2025年華師大新版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版高二物理下冊階段測試試卷845考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的作用力為F，若它們的帶電量都增大為原來的2倍，距離減少為原來的1/2，它們之間的相互作用力變?yōu)锳.F/2B.FC.4FD.16F2、兩根長度均為L的絕緣細(xì)線分別系住質(zhì)量相等、電荷量均為+Q的小球a、b；并懸掛在O點。當(dāng)兩個小球靜止時，它們處在同一高度上，且兩細(xì)線與豎直方向間夾角均為α=30°，如圖所示，靜電力常量為k，則每個小球的質(zhì)量為（）

A.B.C.D.3、平行板電容器的兩極板AB

接于電池兩極，一帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合電鍵K

電容器充電，這時懸線與豎直方向的夾角為婁脠

如圖所示(

)

A.保持K

閉合，A

板向B

板靠近，則婁脠

變小B.保持K

閉合，A

板向B

板靠近，則婁脠

不變C.斷開KA

板向B

板靠近，則婁脠

增大D.斷開KA

板向B

板靠近，則婁脠

不變4、如圖所示電路中，燈泡L的電阻大于電源的內(nèi)阻r，閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是（）A.燈泡L變亮B.電源的輸出功率變小C.電容器C上電荷量減少D.電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)增大5、在地磁場作用下處于靜止的小磁針上方,平行于小磁針?biāo)椒胖靡恢睂?dǎo)線,當(dāng)該導(dǎo)線中通有電流時,小磁針會發(fā)生偏轉(zhuǎn);當(dāng)通過該導(dǎo)線電流為I時,小磁針左偏30°,則當(dāng)小磁針左偏60°時,通過導(dǎo)線的電流為（已知直導(dǎo)線在某點產(chǎn)生的磁場與通過直導(dǎo)線的電流成正比）()A.2IB.3IC.D.無法確定評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、把兩個異種電荷靠近，電場力做____功（選填“正”或“負(fù)”）；電荷的電勢能____（選填“增大”或“減小”）．7、（1）某學(xué)生用螺旋測微器在測定某一物體寬度時，測得的結(jié)果如圖所示，則該物體的寬度是____．

（2）使用中值電阻（刻度中央的電阻值）為24Ω（×l擋）的多用電表測量兩個定值電阻（阻值約為R1=20Ω和R2=30kΩ）．在下列一系列操作中；選出盡可能準(zhǔn)確地測定各阻值，并符合多用電表使用規(guī)則的各項操作，按合理的順序填寫在橫線的空白處：

A．轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)置于“×1k”擋。

B．轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)置于“×100”擋。

C．轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)置于“×10”擋。

D．轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)置于“×1”擋。

E．轉(zhuǎn)動選擇開關(guān)置于“OFF”擋。

F．將兩表筆分別接觸R1兩端，讀出Rl的阻值后隨即斷開。

G．將兩表筆分別接觸R2兩端，讀出R2的阻值后隨即斷開。

H．將兩表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，使指針指在刻度線右端的“O”刻度所選操作的合理順序是____．

8、一個電子勻強磁場中運動而不受到磁場力的作用，則電子運動的方向一定是______．9、在“用油膜法估測分子大小”的實驗中；所用的油酸酒精溶液的濃度為每1000mL溶液中有純油酸0.6mL，用注射器測得lmL上述溶液有100滴，將1滴該溶液滴入盛水的淺盤內(nèi)，讓油膜在水面上盡可能散開，得到油酸薄膜的輪廓形狀和尺寸如圖，圖中正方形格的邊長為1cm，則可求得：

（1）油酸薄膜的面積是______cm2；

（2）油酸分子的直徑是______m（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；

（3）利用單分子油膜法還可以粗測阿伏加德羅常數(shù)．如果已知體積為V的一滴油在水面上散開形成的單分子油膜的面積為S，這種油的密度為ρ，摩爾質(zhì)量為M．則阿伏加德羅常數(shù)的表達式為______．10、使物體帶電的方法有：摩擦起電、______和______．11、如圖所示的電路中，電源電動勢E=12V

內(nèi)電阻r=2婁賂M

為一小電動機，其內(nèi)部線圈的導(dǎo)線電阻RM=4婁賂.R

為一只保護電阻，R=6婁賂.

