浙江省寧波市北侖區(qū)柴橋中學(xué)高二物理上學(xué)期10月月考試題（含解析）.doc

2013-2014學(xué)年浙江省寧波市北侖區(qū)柴橋中學(xué)高二（上）月考物理試卷（10月份）一、選擇題（共8小題，每小題3分，共24分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)正確）1（3分）（2013秋高陽縣校級(jí)月考）下列關(guān)于電荷及其守恒定律的說法正確的是（）a利用靜電感應(yīng)可使任何物體帶電b無論采用任何方式使物體帶電都不是創(chuàng)造了電荷c帶點(diǎn)體所帶的電荷量可以是任意值d電子和質(zhì)子所帶電荷量相等，所以它們的比荷也相等考點(diǎn)：電荷守恒定律版權(quán)所有分析：電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量保存不變電荷守恒定律適用于任何起電現(xiàn)象，且?guī)щ娏烤窃姾傻恼麛?shù)倍解答：解：a、依據(jù)電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量保存不變電荷守恒定律適用于任何起電現(xiàn)象，靜電感應(yīng)不可使絕緣體帶電，故a錯(cuò)誤，b正確；c、根據(jù)帶電的本質(zhì)可知，帶點(diǎn)體所帶的電荷量是元電荷的整數(shù)值，故c錯(cuò)誤；d、電子和質(zhì)子所帶電荷量相等，但它們的質(zhì)量不相等，比荷不相等，故d錯(cuò)誤；故選：b點(diǎn)評(píng)：本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對(duì)電荷守恒定律的掌握的情況，掌握帶電的條件與帶電的本質(zhì)，理解比荷的含義2（3分）（2013秋武功縣校級(jí)期末）如圖所示，將左邊的銅導(dǎo)線與右邊的鋁導(dǎo)線連接起來，已知鋁導(dǎo)線的橫截面積是銅導(dǎo)線橫截面積的兩倍，在銅導(dǎo)線上取一個(gè)截面a，在鋁導(dǎo)線上取一個(gè)截面b，若在1秒內(nèi)垂直地通過它們的電子數(shù)相等，那么，通過這兩個(gè)截面的電流關(guān)系是（）aia=ibbia=2ibcib=2iad不能確定考點(diǎn)：電流、電壓概念版權(quán)所有專題：恒定電流專題分析：掌握串聯(lián)電路中的電流規(guī)律：串聯(lián)電路各處電流都相等；解答：解：兩導(dǎo)線串聯(lián)，由于串聯(lián)元件電流處處相等，所以i1=i2，故a正確故選a點(diǎn)評(píng)：此題考查了串聯(lián)電路電流的規(guī)律，是非常基礎(chǔ)的考察3（3分）（2012廣州二模）在點(diǎn)電荷q形成的電場(chǎng)中某點(diǎn)p，放一電荷量為q的檢驗(yàn)電荷，q受到的電場(chǎng)力為f如果將q移走，那么p點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）abcqfd0考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度版權(quán)所有專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：移走檢驗(yàn)電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式得出電場(chǎng)強(qiáng)度的大小解答：解：移走檢驗(yàn)電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則e=故a正確，b、c、d錯(cuò)誤故選a點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與檢驗(yàn)電荷的電量無關(guān)，由電場(chǎng)本身的性質(zhì)決定4（3分）（2013秋薊縣期中）如圖所示的四種電場(chǎng)中，分別標(biāo)記有a，b兩點(diǎn)，其中a，b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的是（）a如圖中與點(diǎn)電荷等距的a，b兩點(diǎn)b如圖中兩等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線上與連線等距的a，b兩點(diǎn)c如圖中兩等量同種點(diǎn)電荷連線的中垂線上與連線等距的a，b兩點(diǎn)d如圖中非勻強(qiáng)電場(chǎng)中的a，b兩點(diǎn)考點(diǎn)：電場(chǎng)線；電場(chǎng)強(qiáng)度版權(quán)所有分析：電場(chǎng)線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿著該點(diǎn)的電場(chǎng)線的切線的方向根據(jù)電場(chǎng)線的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小，切線方向判斷場(chǎng)強(qiáng)方向結(jié)合電場(chǎng)線的分布情況進(jìn)行解答解答：解：a、在甲圖中，a、b兩點(diǎn)離場(chǎng)源電荷距離相等，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等由于電場(chǎng)線是直線，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向就沿著電場(chǎng)線的方向，所以a、b的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