2025年滬教新版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教新版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷718考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，兩個(gè)垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向相反，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度均為a，一正方形（邊長(zhǎng)為a）導(dǎo)線框從圖示位置向右勻速穿過兩磁場(chǎng)區(qū)域．在下列圖象中能正確反映感應(yīng)電流I，線框所受安培力F與線框移動(dòng)距離x關(guān)系的是（I以逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，F(xiàn)以向左方向?yàn)檎ǎ〢.B.C.D.2、為節(jié)省燃料，天宮一號(hào)不開啟發(fā)動(dòng)機(jī)，只在高層大氣阻力的影響下，從362千米的近似圓軌道緩慢變到343千米的圓軌道的過程中，天宮一號(hào)的A.運(yùn)行周期將增大B.運(yùn)行的加速度將增大C.運(yùn)行的速度將增大D.機(jī)械能將增大3、如圖所示，A為長(zhǎng)木板，在水平面上以速度v1向右運(yùn)動(dòng)，物塊B在木板A的上面以速度v2向右運(yùn)動(dòng)，下列判斷正確的是()A.若是v1＝v2，B之間無(wú)滑動(dòng)摩擦力B.若是v1>v2，A受到了B所施加的向右的滑動(dòng)摩擦力C.若是v12，B受到了A所施加的向右的滑動(dòng)摩擦力D.若是v1>v2，B受到了A所施加的向左的滑動(dòng)摩擦力4、【題文】在如右圖所示電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用和表示。下列關(guān)于比值的說法；錯(cuò)誤的是（）

A.不變，不變B.變大，變大C.變大，不變D.變大，不變5、在如圖所示的裝置中，質(zhì)量為3kg

的物塊被平行于斜面的細(xì)繩拴在斜面上端的小柱上，斜面的傾角為30o

被固定在測(cè)力計(jì)上，整個(gè)裝置保持靜止.

如果物體與斜面間無(wú)摩擦，裝置穩(wěn)定以后，當(dāng)細(xì)繩被燒斷，物體正在下滑的過程中，與穩(wěn)定時(shí)比較，測(cè)力計(jì)的讀數(shù)(g=10m/s2)(

)

A.增加15N

B.減小15N

C.減小7.5N

D.保持不變6、關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義公式B=，下列說法正確的是（）A.通電導(dǎo)體棒長(zhǎng)度L越長(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B越小B.通電導(dǎo)體棒中電流強(qiáng)度I越大，則B越小C.通電導(dǎo)體棒的受力方向就是B的方向D.B的大小和方向與IL無(wú)關(guān)，由磁場(chǎng)本身決定評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、如圖所示；圖甲為熱敏電阻的R-t圖象，圖乙為用此熱敏電阻R和繼電器組成的一個(gè)簡(jiǎn)單恒溫箱溫控電路，繼電器線圈的電阻為200Ω．當(dāng)線圈中的電流大于或等于20mA時(shí)，繼電器的銜鐵被吸合．為繼電器線圈供電的電池的電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻不計(jì)．圖中的“電源”是恒溫箱加熱器的電源．

（1）應(yīng)該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在____端．（選填“A；B”或“C、D”）

（2）如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持100℃，可變電阻R′的值應(yīng)調(diào)節(jié)為____Ω．8、a．平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由____決定；

b．平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離由____決定；

c．平拋運(yùn)動(dòng)落地時(shí)的速度由____決定．9、（2014春?江西校級(jí)月考）有一定值電阻與電壓為U的交流電源接通，結(jié)果通過電阻的電流為I．若通過一臺(tái)變壓器將該交流電與該電阻接通，已知變壓器初級(jí)線圈中電流大小為，則通過該電阻的電流I′=____；當(dāng)變壓器次級(jí)線圈所接電阻為原定值電阻的4倍時(shí)，那么這個(gè)電阻的電功率為____．10、（2011秋?綏棱縣校級(jí)期末）如圖所示，物體靜止在光滑水平面上，現(xiàn)用沿水平面的力F作用于物體上的O點(diǎn)，若要使物體受到沿O指向O′方向的合力，必須同時(shí)再加一個(gè)力，這個(gè)力的最小值是____．方向?yàn)開___．（已知F與OO′都在同一水平面內(nèi)，F(xiàn)與OO′間的夾角為θ）11、（2014春?杭州月考）有一帶負(fù)電的粒子，在只受電場(chǎng)力作用下，以某一初速度沿著如圖所示的曲線從A點(diǎn)穿過虛線框內(nèi)的電場(chǎng)區(qū)域到達(dá)b點(diǎn)，虛線框內(nèi)的實(shí)線表示電場(chǎng)線，運(yùn)動(dòng)中鈣離子速度逐漸減小，則該帶電粒子經(jīng)過的A、B兩位置的電勢(shì)高低情況是φA____φB（填寫“大于”“等于”或“小于”）；該帶點(diǎn)粒子在AB運(yùn)動(dòng)過程中其電勢(shì)能____．（填寫“增加”“減少”或“不變”）12、【題文】如圖13所示，輕質(zhì)杠桿OA的中點(diǎn)懸掛一重G＝60N的物體，在A端施加一豎直向上的力F，杠桿在水平位置平衡，則F＝____N。保持F的方向不變，在將杠桿從A位置勻速提到B位置的過程中，力F將____（變大/不變/變小）

