云南省峨山彝族自治縣第一中學2018_2019學年高二物理3月月考試卷（含解析）.docx

云南省峨山彝族自治縣第一中學2018-2019學年高二3月月考物理試題一、單選題1.關于傳感器，下列說法正確的是A. 傳感器能將非電學量按一定規(guī)律轉換成電學量B. 金屬熱電阻是一種可以將電學量轉換為熱學量的傳感器C. 干簧管是能夠感知電場的傳感器D. 半導體熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而增大【答案】A【解析】傳感器能將非電學量按一定規(guī)律轉換成電學量，選項A正確；金屬熱電阻是一種可以將熱學量轉換為電學量的傳感器，選項B錯誤；干簧管是能夠感知磁場的傳感器，選項C錯誤；熱敏電阻在溫度升高時，電阻會變小，熱敏電阻能把溫度這個熱學量轉換為電阻這個電學量。故D錯誤；故選A。2.某電場的等勢線分布如圖所示,關于該電場,下列說法中正確的是()A. A點的電場強度方向沿該點的切線方向B. A點的電場強度大于C點的電場強度C. 將電子從A點移到C點其電勢能減少4 eVD. 將檢驗電荷q從A點移到B點外力一定做正功【答案】B【解析】A. 電場強度方向與等勢線垂直，A錯誤； B、等差等勢線越密的地方電場強度越大，B正確；C、將電子從高電勢移到低電勢，電場力做負功，電勢能增加，C錯誤；D、A、B兩點電勢相等，將檢驗電荷q從A點移到B點電場力不做功，外力不做功，D錯誤。故選B。3.如圖所示，一質量為m的條形磁鐵用細線懸掛在天花板上，細線從一水平金屬圓環(huán)中穿過現(xiàn)將環(huán)從位置釋放，環(huán)經(jīng)過磁鐵到達位置.設環(huán)經(jīng)過磁鐵上端和下端附近時細線的張力分別為FT1和FT2，重力加速度大小為g，則()A. FT1mg，F(xiàn)T2mgB. FT1mg，F(xiàn)T2mg，F(xiàn)T2mgD. FT1mg【答案】A【解析】【分析】根據(jù)楞次定律進行判定：圓環(huán)從靜止開始向下運動時，穿過圓環(huán)的磁通量先增大后減小，故圓環(huán)和磁鐵先排斥后吸引【詳解】圓環(huán)從靜止開始向下運動到落到磁鐵下方的過程中，穿過圓環(huán)的磁通量先增加再減小，根據(jù)楞次定律可知磁鐵對線圈的反應是：感應電流的磁場先阻礙磁通量增加再阻礙其減小，即先是排斥其向下運動，阻礙其磁通量增大，后是吸引線圈，阻礙其磁通量的減小。故兩種情況下，繩的拉力都大于mg，故選項A正確?！军c睛】深刻理解楞次定律“阻礙”的含義如“阻礙”引起的線圈面積、速度、受力等是如何變化的4.如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內阻不計)連接，下極板接地一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)，則( ) A. 帶電油滴所帶電荷為正電荷B. 若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大C. 將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則帶電油滴將豎直向上運動D. 將平行板電容器的上極板向左移動一小段距離，則帶電油滴任然保持平衡狀態(tài)【答案】D【解析】【分析】根據(jù)油滴所處的平衡狀態(tài)，可確定油滴收到電場力的方向，然后根據(jù)電場方向，來確定電荷的正負；根據(jù)，可確定電荷量的變化；根據(jù)，可確定U不變得情況下，板間電場強度隨板間距離d的關系；【詳解】A、電容器與電源正極相連的極板帶正電，則板間電場方向豎直向下。油滴靜止，則所受電場力豎直向上，故油滴帶負電，A錯誤；B、根據(jù)可知，電容減小，則極板的帶電量將減小，B錯誤；C、根據(jù)，當上極板豎直向上移動一小段距離，則增加，減小，由得，電場力減小，故油滴所受合力豎直向下，會由靜止向下運動，C錯誤；D、將平行板電容器的上極板向左移動一小段距離，由于板間電壓不變，板間距離不變，故電場力不變，油滴仍然處于靜止狀態(tài)，D正確。故選D?！军c睛】本題考查學生分析電容器相關問題的能力，包括影響電容大小的因素，板間電場相關定性問題。5.如圖所示，通電直導線右邊有一個矩形線框，線框平面與通電直導線共面，若使線框逐漸遠離（平動）通電導線，則穿過線框的磁通量將（）A. 逐漸減小B. 逐漸增大C. 保持不變D. 不能確定【答案】A【解析】【詳解】由題，通電直導線產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，離導線越遠磁場越弱，磁感線越疏，則當線框遠離通電導線時，穿過線框的磁感線的條數(shù)越來越少，磁通量將逐漸減小。 