2020年高三物理最新信息卷（六）

1、2020年高考高三最新信息卷 物 理（六）注意事項(xiàng)：1、本試卷分第卷（選擇題）和第卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2、回答第卷時(shí)，選出每小題的答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。寫(xiě)在試卷上無(wú)效。3、回答第卷時(shí)，將答案填寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效。4、考試結(jié)束，將本試卷和答題卡一并交回。二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。第1921題有多選項(xiàng)符合題目要求。全部答對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14物理學(xué)家通過(guò)對(duì)實(shí)驗(yàn)的

2、深入觀察和研究，獲得正確的科學(xué)認(rèn)知，推動(dòng)物理學(xué)的發(fā)展。下列說(shuō)法符合事實(shí)的是A盧瑟福通過(guò)粒子散射實(shí)驗(yàn)，證實(shí)了原子核內(nèi)存在質(zhì)子和中子B約里奧-居里夫婦用粒子轟擊1327Al發(fā)現(xiàn)了人工放射性同位素1530AlC普朗克提出了光子說(shuō)，成功地解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象D密立根通過(guò)陰極射線在電場(chǎng)中和在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了陰極射線是由帶負(fù)電的粒子組成，并測(cè)出了該粒子的比荷15如圖所示，半徑相同、質(zhì)量都為m的均勻圓柱體a、半圓柱體b靠在一起，其中b固定在水平面MN上，g為重力加速度：開(kāi)始時(shí)a靜止在平面上，現(xiàn)過(guò)a的軸心施以水平作用力F，可緩慢地將a拉離水平面MN一直滑到b的頂端，對(duì)該過(guò)程進(jìn)行分析，正確的是Aa、b間壓力

3、由0逐漸增大，最大為2mgBa、b間的壓力開(kāi)始最大為2mg，而后逐漸減小到0C拉力F大小由0逐漸增大，最大為3mgD開(kāi)始時(shí)拉力F最大為3mg，而后逐漸減小為016在圖乙的電路中，通入如圖甲所示的交變電流，此交變電流的每個(gè)周期內(nèi)，前三分之一個(gè)周期電壓按正弦規(guī)律變化，后三分之二周期電壓恒定。電阻R的阻值為12，電表均為理想電表。下列判斷正確的是A電壓表的示數(shù)為62VB該交變電流的有效值為43VC電阻R一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量一定大于9JD電流表的示數(shù)為0.5A172020年12月12日，我國(guó)發(fā)射的“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器進(jìn)入環(huán)月軌道1，12月30日實(shí)施變軌進(jìn)入環(huán)月軌道2其飛行軌道如圖所示，p點(diǎn)為兩軌道的交點(diǎn)

4、。如果嫦娥四號(hào)探測(cè)器在環(huán)月軌道1和環(huán)月軌道2上運(yùn)動(dòng)時(shí)，只受到月球的萬(wàn)有引力作用，環(huán)月軌道1為圓形軌道，環(huán)月軌道2為橢圓軌道。則以下說(shuō)法正確的是A若已知嫦娥四號(hào)探測(cè)器環(huán)月軌道1的半徑、運(yùn)動(dòng)周期和引力常量，則可以計(jì)算出月球的密度B若已知婦娥四號(hào)探測(cè)器環(huán)月軌道2的近月點(diǎn)到月球球心的距離、運(yùn)動(dòng)周期和引力常量，則可以計(jì)算出月球的密度C嫦娥四號(hào)探測(cè)器在環(huán)月軌道2上經(jīng)過(guò)p點(diǎn)的速度小于在環(huán)月軌道1上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度D娀四號(hào)探測(cè)器在環(huán)月軌道2時(shí)，從近月點(diǎn)運(yùn)動(dòng)向遠(yuǎn)月點(diǎn)P的過(guò)程中，加速度變大18高鐵是中國(guó)“新四大發(fā)明之，有一段視頻，幾年前一位乗坐京瀘高鐵的外國(guó)人，在最高時(shí)速300公里行駛的列車窗臺(tái)上，放了一枚直立的硬

