2024-2025學(xué)年湖北省高二上學(xué)期期中聯(lián)考物理試卷（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年湖北省高二（上）期中考試物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.質(zhì)量為90g的武漢獼猴桃從離地面5m高處由靜止落下，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度大小g=10m/s2，則在下落過程中，重力對獼猴桃的沖量大小是（）A.0.9N·s B.1.2N·s C.1.5N·s D.0.6N·s【答案】A【解析】獼猴桃下落過程做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落的時(shí)間為則在下落過程中，重力對獼猴桃的沖量大小為故選A。2.一個(gè)金屬小球帶1C電荷，若將相同的不帶電的小球與其接觸后移開，則該小球所帶電荷量為（）A.0 B.1C C.0.25C D.0.5C【答案】D【解析】金屬小球帶1C電荷，與不帶電的小球接觸移開后，兩個(gè)小球平分電荷，所以該小球所帶電荷量為故選D。3.下列說法正確的是（）A.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，并且總結(jié)得出了通電導(dǎo)線周圍磁場的分布規(guī)律B.音頻電流的頻率比較低，不能直接用來發(fā)射電磁波C.電流與電流間的相互作用是通過電場發(fā)生的D.均勻變化的電場可以激發(fā)磁場，并向外傳播形成電磁波【答案】B【解析】A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培總結(jié)得出了通電導(dǎo)線周圍磁場的分布規(guī)律，故A錯(cuò)誤；B．音頻電流的頻率比較低，不能直接用來發(fā)射電磁波，需要電磁波為載體向外發(fā)射，故B正確；C．電流與電流間的相互作用是通過磁場發(fā)生的，故C錯(cuò)誤；D．均勻變化的電場可以激發(fā)恒定的磁場，恒定的磁場不能產(chǎn)生電場了，所以均勻變化的電場不能向外傳播形成電磁波，故D錯(cuò)誤。故選B。4.2022年12月20日，金沙江白鶴灘水電站全部機(jī)組投產(chǎn)發(fā)電，這標(biāo)志著我國在長江上全面建成世界最大“清潔能源走廊”，水電站安裝16臺中國自主研制、全球單機(jī)容量最大功率百萬千瓦水輪發(fā)電機(jī)組，總裝機(jī)容量1600萬千瓦，每年平均發(fā)電量約624.43億千瓦·時(shí)。下列說法正確的是（）A.千瓦是能量單位B.水電站是利用水能的重要形式，水能是可再生能源C.風(fēng)能、太陽能、地?zé)崮艿染鶎儆诓豢稍偕茉碊.水能是可再生能源，所以可制造一臺利用水能的機(jī)器，效率可達(dá)100%【答案】B【解析】A．千瓦是功率單位，故A錯(cuò)誤；B．水能是可再生能源，水電站是利用水能的重要形式，故B正確；C．風(fēng)能、太陽能、地?zé)崮芸梢栽谧匀唤缭丛床粩嗟氐玫?，屬于可再生能源，故C錯(cuò)誤；D．雖然水能是可再生能源，但不論科技如何發(fā)展，利用水能的機(jī)器，效率不可能達(dá)到100%，故D錯(cuò)誤。5.如圖所示，兩段長度和材料相同、粗細(xì)均勻金屬導(dǎo)線A、B，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)相等，橫截面積之比SA:SB=1:2。已知5s內(nèi)有5×1018個(gè)自由電子通過導(dǎo)線A的橫截面，元電荷e=1.6×10-19C，則下列說法錯(cuò)誤的是（）A.流經(jīng)導(dǎo)線A的電流為0.16AB.導(dǎo)線A、B的電阻之比為2:1C.5s內(nèi)有1×1018個(gè)自由電子通過導(dǎo)線B的橫截面D.自由電子在導(dǎo)線A和B中移動(dòng)的平均速率之比【答案】C【解析】A．流過A的電流為故A正確，不符合題意；B．根據(jù)電阻定律可得故B正確，不符合題意；C．因兩段串聯(lián)，通過兩棒的電流相等，所以在相等時(shí)間內(nèi)通過每段導(dǎo)線橫截面的電荷量是相等的，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．因兩段串聯(lián)，通過兩棒的電流相等，又則有故D正確，不符合題意。故選C6.關(guān)于下列四種情境說法正確的是（）A.圖甲中，M點(diǎn)與N點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.圖乙中，線圈穿過磁鐵從M運(yùn)動(dòng)到L的過程中，穿過線圈的磁通量一直增大C.圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生D.圖丁中，線框與通電導(dǎo)線在同一平面內(nèi)向右平移的過程中，線框中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生【答案】C【解析】A．