電動機正常運轉(zhuǎn)時，電壓表(

可當(dāng)作理想電表)

的示數(shù)為3V

則流過電動機的電流為______A

電動機的輸出功率為______W.

12、如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌間距為d，一端跨接一阻值為R的電阻，勻強磁場磁感強度為B，方向垂直軌道所在平面，一根長直金屬棒與軌道成60°角放置，當(dāng)金屬以垂直棒的恒定速度v沿金屬軌道滑行時，電阻R中的電流大小為________，方向為________。（不計軌道與棒的電阻）13、（6分）用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素(如圖)．設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ.實驗中，極板所帶電荷量不變，則：（1）保持S不變，增大d，則θ；（2）保持d不變，減小S，則θ。（填“變大”或“變小”）14、如圖，桌面上一個條形磁鐵下方的矩形線圈內(nèi)的磁通量為0.04Wb.

將條形磁鐵向下運動到桌面上時，線圈內(nèi)磁通量為0.12Wb

則此過程中線圈內(nèi)磁通量的變化量為_________Wb

若上述線圈匝數(shù)為10

匝，完成上述變化所用時間為0.1s

那么此過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為________V

．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共4題，共40分)24、（10分）一根彈性繩沿x軸方向放置，左端在原點O，用手握住繩的左端使其沿y軸方向做周期為1s的簡諧運動，于是在繩上形成一列簡諧波，如圖所示。求：（1）若從波傳到平衡位置在x=1m處的M質(zhì)點時開始計時，那么經(jīng)過的時間等于多少時，平衡位置在x=4．5m處的N質(zhì)點恰好第一次沿y軸正向通過平衡位置？在圖中準(zhǔn)確畫出當(dāng)時彈性繩上的波形。（2）從繩的左端點開始做簡諧運動起，當(dāng)它通過的總路程為88cm時，N質(zhì)點振動通過的總路程是多少？25、rm{(1)}甲醇質(zhì)子交換膜燃料電池中將甲醇蒸氣轉(zhuǎn)化為氫氣的一種原理是rm{CH_{3}OH(g)}和rm{H_{2}O(g)}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}和rm{H_{2}}下圖是該過程中能量變化示意圖，若在反應(yīng)體系中加入催化劑，反應(yīng)速率增大，正反應(yīng)活化能rm{a}的變化是________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}反應(yīng)熱rm{婁隴H}的變化是__________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}請寫出反應(yīng)進程rm{CH}的變化是________rm{a}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}反應(yīng)熱rm{)}的變化是__________rm{婁隴H}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}請寫出反應(yīng)進程rm{)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}和rm{OH(g)}和rm{H}rm{OH(g)}rm{H}反應(yīng)的熱化學(xué)方程式_______________。rm{{,!}_{2}}

rm{O(g)}反應(yīng)的熱化學(xué)方程式_______________。以rm{O(g)}燃料電池為電源電解法制取二氧化氯rm{(2)}為一種黃綠色氣體，是國際上公認(rèn)的高效、廣譜、快速、安全的殺菌消毒劑。rm{CH_{3}OH}燃料電池放電過程中，通入rm{ClO_{2}}的電極附近溶液的rm{(ClO_{2})}________rm{壟脵CH_{3}OH}填“增大”、“減小”或“不變”rm{O_{2}}負(fù)極反應(yīng)式為___________。rm{pH}下圖中電解池用石墨作電極，在一定條件下電解飽和食鹽水制取rm{(}陽極產(chǎn)生rm{)}的反應(yīng)式為________________________________。

