2018年天津市高考物理試卷及解析

1、實用文檔用心整理2018 年天津市高考物理試卷一、單項選擇題（每小題 6 分，共 30 分。每小題給出的四個選項中，只有一個 選項是正確的）1（6.00 分）國家大科學(xué)工程中國散裂中子源（csns）于 2017 年 8 月 28 日首次打靶成功，獲得中子束流，可以為諸多領(lǐng)域的研究和工業(yè)應(yīng)用提供先進的 研究平臺。下列核反應(yīng)中放出的粒子為中子的是（ ）a b n 俘獲一個 粒子，產(chǎn)生al 俘獲一個 粒子，產(chǎn)生o 并放出一個粒子p 并放出一個粒子c d b 俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生li 俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生be 并放出一個粒子he 并放出一個粒子2（6.00 分）滑雪運動深受人民群眾喜愛。某滑雪運動員（可視

2、為質(zhì)點）由坡道 進入豎直圓面內(nèi)的圓弧形滑道 ab，從滑道的 a 點滑行到最低點 b 的過程中，由 于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿 ab 下滑過程中（ ）1千里之行始于足下m nm nm npm pnm n m n m n m nm n pm pn m n pm pn實用文檔用心整理a所受合外力始終為零c合外力做功一定為零b所受摩擦力大小不變d機械能始終保持不變3（6.00 分）如圖所示，實線表示某電場的電場線（方向未標出），虛線是一帶 負電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設(shè) m 點和 n 點的電勢分別為 、 ， 粒子在 m 和 n 時加速度大小分別為 a 、a ，速度大小分別為

3、 v 、v ，電勢能分 別為 e 、e 下列判斷正確的是（ ）av v ，a a b v v ， c ，e e da a ，e e4（6.00 分）教學(xué)用發(fā)電機能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機（內(nèi)阻可忽 略）通過理想變壓器向定值電阻 r 供電，電路如圖所示，理想交流電流表 a、理 想交流電壓表 v 的讀數(shù)分別為 i、u，r 消耗的功率為 p若發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變 為原來的 ，則（ ）ar 消耗的功率變?yōu)?p b電壓表 v 的讀數(shù)變?yōu)?uc電流表 a 的讀數(shù)變?yōu)?2i d通過 r 的交變電流頻率不變2千里之行始于足下 實用文檔用心整理5（6.00 分）氫原子光譜在可見光區(qū)域內(nèi)有四條譜線 h 、

4、h 、h 和 h ，都是氫 原子中電子從量子數(shù) n2 的能級躍遷到 n=2 的能級時發(fā)出的光，它們在真空中 的波長由長到短，可以判定（ ）a h 對應(yīng)的前后能級之差最小b 同一介質(zhì)對 h 的折射率最大c 同一介質(zhì)中 h 的傳播速度最大d 用 h 照射某一金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，則 h 也一定能二、不定項選擇題（每小題 6 分，共 18 分。每小題給出的四個選項中，都有多 個選項是正確的。全部選對的得 6 分，選對但不全的得 3 分，選錯或不答的得 0 分）6（6.00 分）2018 年 2 月 2 日，我國成功將電磁監(jiān)測試驗衛(wèi)星“張衡一號”發(fā)射 升空，標志我國成為世界上少數(shù)擁有在軌運行高精度地球物

5、理場探測衛(wèi)星的國家 之一。通過觀測可以得到衛(wèi)星繞地球運動的周期，并已知地球的半徑和地球表面 處的重力加速度。若將衛(wèi)星繞地球的運動看作是勻速圓周運動，且不考慮地球自 轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計算出衛(wèi)星的（ ）a密度b向心力的大小c離地高度d線速度的大小7（6.00 分）明朝謝肇淛的五雜組中記載：“明姑蘇虎丘寺塔傾側(cè)，議欲正3千里之行始于足下nnnnn實用文檔用心整理之，非萬緡不可。一游僧見之曰：無煩也，我能正之。 ”游僧每天將木楔從塔身 傾斜一側(cè)的磚縫間敲進去，經(jīng)月余扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形， 木楔的頂角為 ，現(xiàn)在木楔背上加一力 f，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力 f ， 則（

6、）a若 f 一定， 大時 f 大 b若 f 一定， 小時 f 大c若 一定，f 大時 f 大 d若 一定，f 小時 f 大8（6.00 分）一振子沿 x 軸做簡諧選動，平衡位置在坐標原點。t=0 時振子的位 移為0.1m，t=1s 時位移為 0.1m，則（ ）a 若振幅為 0.1m，振子的周期可能為 sb 若振幅為 0.1m，振子的周期可能為 sc 若振幅為 0.2m，振子的周期可能為 4sd 若振幅為 0.2m，振子的周期可能為 6s三、非選擇題本題共 4 題，共 72 分9（4.00 分）質(zhì)量為 0.45kg 的木塊靜止在光滑水平面上，一質(zhì)量為 0.05kg 的子 彈以 200m/s 的水