不同，但不是相反的，故a錯(cuò)誤；b、根據(jù)對(duì)稱性可知，a，b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等在等量異種電荷連線的中垂線上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向都與兩電荷連線平行，且指向負(fù)電荷的一側(cè)的，所以a、b的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相同，故b錯(cuò)誤；c、在等量同種電荷連線的中垂線上的點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向都是由中間指向兩側(cè)的，在對(duì)稱的位置，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小是相同的，方向相反，故c正確；d、在非勻強(qiáng)電場(chǎng)中的a、b兩點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿著該點(diǎn)的電場(chǎng)線的切線的方向，顯然它們的方向不同，但是不是相反的，故d錯(cuò)誤；故選：c點(diǎn)評(píng)：解答本題要掌握住常見的幾種電場(chǎng)的分布情況，特別是等量異種電荷和等量同種電荷的電場(chǎng)，抓住其對(duì)稱性來分析場(chǎng)強(qiáng)關(guān)系，這是經(jīng)?？疾榈牡胤?（3分）（2013秋高陽縣校級(jí)月考）下列有關(guān)靜電力的功、電勢(shì)和電勢(shì)能的相關(guān)說法正確的是（）a在勻強(qiáng)電場(chǎng)中靜電力的功只與電荷的初末位置有關(guān)；在非勻強(qiáng)電場(chǎng)中靜電力的功不僅與電荷的初末位置有關(guān)，還跟電荷經(jīng)過的路徑有關(guān)b將負(fù)電荷從電場(chǎng)中電勢(shì)較低的位置移動(dòng)到電勢(shì)較高的位置時(shí)電勢(shì)能將升高c電荷在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過程中電場(chǎng)力所做的功等于末位置電勢(shì)能減初位置的電勢(shì)能d在電場(chǎng)中畫出的電場(chǎng)線一定與等勢(shì)面垂直，并且一定由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能版權(quán)所有專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：靜電力的功只與電荷的初末位置有關(guān)，與路徑無關(guān)；電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系為ep=q，式中各量代入符號(hào)分析；電場(chǎng)力所做的功等于電勢(shì)能的減少；電場(chǎng)線一定與等勢(shì)面垂直，并且一定由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面解答：解：a、無論勻強(qiáng)電場(chǎng)還是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，靜電力的功都只與電荷的初末位置有關(guān)，跟電荷經(jīng)過的路徑無關(guān)；故a錯(cuò)誤b、根據(jù)公式ep=q，可知負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，所以將負(fù)電荷從電場(chǎng)中電勢(shì)較低的位置移動(dòng)到電勢(shì)較高的位置時(shí)電勢(shì)能將降低，故b錯(cuò)誤c、電場(chǎng)力所做的功等于電勢(shì)能的減少，即初位置電勢(shì)能減末位置的電勢(shì)能，故c錯(cuò)誤d、電場(chǎng)線一定與等勢(shì)面垂直，并且一定由電勢(shì)高的等勢(shì)面指向電勢(shì)低的等勢(shì)面故d正確故選：d點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵要正確理解靜電力做功的特點(diǎn)，掌握電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系為ep=q，以及電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化關(guān)系等等基礎(chǔ)知識(shí)6（3分）（2012秋邵武市校級(jí)期末）兩只電阻的伏安特性曲線如圖所示，則下列說法中正確的是（）a兩電阻的阻值為r1大于r2b兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，r1兩端電壓大于r2兩端電壓c兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，r1消耗的功率大于r2消耗的功率d兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，r1的電流大于r2的電流考點(diǎn)：電功、電功率；歐姆定律版權(quán)所有專題：恒定電流專題分析：本題為圖象分析問題，在圖中任意做一條與縱軸垂直的直線，則與兩圖象的交點(diǎn)為電流相同點(diǎn)，對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)得出電壓值，則由歐姆定律可進(jìn)行電阻大小的比較兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