磁感線的切線方向表示磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，由圖可知，圖甲中M、N兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向是不同的，所以圖甲中，M、N兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度不相同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)條形磁鐵的磁場的特點(diǎn)可知，當(dāng)線圈穿過磁鐵從M運(yùn)動(dòng)到L的過程中，穿過線圈的磁通量先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，線框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向之間的夾角發(fā)生變化，穿過線框的磁通量也發(fā)生變化，所以線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C正確；D．距離通電直導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，所以在圖丁中，線框在與通電導(dǎo)線在同一平面內(nèi)向右平移的過程中，向里穿過線框的磁通量減小，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯(cuò)誤。故選C。7.在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢，電源內(nèi)阻，電路中的電阻為，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻，電流表內(nèi)阻不計(jì)。閉合開關(guān)后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)，則以下判斷正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為6.0VB.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14WC.電動(dòng)機(jī)的熱功率為3.0WD.電源輸出的電功率為20W【答案】D【解析】A．分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中電流表的示數(shù)為，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為故A錯(cuò)誤；BC．電動(dòng)機(jī)的總功率為電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為故BC錯(cuò)誤；D．

電源的總功率輸出的功率為故D正確。故選D。二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.日地拉格朗日點(diǎn)是指衛(wèi)星受太陽、地球兩大天體引力作用，能保持相對靜止、編號為的那個(gè)點(diǎn)，于1772年由數(shù)學(xué)家拉格朗日推導(dǎo)證明出。日地拉格朗日點(diǎn)隨著地球圍繞太陽的公轉(zhuǎn)而移動(dòng)，與太陽、地球三者在任何時(shí)刻總在一條直線上。韋伯太空望遠(yuǎn)鏡于2021年12月25日發(fā)射升空，目前位于日地拉格朗日點(diǎn)。下面說法正確的是（）A.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡在地球和太陽的引力作用下所受合力不為零B.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的線速度小于地球圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的線速度C.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡的向心加速度小于地球圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的向心加速度D.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡發(fā)射升空時(shí)的發(fā)射速度要小于第三宇宙速度【答案】AD【解析】A．韋伯太空望遠(yuǎn)鏡在太空做圓周運(yùn)動(dòng)，受到的合力不可能為零，故A正確；BC．根據(jù)題意“與太陽、地球三者在任何時(shí)間總在一條直線上”，說明地球與韋伯太空望遠(yuǎn)鏡角速度相等，根據(jù)、可知，半徑越大，線速度越大、向心加速度越大，故BC錯(cuò)誤；D．第三宇宙速度是指脫離太陽系的發(fā)射速度，韋伯太空望遠(yuǎn)鏡沒有脫離太陽的引力，則發(fā)射速度小于第三宇宙速度，故D正確。故選AD。9.如圖所示，物塊A通過一不可伸長的輕繩懸掛在天花板下，初始時(shí)靜止。