7、平速度擊中木塊，并留在其中，整個木塊沿子彈原方向運動，則木塊最終速度的大小是m/s。若子彈在木塊中運動時受到的平均阻力為4.5103n，則子彈射入木塊的深度為m。4千里之行始于足下xx實用文檔用心整理10（4.00 分）某研究小組做“驗證力的平行四邊形定則”實驗，所有器材有：方 木板一塊，白紙，量程為 5n 的彈簧測力計兩個，橡皮條（帶兩個較長的細繩套）， 刻度尺，圖釘（若干個）。具體操作前，同學(xué)們提出了如下關(guān)于實驗操作的建議，其中正確的有 。 a橡皮條應(yīng)和兩繩套夾角的角平分線在一條直線上b 重復(fù)實驗再次進行驗證時，結(jié)點 o 的位置可以與前一次不同c 使用測力計時，施力方向應(yīng)沿測力計軸線；讀數(shù)

8、時視線應(yīng)正對測力計刻度d 用兩個測力計互成角度拉橡皮條時的拉力必須都小于只用一個測力計時的拉 力該小組的同學(xué)用同一套器材做了四次實驗，白紙上留下的標注信息有結(jié)點位置 o、力的標度、分力和合力的大小及表示力的作用線的點，如下圖所示。其中對 于提高實驗精度最有利的是 。11（10.00 分）某同學(xué)用伏安法測定待測電阻 r 的阻值（約為 10k），除了 r 、 開關(guān) s、導(dǎo)線外，還有下列器材供選用：a電壓表（量程 01v，內(nèi)阻約 10k）5千里之行始于足下0x實用文檔用心整理b 電壓表（量程 010v ，內(nèi)阻約 100k）c 電流表（量程 01ma ，內(nèi)阻約 30）d 電流表（量程 00.6a，內(nèi)阻

9、約 0.05）e 電源（電動勢 1.5v，額定電流 0.5a ，內(nèi)阻不計）f 電源（電動勢 12v，額定電流 2a，內(nèi)阻不計）g 滑動變阻器 r （阻值范圍 010，額定電流 2a ）1 為使測量盡量準確，電壓表選用 ，電流表選用 ，電源選 用 。（均填器材的字母代號）2 畫出測量 r 阻值的實驗電路圖。3 該同學(xué)選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值會其真實值（填“大于”、“小于”或“等于”），原因是 。12（16.00 分）我國自行研制、具有完全自主知識產(chǎn)權(quán)的新一代大型噴氣式客機 c919 首飛成功后，拉開了全面試驗試飛的新征程。假設(shè)飛機在水平跑道上的滑跑是初速度為

10、零的勻加速直線運動，當位移 x=1.6103m 時才能達到起飛所要求的速度 v=80m/s。已知飛機質(zhì)量 m=7.0 104kg，滑跑時受到的阻力為自身重力的0.1 倍，重力加速度取 g=10m/s2（1） 加速度 a 的大??；（2） 牽引力的平均功率 p。求飛機滑跑過程中6千里之行始于足下0實用文檔用心整理13（18.00 分）如圖所示，在水平線 ab 的下方有一勻強電場，電場強度為 e， 方向豎直向下，ab 的上方存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度為 b，方向垂直紙面向里。磁場中有一內(nèi)、外半徑分別為 r、r 的半圓環(huán)形區(qū)域，外圓與 ab 的交點分別為 m、n一質(zhì)量為 m、電荷量為 q 的帶負電粒子在

11、電場中 p 點靜止釋放，由 m 進入磁場，從 n 射出。不計粒子重力。（1） 求粒子從 p 到 m 所用的時間 t；（2） 若粒子從與 p 同一水平線上的 q 點水平射出，同樣能由 m 進入磁場，從 n 射出。粒子從 m 到 n 的過程中，始終在環(huán)形區(qū)域中運動，且所用的時間最少， 求粒子在 q 時速度 v 的大小。14（20.00 分）真空管道超高速列車的動力系統(tǒng)是一種將電能直接轉(zhuǎn)換成平動動 能的裝置。圖 1 是某種動力系統(tǒng)的簡化模型，圖中粗實線表示固定在水平面上間 距為 l 的兩條平行光滑金屬導(dǎo)軌，電阻忽略不計。ab 和 cd 是兩根與導(dǎo)軌垂直、 長度均為 l、電阻均為 r 的金屬棒，通過絕