13、（2013?邯鄲二模）一棱鏡的截面為直角三角形ABC，∠A=30°，直角邊BC=a．在此截面所在的平面內(nèi)，一條光線以i=60°的人射角按如圖所示的方向從AC邊的中點(diǎn)D射入棱鏡，棱鏡材料對(duì)該光的折射率n=，光在真空中的傳播速度為c，則此光線在棱鏡中的傳播速度為____，出射點(diǎn)在AB邊上的位置離A點(diǎn)的距離為____．14、一個(gè)力的大小為F，若將它分解為兩個(gè)力，已知其中一個(gè)分力F1的方向與F成α角，當(dāng)另一個(gè)力F2有最小值時(shí)，F(xiàn)1的大小為____．15、已知地面重力加速度大約是月面重力加速度的6倍．那么一臺(tái)地面上的秒擺（運(yùn)動(dòng)周期為2.0秒）在月面上的運(yùn)動(dòng)周期約為____秒．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、任意兩條電場(chǎng)線都不相交．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．____．18、化學(xué)成分相同的物質(zhì)只能生成同一種晶體．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、10個(gè)分子的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和就是這10個(gè)分子的內(nèi)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、證明題(共4題，共28分)21、證明推導(dǎo)題：

試用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓定律證明：物體在光滑斜面上下落過程中機(jī)械能守恒．22、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）平放在水平桌面的一張薄紙上，對(duì)紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動(dòng)．已知物塊的質(zhì)量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1，紙與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質(zhì)量為m；則從開始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動(dòng)量的定義；結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對(duì)薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動(dòng)量的變化量．（注意：解題過程中需要用到；但題目中沒有給出的物理量，要在解題中做必要的說明．）

（2）若薄紙質(zhì)量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L(zhǎng)，從開始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對(duì)桌面移動(dòng)了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動(dòng)），求此過程中水平拉力所做的功．23、如圖所示，兩個(gè)光滑的水平導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)．左側(cè)連接有阻值為R的電阻，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過導(dǎo)軌平面，有一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)．設(shè)除左邊的電阻R外．其它電阻不計(jì)．棒向右移動(dòng)最遠(yuǎn)的距離為s，問當(dāng)棒運(yùn)動(dòng)到λs時(shí)0＜λ＜L，證明此時(shí)電阻R上的熱功率：P=．24、如圖所示，細(xì)繩系一小球（如圖甲所示）或軌道內(nèi)側(cè)的小球（如圖乙所示）在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)時(shí)的臨界狀態(tài)為只受重力作用，則有mg=m，故小球能通過最高點(diǎn)的臨界速度v=．

