2025年青島版六三制新必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年青島版六三制新必修3物理下冊階段測試試卷757考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列關于場的說法正確的是（）A.電場和磁場并不是真實存在的物質(zhì)B.電場對放入其中的電荷一定有力的作用C.磁場對放入其中的電荷一定有力的作用D.將放入電場中的電荷移走，電場隨之消失2、如圖所示，平行的實線表示電場線，虛線表示一個帶電粒子穿越電場的運動軌跡，a、b是此軌跡上的兩點．不計帶電粒子所受重力；下列說法中正確的是（）

A.電場方向一定是向右的B.該粒子一定帶負電荷C.粒子在a點的動能一定小于在b點的動能D.該粒子一定是由a向b運動3、下列對電源電動勢概念的描述，正確的是（）A.電動勢大小等于電源兩極間的電壓B.當電源未接入電路時，電動勢為零C.電動勢反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小D.電動勢等于非靜電力把正電荷從負極移動到正極單位時間內(nèi)做的功4、如圖所示，是一個點電荷產(chǎn)生的電場的電場線（箭頭線）和等勢面（虛線），兩等勢面之間的電勢差大小為2V。有一個帶電荷量為q＝－1.0×108C的電荷，從A點沿不規(guī)則曲線路徑移到B點；電場力做功為（）

A.2.0×108JB.－2.0×108JC.1.60×107JD.－4.0×108J5、在電場中某處放入電荷量為1.0×10-9C的點電荷時，它受到的電場力的大小為2.0×10-5N，則該處的電場強度大小是（）A.2.0×104N/CB.5.0×10-5C/NC.2.0×10-14N·CD.06、在圖中所示的勻強電場的等勢面分布圖中；每兩個相鄰的水平等勢面相距2厘米，由此可知，電場強度E的方向和大小分別是（）

A.方向豎直向下，大小為100V/mB.方向水平向左，大小為300V/mC.方向豎直向上，大小為100V/mD.方向水平向右，大小為300V/m評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖2所示，電路中的電源電動勢為E，內(nèi)阻為r．其中L1、L2和L3為小燈泡，V1和V2為電壓表，R為光敏電阻；其不同光照下（光照強度單位為坎德拉，cd）的伏安特性曲線如圖1所示．閉合開關S，當光敏電阻上的光照增強時，下列說法正確的是（）

A.小燈泡L3變暗，L1、L2變亮B.小燈泡L1、L3變亮，L2變暗C.電壓表V1示數(shù)變化量比電壓表V2大D.電壓表V2示數(shù)變小8、如圖，電源內(nèi)阻為r，兩個定值電阻R1、R2阻值均為R，閉合電鍵，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V3示數(shù)變化量的絕對值為ΔU3，理想電流表A1、A2示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2，則A.A2示數(shù)增大B.V2示數(shù)與A1示數(shù)的比值不變C.ΔU3與ΔI1的比值小于2RD.ΔI1小于ΔI29、如圖所示，電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，開關S閉合，將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)變化量的絕對值分別為△U1、△U2、△U3，理想電流表示數(shù)變化量的絕對值為△I；下列說法正確的是（）

A.理想電壓表V2的示數(shù)增大B.△U3>△U1>△U2C.電源的輸出功率減小D.△U3與△Ⅰ的比值不變10、如圖所示的實驗裝置為庫侖扭秤，細銀絲的下端懸掛一根絕緣棒，棒的一端是一個帶電的金屬小球A，另一端有一個不帶電的球B，B與A所受的重力平衡．當把另一個帶電的金屬球C插于容器并使它靠近A時，A和C之間的作用力使懸絲扭轉(zhuǎn)，通過懸絲扭轉(zhuǎn)的角度可以比較出力的大小，便可找到力F與距離r和電荷量q的關系．這一實驗中用到了下列哪些方法。

A.微小量放大法B.控制變量法C.極限法D.逐差法11、如圖中所示為電場中的一條電場線，在電場線上建立坐標軸，坐標軸上OB間各點的電勢分布如圖乙所示；則()