rm{壟脷}電解一段時間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{ClO_{2}}時rm{ClO_{2}}標(biāo)準(zhǔn)狀況，忽略生成的氣體溶解rm{壟脹}停止電解，通過陽離子交換膜的陽離子為________rm{6.72L}rm{(}26、【化學(xué)一選修r(nóng)m{5}有機化學(xué)基礎(chǔ)】有機物rm{PAS-Na}是一種治療肺結(jié)核藥物的有效成分，有機物rm{G}是一種食用香料，以甲苯為原料合成這兩種物質(zhì)的路線如下：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}rm{(R=隆陋CH_{3}}或rm{隆陋H)}rm{壟脹}rm{壟脺}回答下列問題：rm{(1)A}的化學(xué)名稱是_____________________________。rm{(2)B}中官能團的名稱是____，試劑rm{a}的結(jié)構(gòu)簡式為____。rm{(3)}寫出由rm{C隆煤D}中rm{(i)}的化學(xué)方程式____。rm{(4)}質(zhì)譜圖顯示試劑rm的相對分子質(zhì)量為rm{58}分子中不含甲基，且為鏈狀結(jié)構(gòu)，寫出肉桂酸與試劑rm生成rm{G}的化學(xué)方式____。rm{(5)}當(dāng)試劑rmvp2z9vc過量時，可以選用的試劑rmpf2rd8a是____rm{(}填字母序號rm{)}．A.rm{NaHCO_{3}}rm{B.NaOH}rm{C.Na_{2}CO_{3}}rm{(6)}肉桂酸有多種同分異構(gòu)體，寫出其符合下列條件的所有結(jié)構(gòu)簡式____。rm{a.}苯環(huán)上有三個取代基；rm{b.}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，且rm{1mol}該有機物最多生成rm{4molAg}rm{c.}苯環(huán)上有兩種不同化學(xué)環(huán)境氫原子。27、如圖所示，UAD=350V，UBE=700V，且R1=50Ω，R2=100Ω，R4=400Ω，求R3的阻值及AE間的電流。

評卷人得分五、識圖作答題(共4題，共36分)28、下圖1表示綠色植物葉肉細(xì)胞部分結(jié)構(gòu)中的某些生命活動過程，①～⑦代表各種物質(zhì)，A、B代表兩種細(xì)胞器。圖2表示該植物葉片CO2吸收量隨光照強度的變化曲線。據(jù)圖回答下列問題：

(1)圖1中B是____。光反應(yīng)形成ATP的反應(yīng)式為____。(2)若該綠色植物長時間處于黑暗狀態(tài)時，則圖中①→②→①的循環(huán)不能進行，原因是____。(3)當(dāng)光照強度處于圖2中的D點時，圖1中⑥的去向有____。(4)圖2中0～D間此幼苗光合作用有機物的凈積累量為____。(用S1、S2、S3表示)(5)在晴朗天氣下，給植物澆灌含18O的水，則在植物體周圍的空氣中含放射性物質(zhì)有____。(6)若圖2為植物25℃時CO2吸收量隨光照強度的變化曲線。已知該植物光合作用和細(xì)胞呼吸的最適溫度分別為25℃和30℃，請在圖中畫出30℃時(原光照強度和CO2濃度不變)相應(yīng)的CO2吸收量隨光照強度的變化曲線(要求在曲線上標(biāo)明與圖中A、B、C三點對應(yīng)的a、b、c三個點的位置)。29、研究人員對某草原生態(tài)系統(tǒng)進行了有關(guān)生態(tài)學(xué)調(diào)査。請據(jù)圖回答下列問題：（1）研究人員若要調(diào)查該草原生態(tài)系統(tǒng)中土壤小動物的豐富度，宜采用____________法進行取樣。若要調(diào)查某種田鼠的種群密度，宜采用____________法。（2）利用幾十年所調(diào)査的該草原生態(tài)系統(tǒng)中該種田鼠種群數(shù)量數(shù)據(jù)，計算當(dāng)年種群數(shù)量與一年前種群數(shù)量的比值為λ，并得到如圖所示的曲線。分析曲線可知第9年該田鼠種群的年齡組成可能為_____________型，田鼠種群數(shù)量最少是第_______年，如果維持20年前后λ的增長趨勢，種群數(shù)量將呈__________型曲線増長。（3）由于鼠害日益嚴(yán)重，該草原生態(tài)系統(tǒng)的植被遭受極大的破壞，當(dāng)人們意識到保護草原的重要性后，通過多種方式控制住了鼠害，草原植被也逐漸恢復(fù)，在這種演替過程中，人類發(fā)揮了巨大作用，說明人類活動往往會使群落演替按照不同于自然演替的__________進行。30、如圖可表示細(xì)胞融合技術(shù)的一些過程；請據(jù)圖回答：

