2018版高考物理二輪復(fù)習(xí)小題提速練3

1、 小題提速練 (三)(時間： 20分鐘 分值： 48分)選擇題 (本題共 8小題，每小題 6分，共 48分在每小題給出的四個選項(xiàng)中， 第 1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第 1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得 6分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分 )14(2017寧德市質(zhì)檢 )核能作為一種新能源在現(xiàn)代社會中已不可缺少，我國在完善核電安全基礎(chǔ)上將加大核電站建設(shè)核泄漏中的钚(Pu)是一種具有放射性的超鈾元素，它可破23994壞細(xì)胞基因，提高患癌的風(fēng)險已知钚的一種同位素Pu的半衰期為 24 100年，其衰變23994PuX42He，下列有關(guān)說法正確的是方程為()A衰變發(fā)出的射線是波長很

2、短的光子，穿透能力很強(qiáng)BX原子核中含有 92個中子239C8個 Pu經(jīng)過 24 100年后一定還剩余 4個942E mc，衰變過程總質(zhì)量不變D由于衰變時釋放巨大能量，根據(jù)A 衰變發(fā)出的射線是波長很短的光子，具有很強(qiáng)的穿透能力，故A正確根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，X的電荷數(shù)為 92，質(zhì)量數(shù)為 235，則中子數(shù)為 143，故B錯誤半衰期具有統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對大量的原子核適用，故 C錯誤由于衰變時釋放巨D(zhuǎn)錯誤 大能量，有質(zhì)量虧損，衰變過程總質(zhì)量減小，故15(2017遼寧省實(shí)驗(yàn)中學(xué)模擬 )如圖 1所示，一豎直放置的大圓環(huán)，在其水平直徑上的 A、B兩端系著一根不可伸長的柔軟輕繩，繩上套有一光滑小鐵環(huán)現(xiàn)將大圓

3、環(huán)在豎直平面內(nèi)繞 O點(diǎn)順時針緩慢轉(zhuǎn)過一個微小角度，則關(guān)于輕繩對 A、B兩點(diǎn)拉力 F、F的變化情況，A B下列說法正確的是 ()圖 1AF變小， FA B變小BF變大， F變大ABCF變大， F變小ABDFA 繩上套有一光滑小鐵環(huán)，則兩側(cè)繩子對環(huán)的拉力大小相等，則有： 2Fcosmg，l sinA B變小， F變大由對稱性可知，平衡時左、右兩段繩與豎直方向間夾角相等，設(shè)均為OBl sin 2r，得 l sin2r，大圓環(huán)在豎直平面內(nèi)繞OAO點(diǎn)順時針緩慢轉(zhuǎn)過一個微小角度后，有 l sin d2r，故繩與豎直方向間夾角變小，左、右兩側(cè)輕繩 A BF FB對、兩點(diǎn)拉力 A、均變小， A正確 16(20

4、17衡水中學(xué)二模 )如圖 2所示，以速度 v將小球沿與水平方向成37角方向斜向上拋出，結(jié)果小球剛好能垂直打在豎直墻上，小球反彈后的速度方向水平，速度的3大小為碰撞前速度大小的與水平方向夾角的正切值為，不計(jì)空氣阻力，則反彈后小球的速度大小再次為v時，速度4()【導(dǎo)學(xué)號： 19624222】圖 234A.4B.33C.553D.B 小球斜向上拋出垂直打在墻上，可逆向視為平拋運(yùn)動，設(shè)打在墻上的速度為v，03304則 vvcos 37，反彈后以 v拋出，當(dāng)速度為 v時， vvcos，聯(lián)立解得 cos00434，故 tan，B正確 5317(2017北京高考 )圖 3甲和圖乙是教材中演示自感現(xiàn)象的兩個電

5、路圖，瞬間，燈 AL1和 L2為電感線，燈 A圈實(shí)驗(yàn)時，斷開開關(guān)S11突然閃亮，隨后逐漸變暗；閉合開關(guān)S22逐漸變亮，而另一個相同的燈 A立即變亮，最終 A與 A的亮度相同下列說法正確的是 ()323圖 3A圖甲中， A與 L的電阻值相同11B圖甲中，閉合 S，電路穩(wěn)定后， A中電流大于 L1 1 1中電流C圖乙中，變阻器 R與 LD圖乙中，閉合 S瞬間， L2的電阻值相同22中電流與變阻器 R中電流相等C A錯：斷開開關(guān) S瞬間，線圈 L產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的減小，通過L的111電流反向通過燈 A，燈 A1 1突然閃亮，隨后逐漸變暗，說明I L1 A1 1 A1I，即 RLR . RL1