A.在OB間，場強先減小后增大B.在OB間，場強方向沒有發(fā)生變化C.若一個負電荷從O點運動到B點，其電勢能逐漸減小D.若從O點靜止釋放一個僅受電場力作用的正電荷，則該電荷在OB間一直做加速運動12、如圖所示，在勻強電場中有a、b、c、d四點，它們處于同一圓周上，且ac、bd分別是圓的直徑，ab間相距8cm，ad間相距3cm，已知a、b、c三點的電勢分別為φa=9V，φb=15V，φc=18V；則以下說法正確的是（）

A.d點電勢為12VB.勻強電場電場強度為125V/mC.勻強電場電場強度為150V/mD.電子從c運動到b電勢能減小了3eV13、下圖所示的實驗中，極板所帶電荷量為Q，已知兩極板正對面積為S、間距為d，平行板電容器的電容為C，靜電計指針偏角為θ。則下列判斷正確的是（）

A.若保持S不變，僅增大d，則θ變小B.若保持S不變，僅增大d，則C變小C.若保持d不變，僅減小S，則θ變大D.若保持d不變，僅減小S，則C變大14、如圖，光滑絕緣水平地面上有一水平絕緣輕彈簧左端固定，右端與一質(zhì)量為m、電荷量為的滑塊P（可視作質(zhì)點）拴接，沿水平方向建立x軸，沿x軸加一水平方向電場（圖中未畫出），x軸上的電勢隨位置x的變化關系如圖所示?；瑝K從彈簧原長處靜止釋放（未超出彈性限度），沿x軸正方向運動直至速度為零的過程中（）

A.電場的電勢越來越低，電場強度越來越小B.滑塊的加速度先增大后減小C.當滑塊的速度最大時，彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大D.滑塊克服彈力做的功等于電勢能的減少量15、如圖所示，電源電動勢E=1.5V，內(nèi)電阻r=0.5Ω，滑動變阻器R1的最大電阻Rm=5.0Ω，定值電阻R2=2.0Ω；C為平行板電容器，其電容為3μF．將開關S與a接觸，則。

A.當R1的阻值增大時，R2兩端的電壓減小B.穩(wěn)定時R1消耗的最大功率為0.225wC.將開關從a接向b，流過R3的電流流向為c→dD.將開關從a接向b，待電路穩(wěn)定，流過R3的電荷量為9×10－3C評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、如圖所示，在邊長為L的正方形四個頂點A、B、C、D上依次放置電荷量為＋q、＋q、＋q和－q的點電荷，則正方形中心O點的電場強度大小為______，方向為________．

17、能量守恒定律。

（1）能量守恒定律。

能量既不會憑空___________，也不會憑空___________，它只能從一種形式___________為另一種形式，或者從一個物體___________到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量___________。

（2）能量守恒定律的意義。

①各種形式的能可以___________。

②各種物理現(xiàn)象可以用___________聯(lián)系在一起。

（3）永動機不可能制成。

①第一類永動機：人們把設想的不消耗___________的機器稱為第一類永動機。

②第一類永動機由于違背了___________，所以不可能制成。18、一平行板電容器充電后切斷電源，若使二極板間距離增加，則二極板間電容_________（填“增大”或“減小”或“不變”）。19、電荷守恒定律和元電荷。

（1）電荷守恒定律：電荷既不會創(chuàng)生，也不會消滅，它只能從一個物體轉(zhuǎn)移到________，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到___________；在轉(zhuǎn)移過程中；電荷的總量保持不變；

（2）電荷守恒定律的另一表述是：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，___________保持不變；

（3）元電荷：___________叫作元電荷，用e表示。所有帶電體的電荷量或者等于e，或者是________元電荷e的數(shù)值最早是由美國物理學家密立根測得的，在我們的計算中，可取e=___________C；

（4）比荷：帶電粒子的電荷量與___________的比值。20、等勢面。

（1）定義：電場中__________的各點構成的面。

（2）等勢面的特點：

①在同一等勢面上移動電荷時靜電力________。

②電場線跟等勢面______，并且由電勢_____的等勢面指向電勢____的等勢面。

③兩個不同的等勢面永不_________。21、如圖所示，平行板電容器板面水平，放置于空氣中，兩板與電源相接，A板接靜電計小球，B板接靜電計外殼，開始開關S閉合；有一個帶電粒子在電容器中恰好靜止。

（1）將A板水平向左移動一段距離，粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）。電容器所帶的電荷量的變化情況是___________（填“增多”；“減少”或“不變”）。

