廣東省珠海市2020屆高三物理下學期2月復習檢測試題【含解析】

1、廣東省珠海市2020屆高三物理下學期2月復習檢測試題（含解析）二、選擇題1.關于光電效應，下列說法正確的是（）A. 極限頻率越大的金屬材料逸出功越大B. 只要光照射的時間足夠長，任何金屬都能產(chǎn)生光電效應C. 從金屬表面出來光電子的最大初動能越大，這種金屬的逸出逸出功越小D. 入射光的光強一定時，頻率越高，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多【答案】A【解析】【詳解】A根據(jù)，極限頻率越大的金屬材料逸出功越大。故A正確。B發(fā)生光電效應的條件是入射光的頻率大于極限頻率，與入射光照射的時間無關。故B錯誤。C根據(jù)光電效應方程知，光電子的最大初動能與入射光的頻率和逸出功兩個因素有關，光電子的最大初動能越大，這種

2、金屬的逸出逸出功不一定越小，也可能是因為入射光的頻率高的緣故。故C錯誤。D光的強度影響的是單位時間發(fā)出光電子數(shù)目，入射光光強一定時，頻率越高，則單位時間發(fā)出的光子數(shù)目越少，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越少故D錯誤。故選A。2.A、B兩物體沿同一方向運動，它們的圖像如圖所示，下列判斷正確的是A. 在時刻前，B物體始終在A物體的前面B. 在這段時間內(nèi)，B物體的位移比A物體的位移大C. 在時刻前，B物體的速度始終比A物體增加得快D. 在時刻兩物體不可能相遇【答案】B【解析】【詳解】A在時刻前，B的速度大于A的速度，但AB出發(fā)的位置不確定，無法判斷AB的位置關系，故A錯誤；B在圖像中，與時間軸所圍的面積

3、為物體運動的位移，故在這段時間內(nèi)，B物體的位移比A物體的位移大，故B正確；C在圖像中，斜率代表加速度，所以B物體的速度有比A物體速度增加慢的時刻，故C錯誤；D由于不知道出發(fā)時的位置關系，故在時刻兩物體有可能相遇，故D錯誤。故選：B3.物塊、的質量分別為和，用輕彈簧連接后放在光滑的水平面上，對施加向右的水平拉力，穩(wěn)定后、相對靜止在水平面上運動，此時彈簧的形變量為；若撤去拉力，換成大小為的水平推力向右推，穩(wěn)定后、相對靜止在水平面上運動，彈簧的形變量為，則的值是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】設彈簧的勁度系數(shù)為k，則當F作用在Q上時，將兩者看做一個整體，對整體應用牛頓第二定律可

4、得對P分析可知解得當2F的力作用在P上時，分別應用整體和隔離法，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得解得故A正確，BCD錯誤。故選A。4.質量為的籃球從某一高處從靜止下落，經(jīng)過時間與地面接觸，經(jīng)過時間彈離地面，經(jīng)過時間達到最高點。重力加速度為，忽略空氣阻力。地面對籃球作用力沖量大小為（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】選向下為正，運動全程由動量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，則有：I地=-（mgtl+mgt2十mgt3）， 負號表方向。A，故A符合題意；B，故B不符合題意；C，故C不符合題意；D，故D不符合題意。故選A。5.為了探測引力波，“天琴計劃”預計發(fā)射地球衛(wèi)星P，

5、其軌道半徑約為地球半徑的16倍；另一地球衛(wèi)星Q的軌道半徑約為地球半徑的4倍P與Q的周期之比約為（ ）A. 2:1B. 4:1C. 8:1D. 16:1【答案】C【解析】【詳解】本題考查衛(wèi)星的運動、開普勒定律及其相關的知識點設地球半徑為R，根據(jù)題述，地球衛(wèi)星P的軌道半徑為RP=16R，地球衛(wèi)星Q的軌道半徑為RQ=4R，根據(jù)開普勒定律，=64，所以P與Q的周期之比為TPTQ=81，選項C正確6.如圖，電荷量分別為q和q（q0）的點電荷固定在正方體的兩個頂點上，a、b是正方體的另外兩個頂點，則（ ）A. a點和b點的電勢相等B. a點和b點的電場強度大小相等C. a點和b點的電場強度方向相同D. 將