從發(fā)射器（圖中未畫出）射出一個(gè)彈丸B，彈丸以速度v沿水平方向射入物塊A并留在其中（作用時(shí)間極短），隨后輕繩擺動(dòng)的最大角度為θ，整個(gè)過程系統(tǒng)損失的機(jī)械能為E，不計(jì)空氣阻力。下列圖中正確的是（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】彈丸以速度v沿水平方向射入物塊A并留在其中，則有聯(lián)立可得由數(shù)學(xué)知識可知兩函數(shù)圖像，所以AC正確；BD錯(cuò)誤；故選AC。10.電阻應(yīng)變片能夠把物體形變這個(gè)力學(xué)量轉(zhuǎn)換為電阻這個(gè)電學(xué)量。當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變時(shí)，電阻會有微小的變化，這種微小的變化可通過電橋電路來探測。如圖所示，電阻應(yīng)變片R2的正常電阻為120Ω，R3=60Ω，，下列說法正確的是（）A.當(dāng)電阻應(yīng)變片無形變時(shí)，G表示數(shù)不為零B.當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變，電阻增大時(shí)，G表中有從M到N的電流C.當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變，電阻增大時(shí)，電流表A的示數(shù)變大D.當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變，電阻增大時(shí)，燈泡變亮【答案】BD【解析】A．當(dāng)應(yīng)變片無形變時(shí)，則M、N電勢相等，G表示數(shù)為零，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變電阻增大時(shí)，R2所分電壓增大，導(dǎo)致M點(diǎn)電勢高于N點(diǎn)電勢，G表中有從M到N的電流，故B正確；C．當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變電阻增大時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，即電流表A的示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合以上分析知，當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變，電阻增大時(shí)，電路中總電流減小，根據(jù)可得電路中路端電壓增大，因?yàn)闊襞軷L和R1的電阻不變，所以通過其電流增大，燈泡變亮，故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共24分。11.“祖沖之”實(shí)驗(yàn)小組想測量一充電寶的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。（1）該小組測得多組U、I數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)，如圖所示，請根據(jù)描出的點(diǎn)作出U-I圖像_______，已知其對應(yīng)的表達(dá)式為U=E-Ir。（2）根據(jù)U-I圖像，可求得該充電寶的電動(dòng)勢E為_______V，內(nèi)阻r為_______Ω。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）見解析（2）4.93.3【解析】（1）根據(jù)描出的點(diǎn)，作出U-I圖像，如圖所示（2）[1][2]已知圖像對應(yīng)的表達(dá)式為根據(jù)圖像在縱軸上的截距可得由圖像的斜率大小可得內(nèi)阻12.圖甲是“碰撞中的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖。（1）在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，不必須要求的條件是______。A.軌道光滑B.軌道末端的切線水平C.碰撞的瞬間入射小球和被碰小球的球心連線與軌道末端的切線平行D.每次入射小球都要從同一高度由靜止?jié)L下（2）入射小球與被碰小球的直徑相同，則被碰小球的質(zhì)量應(yīng)______（填“大于”“小于”或“等于”）入射小球的質(zhì)量。（3）在做此實(shí)驗(yàn)時(shí)，若某次實(shí)驗(yàn)得到小球的落點(diǎn)情況如圖乙所示。假設(shè)碰撞中動(dòng)量守恒。則______?！敬鸢浮浚?）A（2）小于（3）【解析】（1）A．若小球每次從軌道同一位置釋放，小球克服摩擦力做功相同，小球飛出軌道末端速度大小一定，可知，軌道光滑與否對實(shí)驗(yàn)沒有影響，故A錯(cuò)誤，符合題意；B．為了確保小球飛出軌道的初速度方向水平，軌道末端的切線必須水平，故B正確，不符合題意；C．