故選A。6.如圖甲所示為一理想變壓器，原、副線圈匝數(shù)比為221，兩個標有“10 V,5 W”的小燈泡并聯(lián)在副線圈的兩端原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓u如圖乙所示，原線圈電路中電壓表和電流表(可視為理想電表)。則下列說法正確的是 ( ) A. 經(jīng)過1 min原線圈的輸出電能為6102 JB. 由于電壓過高小燈泡會被燒壞C. 電壓表的示數(shù)為 220 VD. 電流表的示數(shù)為 2 A【答案】A【解析】【分析】由圖乙可知，原線圈兩端電壓的有效值為220V，根據(jù)變壓器原副線圈電壓比關系，得副線圈兩端電壓的有效值?！驹斀狻緼B、分析可知，副線圈兩端電壓，故兩燈泡均正常工作，則變壓器的輸入功率為，故在1min內，原線圈的輸出電能為，A正確，B錯誤；C、電壓表的示數(shù)為原線圈電壓有效值，為220V，C錯誤；D、根據(jù)，得電流表示數(shù)，D錯誤。故選A。【點睛】掌握住理想變壓器的電壓、電流和功率之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題。7.如圖所示為某傳感裝置內部部分電路圖，RT為正溫度系數(shù)熱敏電阻，其特性為隨著溫度的升高阻值增大；R1為光敏電阻，其特性為隨著光照強度的增強阻值減小；R2和R3均為定值電阻，電源電動勢為E，內阻為r，V為理想電壓表若發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，可能的原因是（）熱敏電阻溫度降低，其他條件不變熱敏電阻溫度升高，其他條件不變光照減弱，其他條件不變光照增強，其他條件不變A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】解： 熱敏電阻溫度降低時，其阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓隨之減小，通過光敏電阻的電流減小，所以通過熱敏電阻的電流增大，電壓表的讀數(shù)增大，符合題意，故正確。 相反，同理可得熱敏電阻溫度升高，其他條件不變，電壓表的示數(shù)減小，不符合題意。故錯誤。 光照減弱，光敏電阻的阻值增大，外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電壓表的示數(shù)增大，故正確。 光照增強，光敏電阻的阻值減小，外電路總電阻減小，路端電壓減小，則電壓表的示數(shù)減小，故錯誤。 故選A。8.如圖所示，勻強磁場方向豎直向下，磁感應強度為B.正方形金屬框abcd可繞光滑軸OO轉動，邊長為L，總電阻為R，ab邊質量為m，其他三邊質量不計，現(xiàn)將abcd拉至水平位置，并由靜止釋放，經(jīng)一定時間到達豎直位置，ab邊的速度大小為v，則下列說法不正確的是( ) A. 在豎直位置時金屬框產(chǎn)生的電動勢大小為E=BvLB. 從水平到豎直的過程中通過ab的電荷量為q=BL2/RC. 從水平到豎直的過程中金屬框內產(chǎn)生熱量大小等于mgLD. 從水平到豎直的過程中通過ab桿上b點電勢大于a點電勢【答案】D【解析】【分析】線框在下落過程中，ab棒下落到最低點時恰好垂直切割磁場，可用計算電動勢；應該用平均電流來計算電量q，；由能量守恒定律可計算熱量；根據(jù)電源內部，電流由電源負極流向正極的規(guī)律，確定四指指尖方向為等效電源正極，電勢較高?！驹斀狻緼、線框在豎直位置時，ab邊恰好垂直切割磁場，而且只有ab邊切割，此時電動勢，A正確； B、線框從水平到豎直的過程中，磁通量的變化量為，則該過程中，流過導線橫截面的電量，B正確；C、除ab外，其他三邊質量不計，故線框在下落的整個過程中，重心下降，根據(jù)能量守恒定律得，其中Q為整個過程中線框中產(chǎn)生的熱量，解得：，C正確；D、在下落過程中，根據(jù)右手定則可知，a點電勢大于b點電勢，D錯誤。故本題不正確的選項為D?！军c睛】識記產(chǎn)生感應電動勢的常規(guī)規(guī)律并熟練解決問題，是解決本題的關鍵。二、多選題9. 一個閉合線圈固定在垂直紙面的勻強磁場中,設磁場方向向里為磁感應強度B的正方向,線圈中的箭頭所指方向為電流I的正方向.