5、幣，如圖所示，在列車行駛的過(guò)程中，硬幣始終直立在列車窗臺(tái)上，直到列車橫向變道進(jìn)站的時(shí)候，硬幣才倒掉。這一視頻證明了中國(guó)高鐵的極好的穩(wěn)定性。關(guān)于這枚硬幣，下列判斷正確的是A硬幣直立過(guò)程可能受到與列車行駛方向相同的摩擦力作用B硬幣直立過(guò)程一定只受重力和支持力而處于平衡狀態(tài)C硬幣倒掉是因?yàn)槭艿斤L(fēng)吹的原因D列車加速或減速行駛時(shí)，硬幣都可能受到與列車運(yùn)動(dòng)方向相反的摩擦力作用19如圖為娛樂(lè)場(chǎng)里常見(jiàn)的一種簡(jiǎn)單的娛樂(lè)設(shè)施一滑道，它由一個(gè)傾斜軌道和水平軌道平滑連接而成。若一名兒童自軌道頂端由靜止開(kāi)始下滑，到達(dá)水平軌道某處停下，兒童與整個(gè)軌道的滑動(dòng)摩擦因素處處相同，不計(jì)空氣阻力。則下列關(guān)于其路程大小x、速度大小、

6、加速度大小a、合大小F隨時(shí)間t變化的大致規(guī)律，可能正確的是ABC D20質(zhì)譜儀是一種測(cè)量帶電粒子質(zhì)量和分析同位素的重要工具，它的構(gòu)造原理如圖，離子源A產(chǎn)生電荷量相同而質(zhì)量不同的離子束（初速度可視為零），從狹縫S1進(jìn)入電場(chǎng)，經(jīng)電壓為U的加速電場(chǎng)加速后，再通過(guò)狹縫S2從小孔垂直MN射入圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)。該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于紙面向外，半徑為R，磁場(chǎng)邊界與直線MN相切E為切點(diǎn)。離子離開(kāi)磁場(chǎng)最終到達(dá)感光底片MN上，設(shè)離子電荷量為g，到達(dá)感光底片上的點(diǎn)與E點(diǎn)的距離為x，不計(jì)重力，可以判斷A離子束帶負(fù)電Bx越大，則離子的比荷一定越大C到達(dá)x=3R處的離子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為BR29UD到達(dá)x=

7、3R處的離子質(zhì)量為qB2R26U21如圖所示，abed為粗細(xì)均勻的正方形金屬框，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量為m，總阻值為R，傾角為O的斜面光滑，斜面上以PQ和MN為邊界的區(qū)域內(nèi)存在一垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，若將金屬框從ab邊距邊界PQ的距離等于磁場(chǎng)寬度（磁場(chǎng)寬度大于金屬框的邊長(zhǎng)L）的地方由靜止開(kāi)始釋放，金屬框剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)恰好加速度為0，且從開(kāi)始釋放到完全離開(kāi)磁場(chǎng)，金屬框產(chǎn)生的電熱為Q，則A金屬框先做勻加速運(yùn)動(dòng)再做勻減速運(yùn)動(dòng)B磁場(chǎng)的寬度為R2m2gsin9B2L4+Q2mgsin-L2C金屬框剛離開(kāi)磁場(chǎng)的速度為RmgB2L2sinD金屬框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)ab兩點(diǎn)的電勢(shì)差為BL2gRsin第卷（非

8、選擇題，共174分）三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答)(一)必考題(共129分)22(5分)探究力對(duì)物體做的功與物體獲得的速度的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)裝置如圖（俯視圖）關(guān)于實(shí)驗(yàn)主要過(guò)程說(shuō)法正確的是A小車運(yùn)動(dòng)中會(huì)受到阻力，利用補(bǔ)償?shù)姆椒梢允鼓景暹m當(dāng)傾斜，輕推小車可以勻速下滑即可B分別用1、2、3、條橡皮筋，就能使得力対小車做的功一定是F、2W、3W、C紙帶上打出的點(diǎn)，應(yīng)選擇均勻清晰的點(diǎn)跡求小車的速度D畫(huà)出的w-v圖象應(yīng)是一條直線23(10分)為測(cè)量某電瓶車的電源電動(dòng)勢(shì)E及內(nèi)阻r約為12V，額定功率150W，

9、r約為0.1）器材量程為3A內(nèi)阻為0.1的電流表，定值電阻R1=4.4，定值電阻R2=1.5，電鍵K1，電鍵K2，導(dǎo)線若干畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路原理圖。圖中各元件需用題目中給出的符號(hào)或字母標(biāo)出_。實(shí)驗(yàn)中，先閉合開(kāi)關(guān)K1測(cè)得電流表讀數(shù)為I1=2.60A，再閉合開(kāi)關(guān)K2測(cè)得電流表讀數(shù)為I2=2.40A，則可以求出E=_，r=_。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）24(14分)如圖，一質(zhì)量為m、電荷量為g（q0的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，A，B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，A，B水平距離為L(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡在豎直平面內(nèi)，已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0，方向與豎直方向夾角為60：它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度v大小為12v0，方向豎直上，不計(jì)重力。