試證明小球在最高點(diǎn)時(shí)：

（1）v=；拉力或壓力為零；

（2）v＞；小球受向下的拉力或壓力作用；

（3）v＜；小球不能到達(dá)最高點(diǎn)．

即輕繩模型的臨界速度為v臨=．評(píng)卷人得分五、解答題(共1題，共3分)25、如圖所示，有兩根電阻不計(jì)，相距L為0.40m的平行光滑金屬導(dǎo)軌cd、ef與水平面成37°角固定放置，在軌道平面內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0.50T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直軌道平面斜向上．質(zhì)量m為0.03kg、電阻為1.0Ω的金屬桿ab始終垂直于導(dǎo)軌，并與其保持接觸．導(dǎo)軌兩端分別接有滑動(dòng)變阻器和阻值為3.0Ω的電阻R1．金屬桿ab在沿軌道平面向上的恒定拉力F作用下由靜止沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，拉力F為0.24N．當(dāng)ab桿達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)以速率v沿軌道平面勻速上滑，整個(gè)電路消耗的電功率P為0.27W，試求速率v和滑動(dòng)變阻器接入電路部分的阻值R2．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）．評(píng)卷人得分六、識(shí)圖作答題(共2題，共14分)26、甲圖是某草原生態(tài)系統(tǒng)中幾種生物之間的食物關(guān)系示意圖，請(qǐng)據(jù)圖回答下列問題。（1）甲圖只表示了生態(tài)系統(tǒng)的部分成分，圖中未表示的成分有________。（2）蛇和鷹的關(guān)系是________。商販在某一時(shí)間大量收購(gòu)蛇，導(dǎo)致蛇數(shù)量大量減少。則鷹的數(shù)量會(huì)________。（3）草原返青時(shí)，“綠色”為草食動(dòng)物提供了________信息。草中的碳元素主要以________形式傳遞給蚱蜢和蛐蛐。（4）給牧草施加含32P標(biāo)記的復(fù)合肥后，檢測(cè)32P2在蚱蜢和青蛙體內(nèi)的放射性強(qiáng)度，結(jié)果見乙圖，其中A為________。（5）圖丙中，若A表示圖甲中第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)所攝入的全部能量，則B表示________，C表示________。27、如圖甲表示A、B兩種植物光合速率隨光照強(qiáng)度改變的變化曲線，圖乙表示將A植物放在適宜溫度、不同濃度CO2環(huán)境條件下；A植物光合速率受光照強(qiáng)度影響的變化曲線。

請(qǐng)分析回答：（1）在較長(zhǎng)時(shí)間連續(xù)陰雨的環(huán)境中，生長(zhǎng)受到顯著影響的植物是________。（2）圖甲中的“a”點(diǎn)表示______________。如果以缺鎂的完全營(yíng)養(yǎng)液培養(yǎng)A植物幼苗，則b點(diǎn)的移動(dòng)方向是________。（3）在c點(diǎn)時(shí)，葉綠體中ADP的移動(dòng)方向是從_____________向______________方向移動(dòng)。如下圖所示中與c點(diǎn)相符合的是________。

（4）e點(diǎn)與d點(diǎn)相比較，e點(diǎn)時(shí)葉肉細(xì)胞中C3的含量________；f點(diǎn)之后，限制A植物光合速率的主要因素為_________________。（5）當(dāng)光照強(qiáng)度為g時(shí)，比較植物A、B的有機(jī)物積累速率M1、M2的大小和有機(jī)物合成速率N1、N2的大小，結(jié)果應(yīng)分別為M1________M2、N1________N2。（6）增施農(nóng)家肥可以提高光合效率的原因是：①______________________________________________________________________②______________________________________________________________________參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】線框勻速穿過兩磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，分為三個(gè)過程：穿過左側(cè)磁場(chǎng)，穿過兩磁場(chǎng)分界線和穿過右側(cè)磁場(chǎng)．由有效切割長(zhǎng)度變化，根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式，分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化，再分析感應(yīng)電流的變化．【解析】【解答】解：A、x在0～a范圍，E=BLv，I==，由右手定則可知，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向，是正的，安培力：F安培=BIL=；方向向左，為正的；

x在a～2a范圍，E=2BLv，I=2=2，由右手定則可知，感應(yīng)電流沿瞬時(shí)針方向，是負(fù)的，安培力：F安培=2BI′L=4；方向向左，為正的；

x在2a～3a范圍，E=BLv，I==，由右手定則可知，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向，是正的，安培力：F安培=BIL=；方向向左，為正的，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．2、B|C【分析】試題分析：研究天宮一號(hào)繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有解得：天宮一號(hào)從362千米的近似圓軌道變到343千米的圓軌道的過程中，軌道半徑減小，所以周期減小，故A錯(cuò)誤；軌道半徑減小，所以加速度增大，故B正確；軌道半徑減小，所以速度增大，故C正確；天宮一號(hào)從362千米的近似圓軌道變到343千米的圓軌道的過程中，由于受高層大氣阻力做負(fù)功，所以機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤考點(diǎn)：考查了萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用【解析】【答案】BC3、A【分析】若v1＝v2，則A、B間無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，故A正確；若v1>v2，則B相對(duì)于A向左運(yùn)動(dòng)，故B受到向右的滑動(dòng)摩擦力，A相對(duì)于B向右運(yùn)動(dòng)，A受到向左的滑動(dòng)摩擦力，故B、D錯(cuò)誤；如果v12，則B相對(duì)A向右運(yùn)動(dòng)，B受到向左的滑動(dòng)摩擦力，所以C錯(cuò)誤【解析】【答案】A4、B【分析】【解析】本題考查閉合電路歐姆定律，＝＝R1，由于R1不變，故不變，不變．同理＝R2，由于R2變大，所以變大．但是＝＝R1＋r，所以不變．而＝R2＋R1，所以變大，由于＝＝r，所以不變．故選項(xiàng)A；C、D正確。