（1）若A、B到C的過程是體外受精過程，則精子必須先進行____處理，常采用的方法是____和____．若此過程是體內(nèi)受精過程，則胚胎發(fā)育到____階段可進行沖卵．

（2）若A、B細(xì)胞為植物細(xì)胞，降解脫掉細(xì)胞壁的酶可能是____酶．A、B到C細(xì)胞的過程中，常用的物理方法是____．

（3）若該過程是制備單克隆抗體的過程，在A、B到C的過程中，A細(xì)胞為骨髓瘤細(xì)胞，B細(xì)胞為能產(chǎn)生抗體的B淋巴細(xì)胞，那么D細(xì)胞稱為____細(xì)胞，這種細(xì)胞的特點是____．從融合細(xì)胞中選擇出它的方法是在特定的____培養(yǎng)基中培養(yǎng)，篩選出該類細(xì)胞后還需進行____和____經(jīng)多次篩選可獲得數(shù)量足夠的能分泌所需抗體的細(xì)胞．31、乙酰膽堿可作為興奮性神經(jīng)遞質(zhì)；其合成與釋放見示意圖．據(jù)圖回答問題：

（1）圖中A-C表示乙酰膽堿，在其合成時，能循環(huán)利用的物質(zhì)是______（填“”“”或“”）．除乙酰膽堿外；生物體內(nèi)的多巴胺和一氧化氮______（填“能”或“不能”）作為神經(jīng)遞質(zhì)．

（2）當(dāng)興奮傳到神經(jīng)末梢時，圖中突觸小泡內(nèi)的通過______這一跨膜運輸方式釋放到______；再到達突出后膜．

（3）若由于某種原因使酶失活；則突觸后神經(jīng)元會表現(xiàn)為持續(xù)______．

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】試題分析：由庫侖定律可知選項C正確．考點：考查庫侖定律公式的應(yīng)用．【解析】【答案】D2、A【分析】【解答】對小球進行受力分析；如圖所示:

設(shè)繩子對小球的拉力為T，根據(jù)平衡條件，結(jié)合三角知識，可得：根據(jù)庫侖定律得，小球在水平方向受到庫侖力的大小為：解得：故A正確，BCD錯誤.

【分析】庫侖定律；共點力平衡的條件及其應(yīng)用；對其中一個小球受力分析，由共點力的平衡條件可得出小球所受重力的大小和小球受到的庫侖力，由庫侖力公式可得出小球受到的庫侖力的大小，再求得小球的質(zhì)量。3、D【分析】解：對帶電小球受力分析；由共點力的平衡條件可知；

Eq=mgtan婁脠E=mgtan婁脠q

A、K

閉合，則電壓不變，兩板靠近時，則兩板間的距離減小，由E=Ud

可得E

增大；由上式可知，夾角應(yīng)增大；故AB錯誤；

C；斷開開關(guān)后；兩板上的電量不變，當(dāng)兩板靠近時，兩板間的電場強度不變，則夾角也不變，故C錯誤，D正確；

故選：D

．

對小球受力分析；由共點力的平衡可知其電場與夾角的關(guān)系；由平行板電容器的決定式分析極板間的電場強度的變化，從而得出夾角的變化．

本題結(jié)合受力分析問題考查電容器的動態(tài)分析，要注意正確的進行受力分析得出電場與重力的關(guān)系.