為了使得碰撞過程發(fā)生的是對心碰撞，碰撞的瞬間入射小球和被碰小球的球心連線與軌道末端的切線平行，故C正確，不符合題意；D．了確保小球每次飛出軌道末端初速度大小一定，實(shí)驗(yàn)中每次入射小球都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確，不符合題意。故選A。（2）入射小球與被碰小球的直徑相同，為了避免入射小球發(fā)生反彈，則被碰小球的質(zhì)量應(yīng)小于入射小球的質(zhì)量。（3）P為入射球單獨(dú)滾下的落地點(diǎn)，M為入射球碰撞后的落地點(diǎn)，N為被碰球體碰撞后的落地點(diǎn)，根據(jù)，解得結(jié)合上述可知，，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得四、計(jì)算題：本大題共3小題，共36分。13.在學(xué)校門口有個(gè)石墩，質(zhì)量m=50kg，與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s2，現(xiàn)有兩個(gè)同學(xué)想挪動(dòng)石墩，水平面內(nèi)力的示意圖如圖所示，α=60°，兩同學(xué)施加相等大小的恒力F。（1）若不能挪動(dòng)石墩，求F的最大值；（2）若石墩在2s內(nèi)移動(dòng)了0.5m，求F的大小。【答案】（1）（2）【解析】（1）最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則由平行四邊形定則可得，兩同學(xué)的合力若不能挪動(dòng)石墩，則解得所以F的最大值為；（2）石墩做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有由牛頓第二定律得解得14.如圖甲所示的電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P從左端滑至右端時(shí)，測得電源的路端電壓隨電源中流過的電流變化的圖線如圖乙所示，其中A、B兩點(diǎn)的數(shù)據(jù)是滑P在滑動(dòng)變阻器的兩個(gè)不同端點(diǎn)得到的數(shù)據(jù)。求：（1）電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻；（2）定值電阻的阻值；（3）滑動(dòng)變阻器的最大阻值。【答案】（1）20V，20Ω（2）（3）【解析】（1）題中圖乙中AB延長線，交U軸于20V處，交I軸于1.0A處，所以電源的電動(dòng)勢為E＝20V內(nèi)阻r＝=20Ω（2）當(dāng)P滑到R3的右端時(shí)，、均被短路，電路參數(shù)對應(yīng)圖乙中的B點(diǎn)，即U2＝4VI2＝0.8A得又因得（3）當(dāng)P滑到R3的左端時(shí)，由圖乙知此時(shí)U外＝16VI總＝0.2A所以因?yàn)榈?5.如圖所示，在光滑固定水平圓環(huán)中有兩個(gè)可看成質(zhì)點(diǎn)的小球．小球a位于A點(diǎn)，小球b位于B點(diǎn)，是圓環(huán)的一條直徑，，圓環(huán)的周長，剛開始兩球都靜止，現(xiàn)給小球a一方向垂直、大小為的速度v，兩球碰撞都是彈性碰撞，且碰撞時(shí)間極短。（1）分別求出第一次碰撞后瞬間兩球的速度大小；（2）求從小球第一次相碰到第二次相碰的時(shí)間間隔t；（3）是否存在某次碰撞后，兩球不再發(fā)生碰撞？如果存在，寫出分析過程，如果不存在，請說明原因；（4）求小球a從開始運(yùn)動(dòng)到與小球b第100次相碰過程中運(yùn)動(dòng)的總路程?！敬鸢浮浚?）（2）1s（3）；兩個(gè)等式解出的不相等，所以不存在這種情況（4）【解析】（1）以小球a的初速度方向?yàn)檎较?，兩球發(fā)生彈性碰撞，動(dòng)量守恒，動(dòng)能總和不變，則有解得，（2）設(shè)小球第一次相碰到第二次相碰過程中，小球a運(yùn)動(dòng)的路程為s，則小球b運(yùn)動(dòng)的路程為解得（3）分析可知，若要兩球不再發(fā)生碰撞，只能是碰后兩球的速度相等，由于兩球發(fā)生的碰撞都是彈性碰撞，可得兩個(gè)等式解出的不相等，所以不存在這種情況。（4）兩球發(fā)生第二次彈性碰撞解得可以看出兩球的速度回到初始狀態(tài)，所以小球a從開始運(yùn)動(dòng)到與小球b第100次相碰過程中運(yùn)動(dòng)的總路程2024-2025學(xué)年湖北省高二（上）期中考試物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.質(zhì)量為90g的武漢獼猴桃從離地面5m高處由靜止落下，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度大小g=10m/s2，則在下落過程中，重力對獼猴桃的沖量大小是（）A.0.9N·s B.1.2N·s C.1.5N·s D.0.6N·s【答案】A【解析】獼猴桃下落過程做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落的時(shí)間為則在下落過程中，重力對獼猴桃的沖量大小為故選A。