10、求勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)。25(18分)如圖，兩個(gè)滑塊A和B的質(zhì)量分別為4kg和2kg，放在靜止于水平地面上的足夠長(zhǎng)的木板C上，兩者與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.4：木板的質(zhì)量為2kg，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1某時(shí)刻A滑塊獲得初速度v0=4m/s，0.5秒后A、B發(fā)生碰撞，碰撞過(guò)程時(shí)間極短AB總動(dòng)能損失0.5J，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)滑塊大小，取重力加速度大小g=10ms2求（1）求碰撞前滑塊A和B的速度；（2）A，B，C剛共速時(shí)候的速度。（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做。則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。33【物理選修3-3

11、】(15分)(1)(5分) 關(guān)于氣體、固體，下列說(shuō)法正確的是（）A一定量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度升高時(shí)內(nèi)能一定增加B盛有氣體的容器做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，容器中氣體的內(nèi)能隨之減小C一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過(guò)程中，內(nèi)能一定增加D因?yàn)槭⑹蔷w，所以由石英制成的玻璃也是晶體E. 單晶體具有天然規(guī)則的幾何外形是由于它的微粒按一定規(guī)律排列(2)(10分)一U形玻璃管豎直放置，左端開(kāi)口，右端封閉，玻璃管導(dǎo)熱良好。用水銀封閉一段空氣在右管中，初始時(shí)，管內(nèi)水銀柱及空氣柱長(zhǎng)度如圖甲所示。將玻璃管在豎直平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)90如圖乙所示。求此時(shí)右管中水銀面移動(dòng)的距離。已知玻璃管的橫截面積處處相同，大氣壓強(qiáng)P0=76

12、.0cmHg環(huán)境溫度不變。（管的直徑忽略不計(jì)）34【物理選修3-4】(15分)(1)(5分)一列橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時(shí)刻的波形曲線如圖所示。已知這列波的質(zhì)點(diǎn)P從t=0時(shí)刻起第一次達(dá)到波峰的時(shí)間為0.6s，質(zhì)點(diǎn)PQ的坐標(biāo)分別為（1，0）和（7，0），則有（）A這列波的頻率為1.25HzB這列波的波長(zhǎng)為5mC這列波的傳播速度為6.25m/sD當(dāng)=0.8s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的位移x=0E. 質(zhì)點(diǎn)Q到達(dá)波峰時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P恰好到達(dá)波谷(2)(10分)如圖所示，半圓形玻璃磚的半徑為R，AB邊豎直，O為圓心，一紙面內(nèi)的單色光束從玻璃磚的某一定點(diǎn)P點(diǎn)射入，入射角O可以任意變化，現(xiàn)要求只考慮能從AB邊折射的情況（

13、不考慮從AB上反射后的情況），已知：=60，玻璃磚對(duì)該單色光的折射率n=2，光在真空中的速度為C，則求：（1）光在玻璃磚中傳播的最短距離時(shí)入射角為多少？（2）光在玻璃磚中傳播的最短時(shí)間t。絕密 啟用前2020年高考高三最新信息卷物理答案（六）二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。第1921題有多選項(xiàng)符合題目要求。全部答對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14【答案】B【解析】盧瑟福通過(guò)粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)誤；1934年，約里奧-居里夫婦用粒子轟擊1327Al，發(fā)現(xiàn)了人工放射性同位素1530P，故B

14、正確；愛(ài)因斯坦提出光子說(shuō)，成功解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；1897年，湯姆孫通過(guò)陰極射線在電場(chǎng)中和在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了陰極射線是由帶負(fù)電的粒子組成，并測(cè)出了該粒子的比荷，故D錯(cuò)誤。15【答案】D【解析】如圖所示：對(duì)a進(jìn)行受力分析：緩慢地將a拉離水平面MN一直滑到b的頂端的過(guò)程中，角逐漸減小到零，由平衡條件得a、b間的壓力Fab逐漸較小到mg，F(xiàn)逐漸減小到零，則剛拉動(dòng)時(shí)Fab、F值最大，由幾何關(guān)系得=30，由平衡條件得最大值分別為Fmax=3mg，F(xiàn)abmax=2mg，故ABC錯(cuò)誤，D正確。16【答案】D【解析】由焦耳定律得6222R1+62R2=U2R3，可得電壓有效值U=6V，電表讀數(shù)