（2）如果先斷開開關S，再把A板向左移動一段距離，則粒子的運動情況是___________（填“靜止”、“向上運動”或“向下運動”）靜電計指針張角的變化情況是___________（填“增大”；“減小”或“不變”）。

22、請正確讀出下圖中各表達讀數(shù)：

(1)如圖（a），接0~3V量程時讀數(shù)為___________V；接0~15V量程時讀數(shù)為___________V。

②如圖（b），接0~3A量程時讀數(shù)為___________A；接0~0.6A量程時讀數(shù)為___________A。評卷人得分四、實驗題(共1題，共8分)23、（1）甲圖為多用電表的示意圖，其中F、S、Z為三個可調(diào)節(jié)的部件，當發(fā)現(xiàn)多用電表的指針沒有指在左邊的0刻度，需要旋動部件______。當S旋轉(zhuǎn)到電阻檔“×100”，表筆短接時，旋動部件______，使指針指到______（“左邊零刻線”或“右邊零刻線”）：S旋到電阻檔電路的示意圖如圖乙所示，電池的電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為調(diào)零電阻，Rg為表頭內(nèi)阻，電路中電流I與待測電阻的阻值Rx關系式為______（調(diào)零電阻R0接入電路的部分阻值用R0表示）。

（2）如圖所示為多用電表的刻度盤。

①若選用倍率為“×100”的歐姆擋測電阻時，歐姆調(diào)零后，歐姆表內(nèi)阻的阻值為______Ω：如果要用此多用電表測量一個阻值約為2×104Ω的電阻，為了使測量結果比較精確，應選用的歐姆擋是______（填“×10”；“×100”或“×1K”）。

②用此多用電表進行測量，當選用量程為50mA的電流擋測量電流時，表針指于圖示位置，則所測電流為______mA。評卷人得分五、解答題(共1題，共3分)24、一量程為0.6A的電流表；其刻度盤如圖所示，若此電流表的兩端并聯(lián)一個電阻，其阻值等于該電流表內(nèi)阻的一半，使其成為一個新的電流表，則圖示的刻度盤上的一個小格表示多少安培？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

A．電場和磁場是真實存在的一種特殊物質(zhì)；電場，磁場這種物質(zhì)與通常的實物不同，它不是由分子原子所組成，但它是客觀存在的，故A錯誤。

B．電場與重力場相似；其基本特性是對放入其中的電荷有力的作用。故B正確。

C．磁場對放入其中運動的電荷才有力的作用；故C錯誤。

D．電場和放入電場中的電荷沒有關系；電場是由場源電荷和離場源電荷的距離共同決定的。故D錯誤。

故選B。2、C【分析】物體做曲線運動合力方向大致指向軌跡凹的一側(cè)，可以知道電場力方向向左，不能判斷電場的方向，也不能判斷粒子的帶電性質(zhì)，故AB錯誤；從a運動到b，電場力做正功，電勢能減少，動能增加，所以帶電粒子在a點的動能小于在b點的動能，故C正確；粒子可能是由a向b運動，也可能是由b向a運動，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電動勢大小等于外電路斷開時電源兩極間的電壓；選項A錯誤；

B．電源電動勢是由電源本身決定的；與是否接入電路無關，選項B錯誤；

C．電動勢反映了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大??；選項C正確；

D．電動勢等于非靜電力把單位正電荷從負極移動到正極做的功；選項D錯誤。

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

由圖可知，電場線的方向向外，可知A點的電勢大于B點的電勢，所以AB之間的電勢差為UAB=2V

由電場力做功的公式有W=qUAB═-1.0×10-8C×2=-2.0×10-8J

故B正確，ACD的錯誤。

故選B。5、A【分析】【詳解】

根據(jù)電場強度的定義

A正確；BCD錯誤。

故選A。6、A【分析】【詳解】

電場線與等勢面垂直，且由高電勢面指向低等勢面，可知場強E的方向豎直向下；場強大小為

故選A。二、多選題(共9題，共18分)7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．光敏電阻光照增強，故光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，內(nèi)電壓增大，則外電壓減小，由于L2處于干路，則其電流增大，亮度變亮；因L2燈泡的電壓增大，那么L3電壓減小，則其電流減小，因此L3變暗；因L3電流減小，那么L1的電流增大，因此L1變亮；故A正確，B錯誤；