12、緣材料固定在列車底部，并與導(dǎo)軌良 好接觸，其間距也為 l，列車的總質(zhì)量為 m。列車啟動前，ab、cd 處于磁感應(yīng)強 度為 b 的勻強磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下，如圖 1 所示。為使列車啟7千里之行始于足下0實用文檔用心整理動，需在 m、n 間連接電動勢為 e 的直流電源，電源內(nèi)阻及導(dǎo)線電阻忽略不計。 列車啟動后電源自動關(guān)閉。（1） 要使列車向右運行，啟動時圖 1 中 m、n 哪個接電源正極，并簡要說明理 由；（2） 求剛接通電源時列車加速度 a 的大小；（3） 列車減速時，需在前方設(shè)置如圖 2 所示的一系列磁感應(yīng)強度為 b 的勻強磁 場區(qū)域，磁場寬度和相鄰磁場間距均大于 l。若某時刻列

13、車的速度為 v ，此時 ab、 cd 均在無磁場區(qū)域，試討論：要使列車停下來，前方至少需要多少塊這樣的有 界磁場？8千里之行始于足下實用文檔用心整理2018 年天津市高考物理試卷 參考答案與試題解析一、單項選擇題（每小題 6 分，共 30 分。每小題給出的四個選項中，只有一個 選項是正確的）1（6.00 分）國家大科學(xué)工程中國散裂中子源（csns）于 2017 年 8 月 28 日首次打靶成功，獲得中子束流，可以為諸多領(lǐng)域的研究和工業(yè)應(yīng)用提供先進的 研究平臺。下列核反應(yīng)中放出的粒子為中子的是（ ）a b n 俘獲一個 粒子，產(chǎn)生al 俘獲一個 粒子，產(chǎn)生o 并放出一個粒子p 并放出一個粒子c

14、d b 俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生li 俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生be 并放出一個粒子he 并放出一個粒子【分析】依據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒；裂變是較重的原子核分裂成較輕的原子核的 反應(yīng)?！窘獯稹拷猓篴、n 俘獲一個 粒子，產(chǎn)生o 后，新粒子的質(zhì)量數(shù)為 14+49千里之行始于足下實用文檔用心整理17=1，電荷數(shù)為：7+28=1 ，所以粒子為質(zhì)子。故 a 錯誤；b、al 俘獲一個 粒子，產(chǎn)生p 后，粒子的質(zhì)量數(shù)為 27+430=1，電荷數(shù)為：13+215=0，所以粒子為中子。故 b 正確；c、b 俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生be 后，粒子的質(zhì)量數(shù)為 11 +18=4，電荷數(shù)為：5+14=2，所以粒子為 粒子。故 c 錯誤；d

15、、li 俘獲一個質(zhì)子，產(chǎn)生he 后，粒子的質(zhì)量數(shù)為 6+13=4 ，電荷數(shù)為：3+12=2，所以粒子為 粒子。故 d 錯誤故選：b?！军c評】考查核反應(yīng)書寫規(guī)律，掌握常見的人工核反應(yīng)的規(guī)律，知道質(zhì)量數(shù)與電 荷數(shù)守恒是解答的關(guān)鍵。2（6.00 分）滑雪運動深受人民群眾喜愛。某滑雪運動員（可視為質(zhì)點）由坡道 進入豎直圓面內(nèi)的圓弧形滑道 ab，從滑道的 a 點滑行到最低點 b 的過程中，由 于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿 ab 下滑過程中（ ）a所受合外力始終為零c合外力做功一定為零b所受摩擦力大小不變d機械能始終保持不變【分析】滑雪運動員的速率不變做勻速圓周運動，加速度不為零，運動員所

16、受合 外力大小不為 0，對運動員進行受力分析，結(jié)合受力的特點分析摩擦力的變化。 摩擦力做功運動員的機械能減小10千里之行始于足下m nm nm npm pn實用文檔用心整理【解答】解：a、滑雪運動員的速率不變，而速度方向是變化的，速度是變化的， 運動員的加速度不為零，由牛頓第二定律可知，運動員所受合外力始終不為零。 故 a 錯誤。b、 運動員下滑過程中受到重力、滑道的支持力與滑動摩擦力，由圖可知，運動 員從 a 到 b 的過程中，滑道與水平方向之間的夾角逐漸減小，則重力沿斜面向 下的分力逐漸減小，運動員的速率不變，則運動員沿滑道方向的合外力始終等于 0，所以滑動摩擦力也逐漸減小。故 b 錯誤。

17、c、 滑雪運動員的速率不變則動能不變，由動能定理可知，合外力對運動員做功 為 0故 c 正確。d、 運動員從 a 到 b 下滑過程中的動能不變而重力勢能減小，所以機械能減小。 故 d 錯誤。故選：c?！军c評】本題抓住運動員做的是勻速圓周運動，速率不變，而速度、加速度、合 外力是變化的。3（6.00 分）如圖所示，實線表示某電場的電場線（方向未標出），虛線是一帶 負電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設(shè) m 點和 n 點的電勢分別為 、 ， 粒子在 m 和 n 時加速度大小分別為 a 、a ，速度大小分別為 v 、v ，電勢能分 別為 e 、e 下列判斷正確的是（ ）11千里之行始于足下m n