2.一個(gè)金屬小球帶1C電荷，若將相同的不帶電的小球與其接觸后移開，則該小球所帶電荷量為（）A.0 B.1C C.0.25C D.0.5C【答案】D【解析】金屬小球帶1C電荷，與不帶電的小球接觸移開后，兩個(gè)小球平分電荷，所以該小球所帶電荷量為故選D。3.下列說法正確的是（）A.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，并且總結(jié)得出了通電導(dǎo)線周圍磁場的分布規(guī)律B.音頻電流的頻率比較低，不能直接用來發(fā)射電磁波C.電流與電流間的相互作用是通過電場發(fā)生的D.均勻變化的電場可以激發(fā)磁場，并向外傳播形成電磁波【答案】B【解析】A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培總結(jié)得出了通電導(dǎo)線周圍磁場的分布規(guī)律，故A錯(cuò)誤；B．音頻電流的頻率比較低，不能直接用來發(fā)射電磁波，需要電磁波為載體向外發(fā)射，故B正確；C．電流與電流間的相互作用是通過磁場發(fā)生的，故C錯(cuò)誤；D．均勻變化的電場可以激發(fā)恒定的磁場，恒定的磁場不能產(chǎn)生電場了，所以均勻變化的電場不能向外傳播形成電磁波，故D錯(cuò)誤。故選B。4.2022年12月20日，金沙江白鶴灘水電站全部機(jī)組投產(chǎn)發(fā)電，這標(biāo)志著我國在長江上全面建成世界最大“清潔能源走廊”，水電站安裝16臺中國自主研制、全球單機(jī)容量最大功率百萬千瓦水輪發(fā)電機(jī)組，總裝機(jī)容量1600萬千瓦，每年平均發(fā)電量約624.43億千瓦·時(shí)。下列說法正確的是（）A.千瓦是能量單位B.水電站是利用水能的重要形式，水能是可再生能源C.風(fēng)能、太陽能、地?zé)崮艿染鶎儆诓豢稍偕茉碊.水能是可再生能源，所以可制造一臺利用水能的機(jī)器，效率可達(dá)100%【答案】B【解析】A．千瓦是功率單位，故A錯(cuò)誤；B．水能是可再生能源，水電站是利用水能的重要形式，故B正確；C．風(fēng)能、太陽能、地?zé)崮芸梢栽谧匀唤缭丛床粩嗟氐玫剑瑢儆诳稍偕茉?，故C錯(cuò)誤；D．雖然水能是可再生能源，但不論科技如何發(fā)展，利用水能的機(jī)器，效率不可能達(dá)到100%，故D錯(cuò)誤。5.如圖所示，兩段長度和材料相同、粗細(xì)均勻金屬導(dǎo)線A、B，單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)相等，橫截面積之比SA:SB=1:2。已知5s內(nèi)有5×1018個(gè)自由電子通過導(dǎo)線A的橫截面，元電荷e=1.6×10-19C，則下列說法錯(cuò)誤的是（）A.流經(jīng)導(dǎo)線A的電流為0.16AB.導(dǎo)線A、B的電阻之比為2:1C.5s內(nèi)有1×1018個(gè)自由電子通過導(dǎo)線B的橫截面D.自由電子在導(dǎo)線A和B中移動(dòng)的平均速率之比【答案】C【解析】A．流過A的電流為故A正確，不符合題意；B．根據(jù)電阻定律可得故B正確，不符合題意；C．因兩段串聯(lián)，通過兩棒的電流相等，所以在相等時(shí)間內(nèi)通過每段導(dǎo)線橫截面的電荷量是相等的，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．因兩段串聯(lián)，通過兩棒的電流相等，又則有故D正確，不符合題意。故選C6.關(guān)于下列四種情境說法正確的是（）A.圖甲中，M點(diǎn)與N點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.圖乙中，線圈穿過磁鐵從M運(yùn)動(dòng)到L的過程中，穿過線圈的磁通量一直增大C.圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生D.圖丁中，線框與通電導(dǎo)線在同一平面內(nèi)向右平移的過程中，線框中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生【答案】C【解析】A．磁感線的切線方向表示磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，由圖可知，圖甲中M、N兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向是不同的，所以圖甲中，M、N兩點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度不相同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)條形磁鐵的磁場的特點(diǎn)可知，當(dāng)線圈穿過磁鐵從M運(yùn)動(dòng)到L的過程中，穿過線圈的磁通量先增大后減小，故B錯(cuò)誤；C．