CD．由上分析，可知，電壓表V1測量L3電壓，而電壓表V2測量L2的電壓，因此電壓表V2示數(shù)變大，而電壓表V1示數(shù)變小，由于外電壓減小，那么壓表V1示數(shù)變化量比電壓表V2大，故C正確，D錯誤．8、A:D【分析】【詳解】

閉合電鍵后，電路如圖所示．V1、V2、V3分別測量R1、路端電壓和R′的電壓．當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A1的示數(shù)增大，電源的內(nèi)電壓Ir增大，則V2示數(shù)減小，R1的電壓增大，V3的示數(shù)減小，則通過R2的電流減小，所以通過R′的電流增大，即A2示數(shù)增大，A選項正確．V2示數(shù)與A1示數(shù)之比等于外電路電阻，其值減小，故B選項正確．根據(jù)閉合電路歐姆定律得U3=E﹣I1（R1+r），則得=R1+r=R+r，不一定小于2R，故C選項錯誤．A1的示數(shù)增大量等于A2示數(shù)增大和R2的電流減小量之和，所以ΔI1小于ΔI2；故D選項正確．

9、B:D【分析】【詳解】

A．理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當于斷路。理想電流表內(nèi)阻為零，相當短路，所以定值電阻R與變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2、V3分別測量R的電壓、路端電壓和變阻器兩端的電壓。當滑動變阻器滑片向下滑動時，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，則V2的示數(shù)減??；故A錯誤；

C．當內(nèi)外電阻相等時；電源的輸出功率最大，故當滑動變阻器滑片向下滑動時，外電阻越來越接近內(nèi)阻，故電源的輸出功率在增大；故C錯誤；

BD．根據(jù)閉合電路歐姆定律得U2=E-Ir

則得

而

據(jù)題：R＞r，則得△U1＞△U2

同理U3=E-I（R+r）

則得

保持不變，同時得到△U3＞△U1＞△U2

故BD正確；

故選BD。10、A:B【分析】【詳解】

通過扭秤可以將看不到的引力效果放大，是人能觀察到引力的作用，所以用到了放大法，A正確；過程中需要控制r不變，研究F和q的關系，控制q不變研究F和r的關系，所以還用到了控制變量法，選項B正確，CD錯誤；故選AB.11、B:D【分析】【分析】

電勢-位置圖像的斜率是電場強度；通過分析場強的大小和方向解決問題。

【詳解】

A．圖線的斜率大小的絕對值等于電場強度大小，由幾何知識得，在OB間；圖線的斜率大小的絕對值先增大后減小，則場強先增大后減小，A錯誤；

B．在OB間；電勢一直降低，根據(jù)沿著電場線方向電勢降低可知場強方向沒有發(fā)生變化，故B正確；

C．由題圖乙可知從O點到B點，電勢逐漸降低，若一負電荷從O點運動到B點；電場力做負功，則其電勢能逐漸增大，故C錯誤；

D．電場方向沿x軸正方向，若從O點靜止釋放一僅受電場力作用的正電荷，其受到的電場力方向沿x軸正方向；正電荷將做加速運動，故D正確。

【點睛】

從函數(shù)的角度去理解圖像的斜率物理含義，通過電勢的定義判斷正負電荷在不同電勢處電勢能的變化。12、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．在勻強電場中電勢滿足φd?φa=φc?φb

解得φd=12V

A正確；

BC．如圖所示。

延長ab至e點，使be=4cm，則φe=φc=18V

ce為等勢線，電場方向垂直ce指向b，由幾何關系可得

故場強大小為

B正確；C錯誤；

D．電子從c到b過程電場力做的功為

電場力做負功；電勢能增大3eV，D錯誤。

故選AB。13、B:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電容的決定式

若保持S不變，僅增大d，電容C變小，極板間電荷量不變，再根據(jù)

可知U增大，所以θ變大；A錯誤；B正確；

CD．根據(jù)電容的決定式

若保持d不變，僅減小S，電容C變小，極板間電荷量不變，再根據(jù)

