2024屆廣東省大亞灣區(qū)普通高中高三上學(xué)期聯(lián)合模擬考試（一）物理試卷（含答案）

屆廣東省大亞灣區(qū)普通高中高三上學(xué)期聯(lián)合模擬考試（一）物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的）1．用來(lái)冷卻核電站反應(yīng)堆的廢水中，受核反應(yīng)36Li+Y→24A．Y是質(zhì)子B．Y是電子C．改變核廢水的溫度，核廢水中氚（13D．再經(jīng)過(guò)24.86年，現(xiàn)有某部分核廢水中的氚（132．如圖是可以用來(lái)篩選谷粒的振動(dòng)魚(yú)鱗篩，篩面水平，由兩根等長(zhǎng)輕繩將其懸掛在等高的兩點(diǎn)，已知篩面和谷物所受重力為G，靜止時(shí)兩輕繩延長(zhǎng)線的夾角為60°。則每根輕繩的拉力大小為（??）A．G2 B．33G C．G3．普通的交流電壓表不能直接用來(lái)測(cè)量高壓輸電線路間的電壓，通常要通過(guò)電壓互感器來(lái)連接。圖（b）為電壓互感器示意圖，ab端所接線圈的匝數(shù)較少，工作時(shí)ab端電壓為Uab，cd端所接線圈的匝數(shù)較多，工作時(shí)cd端電壓為UA．a(chǎn)b接MN、cd接電壓表，Uab<UC．cd接MN、ab接電壓表，Uab>U4．如圖所示，某同學(xué)練習(xí)踢毽子，假設(shè)毽子在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到大小不變的空氣阻力，下列v?t和a?t圖像可能正確反映毽子被豎直向上踢出后，經(jīng)一段時(shí)間又回到初始位置的是（）A． B．C． D．5．我國(guó)“神舟十六號(hào)”載人飛船的發(fā)射過(guò)程簡(jiǎn)化如圖所示：先由“長(zhǎng)征”運(yùn)載火箭將飛船送入近地點(diǎn)為A、遠(yuǎn)地點(diǎn)為B的橢圓軌道Ⅰ，在遠(yuǎn)地點(diǎn)B將飛船送入預(yù)定圓軌道Ⅱ。下列說(shuō)法正確的是（）A．飛船在軌道Ⅰ和Ⅱ運(yùn)行時(shí)均處于超重狀態(tài)B．飛船在軌道Ⅰ和Ⅱ運(yùn)行至B處時(shí)加速度相等C．飛船在軌道Ⅰ和Ⅱ運(yùn)行時(shí)機(jī)械能相等D．飛船在軌道Ⅰ經(jīng)過(guò)B處時(shí)的速度大于第一宇宙速度6．如圖所示，塔式起重機(jī)將質(zhì)量m=5×103kg的重物沿豎直方向吊起的過(guò)程中，在MN段重物以加速度a=0.2m/s2勻加速上升，在PQ段重物以速度v=1.2m/sA．從M到N，起重機(jī)的輸出功率保持為10kWB．從M到N，重物的機(jī)械能增加量為1.25×C．從P到Q，起重機(jī)的輸出功率保持為60kWD．從P到Q，起重機(jī)對(duì)重物做功為1.0×7．如圖（a）所示，輕質(zhì)彈簧上端固定，下端掛有鉤碼，鉤碼下表面吸附一個(gè)小磁鐵。鉤碼在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，某段時(shí)間內(nèi)，小磁鐵正下方的智能手機(jī)中的磁傳感器采集到磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖像如圖（b）所示，不計(jì)空氣阻力，下列判斷正確的是（??）A．鉤碼做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為tB．鉤碼動(dòng)能變化的周期為tC．在t1D．t2二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）8．