江蘇省洪澤縣高三物理上學期期末考試試題新人教版 (2).doc

洪澤中學2013屆高三上學期期末考試物理試題第i卷（選擇題）一、選擇題1一質量為m、速度為v的小球a，與在用一水平直線上運動的另一小球b相撞，撞后小球a以速率2v被反彈，那么小球a的動量改變和能量改變分別是2如圖所示，在垂直紙面向里，磁感應強度為b的勻強磁場區(qū)域中有一個均勻導線制成的單匝直角三角形線框?，F(xiàn)用外力使線框以恒定的速度v沿垂直磁場方向向右運動，運動中線框的ab邊始終與磁場右邊界平行，已知ab=bc=l，線框導線的總電阻為r。則線框進入磁場的過程中a線框中的電動勢隨時間均勻增大b通過線框截面的電荷量為 c線框所受外力的最大值為 d線框中的熱功率與時間成正比3圖1-9中重物的質量為，輕細線ao和bo的a、b端是固定的，平衡時ad是水平的，bo與水平的夾角為。ao的拉力f1和bo的拉力f2的大小是：a、 b、c、 d、4以下說法中不正確的是（ ）a. 質點的提出應用了物理模型法 b. 加速度的定義應用了比值定義法c. 亞里斯多德提出重的物體落得快 d. 伽利略提出重的物體落得快5關于自由落體運動,下列說法中正確的是( )a.在空氣中不考慮空氣阻力的運動是自由落體運動b.物體做自由落體運動時不受任何力的作用c.在同一地點不同物體做自由落體運動的加速度相同d.自由落體運動可以看作是初速度為零的勻加速直線運動6如圖所示，一塊質量為m的木板停在光滑的水平面上，木板的左端有擋板，擋板上固定一個小彈簧。一個質量為m的小物塊（可視為質點）以水平速度0從木板的右端開始向左運動，與彈簧碰撞后（彈簧處于彈性限度內），最終又恰好停在木板的右端。根據(jù)上述情景和已知量，可以求出a彈簧的勁度系數(shù)b彈簧的最大彈性勢能c木板和小物塊之間的動摩擦因數(shù) d木板和小物塊組成的系統(tǒng)最終損失的機械能7如圖所示的電路中，電源的電動勢e和內阻r恒定不變，變阻器r1的滑片p處在如圖位置時，電燈l正常發(fā)光。現(xiàn)將滑片p向右移動，則在該過程中a電壓表的示數(shù)變大b電流表的示數(shù)變大c電燈l變亮d定值電阻r2消耗的功率變小8三個阻值相同的電阻，它們的額定電壓均為8v，現(xiàn)將兩個電阻并聯(lián)后再與第三個電阻串聯(lián)，這個電路允許的總電壓的最大值為（ ）a、8v b、10 c、12v d、16v9某同學在籃球場地上做斜上拋運動實驗，設拋出球的初速度為20 m/s，拋射角分別為30、45、60、75，不計空氣阻力，則關于球的射程，以下說法中正確的是()a以30角度拋射時，射程最大b以45角度拋射時，射程最大c以60角度拋射時，射程最大d以75角度拋射時，射程最大.第ii卷（非選擇題）二、計算題10如圖所示，光滑水平地面靜止放著質量m10 kg的木箱，與水平方向成60的恒力f作用于物體，恒力f2.0 n當木箱在力f作用下由靜止開始運動4.0 s后，求： (1)4.0 s末物體的速度大??；(2)4.0 s內力f所做的功；(3)4.0 s末力f的瞬時功率11（12分）一勻強電場，場強方向是水平的，如圖所示。一個質量為m的帶正電的小球，從o點出發(fā)，初速度的大小為vo，在電場力和重力的作用下，恰能沿與場強的反方向成的直線運動。求：（1）小球從o點到最高點的位移大?。唬?）小球運動到最高點時的電勢能與在o點的電勢能之差。12塔式起重機的結構如圖所示，設機架重p400 kn，懸臂長度為l10 m，平衡塊重w200 kn，平衡塊與中心線oo/的距離可在1 m到6 m間變化，軌道a、b間的距離為4 m。機架平衡塊掛鉤輪子軌道2m2mloo/當平衡塊離中心線1 m，右側軌道對輪子的作用力fb是左側軌道對輪子作用力fa的2倍，問機架重心離中心線的距離是多少？當起重機掛鉤在離中心線oo/10 m處吊起重為g100 kn的重物時，平衡塊離oo/的距離為6 m，問此時軌道b對輪子的作用力fb時多少？三、簡答題14人造衛(wèi)星繞地球運行時，軌道各處地磁場的強弱并不相同，因此，金屬外殼的人造地球衛(wèi)星運行時，外殼中總有微弱的感應電流分析這一現(xiàn)象中的能量轉化情形它對衛(wèi)星的運動可能產生怎樣的影響？參考答案【答案】d 【解析】2ab【解析】設時間t時刻，切割磁感線的有效長度為vt，感應電動勢為blvt，a對；,當ab切割磁感線是電流最大，安培力最大，c錯；電流i與時間成正比，由可知熱功率與時間成二次關系，d錯。3bd【解析】 如圖1-10，三根細繩在o點共點，取o點（結點）為研究對象，分析o點受力如圖1-10。o點受到ao繩的拉力f1、bo繩的拉力f2以及重物對它的拉力t三個力的作用。圖1-10（a）選取合成法進行研究，將f1、f2合成，得到合力f，由平衡條件知：則：圖1-10（b）選取分解法進行研究，將f2分解成互相垂直的兩個分力、，由平衡條件知：則： 4d【解析】略5cd【解析】 試題分析：物體由靜止只在重力作用下的運動是自由落體運動，所以自由落體運動可以看作是初速度為零的勻加速直線運動，d對；由在同一地點自由落體加速度相同，c對；物體做自由落體運動時只受重力的作用，b錯；自由落體運動不考慮空氣阻力，但不考慮空氣阻力的運動不一定是自由落體運動，也可能是平拋運動或豎直上拋運動，a錯?？