15、為有效值，故A錯(cuò)；電壓變的讀數(shù)為有效值，即U=6V，故B錯(cuò)誤；熱量根據(jù)有效值進(jìn)行計(jì)算，則Q=U2RT=9J，故C錯(cuò)誤；電流表讀數(shù)為有效值，則I=UR=612A=0.5A，故D正確。17【答案】C【解析】由萬(wàn)有引力提供向心力可得：GMmr2=m42rT2，則圓軌道的周期公式T=2r3GM，則可計(jì)算出月球質(zhì)量M，但月球半徑R未知，所以算不出月球密度，故A錯(cuò)誤；因?yàn)?軌道為橢圓軌道用不了圓軌道的周期公式，且月球半徑R未知，同理計(jì)算不出月球密度，故B錯(cuò)誤；探測(cè)器在1軌道的P減速后才能變軌到2軌道，故C正確；由近月點(diǎn)向遠(yuǎn)月點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，探測(cè)器與月心距離增大，則引力減小，由牛頓第二定律加速度應(yīng)變小，故D

16、錯(cuò)誤。18【答案】A【解析】當(dāng)列車勻速直線行駛時(shí)硬幣立于列車窗臺(tái)上，穩(wěn)穩(wěn)當(dāng)當(dāng)，說(shuō)明硬幣處于平衡狀態(tài)，此時(shí)硬幣受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，它們是一對(duì)平衡力；當(dāng)列車在加速或減速過(guò)程中，硬幣會(huì)受到沿著行進(jìn)方向的靜摩擦力或行進(jìn)方向反向的靜摩擦力提供硬幣加速度，故A正確，BD錯(cuò)誤；硬幣倒掉是因?yàn)榱熊嚈M向變道時(shí)，列車運(yùn)動(dòng)的方向發(fā)生變化，硬幣受到與運(yùn)動(dòng)方向不一致的靜摩擦力的作用，列車內(nèi)是全封閉區(qū)域是沒(méi)有外界吹來(lái)的風(fēng)，故C錯(cuò)誤。19【答案】BC【解析】?jī)和谛泵骐A段與斜面正壓力大小與重力在垂直斜面方向的分量相等，此分量小于重力，在水平軌道正壓力大小等于重力，摩擦力與正壓力大小呈正比，兩個(gè)階段滑動(dòng)摩擦

17、力又相等，故斜面階段加速度要小于水平軌道階段，因此在傾斜軌道下滑過(guò)程中，由于受力不平衡會(huì)加速下滑F(xiàn)=ma=mgsin-mgcos，會(huì)加速下滑的路程為x=12at2，路程大小隨時(shí)間變化是曲線，故A錯(cuò)誤；加速過(guò)程v=at，其中加速度a=gsin-gcos，速度大小隨時(shí)間變化是直線，在水平面上根據(jù)牛頓第二定律：F=ma=mg，可得：a=g，可知做減速運(yùn)動(dòng)，且合外力F和F大小關(guān)系不確定，a與a之間大小關(guān)系不確定，故B可能正確；兩階段加速度大小不確定，故C可能正確；水平軌道階段合力與斜面階段力的方向必然相反，故D錯(cuò)誤。20【答案】CD【解析】帶電粒子在加速電場(chǎng)中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速后的速度大小為v，

18、根據(jù)動(dòng)能定理有：qU=12mv2-0，解得：v=2qUm，然后勻速運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)進(jìn)入有界磁場(chǎng)中，其運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖所示：粒子從E點(diǎn)先沿虛線圓弧，再沿直線做勻速直線運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)。由左手定則，粒子是正電。故A錯(cuò)誤；由qvB=mv2r，則r=mvqB，x越大則r越大，則比荷qm越小，故B錯(cuò)誤；在ENO中tan=xR，解得:=60，設(shè)帶電粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡圓的半徑為r，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)有：r=33R，解得：m=qB2R26U，由t=360T=3602mqB，由幾何關(guān)系圓弧圓心角=120，聯(lián)立可得： t=BR29U，故CD正確。21【答案】BC【解析】假設(shè)磁場(chǎng)寬度為x，dc邊剛好離開(kāi)磁場(chǎng)MN邊界時(shí)加速度為0，則mgsi

19、n=BIL=BLBLvmaxR=B2L2vmR，則此時(shí)速度為vm是此過(guò)程中的最大速度，由于磁場(chǎng)寬度大于框邊長(zhǎng)L，所以線框在進(jìn)入PQ邊的過(guò)程中速度小于vm，由于下滑過(guò)程中安培力F安=B2L2vR，隨速度增大而增大，則線框在進(jìn)入PQ邊的過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin-B2L2vR=ma，v增大，a減小，所以金屬框做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，不會(huì)做勻加速運(yùn)動(dòng)，全程加速也不會(huì)出現(xiàn)減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；由能量守恒有mgsin（2x+L）=Q+12mvm2，則得x=R2m2gsin9B2L4+Q2mgsin-L2，故B正確；金屬框剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)加速度a=0，則mgsin- B2L2vR=ma=0，可得v=