6、RA11L1中電流B錯：圖 1中，閉合 S，電路穩(wěn)定后，因?yàn)?，所以 A中電流小于C對：閉合開關(guān) S2，燈 A2逐漸變亮，而另一個相同的燈A32 3立即變亮，最終 A與 A的亮度相同，說明變阻器 R與 L的電阻值相同2D錯：閉合 S2瞬間，通過 L2的電流增大，由于電磁感應(yīng)，線圈L2產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的增大，則 L中電流與變阻器 R中電流不相等 218(2017常州一模 )如圖 4所示，一截面為橢圓形的容器內(nèi)壁光滑，其質(zhì)量為M，置于光滑水平面上，內(nèi)有一質(zhì)量為m的小球，當(dāng)容器受到一個水平向右的力F作用向右勻加速運(yùn)動時，小球處于圖示位置，此時小球?qū)E圓面的壓力大小為()圖 4FF2Am g2

7、2B m g2MmMm2Cm gF 22mgF2D.mFaMm.再對小球研究，B 先以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得：加速度為分析受力情況，如圖，由牛頓第二定律得到：F222Mm 2Nmg mam g19(2017欽州市港區(qū)月考)如圖 5所示，直線 A為某電源的 U- I圖線，曲線 B為某小燈泡 D的 U- I圖線的一部分，用該電源和小燈泡1D組成閉合電路時，燈泡 D恰好能正常發(fā)11光，則下列說法中正確的是()【導(dǎo)學(xué)號： 19624223】圖 5 A此電源的內(nèi)阻為 0.5B燈泡 D的額定電壓為 3 V，功率為 6 WC把燈泡 D換成“ 3 V,20 W”的燈泡 D，電源的輸出功率將變小11

8、2D由于小燈泡 B的 U- I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過程，歐姆定律不適用AB 由圖讀出電源的電動勢為E 4 V，圖線 A的斜率大小表示電源的內(nèi)阻，則r410.5，故 A正確6A B、兩圖線的交點(diǎn)表示燈泡的工作狀態(tài)，則知其電壓U 3 V，I燈泡與電源連接時，2 A，則燈泡 D1的額定電壓為 3 V，功率為 PUI6 W，故 B正確2U把燈泡 D換成“ 3 V,20 W”的燈泡 D，由 P ，12RU 32P 20 0.45知：燈泡 D正常工作時的電阻為 R 2 22U 3燈泡 D的電阻為 R1.5，把燈泡 D換成“ 3 V,20 W”的燈泡 D時，輸1112I 2出電壓小于 3 V，燈泡

9、D的電阻小于 0.45，更接近電源的內(nèi)阻，電源的輸出功率2將變大，故 C錯誤小燈泡是純電阻用電器，歐姆定律是適用的，小燈泡的U- I圖線之所以是一條曲線，是因?yàn)樾襞蓦娮桦S溫度的變化發(fā)生改變，故D錯誤 20(2016石家莊質(zhì)檢 )如圖 6所示，物體 A、B通過細(xì)繩及輕質(zhì)彈簧連接在輕滑輪兩側(cè)，物體 B的質(zhì)量為 2m，放置在傾角為 30的光滑斜面上，物體 A的質(zhì)量為 m，用手托著物體 A使彈簧處于原長，細(xì)繩伸直， A與地面的距離為 h，物體 B靜止在斜面上擋板 P處放手后物體 A下落，與地面即將接觸時速度大小為v，此時物體 B對擋板恰好無壓力，則下列說法正確的是 ()圖 6mghA彈簧的勁度系數(shù)為

10、12mgh mv2B此時彈簧的彈性勢能等于C此時物體 A的加速度大小為 g，方向豎直向上D此后物體 B可能離開擋板沿斜面向上運(yùn)動AB 物體 A剛落地時，彈簧伸長量為 h，物體 B受力平衡，所以 kh 2mgsin，所 mg12以 k，選項(xiàng) A對；物體 A落地前，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以彈性勢能等于 mgh mv，h2選項(xiàng) B對；物體 A剛落地時，對 A應(yīng)用牛頓第二定律得： mgkhma，所以 a0，選項(xiàng) C錯；物體 A落地后，彈簧不再伸長，故物體 B不可能離開擋板沿斜面向上運(yùn)動，選項(xiàng) D錯 21(2017鞍山一中最后一模 )如圖 7所示，帶有正電荷的 A粒子和 B粒子同時以同樣大小的速度從寬度為 d的有界勻強(qiáng)磁場的邊界上的 O點(diǎn)分別以 30和 60(與邊界的交角 )射入磁場，又都恰好不從另一邊界飛出，則下列說法中正確的是()【導(dǎo)學(xué)號： 19624224】圖 71AA、B兩粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑之比是33BA、B兩粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑之比是2 3m1C