18、m n m n m nm n pm pn m n pm pnmnm npm pnm nm n實用文檔用心整理av v ，a a b v v ， c ，e e da a ，e e【分析】帶電粒子只受電場力作用，根據(jù)運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內(nèi) 側(cè)即斜向左下方，由于粒子帶負電，因此電場線方向指向右上方；電勢能變化可 以通過電場力做功情況判斷；電場線的疏密反應(yīng)電場的強弱。【解答】解：帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，根據(jù)帶負電粒子受力情 況可知，電場線方向斜向左上方，又沿著電場線方向，電勢逐漸降低，故 ；若粒子從 m 到 n 過程，電場力做負功，動能減小，電勢能增加，故帶電粒子通 過 m

19、點時的速度比通過 n 點時的速度大，即 v v ，在 m 點具有的電勢能比在 n 點具有的電勢能小，即 e e ；根據(jù)電場線疏密可知，e e ，根據(jù) f=eq 和牛頓第二定律可知，a a ； a、由可知，a 錯誤；b、 由可知，b 錯誤；c、 由可知，c 錯誤；d、 由可知，d 正確；故選：d?！军c評】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電 場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化。12千里之行始于足下m實用文檔用心整理4（6.00 分）教學(xué)用發(fā)電機能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機（內(nèi)阻可忽 略）通過理想變壓器向定值電阻 r 供電，電路如圖

20、所示，理想交流電流表 a、理 想交流電壓表 v 的讀數(shù)分別為 i、u，r 消耗的功率為 p若發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變 為原來的 ，則（ ）ar 消耗的功率變?yōu)?p b電壓表 v 的讀數(shù)變?yōu)?uc電流表 a 的讀數(shù)變?yōu)?2i d通過 r 的交變電流頻率不變【分析】根據(jù)交流電的產(chǎn)生以及最大值的表達式，分析交流電的最大值的變化， 結(jié)合當結(jié)合有效值與最大值之間的關(guān)系分析有效值的變化；結(jié)合變壓器的特點分析副 線圈上的電壓的變化、功率的變化以及頻率的變化?！窘獯稹拷猓篴、b、線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，設(shè)線圈的最大橫截面積為 s， 磁場的磁感應(yīng)強度為 b，線圈轉(zhuǎn)動的角速度為 ，則產(chǎn)生的最大電動勢為：e =nbs原

21、線圈兩端的電壓等于電動勢的有效值，為：設(shè)原副線圈的匝數(shù)比為 k，則副線圈兩端的電壓為：當發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?時，有：13千里之行始于足下 實用文檔用心整理副線圈兩端的電壓為：聯(lián)立可知， ，即電壓表的讀數(shù)變?yōu)?u；由：p=r 消耗的電功率： ，即 r 消耗的功率變?yōu)?；故 a 錯誤，b 正確；c 、由變壓器的特點可知，副線圈消耗的功率為原來的 ，則發(fā)電機產(chǎn)生的電功率變成原來的 ；由可知，線圈產(chǎn)生的電動勢是原來的 ，由 p=ui 可知，電流 表的讀數(shù)變成原來的 故 c 錯誤；d 、發(fā)電機線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼?，則原線圈中電流的頻率變成原來的 ，所 以副線圈中，通過 r 的頻率變成原來的 故

22、 d 錯誤。故選：b?！军c評】本題考查了交流電的產(chǎn)生以及變壓器的構(gòu)造和原理，對交流電來說，當 線圈的角速度減小時，不僅僅交流電的頻率發(fā)生變化，交流電的最大值、有效值 都會產(chǎn)生變化。5（6.00 分）氫原子光譜在可見光區(qū)域內(nèi)有四條譜線 h 、h 、h 和 h ，都是氫 原子中電子從量子數(shù) n2 的能級躍遷到 n=2 的能級時發(fā)出的光，它們在真空中 的波長由長到短，可以判定（ ）14千里之行始于足下 m n實用文檔用心整理a h 對應(yīng)的前后能級之差最小b 同一介質(zhì)對 h 的折射率最大c 同一介質(zhì)中 h 的傳播速度最大d 用 h 照射某一金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，則 h 也一定能【分析】由波長與頻率關(guān)系，

23、可判定四條譜線的頻率高低，從而確定其的能量大 小，再結(jié)合躍遷過程中，釋放能量即為前后能級之差，并由能量大小，來判定折 射率的高低，再由 v= ，來確定傳播速度的大小；最后依據(jù)入射光的頻率不小于 極限頻率時，才會發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象?！窘獯稹拷猓篴、四條譜線 h 、h 、h 和 h ，在真空中的波長由長到短，根據(jù) ，可知，四條譜線 h 、h 、h 和 h ，的頻率是由低到高；那么它們的能量也是由 小到大，而e=e e =h ，則 h 對應(yīng)的前后能級之差最小，故 a 正確；b、 當在同一介質(zhì)，由于 h ，能量最大，那么其的折射率也最大，而對 h 的折 射率最小，故 b 錯誤；c、 在同一介質(zhì)中，h 的