點(diǎn)評(píng)：在閉合電路中各個(gè)用電器和電源內(nèi)阻分得的電壓總和保持不變，電阻R=＝根據(jù)電阻變化來(lái)判斷的變化也是一個(gè)方法【解析】【答案】B5、C【分析】解：對(duì)物塊和斜面體整體受力分析；受總重力和支持力，平衡時(shí)，有。

N鈭?(M+m)g=0壟脵

加速下滑時(shí)；再次對(duì)物塊和斜面體整體受力分析，受總重力；支持力和靜摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有。

豎直方向：(M+m)g鈭?N隆盲=masin30鈭?壟脷

水平方向：f=macos30鈭?壟脹

對(duì)物塊受力分析；受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有。

mgsin30鈭?=ma壟脺

有由壟脵壟脷壟脹壟脺

得到：

N鈭?N隆盲=masin30鈭?=mg(sin30鈭?)2=3隆脕10隆脕0.25=7.5N.

故ABD錯(cuò)誤；C正確．

故選：C

本題中原來(lái)物塊和斜面體處于靜止?fàn)顟B(tài)；故測(cè)力計(jì)的讀數(shù)等于物塊和斜面體的總重量，剪短細(xì)線后，沿斜面小球加速下滑，處于失重狀態(tài)，對(duì)小球和斜面體整體運(yùn)用牛頓第二定律列式求解．

本題關(guān)鍵是對(duì)物塊、物塊和斜面體整體多次受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律、共點(diǎn)力平衡條件列式求解；要注意整體法對(duì)于有相對(duì)運(yùn)動(dòng)的物體系統(tǒng)同樣適用．【解析】C

6、D【分析】【分析】在磁場(chǎng)中磁感應(yīng)強(qiáng)度有強(qiáng)弱，則由磁感應(yīng)強(qiáng)度來(lái)描述強(qiáng)弱．將通電導(dǎo)線垂直放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，即確保電流方向與磁場(chǎng)方向相互垂直，則所受的磁場(chǎng)力與通電導(dǎo)線的電流與長(zhǎng)度乘積之比．但這屬于比值定義法．即B與F、I、L均沒有關(guān)系，它是由磁場(chǎng)的本身決定．【解析】【解答】解：A；這屬于比值定義法．即B與F、I、L均沒有關(guān)系；它是由磁場(chǎng)的本身決定．故AB錯(cuò)誤，D正確．

C；由左手定則知通電導(dǎo)體棒的受力方向與B的方向垂直；故C錯(cuò)誤；

故選：D．二、填空題(共9題，共18分)7、A、B50【分析】【分析】（1）當(dāng)溫度低的時(shí)候；電路與AB相連，此時(shí)加熱器要工作，所以加熱器的電路要與AB相連；

（2）要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持100℃，當(dāng)溫度達(dá)到100℃時(shí)，電路就要斷開，即電路要達(dá)到20mA．根據(jù)閉合電路歐姆定律即可求得電阻的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓海?）A；B當(dāng)溫度較低的時(shí)候；熱敏電阻的電阻較大，電路中的電流較小，此時(shí)繼電器的銜鐵與AB部分連接，此時(shí)是需要加熱的，恒溫箱內(nèi)的加熱器要工作，所以該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在A、B端．

（2）當(dāng)溫度達(dá)到100℃時(shí)；加熱電路就要斷開，此時(shí)的繼電器的銜鐵要被吸合，即控制電路的電流要到達(dá)20mA=0.02A；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得；