等解答：解：a、伏安特性曲線斜率表示電阻的倒數(shù)，故兩電阻的阻值為r1小于r2，故a錯(cuò)誤b、兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，根據(jù)a的分析可知：即u2u1，故b錯(cuò)誤；c、兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，根據(jù)p=i2r可知：r1消耗的功率小于r2消耗的功率，故c錯(cuò)誤d、兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等，根據(jù)i=得：r1的電流大于r2的電流，故d正確故選：d點(diǎn)評(píng)：本題為圖象分析問題，要能從圖象中得出有效信息，兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等7（3分）（2012秋迎澤區(qū)校級(jí)期中）關(guān)于電動(dòng)勢(shì)下列說法中正確的是（）a在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極移到正極，非靜電力做功，電能增加b對(duì)于給定的電源，移動(dòng)正電荷非靜電力做功越多，電動(dòng)勢(shì)就越大c電動(dòng)勢(shì)越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極向正極送單位電荷量做功越多d電動(dòng)勢(shì)越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極向正極移送電荷量越多考點(diǎn)：電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻版權(quán)所有專題：恒定電流專題分析：根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)的定義e=，即可作出判斷解答：解：a、在電源內(nèi)部非靜電力把正電荷從負(fù)極移到正極，非靜電力做功，將其他能轉(zhuǎn)化為電能，電能增加故a正確 b、c、d根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義e=，電動(dòng)勢(shì)越大，非靜電力在電源內(nèi)部從負(fù)極向正極移動(dòng)單位正電荷做功越大，而不是電荷量越多故b、d錯(cuò)誤，c正確故選ac點(diǎn)評(píng)：概念是物理知識(shí)的細(xì)胞，加強(qiáng)基本概念學(xué)習(xí)，是提高物理解題能力的基礎(chǔ)8（3分）（2014秋東河區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，a、b為兩個(gè)固定的等量同種正電荷，在它們連線的中點(diǎn)處有一個(gè)可以自由運(yùn)動(dòng)的正電荷c，現(xiàn)給電荷c一個(gè)垂直于連線的初速度v0，若不計(jì)c所受的重力，則關(guān)于電荷c以后的運(yùn)動(dòng)情況，下列說法中正確的是（）a加速度始終增大b加速度先增大后減小c速度先增大后減小d速度始終不變考點(diǎn)：庫侖定律；牛頓第二定律版權(quán)所有分析：根據(jù)自由運(yùn)動(dòng)電荷的受力情況得出加速度方向，根據(jù)所受合力大小的變化，判斷加速度大小的變化，根據(jù)加速度方向和速度方向的關(guān)系判斷速度的變化解答：解：根據(jù)a、b為兩個(gè)固定的等量同種正電荷，在它們連線的中點(diǎn)c的電場(chǎng)強(qiáng)度為0，從c到無窮遠(yuǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，因此自由電荷在c點(diǎn)所受合力為0，沿中軸線運(yùn)動(dòng)，所受合力的方向沿中軸線向上，在無窮遠(yuǎn)處，合力又為零，所以合力的大小先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律，則加速度先增大后減小，加速度方向向上，與速度相同，所以速度一直增大故b正確，a、c、d錯(cuò)誤故選：b點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵得出自由電荷所受合力的變化，根據(jù)牛頓第二定律得出加速度的變化，以及知道加速度方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向與速度方向反向，做減速運(yùn)動(dòng)二、多項(xiàng)選擇題（本大題有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得4分，漏選得2分，多選或不選得0分，共16分）9（4分）（2012大連模擬）如圖所示，在等量異種點(diǎn)電荷+q和q的電場(chǎng)中，有一個(gè)正方形oabc，其中o點(diǎn)為兩電荷連線的中點(diǎn)下列說法正確的是（）aa點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度比c點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大ba點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高c將相同的電荷放在o點(diǎn)與c點(diǎn)電勢(shì)能一定相等d移動(dòng)同一正電荷，電場(chǎng)力做的功wcb=woa考