6、負電荷從a點移到b點，電勢能增加【答案】BC【解析】【詳解】由幾何關系，可知b的電勢大于a的電勢，故A錯誤；把負電荷從a移到b，電勢能減少，故D錯誤；由對稱性和電場的疊加原理，可得出a、b的合電場強度大小、方向都相同，故B、C正確。7.如圖，水平桌面上固定有一半徑為的金屬細圓環(huán)，環(huán)面水平，圓環(huán)每單位長度的電阻為，空間有一勻強磁場，磁感應強度大小為，方向豎直向下；一長度為、電阻可忽略的導體棒置于圓環(huán)左側并與環(huán)相切，切點為棒的中點。棒在拉力的作用下以恒定加速度從靜止開始向右運動，運動過程中棒與圓環(huán)接觸良好。下列說法正確的是（）A. 拉力的大小在運動過程中保持不變B. 棒通過整個圓環(huán)所用的時間為C.

7、 棒經(jīng)過環(huán)心時流過棒的電流為D. 棒經(jīng)過環(huán)心時所受安培力的大小為【答案】BCD【解析】【詳解】A棒在拉力的作用下以恒定加速度a從靜止開始向右運動，合外力恒定，由F-F安=ma，由于安培力隨速度的變化而變化，所以拉力也是變化的，故A錯誤；B根據(jù)位移公式可得時間為故B正確；C當棒運動到環(huán)中心時，由于棒將金屬細圓環(huán)分開的兩部分的電阻并聯(lián)，則電路總電阻為，速度大小為產(chǎn)生感應電動勢所以產(chǎn)生感應電流大小為故C正確；D棒經(jīng)過環(huán)心時所受安培力的大小為故D正確。故選BCD。8.如圖所示，一光滑球體靜止于夾角為的支架ABC內(nèi)，現(xiàn)以B為軸，讓整個支架緩慢的順時針旋轉，直至支架BC部分水平設BC部分對球體的作用力為F

8、，則整個過程中（ ）A. F可能一直減小B. F可能一直增大C. F可能先減小后增大D. F可能先增大后減小【答案】D【解析】【分析】對球受力分析，受重力和兩個支持力，其中AB面的支持力為F2，而BC面的支持力為F1，根據(jù)三力平衡條件作圖分析【詳解】球受重力和兩個支持力，根據(jù)平衡條件，三個力可以構成首尾相連的矢量三角形，如圖所示，隨著框架順時針旋轉，F(xiàn)1先增大后減小，最后與重力G大小相等，F(xiàn)2先減小后增大，D正確9.用打點計時器研究物體的自由落體運動，得到如圖一段紙帶，測得，。已知交流電頻率是，則打點時物體的瞬時速度為_。如果實驗測出的重力加速度值比公認值偏小，可能的原因是_?！敬鸢浮?(1)

9、. 2.10 (2). 下落過程中有存在阻力等【解析】【詳解】1根據(jù)某點瞬時速度等于該點的相鄰的兩段位移內(nèi)的平均速度得2如果實驗測出的重力加速度值比公認值偏小，可能的原因是下落過程中有存在阻力等。10.現(xiàn)有一塊59C2型的小量程電流表G（表頭），滿偏電流為50A，內(nèi)阻約為800850，把它改裝成1mA、10mA的兩量程電流表，可供選擇的器材有：滑動變阻器R1，最大阻值20；滑動變阻器R2，最大阻值100k；電阻箱R，最大阻值9999；定值電阻R0，阻值1k；電池E1，電動勢15V；電池E2，電動勢3V；電池E3，電動勢4.5V；（所有電池內(nèi)阻不計），標準電流表A，滿偏電流1.5mA；單刀單擲開