20、mgRsinB2L2，故C正確；金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)前，加速度為 a=gsin，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v2=2ax，再結(jié)合電勢(shì)差與閉合電路歐姆定律公式得：金屬框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)ab兩點(diǎn)的電勢(shì)差為Uab=34E=34BLv，解得Uab=34BL2gxsin，故D錯(cuò)誤。第卷（非選擇題，共174分）三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答)(一)必考題(共129分)22(5分)【答案】AC【解析】小車運(yùn)動(dòng)中會(huì)受到阻力，使木板適當(dāng)傾斜，小車阻力補(bǔ)償?shù)姆椒ㄊ瞧胶饽Σ亮?；故A正確；分別用1、2、3、條橡皮筋，時(shí)還需要每次都讓小車?yán)?/p>

21、同一位置才能使得合外力對(duì)小車做的功是W、2W、3W、故B錯(cuò)誤；紙帶上打出的點(diǎn)，應(yīng)選擇均勻清晰的點(diǎn)跡求小車的速度，故C正確；因?yàn)?2mv2，畫(huà)出的W-v圖象應(yīng)是一條曲線，W-v2的圖象才是直線，故D錯(cuò)誤。23(10分)【答案】 12V 0.13【解析】由題可知，無(wú)電壓表，且I=PU=15012A=12.5A3A，故需把電流表串聯(lián)一個(gè)大電阻更改裝成電壓表，故電路如圖:；由閉合歐姆定律可以得閉合開(kāi)關(guān)K1時(shí)：E=I1R1+I1r，再閉合開(kāi)關(guān)K2時(shí)：E=I2R1+I2+I2R1R2r，又I1=2.60A、I2=2.40A、R1=4.4、R2=1.5，聯(lián)立解得：E=12V、r=0.13。24(14分)【解

22、析】由題意知初速度與豎直方向夾角為3，初速度v0可以分解為水平方向vx=v0cos(3)=32v0豎直方向vy=v0cos(2-3)=12v0由于豎直方向速度不變可以知道電場(chǎng)力方向水平向右，電場(chǎng)強(qiáng)度方向也是水平向右由A向B運(yùn)動(dòng)過(guò)程為水平方向勻減速運(yùn)動(dòng)。豎直方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，利用動(dòng)能定理有：-EqL=12m(12v0)-12m(v0)2聯(lián)立上式解得：E=3mv028ql。25(18分)【解析】（1）碰撞前A滑塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，A受到的滑動(dòng)摩擦力fA=AmAg=0.4410N=16N根據(jù)牛頓第二定律得aA=-fAmA=-Ag=-4m/s2碰撞前瞬間A的速度vA=v0+aAt=4-40.5=2m/s碰

23、撞前BC滑塊看作一個(gè)整體做勻加速運(yùn)動(dòng)，則f地=地（mA+mB+mC）gBC整體的加速度aBC=fA-f地mB+mC可得f地=8N，aBC=2m/s2則vBC=aBCt=25=1m/s（2）碰撞過(guò)程AB滑塊動(dòng)量守恒，取向右為正方向，則有：mAvA+mBvB=mAvA+mBvB碰撞過(guò)程AB滑塊能量守恒，有：12mAvA2+12mBvB2=12mAvA2+12mBvB2可以解得：vA=1.5m/s，vB=2m/s或者vA=116m/s，vB=43m/s。由于A滑塊的速度不能大于B，所以舍去碰撞后A滑塊受到摩擦力不變?nèi)匀粸閒A=16N可得：aA=-4m/s2碰撞后BC滑塊B物體的速度大于C，不能看成一個(gè)整體。B受到摩擦力fB=BmBg解得fB=8N對(duì)C有aC=fA+fB-f地mC解得：aC=8m/s2AC滑塊相對(duì)運(yùn)動(dòng)直到共速過(guò)程對(duì)A有vAC=vA+aAt2。對(duì)C有vAC=vBC+aCt2?？傻胿AC=43m/s，t2=124s然后B滑塊繼續(xù)減速（此過(guò)程AC共同恰好能勻速運(yùn)動(dòng)）直到ABC速度均為43m/s。（二）選考題：共45分