24、折射率最大，由 v= ，可知，其傳播速度最小，故 c 錯 誤；d、 若用 h 照射某一金屬能發(fā)生光電效應(yīng)，由于 h 的能量小于 h ，即 h 的頻率 小于 h ，依據(jù)光電效應(yīng)發(fā)生條件，其入射頻率不小于極限頻率則 h 不一定能， 故 d 錯誤；故選：a。15千里之行始于足下實用文檔用心整理【點評】考查躍遷過程中能級的高低，掌握頻率的大小與折射率的高低的關(guān)系， 理解光電效應(yīng)發(fā)生條件。二、不定項選擇題（每小題 6 分，共 18 分。每小題給出的四個選項中，都有多 個選項是正確的。全部選對的得 6 分，選對但不全的得 3 分，選錯或不答的得 0 分）6（6.00 分）2018 年 2 月 2 日，我國

25、成功將電磁監(jiān)測試驗衛(wèi)星“張衡一號”發(fā)射 升空，標志我國成為世界上少數(shù)擁有在軌運行高精度地球物理場探測衛(wèi)星的國家 之一。通過觀測可以得到衛(wèi)星繞地球運動的周期，并已知地球的半徑和地球表面 處的重力加速度。若將衛(wèi)星繞地球的運動看作是勻速圓周運動，且不考慮地球自 轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計算出衛(wèi)星的（ ）a密度b向心力的大小c離地高度d線速度的大小【分析】衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，應(yīng)用萬有引力公式與牛 頓第二定律求出線速度、向心加速度、重力加速度，然后答題?！窘獯稹拷猓篴、設(shè)觀測可以得到衛(wèi)星繞地球運動的周期為 t，地球的半徑為 r， 地球表面的重力加速度為 g；地球表面的重力由萬有引

26、力提供，所以：mg=16千里之行始于足下n實用文檔用心整理所以地球的質(zhì)量：m=，沒有告訴萬有引力常量，所以不能求出地球的質(zhì)量，就不能求出地球的密度。故 a 錯誤；b、題目中沒有告訴衛(wèi)星的質(zhì)量，不能求出衛(wèi)星受到的向心力。故 b 錯誤；c、根據(jù)萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：=m（r+h）解得：h= =可以求出衛(wèi)星的高度。故 c 正確；d、由牛頓第二定律得：=解得：v= =，可知可以求出衛(wèi)星的線速度。故 d 正確故選：cd。【點評】本題考查了人造衛(wèi)星的應(yīng)用，知道萬有引力提供向心力是解題的關(guān)鍵， 應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律可以解題。7（6.00 分）明朝謝肇淛的五雜組中記載：“明姑蘇虎丘寺

27、塔傾側(cè)，議欲正 之，非萬緡不可。一游僧見之曰：無煩也，我能正之。 ”游僧每天將木楔從塔身 傾斜一側(cè)的磚縫間敲進去，經(jīng)月余扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形， 木楔的頂角為 ，現(xiàn)在木楔背上加一力 f，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力 f ， 則（ ）17千里之行始于足下nnnnnn實用文檔用心整理a若 f 一定， 大時 f 大 b若 f 一定， 小時 f 大c若 一定，f 大時 f 大 d若 一定，f 小時 f 大【分析】由于木楔處在靜止狀態(tài)，故可將力 f 沿與木楔的斜面垂直且向上的方向 進行分解，根據(jù)平行四邊形定則，畫出力f 按效果分解的圖示。并且可據(jù)此求出 木楔對兩邊產(chǎn)生的壓力。【解答】解

28、：選木楔為研究對象，木楔受到的力有：水平向左的 f、和兩側(cè)給它 的與木楔的斜面垂直的彈力，由于木楔處于平衡狀態(tài)，所以側(cè)給它的與木楔的斜 面垂直的彈力與 f 沿兩側(cè)分解的分力是相等的，力 f 的分解如圖：則：所以：由公式可知，當 f 一定， 小時 f 大；當 一定，f 大時 f 大。故 ad 錯誤，bc 正確故選：bc。18千里之行始于足下實用文檔用心整理【點評】對力進行分解時，一定要分清力的實際作用效果的方向如何，再根據(jù)平 行四邊形定則或三角形定則進行分解即可。8（6.00 分）一振子沿 x 軸做簡諧選動，平衡位置在坐標原點。t=0 時振子的位 移為0.1m，t=1s 時位移為 0.1m，則（