注意應(yīng)用結(jié)論：當(dāng)充電后斷開電源時，兩板間的電場強度不變．【解析】D

4、B|D【分析】【解析】試題分析：將滑動變阻器的滑片P向左移動時，其阻值增大，電路的總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律知電路的總電流減小，即電流表示數(shù)減小，通過燈泡的電流減小，其功率減小，燈泡L變暗，A錯；由知路端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大，D對；由知電源的輸出功率變小，B對；由知滑動變阻器兩端的電壓增大，得電容器兩端的電壓增大，由知電容器C上電荷量增加，C錯。考點：電路的動態(tài)分析，電容的定義式【解析】【答案】BD5、B【分析】【詳解】

由題意知；導(dǎo)線中電流的磁場與地磁場方向垂直，小磁針指向為合磁場方向，磁場合成情況如圖所示；

易知tanθ=．則左偏45°、60°時對應(yīng)的表達式為tan45°=tan60°=又因為直導(dǎo)線在某點產(chǎn)生的磁場與通過直導(dǎo)線的電流成正比，則當(dāng)小磁針左偏60°時，通過導(dǎo)線的電流為I．故C正確．二、填空題(共9題，共18分)6、略

【分析】

異種電荷相互吸引；又相互靠近，電場力和運動的方向相同，所以電場力做正功，電勢能減??；

故答案為：正；減?。?/p>

【解析】【答案】判斷電勢能的高低可以根據(jù)電勢高低進行：負(fù)電荷在電勢高的地方電勢能低；正電荷則相反；也可以利用電場力做功：電場力做正功，電勢能降低，做負(fù)功，電勢能增加．電場力做功的正負(fù)，可根據(jù)速度與電場力的方向夾角判斷．

7、略

【分析】

（1）螺旋測微器的讀數(shù)方法：主尺+半毫米+轉(zhuǎn)筒=13+0.5+37.2×0.01=13.872mm；

（2）利用歐姆表測電阻的方法：根據(jù)待測電阻的大體阻值；選擇合適的倍率，使指針指在大約中央附近，每次選檔后都要重新進行歐姆調(diào)零，測量完畢，將選擇開關(guān)置于OFF擋．

故合理順序為：DHFAHGE

故答案為：13.872mm；DHFAHGE

【解析】【答案】螺旋測微器的讀數(shù)方法：主尺+半毫米+轉(zhuǎn)筒；選擇合適的倍率；使指針指在大約中央附近，每次選檔后都要重新進行歐姆調(diào)零，測量完畢，將選擇開關(guān)置于OFF擋．

8、略

【分析】解：粒子運動的方向與磁場方向平行；該粒子不受磁場的作用，故以原來的速度做勻速直線運動．

故答案為：平行磁場方向．

當(dāng)帶電粒子的運動方向與磁場平行時；不受洛倫茲力，做勻速直線運動．

本題要注意當(dāng)帶電粒子的運動方向與磁場平行時，不受洛倫茲力．【解析】平行磁場方向9、略

【分析】解：（1）由圖示可知；油膜約占82個格，油膜的面積：

S=1cm×1cm×82=82cm2；

（2）一滴溶液中含純油的體積：

V=×=6×10-5mL

油酸分子的直徑：

d==≈7.3×10-8cm=7.3×10-10m．

（3）油酸分子的直徑為：

d=

把油酸分子看成立方體形；則有。

NA?d3=

代入解得：

NA=

故答案為：

（1）82（80～85均可）；

（2）（7.3±0.2）×10-10；

（3）．

（1）由圖示油膜求出油膜的面積．

（2）求出一滴溶液中含純油的體積；然后求出油酸分子的直徑．

（3）油酸溶液滴在水面上擴散后形成的油酸油膜最大面積時，形成單分子油膜，油膜的厚度等于分子直徑．由油酸的體積與面積之比求出分子直徑．把分子看成球形，阿伏加德羅常量為NA等于摩爾體積與分子體積之比．