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能版權(quán)所有專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：解答本題要掌握等量異種電荷周圍電場(chǎng)分布情況：在等量異種電荷連線上，中點(diǎn)o的電場(chǎng)強(qiáng)度最小，在兩電荷連線中垂線上，o點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大中垂線為一條等勢(shì)線，中垂線上電場(chǎng)方向水平向右；另外電勢(shì)能的變化可通過電場(chǎng)力做功來判斷解答：解：a、在等量異種電荷連線上，中點(diǎn)o的電場(chǎng)強(qiáng)度最小，在兩電荷連線中垂線上，o點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，則a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于o點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，o的場(chǎng)強(qiáng)大于c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，所以a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，故a正確b、沿著電場(chǎng)線電勢(shì)要降低，過a和b的場(chǎng)強(qiáng)都指向q由圖可知，b到q的距離要大于a到q的距離，故b點(diǎn)的電勢(shì)比a點(diǎn)的電勢(shì)高，故b錯(cuò)誤c、等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢(shì)線，故將相同的電荷放在o點(diǎn)與c點(diǎn)電勢(shì)能一定相等，故c正確d、因?yàn)閎a，o=c，所以u(píng)cbuoa，根據(jù)電場(chǎng)力做功的公式w=uq，所以在電場(chǎng)中移動(dòng)同一正電荷，從c到b電場(chǎng)力做的功小于從o到a電場(chǎng)力做的功故d錯(cuò)誤故選：ac點(diǎn)評(píng)：在本題中，關(guān)鍵要熟悉掌握等量異種電荷和等量同種電荷周圍電場(chǎng)線和等勢(shì)面的分布情況，并能正確判斷電荷在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)動(dòng)能、電勢(shì)能變化情況10（4分）（2013秋北侖區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為e的直流電源連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量很少，可被忽略一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的p點(diǎn)現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則（）a平行板電容器的電容將變小b靜電計(jì)指針張角變小c帶電油滴的電勢(shì)能增加d若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電油滴所受電場(chǎng)力不變考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析版權(quán)所有專題：電容器專題分析：電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢(shì)差保持不變，根據(jù)電容器d的變化判斷電容的變化，由公式e=分析電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，從而判斷電荷電勢(shì)能和電場(chǎng)力的變化解答：解：a、根據(jù)電容的決定式 c=知，下極板豎直向下移動(dòng)時(shí)，d增大，則電容減小故a正確b、靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變故b錯(cuò)誤c、電勢(shì)差不變，d增大，則由公式e=分析得知板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，p點(diǎn)與上極板間的電勢(shì)差減小，而p點(diǎn)的電勢(shì)比上極板低，上極板的電勢(shì)不變，則p點(diǎn)的電勢(shì)增大，因?yàn)橛偷螏ж?fù)電荷，則油滴的電勢(shì)能減小故c錯(cuò)誤d、電容器與電源斷開，則電荷量不變，d改變，根據(jù)e=，c=和 c=得e=，則知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則油滴所受電場(chǎng)力不變故d正確故選：ad點(diǎn)評(píng)：本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則電勢(shì)差不變，當(dāng)電容器與電源斷開，則電荷量不變板間場(chǎng)強(qiáng)表達(dá)式e=，要會(huì)推導(dǎo)，并在理解的基礎(chǔ)上記住結(jié)論11（4分）（2013秋北侖區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，為某一正的點(diǎn)電荷所形成的一簇電場(chǎng)線，a、b、c三條虛線為三個(gè)帶電粒子以相同的速度從o點(diǎn)射