29、 ）a 若振幅為 0.1m，振子的周期可能為 sb 若振幅為 0.1m，振子的周期可能為 sc 若振幅為 0.2m，振子的周期可能為 4sd 若振幅為 0.2m，振子的周期可能為 6s【分析】t=0 時刻振子的位移 x=0.1m，t=1s 時刻 x=0.1m，關(guān)于平衡位置對稱； 如果振幅為 0.1m，則 1s 為半周期的奇數(shù)倍；如果振幅為 0.2m ，分靠近平衡位置 和遠離平衡位置分析?！窘獯稹拷猓篴、b、t=0 時刻振子的位移 x=0.1m，t=1s 時刻 x=0.1m，如果振 幅為 0.1m，則：（n+ ）t=t19千里之行始于足下實用文檔用心整理解得：t= =當 n=0 時，t=2s；當

30、 n=1 時，t= s；當 n=2 時，t= s故 a 正確，b 錯誤；c、d、t=0 時刻振子的位移 x=0.1m，t=4s 時刻 x=0.1m，如果振幅為 0.2m ，結(jié) 合位移時間關(guān)系圖象，有：t= +nt或者 t= t+nt或者 t= +nt123對于式，當 n=0 時，t=2s；對于式，當 n=1 時，t= s；對于式，當 n=0 時，t= s；對于式，當 n=1 時，t= s對于式，當 n=0 時，t=6s；20千里之行始于足下00實用文檔用心整理對于式，當 n=1 時，t= s故 c 錯誤，d 正確；故選：ad?！军c評】本題中，0 時刻和 1s 時刻的速度有兩種方向，考慮 4 種

31、情況，還要考 慮多解性，不難。三、非選擇題本題共 4 題，共 72 分9（4.00 分）質(zhì)量為 0.45kg 的木塊靜止在光滑水平面上，一質(zhì)量為 0.05kg 的子 彈以 200m/s 的水平速度擊中木塊，并留在其中，整個木塊沿子彈原方向運動，則木塊最終速度的大小是20 m/s。若子彈在木塊中運動時受到的平均阻力為4.5103n，則子彈射入木塊的深度為 0.2 m。【分析】以整體為研究對象，水平方向根據(jù)動量守恒定律求解木塊最終的速度大 小；根據(jù)能量守恒定律求解子彈射入木塊的深度?！窘獯稹拷猓耗緣K的質(zhì)量 m=0045kg，子彈的質(zhì)量為 m=0.05kg，初速度為 v =200m/s，二者組成的系

32、統(tǒng)水平方向動量守恒，設(shè)子彈初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒 定律可得：mv =（m+m）v解得木塊最終速度的大小 v= = m/s=20m/s；21千里之行始于足下實用文檔用心整理設(shè)子彈射入木塊的深度為 d ，根據(jù)能量守恒定律可得：fd=，解得：d=0.2m 。故答案為：20；0.2?！军c評】本題主要是考查了動量守恒定律；對于動量守恒定律，其守恒條件是： 系統(tǒng)不受外力作用或某一方向不受外力作用；解答時要首先確定一個正方向，利 用碰撞前系統(tǒng)的動量和碰撞后系統(tǒng)的動量相等列方程進行解答。10（4.00 分）某研究小組做“驗證力的平行四邊形定則”實驗，所有器材有：方 木板一塊，白紙，量程為 5n 的彈

33、簧測力計兩個，橡皮條（帶兩個較長的細繩套）， 刻度尺，圖釘（若干個）。具體操作前，同學(xué)們提出了如下關(guān)于實驗操作的建議，其中正確的有bc 。a 橡皮條應(yīng)和兩繩套夾角的角平分線在一條直線上b 重復(fù)實驗再次進行驗證時，結(jié)點 o 的位置可以與前一次不同c 使用測力計時，施力方向應(yīng)沿測力計軸線；讀數(shù)時視線應(yīng)正對測力計刻度d 用兩個測力計互成角度拉橡皮條時的拉力必須都小于只用一個測力計時的拉 力該小組的同學(xué)用同一套器材做了四次實驗，白紙上留下的標注信息有結(jié)點位置 o、力的標度、分力和合力的大小及表示力的作用線的點，如下圖所示。其中對于提高實驗精度最有利的是b 。22千里之行始于足下1 2實用文檔用心整理【

34、分析】做探究共點力合成的規(guī)律實驗：我們是讓兩個力拉橡皮條和一個力拉橡 皮條產(chǎn)生的作用效果相同，測出兩個力的大小和方向以及一個力的大小和方向， 用力的圖示畫出這三個力，用平行四邊形做出兩個力的合力的理論值，和那一個 力（實際值）進行比較。用平行四邊形畫出來的是理論值，和橡皮筋同線的那個 是實際值。由此結(jié)合實驗過程中需要注意的事項依次分析即可。【解答】解：（1）a 、f 、f 方向間夾角大小適當即可，不一定要橡皮條應(yīng)和兩 繩套夾角的角平分線在一條直線上，故 a 錯誤；b、 合力與分力的關(guān)系為等效替代的關(guān)系，效果是相同的，所以在同一次實驗時， 需要讓兩個力拉橡皮條和一個力拉橡皮條產(chǎn)生的作用效果相同，