油膜面積時要注意，不到半個格的要舍去，超過半個格的算一個格，數(shù)出油膜輪廓的格數(shù)，然后乘以每一個格的面積得到油膜的面積；求油的體積時要注意，求的是純油的體積，不是溶液的體積；分子模型通常為球模型．【解析】82；7.3×10-10；10、略

【分析】解：使物體帶電的方式有：摩擦起電；接觸起電和感應(yīng)起電；

故答案為：接觸起電；感應(yīng)起電；

本題考查起電方式；記住相關(guān)內(nèi)容即可解答．

使物體的帶電的方式有三種，注意明確使物體帶電的本質(zhì)都是電荷的轉(zhuǎn)移．【解析】接觸起電；感應(yīng)起電11、略

【分析】解：電路的電流為：I=UR=36A=0.5A

電源的輸出功率為：P1=EI鈭?I2r=12隆脕0.5鈭?0.52隆脕2=5.5W

電動機的電功率為：PM=P1鈭?I2R=5.5鈭?0.52隆脕6=4W

電動機的輸出功率為：P2=PM鈭?I2RM=4鈭?0.52隆脕4=3W

故答案為：0.53

．

電動機正常工作時的電路是非純電阻電路，歐姆定律U>IR.

對于R

和r

是純電阻；可以用歐姆定律求電流.

根據(jù)功率關(guān)系求出電動機輸出的功率．

對于電動機電路區(qū)分是純電阻電路還是非純電阻電路，可從從能量轉(zhuǎn)化的角度理解：電能全部轉(zhuǎn)化內(nèi)能時，是純電阻電路.

電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和其他能時，是非純電阻電路．【解析】0.53

12、略

【分析】【解析】試題分析：棒中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為通過R的電流為由右手定則可以判斷出電阻R中電流方向向下?？键c：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢【解析】【答案】下13、略

【分析】試題分析：題目中靜電計夾角的變化表示兩極板電勢差大小的變化．由可知S不變，d增大時，電容器的電容C減小，由可知所以電勢差增大，即夾角增大；由可知d不變，S減小時，電容器的電容C減小，由可知所以電勢差增大，即夾角增大．考點：本題考查電容器的動態(tài)分析問題，主要準(zhǔn)確靈活應(yīng)用定義式和決定式分析解答．【解析】【答案】（1）變大（2）變大14、0.08、8(每空2分，共4分)【分析】【解析】本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律.

磁通量的變化等于末磁通量減去初磁通量；可求得磁通量的變化量；由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢；

磁通量的變化量鈻?婁碌=婁碌2鈭?婁碌1=0.08Wb

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知=10隆脕0.8V=8V

【解析】0.088(

每空2

分，共4

分)

三、判斷題(共9題，共18分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．23、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、簡答題(共4題，共40分)24、略

【分析】試題分析：（1）由波的傳播特性和波動圖象知，波長=2m波從x=1m傳至x=4.5m處的N質(zhì)點需要的時間t=（7/4）T此時x=4.5m處的質(zhì)點正向y軸負(fù)方向運動x=4.5m處的N質(zhì)點恰好第一次沿y軸正向通過平衡位置還需T/2，因此=（9/4）T=2.25s（1分）此時波形如圖：（2）由圖知，振幅A=8cm質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程為4A=32cmO質(zhì)點通過88cm的路程共經(jīng)過的時間為（11/4）T（從x=0m傳至x=4．5m處的N質(zhì)點需要時間t1為（9/4）T質(zhì)點N運動的時間為（1/2）T所以質(zhì)點N振動通過的總路程為2A=16cm?？键c：機械振動、機械波【解析】【答案】（1）2.25s；波形圖見解析；（2）16m；25、（1）減小不變CH3OH(g)+H2O(g)=CO2(g)+3H2(g)△H=+(a-b)KJ/mol