線圈及線圈中感應電流I隨時間變化的圖線如圖所示,則磁感應強度B隨時間變化的圖線可能是圖中的：【答案】CD【解析】在內，電流為負，即逆時針方向，則感應電流的磁場方向垂直紙面向外，根據(jù)楞次定律，若原磁場均勻增大，則方向向里，為正向增大；若原磁場均勻減小，則原磁場向外，為負向減小，故A錯誤；在內，電流為正，即順時針方向，則感應電流的磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)楞次定律，若原磁場均勻增大，則方向向外，為負向增大；若原磁場均勻減小，則原磁場向里，為正向減小，故B錯誤；根據(jù)以上分析可知，CD正確。所以CD正確，AB錯誤。10.如圖所示，是一個匝數(shù)n=10匝的線圈在勻強磁場中沿垂直于磁場方向的固定軸轉動時，通過線圈平面的磁通量隨時間變化的圖象。關于線圈中的感應電動勢，以下說法正確的是（）A. 在s時，線圈中的感應電動勢最大B. 在s時，線圈中的感應電動勢最大C. 在s時，線圈中的感應電動勢改變方向D. 在s時，線圈中的感應電動勢改變方向【答案】BC【解析】【詳解】由圖象可知，在t1=0.1s時刻，線圈中的磁通量最大，線圈轉到中性面，感應電動勢為零，在t2=0.2 s時刻，線圈中的磁通量為零，線圈平面跟磁場平行，感應電動勢最大，故A錯誤B正確； 在t3=0.3s時刻，線圈中磁通量又達到最大值，感應電動勢為零，方向發(fā)生改變，t4=0.4 s時刻前后，線圈中的感應電動勢的方向不變，故C正確，D錯誤。 故選BC。11.如圖所示（a）（b）兩個電路中，電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，且小于燈泡A的電阻，接通S，使電路達到穩(wěn)定，燈泡A發(fā)光.則( )A. 在電路(a)中，斷開S后，A將逐漸變暗B. 在電路(a)中，斷開S后，A將先變得更亮，然后才漸暗C. 在電路(b)中，斷開S后，A將逐漸變暗D. 在電路(b)中，斷開S后，A將先變得更亮，然后漸暗【答案】AD【解析】【詳解】在電路a中，斷開S，由于線圈阻礙電流變小，會在ALR之間構成新的回路，導致A將逐漸變暗。故A正確，B錯誤；在電路b中，由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，所以通過燈泡的電流比線圈的電流小，斷開S時，由于線圈阻礙電流變小，導致A將變得更亮，然后逐漸變暗。故D正確，C錯誤。故選AD。12.如圖所示，電阻為R的金屬棒從圖示位置ab分別以v1，v2的速度沿光滑導軌（電阻不計）勻速滑到ab位置，若v1：v2=1：2，則在這兩次過程中（）A. 回路電流：2B. 產(chǎn)生的熱量：2C. 通過任一截面的電量：2D. 外力的功率：2【答案】AB【解析】【詳解】回路中感應電流為：，Iv，則得：I1：I2=v1：v2=1：2故A正確。產(chǎn)生的熱量為：Q=I2Rt=（）2R= ，Qv，則得：Q1：Q2=v1：v2=1：2故B正確。通過任一截面的電荷量為：q=It=t=，q與v無關，則得：q1：q2=1：1故C錯誤。由于棒勻速運動，外力的功率等于回路中的功率，即得：P=I2R=（）2R，Pv2，則得：P1：P2=1：4，故D錯誤。故選AB。三、實驗題探究題13.某同學用伏安法測定待測電阻Rx的阻值（約為10 k），除了Rx，開關S、導線外，還有下列器材供選用：A電壓表（量程01 V，內阻約10 k）B電壓表（量程010 V，內阻約100 k）C電流表（量程01 mA，內阻約30 ）D電流表（量程00.6 A，內阻約0.05 ）E電源（電動勢1.5 V，額定電流0.5 A，內阻不計）F電源（電動勢12 V，額定電流2 A，內阻不計）G滑動變阻器R0（阻值范圍010 ，額定電流2 A）為使測量盡量準確，電壓表選用_，電流表選用_，電源選用_。（均填器材的字母代號）；畫出測量Rx阻值的實驗電路圖_。該同學選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值會_其真實值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_?！敬鸢浮?(1). B； (2). C； (3). F； (4). (5). 大于； (6). 