35、則必定結(jié)點 o 的位置要相同；而在重復(fù)實驗再次進行驗證時，結(jié)點 o 的位置可以與前一次不 同。故 b 正確；c、 使用測力計時，施力方向應(yīng)沿測力計軸線，可以減小引摩擦產(chǎn)生的誤差；讀 數(shù)時視線應(yīng)正對測力計刻度，可以減小偶然誤差。故 c 正確；d、 用兩個測力計互成角度拉橡皮條時的拉力不一定必須都小于只用一個測力計 時的拉力，故 d 錯誤；故選：bc（2）a、為了便于確定拉力的方向，拉橡皮條的細繩要稍長一些，同時在紙上描23千里之行始于足下xx實用文檔用心整理點時，所描的點不要太靠近結(jié)點，該圖中所描的點太靠近結(jié)點。故 a 錯誤；b、 該圖中所描的點到結(jié)點的距離適中，力的大小適中，而且兩個力的角度的

36、大 小也適中。故 b 正確；c、 實驗要方便、準確，兩分力適當大點，讀數(shù)時相對誤差小，但不宜太大，該 圖中的讀數(shù)都太小，故 c 錯誤；d、 該圖中兩個分力之間的夾角太小，這樣誤差容易大，故 d 錯誤；故選：b故答案為：（1）bc；（2）b【點評】在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，我們要知道分力和合力的效果是 等同的，這要求同學(xué)們對于基礎(chǔ)知識要熟練掌握并能正確應(yīng)用，加強對基礎(chǔ)實驗 理解，同時要理解會給實驗帶來誤差的因素。11（10.00 分）某同學(xué)用伏安法測定待測電阻 r 的阻值（約為 10k），除了 r 、 開關(guān) s、導(dǎo)線外，還有下列器材供選用：a 電壓表（量程 01v，內(nèi)阻約 10k）b

37、電壓表（量程 010v ，內(nèi)阻約 100k）c 電流表（量程 01ma ，內(nèi)阻約 30）d 電流表（量程 00.6a，內(nèi)阻約 0.05）e 電源（電動勢 1.5v，額定電流 0.5a ，內(nèi)阻不計）f 電源（電動勢 12v，額定電流 2a，內(nèi)阻不計）24千里之行始于足下0x實用文檔用心整理g滑動變阻器 r （阻值范圍 010，額定電流 2a）為使測量盡量準確，電壓表選用b，電流表選用c，電源選用f。（均填器材的字母代號）2 畫出測量 r 阻值的實驗電路圖。3 該同學(xué)選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值會 大于其真實值（填“大于”、“小于”或“等于”），原因是電壓表的讀數(shù)

38、大于待測電阻兩端實際電壓 ?！痉治觥糠治鼋o出的儀表，根據(jù)安全和準確性原則進行分析，從而確定應(yīng)選擇 的測量儀表；2 根據(jù)實驗原理確定實驗電路圖，明確分壓接法和內(nèi)外接法的正確應(yīng)用；3 分析電路圖，根據(jù)電表內(nèi)阻的影響進行分析，明確誤差情況和原因?！窘獯稹拷猓阂虼郎y電阻阻值較大，為了準確測量，應(yīng)采用較大的電動勢，故 選電動勢為 12v 的電源 f；電壓表選擇 10v 的量程，最大電流 i 約為：i= =0.001a=1ma ，故電流表選擇 c；2 因給出的滑動變阻器總阻值較小，所以應(yīng)采用分壓接法，同時因待測電阻較大， 為了準確測量，電流表選擇內(nèi)接法，故電路圖如圖所示；3 因本實驗采用電流表內(nèi)接法，由于

39、電流表分壓影響，電壓表測量值將大于真實 值，由歐姆定律可知，電阻測量值將大于真實值；故答案為：b；c；f ；如圖所示；大于；電壓表的讀數(shù)大于待測電阻兩端 的實際電壓。25千里之行始于足下實用文檔用心整理【點評】遇到電學(xué)實驗問題應(yīng)明確：通過求出待測電阻的最大電流來選擇電流 表量程；明確“大內(nèi)偏大，小外偏小“的電流表接法和誤差情況分析；若變阻 器的全電阻能滿足電路電阻要求時，變阻器可以采用限流式接法。12（16.00 分）我國自行研制、具有完全自主知識產(chǎn)權(quán)的新一代大型噴氣式客機 c919 首飛成功后，拉開了全面試驗試飛的新征程。假設(shè)飛機在水平跑道上的滑 跑是初速度為零的勻加速直線運動，當位移 x=