（2）①增大；CH3OH-6e-+8OH-=CO32-+6H2O

②Cl--5e-+2H2O=4H++ClO2↑

③1；【分析】【分析】本題主要是考查反應(yīng)熱的計算、蓋斯定律應(yīng)用及電化學(xué)原理的應(yīng)用，是高考?？碱}型，注意原電池和電解池的原理分析和電極反應(yīng)書寫是關(guān)鍵，側(cè)重知識的綜合能力考察，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}催化劑降低反應(yīng)的活化能，加快反應(yīng)速率，即rm{a}減小，但催化劑不能改變活化能，即反應(yīng)熱rm{triangleH}不變，反應(yīng)能量圖中生成物的總能量大于反應(yīng)物的總能量，則為吸熱反應(yīng)，由圖可知，rm{1mol}甲醇和rm{1mol}水蒸氣反應(yīng)生成rm{CO_{2}}和氫氣吸收的熱量為rm{(a-b)kJ}反應(yīng)熱化學(xué)方程式為：rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

故答案為：減??；不變；rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}燃料電池放電過程中，通入rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}的電極是正極，氧氣得到電子轉(zhuǎn)化為氫氧根，則附近溶液的rm{(2)壟脵CH_{3}OH}增大。

故答案為：增大；

rm{O_{2}}電解池中陽極失去電子，則陽極氯離子放電，產(chǎn)生rm{pH}的反應(yīng)式為：rm{壟脷}

故答案為：rm{ClO_{2}}

rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}電解一段時間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}時rm{壟脹}標(biāo)準(zhǔn)狀況，忽略生成的氣體溶解rm{6.72L}多出的氣體是氫氣，物質(zhì)的量rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol}設(shè)陽極產(chǎn)生的氣體是rm{(}則根據(jù)電子得失守恒可知rm{)}解得rm{=dfrac

{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol}即轉(zhuǎn)移rm{xmol}電子，鈉離子通過陽離子交換膜，所以通過陽離子交換膜的陽離子為rm{5x=(0.3+x)隆脕2}

故答案為：rm{x=0.2}rm{1mol}【解析】rm{(1)}減小不變rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)}rm{triangleH=+(a-b)KJ/mol}rm{(2)壟脵}增大；rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}rm{壟脷Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}rm{壟脹1}26、(1)對硝基甲苯或3-硝基甲苯或1-甲基-3-硝基苯(2)溴原子、硝基(3)(4)(5)A(6)【分析】【分析】本題考查有機合成和有機推斷，側(cè)重考查學(xué)生分析推斷及合成路線設(shè)計能力，明確官能團及其性質(zhì)關(guān)系是解本題關(guān)鍵。【解答】

由反應(yīng)的流程可看出：根據(jù)信息rm{壟脷}甲苯在rm{MnO_{2}/H_{2}SO_{4}}條件下氧化為rm{F(}苯甲醛rm{)}苯甲醛和rm{H_{3}COOOCCH_{3}}反應(yīng)得和丙烯醇酯化得rm{G}甲苯和濃硝酸發(fā)生硝化反應(yīng)生成rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為和rm{Br_{2}}鹵化在甲基鄰位引入rm{Br}得rm{B}rm{B}被酸性高錳酸鉀氧化，將甲基氧化為羧基得rm{C}rm{C}堿性條件下水解后，再酸化得rm{D}rm{D}中硝基被還原為氨基得rm{E}rm{E}和碳酸氫鈉反應(yīng)得rm{PAS-Na}rm{(1)A}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{A}的名稱為對硝基甲苯或rm{3-}硝基甲苯或rm{1-}甲基rm{-3-}硝基苯，故答案為：對硝基甲苯或rm{3-}硝基甲苯或rm{1-}甲基rm{-3-}硝基苯；rm{(2)B}中官能團的名稱是溴原子、硝基rm{(}試劑rm{a}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：溴原子、硝基；rm{(3)}由rm{C隆煤D}中rm{(i)}的化學(xué)方程式。