如圖所示是場(chǎng)離子顯微鏡的原理圖，被研究金屬樣品做成的針尖與熒光質(zhì)涂層之間加有高電壓，從針尖上發(fā)出的離子在強(qiáng)電場(chǎng)下加速運(yùn)動(dòng)至涂層上相應(yīng)的位置形成光點(diǎn)，進(jìn)而得到針尖上原子分布的像，圖中帶箭頭的線是電場(chǎng)線。下列說(shuō)法正確的是（）A．從針尖向涂層加速運(yùn)動(dòng)的離子帶正電荷B．針尖與涂層之間的電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)C．離子向涂層運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功D．離子向涂層運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電勢(shì)能減小9．如圖（a）為游樂(lè)場(chǎng)中的“空中飛椅”項(xiàng)目。“空中飛椅”結(jié)構(gòu)示意圖如圖（b），轉(zhuǎn)動(dòng)軸帶動(dòng)頂部圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)，懸繩一端系在圓盤(pán)邊緣，另一端系著椅子。若所有椅子質(zhì)量相等，懸繩長(zhǎng)短不一定相等，忽略懸繩質(zhì)量與空氣阻力，則坐在椅子上的游客與椅子整體隨圓盤(pán)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中（）A．任一時(shí)刻，所有游客的線速度都相同B．所有游客做圓周運(yùn)動(dòng)的周期都相同C．懸繩越長(zhǎng)，懸繩與豎直方向的夾角就越大D．懸繩與豎直方向的夾角與游客質(zhì)量無(wú)關(guān)10．如圖所示，將兩個(gè)相同的“U”型光滑金屬導(dǎo)軌，平行放置于一方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的水平面，兩導(dǎo)軌的上軌和下軌所在平面均與水平面平行，完全相同的兩根勻質(zhì)金屬桿ab和cd靜止于兩導(dǎo)軌面上，且桿與軌道垂直。導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)，現(xiàn)用一水平向右的恒力F拉ab桿，則（）A．cd桿將向左運(yùn)動(dòng)B．a(chǎn)b桿先做變加速，后做勻加速運(yùn)動(dòng)C．回路的感應(yīng)電流先增大，后不變D．某段時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)所做的功等于回路產(chǎn)生的焦耳熱三、非選擇題（本題共5小題，共54分。考生根據(jù)要求作答）11．某同學(xué)測(cè)量一半圓形透明玻璃磚的折射率，實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：①用游標(biāo)卡尺測(cè)量玻璃磚的直徑d，確定其底面圓心位置并標(biāo)記在玻璃磚上；②將玻璃磚放在位于水平桌面并畫(huà)有直角坐標(biāo)系Oxy的白紙上，使其底面圓心和直徑分別與O點(diǎn)和x軸重合，將一長(zhǎng)直擋板緊靠玻璃磚并垂直于x軸放置，如圖（b）所示；③用激光器發(fā)出激光從玻璃磚外壁始終指向O點(diǎn)水平射入，從y軸開(kāi)始向右緩慢移動(dòng)激光器，直至恰好沒(méi)有激光從玻璃磚射出至擋板上y<0的區(qū)域時(shí)，在白紙上記錄激光束從玻璃磚外壁入射的位置P。④取走玻璃磚，過(guò)P點(diǎn)作y軸的垂線PQ，用刻度尺測(cè)量PQ的長(zhǎng)度L。