10、關S1和S2；單刀雙擲開關S3；電阻絲及導線若干（1）采用如圖（甲）所示電路測量表頭的內(nèi)阻，為提高測量精確度，選用的滑動變阻器為_，選用的電池為_甲 乙 丙（2）將G改裝成兩量程電流表，現(xiàn)有兩種備選電路，如圖（乙）、（丙）所示圖_為合理電路，另一電路不合理的理由是_（3）將改裝后的電流表與標準電流表逐格進行核對（僅核對1mA量程），畫出所用電路圖，圖中待核對的電流表符號用 A來表示_【答案】 (1). （1）R2 (2). E3 (3). （2）圖（乙） (4). 因為圖（丙）電路在通電狀態(tài)下，更換量程時會造成兩個分流電阻都未并聯(lián)在表頭兩端，以致通過表頭的電流超過其滿偏電流而損壞 (5). （

11、3）如圖：【解析】【詳解】（1）首先我們要知道半偏法測量電流表內(nèi)阻的方法以及測量原理：如圖，設電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，S1打開時，設電流表滿偏電流 ，實驗要求RRg，Rr，這樣才有 ，當S1閉合時，R和Rg并聯(lián)，并聯(lián)后總阻值R并RgR，這樣才有S1閉合后，電路中總電流幾乎不變，仍然近似等于，調(diào)節(jié)R使電流表半偏為，所以流過R的電流也為，所以R=Rg從上述原理可知，S1打開與閉合，近似認為干路中電流不變，前提是RRg故實驗器材選擇應滿足電源電動勢盡可能大，R盡可能大所以滑動變阻器選量程較大的R2，電池選用電動勢較大的E3（2）圖（乙）所示的電路較合理，因為圖（丙）電路在通電狀態(tài)下，更換量程時會

12、造成兩個分流電阻都未并聯(lián)在表頭兩端，以致通過表頭的電流超過其滿偏電流而損壞（3）核對電路如圖所示為使改裝后的電流表與標準表在01mA之間逐格核對，應選用分壓電路由于A和A滿偏電流和滿偏電壓都很小，為使滑動變阻器便于調(diào)節(jié)，即有較大的調(diào)節(jié)范圍，滑動變阻器應選用R1，電池應選用E1，且在電流表所在的支路上串聯(lián)定值電阻R0，起保護作用11.如圖所示，半徑的光滑半圓環(huán)軌道處于豎直平面內(nèi)，半圓環(huán)與粗糙的水平地面相切于圓環(huán)的端點。一質量的小球，以初速度在水平面上向左作加速度的勻減速直線運動，運動后，沖上豎直半圓環(huán)，最后小球落在點。求：（1）小球沖到最高點時對軌道的壓力。（2）A、C間的距離（取重力加速度?！?/p>

13、答案】(1) ；(2) ?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）小球勻減速運動過程中，由運動學公式可得小球從到，由機械能守恒得聯(lián)立可得小球在點由牛頓第三定律得軌道受到的壓力解得；（2）小球從點作平拋運動，有：由得：12.空間中存在方向垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為，一帶電量為、質量為的粒子，在點以某一初速開始運動，初速方向在圖中紙面內(nèi)如圖中點箭頭所示。該粒子運動到圖中點時的速度方向與點時速度方向垂直，如圖中點箭頭所示。已知、間的距離為l。若保持粒子在點時的速度不變，而將勻強磁場換成勻強電場，電場方向與紙面平行且與粒子在點時速度方向垂直，在此電場作用下粒子也由點運動到點。不計重力。求：(1)電場強度的大

14、小。(2)兩種情況中粒子由運動到點所經(jīng)歷的時間之差?！敬鸢浮?1)；(2)【解析】【詳解】（1）粒子在磁場中做勻速圓周運動，以表示粒子在點的初速度，表示圓周半徑，則有 由于粒子在點的速度垂直于它在點時的速度，可知粒子由點到點的軌跡是圓周的，故有 聯(lián)立得 在電場中粒子做類平拋運動，分別以、表示射程、偏轉位移、電場強度，加速度和運動時間，則 垂直方向 沿方向 聯(lián)立各式可解得電場強度的大小為（2）由分析知粒子在磁場中由運動到點所經(jīng)歷的時間為，故在電場中由運動到點所經(jīng)歷的時間由運動到點所經(jīng)歷的時間之差兩種情況中粒子由運動到點所經(jīng)歷的時間之差為13.下列五幅圖分別對應五種說法，其中正確的是( )A. 甲