圖丙中，閉合線框繞垂直于磁場方向的軸轉(zhuǎn)動(dòng)的過程中，線框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向之間的夾角發(fā)生變化，穿過線框的磁通量也發(fā)生變化，所以線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C正確；D．距離通電直導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，所以在圖丁中，線框在與通電導(dǎo)線在同一平面內(nèi)向右平移的過程中，向里穿過線框的磁通量減小，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯(cuò)誤。故選C。7.在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢，電源內(nèi)阻，電路中的電阻為，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻，電流表內(nèi)阻不計(jì)。閉合開關(guān)后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)，則以下判斷正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為6.0VB.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14WC.電動(dòng)機(jī)的熱功率為3.0WD.電源輸出的電功率為20W【答案】D【解析】A．分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中電流表的示數(shù)為，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為故A錯(cuò)誤；BC．電動(dòng)機(jī)的總功率為電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為故BC錯(cuò)誤；D．

電源的總功率輸出的功率為故D正確。故選D。二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.日地拉格朗日點(diǎn)是指衛(wèi)星受太陽、地球兩大天體引力作用，能保持相對靜止、編號為的那個(gè)點(diǎn)，于1772年由數(shù)學(xué)家拉格朗日推導(dǎo)證明出。日地拉格朗日點(diǎn)隨著地球圍繞太陽的公轉(zhuǎn)而移動(dòng)，與太陽、地球三者在任何時(shí)刻總在一條直線上。韋伯太空望遠(yuǎn)鏡于2021年12月25日發(fā)射升空，目前位于日地拉格朗日點(diǎn)。下面說法正確的是（）A.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡在地球和太陽的引力作用下所受合力不為零B.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的線速度小于地球圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的線速度C.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡的向心加速度小于地球圍繞太陽運(yùn)動(dòng)的向心加速度D.韋伯太空望遠(yuǎn)鏡發(fā)射升空時(shí)的發(fā)射速度要小于第三宇宙速度【答案】AD【解析】A．韋伯太空望遠(yuǎn)鏡在太空做圓周運(yùn)動(dòng)，受到的合力不可能為零，故A正確；BC．根據(jù)題意“與太陽、地球三者在任何時(shí)間總在一條直線上”，說明地球與韋伯太空望遠(yuǎn)鏡角速度相等，根據(jù)、可知，半徑越大，線速度越大、向心加速度越大，故BC錯(cuò)誤；D．第三宇宙速度是指脫離太陽系的發(fā)射速度，韋伯太空望遠(yuǎn)鏡沒有脫離太陽的引力，則發(fā)射速度小于第三宇宙速度，故D正確。故選AD。9.如圖所示，物塊A通過一不可伸長的輕繩懸掛在天花板下，初始時(shí)靜止。從發(fā)射器（圖中未畫出）射出一個(gè)彈丸B，彈丸以速度v沿水平方向射入物塊A并留在其中（作用時(shí)間極短），隨后輕繩擺動(dòng)的最大角度為θ，整個(gè)過程系統(tǒng)損失的機(jī)械能為E，不計(jì)空氣阻力。下列圖中正確的是（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】彈丸以速度v沿水平方向射入物塊A并留在其中，則有聯(lián)立可得由數(shù)學(xué)知識可知兩函數(shù)圖像，所以AC正確；BD錯(cuò)誤；故選AC。10.電阻應(yīng)變片能夠把物體形變這個(gè)力學(xué)量轉(zhuǎn)換為電阻這個(gè)電學(xué)量。當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變時(shí)，電阻會有微小的變化，這種微小的變化可通過電橋電路來探測。如圖所示，電阻應(yīng)變片R2的正常電阻為120Ω，R3=60Ω，，下列說法正確的是（）A.