入電場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)軌跡，其中b虛線為一圓弧，ab的長度等于bc的長度，且三個(gè)粒子的電荷量大小相等，不計(jì)粒子重力，則以下說法正確的是（）a由于ab的長度等于bc的長度，故uab=ubcba一定是正粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，b和c一定是負(fù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡ca虛線對(duì)應(yīng)的粒子的加速度越來越小，c虛線對(duì)應(yīng)的粒子的加速度越來越大，b虛線對(duì)應(yīng)的粒子的加速度大小不變db虛線對(duì)應(yīng)的粒子的質(zhì)量小于c虛線對(duì)應(yīng)的粒子的質(zhì)量考點(diǎn)：電場(chǎng)線；電場(chǎng)強(qiáng)度；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有分析：電場(chǎng)線的疏密反映了電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。桓鶕?jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件判斷電場(chǎng)力方向；結(jié)合離心運(yùn)動(dòng)的條件列式比較粒子質(zhì)量大小解答：解：a、根據(jù)公式u=，由于ab間的平均場(chǎng)強(qiáng)小于bc間的平均場(chǎng)強(qiáng)，故uabubc，故a錯(cuò)誤；b、圖為某一正的點(diǎn)電荷所形成的一簇電場(chǎng)線，故電場(chǎng)線箭頭向右；a粒子受向左的電場(chǎng)力，與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，故a粒子帶負(fù)電；同理b和c一定是正粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡；故b錯(cuò)誤；c、由于電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，粒子只受電場(chǎng)力，故a虛線對(duì)應(yīng)的粒子的加速度越來越小，c虛線對(duì)應(yīng)的粒子的加速度越來越大，b虛線對(duì)應(yīng)的粒子的加速度大小不變，故c正確；d、a、b、c三條虛線為三個(gè)帶電粒子以相同的速度從o點(diǎn)射入電場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)軌跡；且三個(gè)粒子的電荷量大小相等；故靜電力相等；由于b粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，說明向心力等于靜電力；c粒子做向心運(yùn)動(dòng)，故靜電力大于需要的向心力，根據(jù)f=m，c粒子的質(zhì)量較??；故d錯(cuò)誤；故選：c點(diǎn)評(píng)：本題是帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的定性分析問題，關(guān)鍵結(jié)合曲線運(yùn)動(dòng)的條件和向心力公式進(jìn)行分析，不難12（4分）（2013廬陽區(qū)校級(jí)一模）如圖中虛線為勻強(qiáng)電場(chǎng)中與場(chǎng)強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，兩粒子m、n質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對(duì)值也相等現(xiàn)將m、n從虛線上的o點(diǎn)以相同速率射出，兩粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡分別如圖中兩條實(shí)線所示點(diǎn)a、b、c為實(shí)線與虛線的交點(diǎn)已知o點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，若不計(jì)重力，則（）am帶負(fù)電荷，n帶正電荷bn在a點(diǎn)的速度與m在c點(diǎn)的速度大小相同cn在從o點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過程中克服電場(chǎng)力做功dm在從o點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力對(duì)它做的功等于零考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；電勢(shì)版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)粒子的軌跡可判斷粒子的電場(chǎng)力方向，o點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，而且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可判斷出電場(chǎng)方向，從而確定出粒子的電性由動(dòng)能定理可知，n在a點(diǎn)的速度與m在c點(diǎn)的速度大小相等，但方向不同n從o點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力做正功o、b間電勢(shì)差為零，由動(dòng)能定理可知電場(chǎng)力做功為零解答：解：