I=；

即0.02=；

解得R′=50Ω．

故答案為：（1）A、B；（2）50．8、下落的高度高度與初速度高度與初速度【分析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，分別由位移公式和速度公式得到相關(guān)的表達(dá)式，再分析．【解析】【解答】解：a、平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，由h=gt2，得t=；可知平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由下落的高度h決定；

b、平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離x=v0t=v0；可知x由高度與初速度共同決定．

c、平拋運(yùn)動(dòng)落地時(shí)的速度v==；可知v由高度與初速度共同決定．

故答案為：

a；下落的高度．

b；高度與初速度．

c、高度與初速度．9、【分析】【分析】由功率關(guān)系可知輸出功率為原來(lái)的，則其電流為原來(lái)的，則輸出電壓為，則可求變電阻的功率．【解析】【解答】解：P出=P入=為原來(lái)的，則由P=I2R，可得電流為

則輸出電壓為，外阻為4R倍時(shí)，由P==

故答案為：，10、Fsinθ垂直于00′向上【分析】【分析】根據(jù)力的平行四邊形定則，結(jié)合三角函數(shù)關(guān)系，即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)力的平行四邊形定則，物體受到的合力沿0O′方向，則另一個(gè)力F2有大小、方向不同的若干個(gè)解，在這些解的當(dāng)中有一個(gè)最小值，這個(gè)力的方向與合力方向垂直．如圖所示．由幾何關(guān)系可得F2=F1sinθ．

故答案為：Fsinθ，垂直于00′向上．11、大于增加【分析】【分析】粒子在電場(chǎng)力作用下，由運(yùn)動(dòng)與力關(guān)系可知，根據(jù)軌跡的彎曲方向，判斷出合力即電場(chǎng)力的方向，再根據(jù)電場(chǎng)力方向和電荷性質(zhì)判斷場(chǎng)強(qiáng)方向；沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低和Ep=qφ判斷即可分析．【解析】【解答】解：由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力指向曲線的內(nèi)側(cè)，所以負(fù)電荷所受電場(chǎng)力向左，則勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向水平向右；根據(jù)沿著場(chǎng)強(qiáng)的方向電勢(shì)越來(lái)越低，則知φA大于φB．

據(jù)電勢(shì)能Ep=qφ可知電勢(shì)能Ea小于Eb；即知電勢(shì)能增加．

故答案為：大于，增加12、略

【分析】【解析】分析：（1）在A位置如圖；OA；OC為動(dòng)力F和阻力G的力臂，知道C是OA的中點(diǎn)，也就知道兩力臂的大小關(guān)系，知道阻力G的大小，利用杠桿的平衡條件求動(dòng)力F的大??；

（2）在B位置；畫出動(dòng)力和阻力的作用線，找出動(dòng)力臂的阻力臂，利用三角形的相似關(guān)系，確定動(dòng)力臂和阻力臂的大小關(guān)系，再利用杠桿平衡條件分析拉力F的大小變化情況．

解：（1）如圖，杠桿在A位置，LOA=2LOC；

∵杠桿平衡；

∴FLOA=GLOC；

∴F==30N．

（2）杠桿在B位置；OA′為動(dòng)力臂，OC′為阻力臂，阻力不變?yōu)镚；

∵△OC′D∽△OA′B；

∴

∵杠桿平衡；

∴F′LOA′=GLOC′；

∴F′=．

由此可知當(dāng)杠桿從A位置勻速提到B位置的過程中；力F的大小不變．

故答案為：30，不變．【解析】【答案】30N不變13、1.73×108m/sa【分析】【分析】由公式v=求解光線在棱鏡中的傳播速度．根據(jù)折射定律求出光線在AC面的折射角，再由幾何知識(shí)求出光線從棱鏡AB邊上射出的點(diǎn)的位置離A點(diǎn)的距離．【解析】【解答】解：光線在棱鏡中的傳播速度v==≈1.73×108m/s

設(shè)折射角為r，由折射定律n=

得r=30°

由幾何關(guān)系可得：∠AED=90°，AE=AD?cos30°=a?=a

故答案為：1.73×108m/s，a．14、Fcosα【分析】【分析】分解一個(gè)確定大小和方向的力，根據(jù)平行四邊形定則，以這個(gè)力為對(duì)角線作平行四邊形，與這個(gè)力共點(diǎn)的兩個(gè)鄰邊表示一對(duì)分力．如作出的平行四邊形只有一個(gè)，就得到唯一確定的解．【解析】【解答】解：根據(jù)平行四邊形定則，將已知力分解，當(dāng)F2有最小值時(shí)，即為Fsinα，則F1的大小為Fcosα．