當(dāng)電阻應(yīng)變片無形變時(shí)，G表示數(shù)不為零B.當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變，電阻增大時(shí)，G表中有從M到N的電流C.當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變，電阻增大時(shí)，電流表A的示數(shù)變大D.當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變，電阻增大時(shí)，燈泡變亮【答案】BD【解析】A．當(dāng)應(yīng)變片無形變時(shí)，則M、N電勢相等，G表示數(shù)為零，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變電阻增大時(shí)，R2所分電壓增大，導(dǎo)致M點(diǎn)電勢高于N點(diǎn)電勢，G表中有從M到N的電流，故B正確；C．當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變電阻增大時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，即電流表A的示數(shù)變小，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合以上分析知，當(dāng)電阻應(yīng)變片發(fā)生形變，電阻增大時(shí)，電路中總電流減小，根據(jù)可得電路中路端電壓增大，因?yàn)闊襞軷L和R1的電阻不變，所以通過其電流增大，燈泡變亮，故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共24分。11.“祖沖之”實(shí)驗(yàn)小組想測量一充電寶的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。（1）該小組測得多組U、I數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)，如圖所示，請根據(jù)描出的點(diǎn)作出U-I圖像_______，已知其對應(yīng)的表達(dá)式為U=E-Ir。（2）根據(jù)U-I圖像，可求得該充電寶的電動(dòng)勢E為_______V，內(nèi)阻r為_______Ω。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）見解析（2）4.93.3【解析】（1）根據(jù)描出的點(diǎn)，作出U-I圖像，如圖所示（2）[1][2]已知圖像對應(yīng)的表達(dá)式為根據(jù)圖像在縱軸上的截距可得由圖像的斜率大小可得內(nèi)阻12.圖甲是“碰撞中的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖。（1）在驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，不必須要求的條件是______。A.軌道光滑B.軌道末端的切線水平C.碰撞的瞬間入射小球和被碰小球的球心連線與軌道末端的切線平行D.每次入射小球都要從同一高度由靜止?jié)L下（2）入射小球與被碰小球的直徑相同，則被碰小球的質(zhì)量應(yīng)______（填“大于”“小于”或“等于”）入射小球的質(zhì)量。（3）在做此實(shí)驗(yàn)時(shí)，若某次實(shí)驗(yàn)得到小球的落點(diǎn)情況如圖乙所示。假設(shè)碰撞中動(dòng)量守恒。則______。【答案】（1）A（2）小于（3）【解析】（1）A．若小球每次從軌道同一位置釋放，小球克服摩擦力做功相同，小球飛出軌道末端速度大小一定，可知，軌道光滑與否對實(shí)驗(yàn)沒有影響，故A錯(cuò)誤，符合題意；B．為了確保小球飛出軌道的初速度方向水平，軌道末端的切線必須水平，故B正確，不符合題意；C．為了使得碰撞過程發(fā)生的是對心碰撞，碰撞的瞬間入射小球和被碰小球的球心連線與軌道末端的切線平行，故C正確，不符合題意；D．了確保小球每次飛出軌道末端初速度大小一定，實(shí)驗(yàn)中每次入射小球都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確，不符合題意。故選A。（2）入射小球與被碰小球的直徑相同，為了避免入射小球發(fā)生反彈，則被碰小球的質(zhì)量應(yīng)小于入射小球的質(zhì)量。（3）P為入射球單獨(dú)滾下的落地點(diǎn)，M為入射球碰撞后的落地點(diǎn)，N為被碰球體碰撞后的落地點(diǎn)，根據(jù)，解得結(jié)合上述可知，，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得四、計(jì)算題：本大題共3小題，共36分。13.在學(xué)校門口有個(gè)石墩，質(zhì)量m=50kg，與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2