根據(jù)以上步驟，回答下列問(wèn)題：（1）測(cè)得半圓形玻璃磚直徑d的讀數(shù)如圖（a）所示，則d=cm；（2）步驟③中，沒(méi)有激光射至擋板上y<0區(qū)域的原因是激光束在玻璃磚直徑所在界面處發(fā)生了；（3）根據(jù)以上測(cè)量的物理量，寫(xiě)出計(jì)算玻璃磚折射率的表達(dá)式為n=，若測(cè)得PQ線段的長(zhǎng)度L=2.00cm，計(jì)算可得玻璃磚的折射率為n=。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）12．一實(shí)驗(yàn)興趣小組找到了一捆較長(zhǎng)的鎳鉻合金線，其橫截面積標(biāo)記為2.5mm可供使用的器材有：多用電表；電流表A1電流表A2滑動(dòng)變阻器R1滑動(dòng)變阻器R2電阻箱：最大阻值9999.9Ω；電源：電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻可不計(jì)；開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）粗測(cè)鎳鉻合金線的阻值興趣小組先用多用電表的歐姆擋粗測(cè)該捆鎳鉻合金線的電阻，當(dāng)選擇歐姆×10倍率的電阻擋位測(cè)量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)很大，因此應(yīng)該換成歐姆倍率的電阻擋（選填“×1”或“×100”），選擇正確擋位后，指針如圖（a）所示，讀數(shù)為Ω；（2）精確測(cè)量鎳鉻合金線的阻值①同學(xué)采用的實(shí)驗(yàn)電路圖如圖（b）所示，根據(jù)實(shí)驗(yàn)需要應(yīng)選擇滑動(dòng)變阻器（選填“R1”或“R2”），實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前，滑片應(yīng)該置于②閉合開(kāi)關(guān)后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)A1電表接近滿偏時(shí)A2電表偏轉(zhuǎn)不大，為解決這個(gè)問(wèn)題，同學(xué)們決定用A1表與電阻箱③調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，當(dāng)電流表A2讀數(shù)為0.45A時(shí)，電流表A1讀數(shù)0.75mA，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計(jì)算出鎳鉻合金線的電阻為（3）計(jì)算鎳鉻合金線長(zhǎng)度興趣小組還查閱到鎳鉻合金的電阻率為1.0×10?6Ω?m13．現(xiàn)在很多小汽車配備了胎壓檢測(cè)傳感器，可以測(cè)出實(shí)時(shí)輪胎氣壓，一汽車在27℃（300K）時(shí)顯示輪胎氣壓為210kPa（1kPa=1000Pa），所在地突然經(jīng)歷了“一天入冬”的天氣變化，氣溫從27℃驟降到?3℃（270K），（已知一定質(zhì)量的理想氣體滿足pVT（1）該汽車胎壓值低于190kPa會(huì)作出報(bào)警提示，忽略輪胎體積變化，請(qǐng)結(jié)合計(jì)算判斷降溫后胎壓檢測(cè)是否會(huì)報(bào)警？（2）降溫前（溫度為300K）由于裝載貨物，輪胎內(nèi)氣體體積變?yōu)樵瓉?lái)的7814．