故答案為：Fcosα．15、4.9【分析】【分析】單擺的小角度擺動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，具有等時(shí)性，根據(jù)單擺周期公式T=2π列式求解即可．【解析】【解答】解：在地球，有：T地=2π

在月球，有：T月=2π

聯(lián)立解得：T月==T地=2s≈4.9s；

故答案為：4.9．三、判斷題(共5題，共10分)16、√【分析】【分析】掌握電場(chǎng)線特點(diǎn)是解本題的關(guān)鍵，電場(chǎng)線從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不相交不閉合．【解析】【解答】解：電場(chǎng)中任意兩條電場(chǎng)線不會(huì)相交；否則相交的地方的電場(chǎng)線的方向有兩個(gè)．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力對(duì)物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×18、×【分析】【分析】根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)與特點(diǎn)可知，同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體．【解析】【解答】解：由同種元素構(gòu)成的固體；可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)動(dòng)能、分子間相互作用勢(shì)能的總和．【解析】【解答】解：物體的內(nèi)能是構(gòu)成物體的所有分子的無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子勢(shì)能的代數(shù)和；具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)單個(gè)或幾個(gè)分子無(wú)意義；

故答案為：×20、√【分析】【分析】晶體的分子（或原子、離子）排列是有規(guī)則的．晶體是具有一定的規(guī)則外形和各向異性．【解析】【解答】解：根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)的特點(diǎn)可知；晶體的分子（或原子；離子）排列是有規(guī)則的．所以該說法是正確的．

故答案為：√四、證明題(共4題，共28分)21、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式速度位移關(guān)系公式列式，變形即可證明．【解析】【解答】證明：設(shè)物體的質(zhì)量為m，從光滑斜面上的A點(diǎn)滑到B點(diǎn)，在A、B兩點(diǎn)的速度分別為v1和v2．斜面的傾角為α，A、B兩點(diǎn)的高度分別為h1和h2．

根據(jù)牛頓第二定律得mgsinα=ma

即有a=gsinα

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有-=2a?

聯(lián)立得有-=2g（h1-h2）

即得：m-=mg（h1-h2）

移項(xiàng)得+mgh1=m+mgh2．

即E1=E2；

得證．

證明見上．22、略

【分析】【分析】（1）①根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式f=μN(yùn)求解摩擦力．

②根據(jù)牛頓第二定律得物塊和薄紙的加速度．從而得到速度的變化量；再研究水平拉力F和桌面對(duì)薄紙摩擦力的總沖量，即可證明．

（2）根據(jù)相對(duì)位移，得到摩擦產(chǎn)生的熱量，利用功能關(guān)系求解．【解析】【解答】解：（1）①?gòu)拈_始抽紙到紙被抽離物塊底部的過程中；

物塊對(duì)薄紙施加的摩擦力f物=μ2Mg

水平桌面對(duì)薄紙施加的摩擦力f桌=μ1（M+m）g

薄紙受到的總的摩擦阻力f總=μ1（M+m）g+μ2Mg

②從開始抽紙到薄紙被抽離物塊底部的過程，假設(shè)物塊的加速度為aM、薄紙的加速度為am，所用時(shí)間為t，這一過程物塊和紙張的速度變化量分別為△vM，△vm．