键c：本題考查自由落體運動，自由落體加速度點評：本題比較簡單，學生要清楚自由落體運動的定義，自由落體加速度的特點。6bd【解析】考點：動量守恒定律；功能關系專題：計算題分析：m與m構成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動量守恒，可根據(jù)動量守恒定律求出木塊滑動到最左端時系統(tǒng)的速度以及最終木塊和木板相對靜止時的速度；系統(tǒng)產生的熱量可以用公式q=fs求解，當木塊滑到最左端時，彈性勢能最大，結合能量守恒定律可以求出彈簧的最大彈性勢能解答：解：小木塊m與長木板m構成的系統(tǒng)動量守恒，設小木塊滑到最左端和最右端的速度分別為v1、v2，由動量守恒定律，小木塊從開始位置滑動到最左端的過程，mv0=（m+m）v1小木塊從開始位置滑動到最后相對長木板靜止過程，mv0=（m+m）v2解得v1= v2= 小木塊滑動到最左端的過程中，由能量守恒定律，epm+q+（m+m）v2=mv2 q=fl 小木塊從開始滑動到最右端的過程中，由能量守恒定律，q+（m+m）v2=mv2q=f（2l） 由式，可以解出epm、q，故bd正確；由于缺少彈簧的壓縮量和木板長度，無法求出彈簧的勁度系數(shù)和滑動摩擦力，故ac錯誤；故選bd點評：動量守恒定律的運用不涉及中間過程，故對于復雜的運動特別方便，可以大大簡化解題過程；同時要注意動量守恒定律經常與動能定理和能量守恒定律結合使用！7b【解析】試題分析：滑動變阻器的滑片向右端滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，來判斷電燈亮度和電流表示數(shù)的變化滑動變阻器的滑片向右端滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，r，外電路總r，由歐姆定律得知總電流i，電流表的示數(shù)增大，故a錯。電壓表的示數(shù)u=e-i（r1+r）故b對。電燈l的電壓等于路端電壓，路端電壓u=e-ir所以電燈l變暗，消耗的功率減小，故c錯電阻r1消耗的功率，故d錯誤考點：閉合電路的歐姆定律點評：難度中等，本題是簡單的電路動態(tài)分析問題對于路端電壓也可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大判斷變化8c【解析】考點：電功率的計算專題：計算題；推理法分析：（1）設三只同樣的電阻的阻值都是r，額定電壓為u，則兩個并聯(lián)的總電阻是 ；（2）兩個并聯(lián)再與第三個串聯(lián)，則第三個串聯(lián)的電壓就是并聯(lián)部分電壓的2倍，若讓并聯(lián)部分的電阻正常工作，則第三個電阻就超過額定電壓，所以，只能讓第三個電阻正常工作，則并聯(lián)部分的電壓為額定電壓的一半；解答：解：因為，第三個串聯(lián)的電壓就是并聯(lián)部分電壓的2倍，若讓并聯(lián)部分的電阻正常工作，則第三個電阻就超過額定電壓，所以，讓第三個電阻正常工作，則并聯(lián)部分的電壓為額定電壓的一半；設三只同樣的電阻的阻值都是r，額定電壓為u，則并聯(lián)部分的一個電阻的實際電壓為：所以電路允許消耗的最大電壓為u+=8+4=12v故選c點評：本題考正確判斷讓哪個電阻正常工作是解題的關鍵；首先根據(jù)電阻關系，找到電壓關系，明確讓實際電壓高的哪個電阻正常工作9b【解析】根據(jù)射程公式可知，當拋射角為45時，射程最大思路分析：射程公式分析試題點評：本題考查了對射程公式的應用10解：（1）fcos60=ma v=at 解得：v=0.4m/s(2)wf=mv2/2=0.8j(3)p=fvcos=0.4w 【解析】略11 【解析】（1）根據(jù)物體受力情況，可知物體所受合力由，解得（2）由物體受力情況可知，電場力電勢能變化量,解得思路分析：根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)運動學公式求解位移；根據(jù)功和能的關系求解電勢能的變化。試題點評：考查電場力做功與運動學的結合12（1）x1.5 m（2）fb450 kn【解析】解：空載時合力為零：已知：fb2fa求得：fa200 knfb400 kn設機架重心在中心線右側，離中心線的距離為x，以a為轉軸，力矩平衡求得：x1.5 m以a為轉軸，力矩平衡求得：fb450 kn13【解析】試題分析：根據(jù)電容和電感對電流的作用，可以設計出如圖（b）所示電路，在a、b間接一個電容器c，讓交流成分從這里通過，在a、b間接一個電感線圈，利用其“通直流，阻交流”的特性，讓直流成分入一級電路ab。交流通過電容器c很容易，而要通過電感則不易；而直流通過電感很容易，而不能通過電容器c。二者配合，巧妙地完成了此項任務?？键c：本題考查電感和電容電流的作用。點評：熟悉電感和電容對電路的作用是解此題的關鍵。電感器的特點：通直流，阻交流；通低頻，阻高頻電容器的特點：通交流，隔直流；通高頻，阻低頻，14見解析【解析】試題分析：解釋渦流產生從條件入手，人造衛(wèi)星圍繞地球運動時在金屬外殼組成的小部分回路