有些高能粒子會(huì)對(duì)物理儀器造成損害，一位同學(xué)認(rèn)為可利用電磁場(chǎng)讓帶電粒子偏轉(zhuǎn)的特點(diǎn)設(shè)計(jì)裝置實(shí)現(xiàn)對(duì)粒子的屏蔽作用，如圖所示為一半徑為R的圓柱形鉛盒的截面圖，其中心為粒子發(fā)射源，以中心為坐標(biāo)原點(diǎn)建立Oxy平面坐標(biāo)系，使y軸負(fù)半軸與∠AOB的角平分線重合，發(fā)射源可在圖示∠AOB=60°平面范圍內(nèi)從圓心O沿半徑方向往外不斷發(fā)射出速度大小均為v，電荷量為q，質(zhì)量為m的某種帶正電粒子，粒子通過(guò)圓弧AB的縫隙到達(dá)鉛盒外面，同學(xué)打算在y=?R到y(tǒng)=?2R間的條形區(qū)域設(shè)置勻強(qiáng)電場(chǎng)或者勻強(qiáng)磁場(chǎng)以實(shí)現(xiàn)屏蔽效果，粒子重力不計(jì)，忽略粒子間的相互作用。（1）如果條形區(qū)域設(shè)置平行于y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度應(yīng)至少為多少，使得所有粒子不能越過(guò)條形電場(chǎng)區(qū)域？并判斷勻強(qiáng)電場(chǎng)方向；（2）如果條形區(qū)域設(shè)置垂直于截面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)至少為多少，使得所有粒子不能越過(guò)條形磁場(chǎng)區(qū)域？此時(shí)粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為多少？15．如圖所示，P點(diǎn)左側(cè)有一高h(yuǎn)=5.0m的平臺(tái)與半徑R=2.0m的四分之一光滑圓弧底部相切，平臺(tái)表面粗糙，長(zhǎng)度為1.0m?，F(xiàn)讓一物塊A從圓弧左側(cè)與圓心等高處?kù)o止釋放，下滑至平臺(tái)與另一置于平臺(tái)右側(cè)邊緣的物塊B發(fā)生碰撞，碰后其中一個(gè)物塊落在地面上的M點(diǎn)，另外一個(gè)物塊落到N點(diǎn)，M點(diǎn)和N點(diǎn)與平臺(tái)右側(cè)邊緣的水平距離為分別為1.0m和2.0m，已知A、B兩物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，物塊A與平臺(tái)的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，g=10m/s（1）碰撞前物塊A的速度v的大小；（2）落到M點(diǎn)和N點(diǎn)對(duì)應(yīng)的平拋運(yùn)動(dòng)初速度v1和v（3）物塊A和物塊B的質(zhì)量之比。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】AB.原子核發(fā)生核反應(yīng)的過(guò)程中，根據(jù)核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可以得出Y的質(zhì)量數(shù)是1，電荷數(shù)是0，所以Y是中子，故AB錯(cuò)誤；C.元素的半衰期由原子核內(nèi)部結(jié)構(gòu)決定，外部環(huán)境不會(huì)影響半衰期的大小，所以改變核廢水的溫度，核廢水中氚（13D.設(shè)原來(lái)氚的質(zhì)量為m0m=所以經(jīng)過(guò)兩次衰變后得剩余的氚質(zhì)量為m=故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】利用核反應(yīng)方程的規(guī)律可以求出Y的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)的大小，進(jìn)而判別Y屬于中子；半衰期不會(huì)受外部溫度的變化所影響；利用半衰期和衰變的時(shí)間可以求出剩余原子核的質(zhì)量。2．【答案】B【解析】【解答】篩面和谷處于靜止時(shí)，根據(jù)豎直方向的平衡方程有