40、1.6103m 時才能達到起飛所要求的速度 v=80m/s。已知飛機質(zhì)量 m=7.0 104kg，滑跑時受到的阻力為自身重力的0.1 倍，重力加速度取 g=10m/s2（1） 加速度 a 的大??；（2） 牽引力的平均功率 p。求飛機滑跑過程中【分析】（1）飛機起飛滑行過程簡化為初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)勻變 速直線運動的速度位移公式求出飛機滑行過程的加速度。26千里之行始于足下實用文檔用心整理（2）由 v=at 求飛機滑行的時間 t；根據(jù)動能定理求出牽引力做的功，由平均功 率的表達式即可求出平均功率?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)速度位移公式得，v2 代入數(shù)據(jù)得 a=2m/s2。（2）由 v=a

41、t 得：t= s=2as飛機受到的阻力：f =0.1mg阻設(shè)牽引力做的功為 w，則由動能定理可得：wf x=阻牽引力的平均功率：代入數(shù)據(jù)聯(lián)立可得：p=8.4 10 6w答：（1）飛機滑行過程中加速度大小 a 是 2m/s2；（2）牽引力的平均功率是 8.4106w。【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度位移公式，并能靈活運用， 要知道加速度是聯(lián)系力和運動的橋梁。13（18.00 分）如圖所示，在水平線 ab 的下方有一勻強電場，電場強度為 e， 方向豎直向下，ab 的上方存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度為 b，方向垂直紙面向里。磁場中有一內(nèi)、外半徑分別為 r、r 的半圓環(huán)形區(qū)域，外圓與 ab

42、的交點分別為 m、n一質(zhì)量為 m、電荷量為 q 的帶負電粒子在電場中 p 點靜止釋放，由 m27千里之行始于足下0實用文檔用心整理進入磁場，從 n 射出。不計粒子重力。（1） 求粒子從 p 到 m 所用的時間 t；（2） 若粒子從與 p 同一水平線上的 q 點水平射出，同樣能由 m 進入磁場，從 n 射出。粒子從 m 到 n 的過程中，始終在環(huán)形區(qū)域中運動，且所用的時間最少， 求粒子在 q 時速度 v 的大小?！痉治觥浚?）根據(jù)洛倫茲力提供向心力即可求出粒子到達 m 點的速度，然后結(jié) 合動量定理即可求出粒子在電場中運動的時間；（2）由圓周運動的條件與臨界條件，求出粒子到達 m 的速度，然后由動

43、能定理 即可求出。【解答】解：（1）設(shè)粒子第一次在磁場中運動的速度為 v，粒子在磁場中受到的 洛倫茲力提供向心力，可得：可得：v=粒子在電場中受到的電場力為 qe ，設(shè)運動的時間為 t，則： qet=mv028千里之行始于足下0實用文檔用心整理聯(lián)立可得：t=（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動的過程中，其周期：t=，可知粒子在磁場中運動的周期與其速度、半徑都無關(guān)；根據(jù)：可知粒子在磁場中運動的時間由軌跡的圓弧對應(yīng)的圓心角有關(guān)，圓心角越小，則 時間越短；所以當軌跡與內(nèi)圓相切時，所用的時間最短，設(shè)粒子此時的半徑為 r， 如圖：由幾何關(guān)系可得：設(shè)粒子進入磁場時速度的方向與 ab 的夾角為 ，則圓弧所對的圓

44、心角為 2，由 幾何關(guān)系可得：tan=粒子從 q 點拋出后做類平拋運動，在電場方向向上的分運動與從 p 釋放后的情 況相同，所以粒子進入磁場時，沿豎直方向的分速度同樣也為 v，在垂直于電場 方向的分速度始終為 v ，則：29千里之行始于足下000實用文檔用心整理tan=聯(lián)立可得：v =答：（1）粒子從 p 到 m 所用的時間是 ；（2）所用的時間最少時，粒子在 q 時速度 v 的大小是 。【點評】本題考查帶電粒子在電場、磁場中兩運動模型：勻速圓周運動與類平拋 運動，及相關(guān)的綜合分析能力，以及空間想像的能力，應(yīng)用數(shù)學(xué)知識解決物理問 題的能力等，其中正確判斷出臨界條件是解答第二問的關(guān)鍵。14（20.00 分）真空管道超高速列車的動力系統(tǒng)是一種將電能直接轉(zhuǎn)換成平動動 能的裝置。圖 1 是某種動力系統(tǒng)的簡化模型，圖中粗實線表示固定在水平面上間 距為 l 的兩條平行光滑金屬導(dǎo)軌，電阻忽略不計。ab 和