15、圖中微粒的運動就是物質分子的無規(guī)則熱運動,即布朗運動B. 乙圖中當兩個相鄰的分子間距離為r0時,它們間相互作用的引力和斥力大小相等C. 丙圖中食鹽晶體的物理性質沿各個方向都是不一樣的D. 丁圖中小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用E. 戊圖中潔凈的玻璃板接觸水面,要使玻璃板離開水面,拉力F必須大于玻璃板的重力,其原因是水分子和玻璃分子之間存在分子斥力【答案】BCD【解析】【詳解】A.甲圖中微粒的運動是布朗運動，但由于微粒是大量分子組成的，所以微粒的運動并不是物質分子的無規(guī)則熱運動，故A錯誤；B. 由兩分子間作用力隨距離變化的關系圖線可知，當兩個相鄰的分子間距離為時，它們間相互作用的

16、引力和斥力大小相等，故B正確；C. 圖丙說明食鹽晶體的物理性質沿各個方向不同，表現(xiàn)為各向異性，故C正確；D.小草上的露珠呈球形的主要是液體表面張力的作用，故D正確；E.戊圖中潔凈的玻璃板接觸水面，要使玻璃離開水面，拉力必須大于玻璃板的重力，說明了分子之間存在引力，故E錯誤14.如圖所示，兩個可導熱氣缸豎直放置，它們的底部都由一細管連通（忽略細管的容積）。兩氣缸各有一個活塞，質量分別為和，活塞與氣缸無摩擦?；钊南路綖槔硐霘怏w，上方為真空。當氣體處于平衡狀態(tài)時，兩活塞位于同一高度。（已知，在兩活塞上同時各放一質量為的物塊，求氣體再次達到平衡后兩活塞的高度差（假定環(huán)境溫度始終保持為。在達到上一問的

17、終態(tài)后，環(huán)境溫度由緩慢上升到，試問在這個過程中，氣體對活塞做了多少功？氣體是吸收還是放出了熱量？（假定在氣體狀態(tài)變化過程中，兩物塊均不會碰到氣缸頂部）?！敬鸢浮?； ，吸收熱量?！窘馕觥俊驹斀狻吭O左、右活塞的面積分別為和，由于氣體處于平衡狀態(tài)，故兩活塞對氣體的壓強相等，即由此得在兩個活塞上各加質量為物塊后，假設左右兩活塞仍沒有碰到汽缸底部，由平衡條件，則右活塞降至氣缸底部，所有氣體都在左氣缸中在初態(tài)，氣體的壓強為：，體積為：；在末態(tài)，氣體壓強為：，體積為：為左活塞的高度）由玻意耳定律得代入數(shù)據(jù)解得當溫度由上升至時，氣體的壓強始終為，設是溫度達到時左活塞的高度，由蓋呂薩克定律得活塞對氣體做的功為

18、環(huán)境溫度升高，則氣體溫度升高內(nèi)能變大，又氣體對活塞做功，根據(jù)熱力學第一定律：在此過程中氣體吸收熱量。15.如圖甲所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，圖乙表示該波傳播的介質中x=2m處的a質點從t=0時刻起的振動圖象下列說法正確的是_A. 波沿x軸正方向傳播B. 波傳播的速度為20msC. a質點在01.0s內(nèi)，通過的路程為20mD. t=025s時，a質點位移沿y軸正方向E. t=025s時，x=4m處的b質點的加速度沿y軸負方向【答案】ABE【解析】【詳解】由乙圖可知t=0時刻質點a在平衡位置向下振動，則由圖甲可知，波沿x軸正向傳播，選項A正確；由甲圖可知，波長為4m，由乙圖可知，周期為0.2s，則波速為，故B正確；各質點的振幅為0.2m，1s內(nèi)完成5次全振動，故1s內(nèi)通過的路程為S=540.2=4m，故C錯誤；由乙圖知，質點的振動周期為T=0.2s，所以質點a在t=0.25s的時刻的振動情況與t=0.5s時刻的振動情況相同，即處于負的最大位移處，所以位移沿y軸負方向故D錯誤；由圖甲可知，a質點和b質點的平衡位置相距半個波長，振動情況總是相反，所以在振