2T解得每根輕繩的拉力大小T=故選B。

【分析】根據(jù)篩面和谷的平衡方程可以求出輕繩子拉力的大小。3．【答案】D【解析】【解答】電壓互感器的作用是使大電壓變成小電壓，根據(jù)變壓器原理

U1U2=n1n2

可知，應(yīng)使匝數(shù)多的接入輸入端，即cd接MN、ab接電壓表，根據(jù)

U故選D。

【分析】利用變壓器規(guī)律可以判別互感器的接法，結(jié)合匝數(shù)之比可以比較電壓的大小。4．【答案】D【解析】【解答】AB．毽子從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到回到最初位置時(shí)，由于有空氣阻力做功，由動(dòng)能定理可知，毽子被豎直向上踢出后，經(jīng)一段時(shí)間又回到初始位置時(shí)的速度大小一定小于初速度的大小，即回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)，速度不可能為?vCD．毽子上升階段時(shí)，毽子向下的重力和阻力作為毽子受到的合力，根據(jù)牛頓第二定律可以得出毽子的加速度大小為a下降階段，根據(jù)牛頓第二定律可以求出毽子的加速度大小為a方向均為豎直向下，根據(jù)

h=12故選D。

【分析】由于阻力做功則根據(jù)動(dòng)能定理可以比較毽子初末速度的大?。焕门ｎD第二定律可以求出毽子上升和下落加速度的大小，結(jié)合位移公式可以比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。5．【答案】B【解析】【解答】A．飛船在軌道Ⅰ和Ⅱ運(yùn)行時(shí)，只受萬(wàn)有引力作用，加速度方向指向地球，所以飛船處于失重狀態(tài)。A錯(cuò)誤；B．飛船在軌道Ⅰ和Ⅱ運(yùn)行，只受萬(wàn)有引力作用，根據(jù)引力產(chǎn)生加速度可以得出：G代入得a=G經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)B時(shí)距離地球的距離相等，所以加速度相等。B正確；C．飛船在軌道Ⅰ加速進(jìn)入軌道Ⅱ的過(guò)程中，由于在B點(diǎn)時(shí)，軌道II的速度大于軌道I的速度，根據(jù)動(dòng)能定理可以得出牽引力做正功，故機(jī)械能增加，所以軌道Ⅰ機(jī)械能小于軌道Ⅱ的機(jī)械能。C錯(cuò)誤；D．第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地軌道運(yùn)行的線速度，由于飛船在軌道II的線速度小于第一宇宙速度，根據(jù)離心運(yùn)動(dòng)則飛船在軌道IB點(diǎn)的速度小于軌道IIB點(diǎn)的線速度，所以B點(diǎn)速度小于第一宇宙速度。D錯(cuò)誤；故選B。

【分析】利用加速度的方向可以判別飛船處于失重狀態(tài)；利用引力提供向心力可以比較加速度的大?。焕蔑w船變軌可以比較速度的大小，進(jìn)而比較機(jī)械能的大??；結(jié)合引力提供向心力可以比較飛船在軌道II的線速度和第一宇宙速度的大小。6．【答案】C【解析】【解答】AB．從M到N，重物勻加速上升，根據(jù)重物的牛頓第二定律有F?mg=ma解得勻加速過(guò)程牽引力的大小為：F=5.1×保持不變，速度增加，根據(jù)功率的表達(dá)式可以得出起重機(jī)的輸出功率增大，由于外力做功導(dǎo)致重物的機(jī)械能增大，則根據(jù)功能關(guān)系可知，重物的機(jī)械能增加量為Δ故AB錯(cuò)誤；CD．從P到Q，重物勻速上升，根據(jù)平衡方程可以得出牽引力的大小為：F=mg=5×保持不變，速度也不變，根據(jù)功率的表達(dá)式則起重機(jī)的輸出功率保持為P=Fv=5×根據(jù)功的表達(dá)式可以得出：起重機(jī)對(duì)重物做功為W=Fx=5×故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】利用牛頓第二定律可以求出勻加速過(guò)程中重物受到的牽引力大小，隨著速度的增大則起重機(jī)的輸出功率不斷增大；利用牽引力做功可以求出重物機(jī)械能的增量；利用勻速直線運(yùn)動(dòng)的平衡方程可以求出牽引力的大小，結(jié)合速度的大小可以求出輸出功率的大小；利用牽引力和運(yùn)動(dòng)的距離可以求出牽引力做功的大小。7．【答案】A【解析】【解答】A．鉤碼做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期等于采集到磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的周期，根據(jù)圖像可以得出磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的周期為為t5B．t6?tC．在t1D．t2故選A。

【分析】利用磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的周期可以求出鉤碼做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期，鉤碼做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期不等于鉤碼動(dòng)能變化的周期；當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度最大時(shí)，鉤碼下落最低則重力勢(shì)能最??；利用初末速度的方向可以判別動(dòng)量變化量不等于0，則根據(jù)動(dòng)量定理可以判別合力的沖量不等于0.8．【答案】A,D【解析】【解答】A．離子從針尖向涂層做加速運(yùn)動(dòng)，由于電場(chǎng)力方向與運(yùn)動(dòng)方向相同，再由于運(yùn)動(dòng)方向與電場(chǎng)線方向相同，說(shuō)明電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相同，則說(shuō)明離子帶正電荷，故A正確；B．根據(jù)電場(chǎng)線的分布可知，由于電場(chǎng)線密集程度代表場(chǎng)強(qiáng)的大小，所以針尖與涂層之間的電場(chǎng)不是勻強(qiáng)電場(chǎng)，針尖附近電場(chǎng)大，涂層附近電場(chǎng)小，故B錯(cuò)誤；CD．離子從針尖向涂層做加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，根據(jù)功能關(guān)系可以判別離子向涂層運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。

