料，移動相同距離時，電容的變化量一定較大，根據(jù)靈敏度的定義可知，靈敏度一定變大。【解析】右變大18、略

【分析】【詳解】

游標卡尺的示數(shù)等于主尺刻度+游尺刻度即【解析】1.1419、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺讀數(shù)為

[2]螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.0552.615四、作圖題(共4題，共28分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?1、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】22、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關及干簧管繼電器開關外面接線構成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關里面的兩個接線構成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關存在磁場，導致開關接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】五、實驗題(共1題，共10分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]選擇“直流2.5V”擋時分度值為估讀到可得可樂電池的電動勢大小為

（2）[2]AC．要求電表讀數(shù)要偏轉滿量程的三分之一以上；而電源內阻幾千歐，則電阻箱阻值要調節(jié)為至少幾千歐，則此時電壓表內阻與電阻箱阻值相差不大，電壓表分流作用明顯，誤差較大，故AC錯