則有△vM=aMt，△vm=amt；

對(duì)于薄紙，根據(jù)牛頓第二定律有F-f桌-f物=mam

對(duì)于物塊，根據(jù)牛頓第二定律有f紙=MaM

由牛頓第三定律有f物=f紙

由以上三式解得F-f桌=mam+MaM

上式左右兩邊都乘以時(shí)間t，有（F-f桌）t=mamt+MaMt=m△vm+M△vM

上式左邊即為水平拉力F和桌面對(duì)薄紙摩擦力的總沖量；右邊即為物塊和紙的總動(dòng)量的變化量．命題得證．

說明：其他方法正確同樣得分．

（2）設(shè)物塊在薄紙上加速和在桌面上減速的位移分別為x1，x2；

則物塊對(duì)地位移s0=x1+x2

因薄紙質(zhì)量可忽略；故其動(dòng)能可忽略，所以水平拉力F所做的功有以下一些去向：

薄紙與桌面間的摩擦生熱Q1=μ1Mg（x1+L）

物塊與薄紙間的摩擦生熱Q2=μ2Mgs相=μ2MgL

物塊與桌面間的摩擦生熱Q3=μ1Mgx2

由功能關(guān)系有WF=Q1+Q2+Q3

解得WF=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL

所以，水平拉力F所做的功W=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．

答：

（1）①薄紙所受總的摩擦力為μ1（M+m）g+μ2Mg．②證明見上．

（2）此過程中水平拉力所做的功為μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．23、略

【分析】【分析】導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到向左的安培力作用而減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律和加速度的定義式，運(yùn)用積分法研究整個(gè)過程，再對(duì)棒運(yùn)動(dòng)λs時(shí)研究，求出電路中電流，從而得到R上的熱功率．【解析】【解答】證明：取向右為正方向．根據(jù)牛頓第二定律得：

-=ma=m①

即得-v△t=m△v②

兩邊求和得：（-v△t）=m△v③

又v△t=△x④

對(duì)整個(gè)過程，由③求和得-s=m（0-v0）；

即有s=mv0⑤

從開始運(yùn)動(dòng)到棒運(yùn)動(dòng)到λs的過程，由③求和得：-λs=m（v-v0）⑥

由⑤⑥解得棒運(yùn)動(dòng)到λs速度為：v=（1-λ）v0⑦

此時(shí)電阻R上的熱功率為：P===．

得證．24、略

【分析】【分析】利用小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)的向心力與速度之間的關(guān)系式Fn=m以及向心力是沿半徑方向上的所有力的合力即可證明．【解析】【解答】解：（1）、當(dāng)小球的速度v=時(shí)，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m=mg；此時(shí)需要的向心力與重力大小相等，方向?yàn)橹亓Φ姆较颍粗亓μ峁┫蛐牧?，所以此時(shí)拉力或壓力為零；

（2）當(dāng)小球的速度v＞，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m＞mg；此時(shí)需要的向心力大于重力，方向?yàn)橹亓Φ姆较?，重力不足以提供小球的向心力，所以小球要做圓周運(yùn)動(dòng)，小球還得受向下的拉力或壓力作用；

（3）當(dāng)小球的速度v＜，在最高點(diǎn)需要的向心力為：Fn=m＜mg；所以小球會(huì)在上升的過程中脫離圓形軌道，不能到達(dá)最高點(diǎn)．

由以上闡述可知，輕繩模型的臨界速度為v臨=．

答：證明過程如上．五、解答題(共1題，共3分)25、略

【分析】【分析】（1）當(dāng)金屬棒的速度達(dá)到最大值vm時(shí)；此時(shí)金屬棒受力平衡，恒力做功的功率達(dá)到最大值．應(yīng)用能量守恒知拉力與重力的功率的和轉(zhuǎn)化為電功率；

（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求得電路中的電流，然后結(jié)合串并聯(lián)電路的特點(diǎn)求出滑動(dòng)變阻器的電阻值．【解析】【解答】解：（1）當(dāng)ab桿達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)以速率v沿軌道平面勻速上滑；根據(jù)能量守恒有：

（F-mgsin37°）v=P；

代入數(shù)據(jù)得：v=4.5m/s．

（2）電路中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)：E=BLv=0.50×0.40×4.5=0.9V；

由：P=EI得：

A

設(shè)電阻R1與R2的并聯(lián)電阻為R外，ab棒的電阻為r；有：

代入數(shù)據(jù)得：R2=6.0Ω．

答：金屬板的速率為4.5m/s，滑動(dòng)變阻器接入電路部分的阻值為6.0Ω．六、識(shí)圖作答題(共2題，共14分)26、（1）非生物的物質(zhì)和能量以及分解者（2）捕食和競(jìng)爭(zhēng)增加（3）物理有機(jī)物（4）蚱蜢（5）第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)同化的能量第二營(yíng)養(yǎng)級(jí)用于生長(zhǎng)、發(fā)育和繁殖的能量【分析】【分析】本題考查種間關(guān)系、生態(tài)系統(tǒng)組成成分及營(yíng)養(yǎng)結(jié)構(gòu)、能量流動(dòng)等相關(guān)知識(shí)，意在考查考生能理解所學(xué)知識(shí)的要點(diǎn)，把握知識(shí)間的內(nèi)在聯(lián)系，能從圖形中獲取有效信息，運(yùn)用所學(xué)知識(shí)與觀點(diǎn)，