rm{(2)A}和rm{Br_{2}}取代發(fā)生生成rm{B}的方程式是：故答案為：rm{(4)}質(zhì)譜圖顯示試劑rm的相對分子質(zhì)量為rm{58}分子中不含甲基，且為鏈狀結(jié)構(gòu)，肉桂酸與試劑rm生成rm{G}的化學(xué)方程式為：故答案為：rm{(5)}試劑rmgnzh7wm可以將羧基轉(zhuǎn)化為其鈉鹽，而不能和酚羥基反應(yīng)，一定是rm{NaHCO_{3}}故選A，故答案為：rm{A}rm{(6)}肉桂酸的同分異構(gòu)體，能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，且rm{1mol}該有機物最多生成rm{4mol}rm{Ag}說明含有rm{2}個醛基，又苯環(huán)上有三個取代基，所以連有兩個醛基和一個甲基，由三個基團的相對位置不同，這樣的同分異構(gòu)體應(yīng)有rm{6}種；苯環(huán)上有兩種等效氫的有兩種，即或rm{{{'}}}故答案為：【解析】rm{(1)}對硝基甲苯或rm{3-}硝基甲苯或rm{1-}甲基rm{-3-}硝基苯rm{(2)}溴原子、硝基rm{(3)}rm{(4)}rm{(5)A}rm{(6)}27、略

【分析】

先分析電路的結(jié)構(gòu)；此電路為4個電阻串聯(lián)，則電流相等，根據(jù)歐姆定律列式，聯(lián)立方程求解即可．

本題主要考查了歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點的直接應(yīng)用，知道串聯(lián)點苦，電流處處相等，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】解：串聯(lián)電路電流相等；設(shè)為I，根據(jù)歐姆定律得：

UAD=I（R1+R2+R3）；

UBE=I（R4+R2+R3）；

帶入數(shù)據(jù)解得：

R3=200Ω；

I=1A

答：R3的阻值為200Ω，AE間的電流為1A．五、識圖作答題(共4題，共36分)28、略

【分析】【分析】本題考查光合作用與呼吸作用的相關(guān)知識，意在考察考生對圖形的提取信息分析能力，理解所學(xué)知識點，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系綜合運用解決問題的能力。圖1中：B為葉綠體，A為線粒體．①是五碳化合物、②是三碳化合物、③是[H]和ATP、④是ADP和Pi、⑤是水、⑥是氧氣、⑦是丙酮酸。圖2中：表示該植物葉片CO2吸收量隨光照強度變化的曲線，S代表有機物量，其中呼吸作用的消耗的有機物的量為S1+S3。光合作用制造的有機物的量為S2+S3?！窘獯稹浚?）根據(jù)題意可知圖1中B是葉綠體，光反應(yīng)形成ATP的反應(yīng)式為ADP+Pi+能量ATP。

（2）綠色植物長時間處于黑暗狀態(tài)時；則圖中①→②→①表示暗反應(yīng)過程因缺少光反應(yīng)提供的[H]和ATP而不能進行。

（3）光照強度處于圖2中的D點時該植物已經(jīng)達到光飽和點，此時光合作用大于呼吸作用，圖1中⑥氧氣的去向有擴散到線粒體和外界環(huán)境。（4）圖2中S代表有機物量，0-D間此植物呼吸作用消耗的有機物量為S1+S3，光合作用有機物的凈積累量為（S2+S3）-（S1+S3）=S2-S1。

（5）含18O的水是光合作用和呼吸作用的原料，在有氧呼吸過程中，水參與第二階段的反應(yīng)，生