可知U增大，所以θ變大；C正確；D錯誤；

故選BC。14、A:D【分析】【詳解】

A．由x軸上的電勢隨位置x的變化關系圖像；可知電場的電勢越來越低，由圖像的斜率表示電場強度，可知電場強度越來越小，A正確；

B．由題意可知，沿x軸正方向電勢降低，即電場方向沿x軸正方向?；瑝KP沿x軸正方向運動時，受到向右的電場力和向左的彈力，開始兩力的合力方向沿x軸正方向，且合力由大變小，當合力是零時，加速度是零，滑塊P速度最大，隨沿x軸正方向運動位移的增大；電場強度逐漸減小，彈力逐漸增大，其合力方向向左，且逐漸增大，當滑塊P速度是零時，彈力最大，因此滑塊P的加速度先減小后增大，B錯誤；

C．由題意可知；滑塊P運動中，電勢能的減少量等于滑塊動能的增加量與彈簧的彈性勢能的增加量之和，因此滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，則有彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大，C錯誤；

D．由以上分析可知；滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，且全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，即為滑塊P克服彈力所做的功，D正確。

故選AD。15、A:B:C【分析】【詳解】

當R1的阻值增大時，外電路的總電阻增大，總電流減小，R2兩端的電壓減小，故A正確；將R2等效為電源的內(nèi)阻，當R1＝R2+r＝2+0.5＝2.5Ω時，R1消耗的功率最大，最大功率為故B正確；當開關接a時，電容器右極板帶正電，將開關從a接向b，穩(wěn)定時電容器左極板帶正電，所以電容器先放電后反向充電，流過R3的電流流向為c→d，故C正確；因R1接入的阻值未知，不能求出電容器上電壓的變化，故不能求出流過R3的電荷量，故D錯誤；故選ABC．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

A、C兩點上的電荷在O點產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，正好抵消，最終的場強為B、D兩點電荷在O點產(chǎn)生場強的合場強．則O點的場強：E=EB+ED＝方向沿OD連線由O指向D．

【點睛】

解決本題的關鍵掌握點電荷的場強公式，以及點電荷的場強方向，會根據(jù)平行四邊形定則進行場強的疊加．【解析】方向沿OD連線由O指向D17、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]能量既不會憑空產(chǎn)生；也不會憑空消失，它只能從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式，或者從一個物體轉(zhuǎn)移到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量保持不變。

（2）①[6]各種形式的能可以相互轉(zhuǎn)化。

②[7]各種物理現(xiàn)象可以用能量守恒定律聯(lián)系在一起。

（3）①[8]第一類永動機：人們把設想的不消耗能量的機器稱為第一類永動機。

②[9]第一類永動機由于違背了能量守恒定律，所以不可能制成?！窘馕觥慨a(chǎn)生消失轉(zhuǎn)化轉(zhuǎn)移保持不變相互轉(zhuǎn)化能量守恒定律能量能量守恒定律18、略

【分析】【詳解】

根據(jù)

若使二極板間距離增加，則二極板間電容減小。【解析】減小19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]電荷守恒定律：電荷既不會創(chuàng)生；也不會消滅，它只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移過程中，電荷的總量保持不變。

(2)[3]電荷守恒定律的另一表述是：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)；電荷的代數(shù)和保持不變。

(3)[4][5][6]自然界中帶電量最小的電荷叫作元電荷，用e表示。所有帶電體的電荷量或者等于e，或者是元電荷整數(shù)倍，元電荷e的數(shù)值最早是由美國物理學家密立根測得的，在我們的計算中，可取e=

(4)[7]比荷是帶電粒子的電荷量與質(zhì)量的比值。【解析】另一物體另一部分電荷的代數(shù)和自然界中帶電量最小的電荷整數(shù)倍質(zhì)量20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]定義：電場中電勢相等的各點構成的面。

(2)①[2]在同一等勢面上移動電荷時靜電力不做功。

②[3][4][5]電場線跟等勢面垂直；并且由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面。

③[6]兩個不同的等勢面永不相交?！窘馕觥竣?電勢相等②.不做功③.垂直④.高⑤.低⑥.相交21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]兩極板電壓不變，根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離；兩板間距離不變，所以兩極板間的電場強度不變，粒子的運動情況是靜止。

[2]根據(jù)

將A板水平向左移動一段距離，正對面積減小，所以電容減小，再根據(jù)

電容器所帶的電荷量的變化情況