a、由題，等勢(shì)線在水平方向，o點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，而且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可知電場(chǎng)方向豎直向下，根據(jù)粒子的軌跡可判斷出a粒子所受的電場(chǎng)力方向豎起向上，m粒子所受的電場(chǎng)力方向豎直向下，故知n粒子帶負(fù)電，m帶正電故a錯(cuò)誤；b、由動(dòng)能定理可知，n在a點(diǎn)的速度與m在c點(diǎn)的速度大小相等，但方向不同，速度不同故b正確；c、n從o點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力與速度的夾角為銳角，電場(chǎng)力做正功故c錯(cuò)誤；d、o、b間電勢(shì)差為零，由動(dòng)能定理可知m從o點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力對(duì)它做功為零故d正確故選：bd點(diǎn)評(píng)：本題要根據(jù)粒子的軌跡判定電場(chǎng)力方向，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直的特點(diǎn)，分析能否判定電性由動(dòng)能定理分析電場(chǎng)力做功是常用的方法三、實(shí)驗(yàn)題（13、14每題3分；15題每小題3分，共18分）13（3分）（2013秋景洪市校級(jí)期末）一電流表的滿偏電流ig=1ma，內(nèi)阻為200要把它改裝成一個(gè)量程為0.5a的電流表，則應(yīng)在電流表上（）a并聯(lián)一個(gè)0.4的電阻b并聯(lián)一個(gè)200的電阻c串聯(lián)一個(gè)0.4的電阻d串聯(lián)一個(gè)200的電阻考點(diǎn)：把電流表改裝成電壓表版權(quán)所有專題：恒定電流專題分析：將電表的量程擴(kuò)大應(yīng)在表頭兩端并聯(lián)一個(gè)小電阻進(jìn)行分流，當(dāng)流過表頭的電流達(dá)到滿偏時(shí)，流過并聯(lián)部分的總電流即為改裝后的最大量程解答：解：要使電流表量程變?yōu)?.5a，則流過并聯(lián)電阻的電流i=0.50.001a=0.499a；并聯(lián)部分的電壓u=igr=0.001200=0.2v，則需要并聯(lián)的電阻r=0.4；故選a點(diǎn)評(píng)：對(duì)于電流表的改裝一定要明確改裝的原理，再根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律求解即可14（3分）（2013秋北侖區(qū)校級(jí)月考）電流表a1和a2由完全相同的小量程電流表改裝而成，a1的量程為05a，a2的量程為015a，為了測(cè)量15a20a的電流強(qiáng)度，需把a(bǔ)1和a2并聯(lián)串入電路使用，則（）a兩只電流表的讀數(shù)相等b兩只電流表指針偏轉(zhuǎn)角度相等c兩只電流表的讀數(shù)不等，指針偏轉(zhuǎn)角度也不等da1、a2的指針偏轉(zhuǎn)角度相等，讀數(shù)也相等考點(diǎn)：把電流表改裝成電壓表版權(quán)所有專題：實(shí)驗(yàn)題分析：電流表a1、a2是由兩個(gè)相同的小量程電流表改裝成的，它們并聯(lián)時(shí)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程大的電流表讀數(shù)大指針的偏轉(zhuǎn)取決于流過表頭的電流的大小解答：解：兩電流表a1、a2并聯(lián)，電流表兩端電壓相等，表頭兩端電壓相等，通過表頭的電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相等，由于電流表量程不同，電流表讀數(shù)不相等，故acd錯(cuò)誤，b正確；故選：b點(diǎn)評(píng)：裝后的電流表的電流分為兩個(gè)支路，一為表頭，一為并電阻，示數(shù)為總電流，指針偏轉(zhuǎn)角度取決于流過表頭的電流大小15（12分）（2013秋杜集區(qū)校級(jí)期中）圖甲所示，為某同學(xué)測(cè)繪額定電壓為2.5v的小燈泡的iu特性曲線的實(shí)驗(yàn)電路圖（1）根據(jù)電路圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線，將圖乙中的實(shí)驗(yàn)電路連接完整（2）開關(guān)s閉合之前，圖甲中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于a端（選填“a”、“b”或“ab中間”）（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得有關(guān)數(shù)據(jù)如下表：u/v0.400.801.201.602.002.402.80i/a0.100.160.200.230.250.260.27根據(jù)表中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，在圖丙中畫出小燈泡的iu特性曲線（用橫坐標(biāo)表示u）（4）根據(jù)你描繪的iu特性曲線，可求得燈泡的額定功率為0.66w考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線版權(quán)所有專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題分析：（1）按照電路圖一個(gè)一個(gè)回路連接，注意滑動(dòng)變阻器的連接