電壓表的讀數(shù)大于呆測電阻兩端實際電壓；【解析】試題分析：由于本題的被測電阻達到10k，所以電源要選擇電動勢大的，然后根據(jù)電路電流選擇電流表，電壓表；若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，根據(jù)和的關系分析電流表的接法；根據(jù)電流表的接法判斷實驗誤差所在；若選用電源1.5V，由于被測電阻很大，電路中電流非常小，不利于實驗，即電源選用12V的，即F；則電壓表就應該選取B；電路中的最大電流為，故選用電流表C；因為給的滑動變阻器的最大阻值只有10，若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，由于，所以采用電流表內接法，電路圖如圖所示，由于電流表的分壓，導致電壓測量值偏大，而電流準確，根據(jù)可知測量值偏大；【點睛】滑動變阻器的分壓和限流接法的區(qū)別和選用原則：區(qū)別：（1）限流接法線路結構簡單，耗能少；（2）分壓接法電壓調整范圍大，可以從0到路端電壓之間連續(xù)調節(jié)；選用原則：（1）優(yōu)先限流接法，因為它電路結構簡單，耗能較少；（2）下列情況之一者，須采用分壓接法：當測量電路的電阻遠大于滑動變阻器阻值，采用限流法不能滿足要求時（本題就是該例子）；當實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)（電壓變化范圍大），或要求電壓從零開始調節(jié)；電源電動勢比電壓表量程大得多，限流法滑動變阻器調到最大仍超過電壓表量程時。電流表內接和外接的選用：當時，宜采用內接法，即大電阻用內接法；當時，宜采用外接法，即小電阻用外接法；可記憶為“大內，小外”。14.多用電表是實驗室常用的實驗器材之一，其原理是閉合電路的歐姆定律，它能測電阻、電壓、電流等。如圖為多用電表的內部構造，如果用它來測量某電阻的阻值，則應將開關扳到_或_位置；其中5、6擋位為測量_擋，且_擋量程比較大，1、2擋位為測量_擋，_擋量程比較大【答案】 (1). 3； (2). 4； (3). 電壓； (4). 6； (5). 電流； (6). 1；【解析】【分析】歐姆檔的電路要連接電池，則為3，4；電壓檔要串聯(lián)電阻分壓，不接電池，故為5，6電流表要并聯(lián)電阻起分流作用，不接電池，故為1、2；解：使用歐姆擋時需要電表內接電源，所以3、4為歐姆擋；由于串聯(lián)電阻具有分壓作用，所以將靈敏電流計的表頭改裝成電壓表時應串聯(lián)電阻，故5、6為電壓擋，又因串聯(lián)電阻越大，量程越大，所以6擋量程比較大；由并聯(lián)電阻的分流作用知1、2為電流擋，1、2兩擋測電流的對應量程分別為，可知。四、計算題15.如圖，一質量為m、電荷量為q(q0)的粒子在勻強電場中運動，A、B為其運動軌跡上的兩點。已知該粒子在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為53；它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為37。不計重力。求A、B兩點間的電勢差?！敬鸢浮俊窘馕觥俊痉治觥苛Ｗ铀椒较蚴茈妶隽Γ鰟蚣铀僦本€運動；豎直方向不受力，故豎直分運動是勻速直線運動；結合運動的合成與分解的知識得到A點速度與B點速度的關系，然后對A到B過程根據(jù)動能定理列式求解?！驹斀狻吭O帶電粒子在B點的速度大小為vB。粒子在垂直于電場方向的速度分量不變，即vBsin 37v0sin 53由此得 設A、B兩點間的電勢差為UAB，由動能定理有：聯(lián)立各式得：。【點睛】本題關鍵是通過運動的合成與分解得到A點速度和B點速度的關系，然后結合動能定理列式求解即可。16.面積S=0.2m2、n=100匝的圓形線圈，處在如圖所示的磁場內，磁感應強度隨時間t變化的規(guī)律是B=0.02t，R=3，C=30F，線圈電阻r=1，求：（1）通過R的電流方向和4s內通過導線橫截面的電荷量（2）電容器的電荷量【答案】（1）0.4C（2）910-6C【解析】【詳解】（1）由圖示可知，磁場垂直于紙面向里，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律可知，感應電流沿逆時針方向，通過R的電流方向為：ba；感應電動勢：E=n=nS=1000.20.02=0.4V，電路電流：I=0.1A，通過導線橫截面的電荷量：q=It=0.14=0.4C；（2）電容器兩端電壓：UC=UR=IR=0.13=0.3V，電容器的電荷量：q=CUR=3010-60.3=910-6C；17.如圖所示，兩根足夠長的直金屬導軌MN、PQ平行放置在傾角為的絕緣斜面上，兩導軌間距為LM、P兩點間接有電阻值為R的電阻，一根質量為m的均勻直金屬桿ab放在兩導軌上，并與導軌垂直整套裝置處于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直斜面向下導軌和金屬桿的電阻可忽略讓ab桿沿導軌由靜止開始下滑，導軌和金屬桿接觸良好，