【分析】利用粒子做加速運(yùn)動(dòng)可以判別電場(chǎng)力的方向，結(jié)合電場(chǎng)線的方向可以判別離子的電性；利用電場(chǎng)線的疏密可以比較電場(chǎng)力的大?。焕秒妶?chǎng)力做功可以判別電勢(shì)能的變化。9．【答案】B,C,D【解析】【解答】AB．所有游客相同時(shí)間轉(zhuǎn)過(guò)的角度相同則角速度相同，由于游客做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑不同，根據(jù)線速度和角速度的關(guān)系式有

v=ωr

可知，線速度大小不同，游客的線速度方向也不同，根據(jù)周期和角速度的大小關(guān)系有

T=2πωCD．根據(jù)題意，設(shè)繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，懸繩與豎直方向的夾角為θ，繩子拉力和重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有：mg解得g根據(jù)表達(dá)式可以得出懸繩與豎直方向的夾角與游客質(zhì)量無(wú)關(guān)，懸繩越長(zhǎng)，θ越大，即懸繩越長(zhǎng)，懸繩與豎直方向的夾角就越大，故CD正確。故選BCD。

【分析】游客們屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)所以角速度相等，結(jié)合運(yùn)動(dòng)半徑不同所以線速度大小不同；利用周期和角速度的關(guān)系可以判別周期相等；利用牛頓第二定律可以求出夾角的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式可以判別夾角大小的影響因素。10．【答案】B,C【解析】【解答】A．a(chǎn)b桿在恒力的作用下向右運(yùn)動(dòng)，已知磁場(chǎng)方向向上，則右手定則可知，感應(yīng)電流由b→a，根據(jù)電流的方向可以得出：cd桿中電流由c→d，已知磁場(chǎng)方向向上，則根據(jù)左手定則可知，cd桿受向右的安培力，則在安培力的作用下將向右運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；BC．設(shè)ab桿運(yùn)動(dòng)的速度為v1，cd桿運(yùn)動(dòng)的速度為vE=BL根據(jù)歐姆定律可以得出；感應(yīng)電流為I=根據(jù)安培力的表達(dá)式可以得出：ab桿和cd桿的安培力大小相等為F根據(jù)牛頓第二定律可以得出ab和cd桿的加速度為：F?B2初始速度均為零，則開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)有a相對(duì)速度v1D．根據(jù)能量守恒定律可以得出，某段時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)所做的功等于回路產(chǎn)生的焦耳熱和兩桿增加的動(dòng)能之和，故D錯(cuò)誤。故選BC。