，以及電表的極性（2）為了保護(hù)電路，將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)a端，使得電鍵閉合時(shí)，測(cè)量電路處于短路狀態(tài)，起到保護(hù)作用（3）用平滑曲線描點(diǎn)作圖（4）在圖線上找出u=2.5v時(shí)所對(duì)應(yīng)的電流，根據(jù)p=ui求出燈泡的額定功率解答：解：（1）如圖所示；（2）電鍵閉合前，將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)a端，使測(cè)量電路處于短路狀態(tài)，起到保護(hù)作用；（3）用平滑曲線描點(diǎn)作圖如圖所示；（4）當(dāng)電壓為2.5v時(shí)，從ui圖線上知，電流為0.262a，則p=ui=0.66w故答案為：（1）如圖（2）a（3）如圖（4）0.630.67w點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵會(huì)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，以及會(huì)根據(jù)數(shù)據(jù)進(jìn)行描點(diǎn)作圖，注意作圖時(shí)用平滑曲線，偏離比較遠(yuǎn)的點(diǎn)可以舍去四、計(jì)算題（共42分，在答題卷上解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫最后答案不得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案應(yīng)明確寫出數(shù)值和單位）16（10分）（2007深圳模擬）在一個(gè)水平面上建立x軸，在過原點(diǎn)o垂直于x軸的平面的右側(cè)空間有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小e=6105n/c，方向與x軸正方向相同，在o處放一個(gè)帶負(fù)電q=5108c，質(zhì)量為m=10g的絕緣物塊（可看作質(zhì)點(diǎn)），物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，沿x軸正方向給物塊一個(gè)初速度v0=2m/s，如圖所示，求物塊最終停止時(shí)的位置考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系；牛頓第二定律版權(quán)所有專題：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題分析：物塊先向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)到零，然后返回做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，離開電場(chǎng)后再做勻減速運(yùn)動(dòng)直到停止根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式以及動(dòng)能定理求出物塊最終停在的位置解答：解：第一個(gè)過程：物塊向右做勻減速運(yùn)動(dòng)到速度為零物體受到的摩擦力為：f=mg物體受到的電場(chǎng)力為：f=qe由牛頓第二定律得：a=5m/s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：s1=0.4m第二個(gè)過程：物塊向左做勻加速運(yùn)動(dòng)，離開電場(chǎng)后再做勻減速運(yùn)動(dòng)直到停止由動(dòng)能定理得：fs1f（s1+s2）=0所以s2=0.2m則物塊停在原點(diǎn)o左側(cè)0.2m處答：物塊最終停止時(shí)的位置停在原點(diǎn)o左側(cè)0.2m處點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵理清物塊的運(yùn)動(dòng)過程，結(jié)合動(dòng)能定理和動(dòng)力學(xué)知識(shí)進(jìn)行求解17（16分）（2011浙江模擬）如圖所示，兩塊長3cm的平行金屬板ab相距1cm，并與300v直流電源的兩極相連接，ab，如果在兩板正中間有一電子（ m=91031kg，e=1.61019c），沿著垂直于電場(chǎng)線方向以2107m/s的速度飛入，則：（1）電子能否飛離平行金屬板正對(duì)空間？（2）如果由a到b分布寬1cm的電子帶通過此電場(chǎng)，能飛離電場(chǎng)的電子數(shù)占總數(shù)的百分之幾？考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；平拋運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有專題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：電子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，將這個(gè)運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)假設(shè)電子能飛出電場(chǎng)，初速度和板長已知，可求出時(shí)間，ab方向上的位移，將y與cm比較，即可判斷電子能否飛離電場(chǎng)根據(jù)電子不能飛離電場(chǎng)的寬度，求出能飛出電場(chǎng)的電子數(shù)占總電子數(shù)的百分比解答：解：（1）當(dāng)電子從正中間沿著垂直于電場(chǎng)線方向以2107m/s的速