【分析】利用右手定則可以判別ab棒運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向，結(jié)合左手定則可以判別cd棒受到的安培力方向，進(jìn)而判別cd棒運(yùn)動(dòng)的方向；利用動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式可以求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，結(jié)合歐姆定律及安培力的表達(dá)式可以求出安培力的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出兩棒加速度的變化，結(jié)合當(dāng)加速度相等時(shí)，兩棒的速度保持不變，則做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則回路中感應(yīng)電流隨相對(duì)速度的增大而增大；利用加速度的變化可以判別兩棒速度的變化；利用能量守恒定律可以判別F做功轉(zhuǎn)化為回路焦耳熱和兩棒動(dòng)能的增量。11．【答案】6.43；全反射；d2L【解析】【解答】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的結(jié)構(gòu)可以得出：玻璃磚的直徑為d=6.4cm+（2）光束經(jīng)玻璃磚折射后照在擋板上y<0的區(qū)域內(nèi)，當(dāng)入射角逐漸增大，折射光線消失的時(shí)候入射角等于臨界角，就是光束在玻璃界面處發(fā)生了全反射。（3）當(dāng)恰好發(fā)生全反射時(shí)，根據(jù)折射定律有：n=將對(duì)應(yīng)的長(zhǎng)度代入數(shù)據(jù)可得n=sin90°sinθ=sin12．【答案】×1；6；R2；a；串聯(lián)；5.0；【解析】【解答】（1）用多用電表的歐姆擋粗測(cè)電阻時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)很大，由于歐姆表的0刻度線在右端，則說(shuō)明待測(cè)電阻較小，為了使讀數(shù)變大，換用更低的擋位測(cè)量，因此應(yīng)該換成歐姆×1倍率的電阻擋，選擇正確擋位后，根據(jù)示數(shù)和擋數(shù)的乘積可以得出讀數(shù)為6Ω（2）①根據(jù)電路圖可以得出，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，則滑動(dòng)變阻器選擇的阻值要比較大才能控制回路中的電流，則應(yīng)選擇滑動(dòng)變阻器R2，實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前，為了使回路中的電流最小，應(yīng)仍滑動(dòng)變阻器接入電路阻值最大，則滑片應(yīng)該置于a②根據(jù)電路圖可以得出，A1電表并聯(lián)在待測(cè)電阻兩端，按電壓表使用，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，發(fā)現(xiàn)A1電表接近滿偏時(shí)A2③根據(jù)題意可知，根據(jù)歐姆定律結(jié)合并聯(lián)電路上下電壓相同，則鎳鉻合金線兩端的電壓為U=根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律可以得出：流過(guò)鎳鉻合金線的電流為I=根據(jù)歐姆定律可以得出：鎳鉻合金線的電阻為R（3）已知電阻的大小，根據(jù)電阻定律有

R可得

l=代入數(shù)據(jù)解得l=12.5m

【分析】（1）由于多用電表偏轉(zhuǎn)角過(guò)大則待測(cè)電阻阻值太小，所以應(yīng)該換低擋位，根據(jù)示數(shù)和擋位可以得出電阻的大??；

（2）由于滑動(dòng)變阻器使用限流式接法，所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇大電阻；為了電路的安全，開(kāi)關(guān)閉合前，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該處于最大阻值；利用電表A1作為電壓表使用，由于電流表電壓量程比較小，所以應(yīng)該串聯(lián)一個(gè)電阻箱增大量程；根據(jù)歐姆定律可以求出電阻兩端電壓的大小，結(jié)合并聯(lián)電路的規(guī)律可以求出流過(guò)電阻的電流大小，結(jié)合歐姆定律可以求出待測(cè)電阻的阻值；

（3）利用電阻定律結(jié)合電阻的大小可以求出電線的長(zhǎng)度。13．【答案】解：（1）根據(jù)題意，降溫前輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p1，氣體體積為V1，溫度為T(mén)1，降溫后輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p2，氣體體積為p其中p1=210kPa，T1V解得p可知，胎壓檢測(cè)會(huì)報(bào)警。（2）根據(jù)題意，設(shè)裝貨之前氣體體積為V1，裝貨之后氣體的壓強(qiáng)為p3，氣體體積為p解得p【解析】【分析】（1）當(dāng)輪胎中的氣體溫度變化時(shí)，根據(jù)等容變化的狀態(tài)方程可以求出輪胎內(nèi)部氣體的壓強(qiáng)，進(jìn)而判別輪胎是否報(bào)警；

（2）當(dāng)輪胎受到壓力時(shí)，根據(jù)等溫變化的狀態(tài)方程可以求出輪胎的氣壓大小。14．【答案】解：（1）根據(jù)題意可知，由于粒子發(fā)射源發(fā)出的粒子速度大小相等，若沿y軸負(fù)方向射出的粒子不能穿過(guò)條形電場(chǎng)區(qū)域，其它粒子一定不能穿過(guò)，對(duì)沿y軸負(fù)方向射出的粒子，由動(dòng)能定理有?EqR=0?12E=mv22qR（2）如果條形區(qū)域設(shè)置垂直于截面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知，粒子進(jìn)入