2022屆高考數(shù)學(xué)統(tǒng)考一輪復(fù)習(xí)第三章3.2.1利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性學(xué)案文含解析新人教版

1、第1課時(shí)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性不含參數(shù)的單調(diào)性自主練透型1函數(shù)f(x)x22ln x的單調(diào)遞減區(qū)間是()a(0,1) b(1，)c(，1) d(1,1)2函數(shù)f(x)(x3)ex的單調(diào)遞增區(qū)間是()a(，2) b(0,3)c(1,4) d(2，)32021寧夏銀川模擬若冪函數(shù)f(x)的圖象過點(diǎn)，則函數(shù)g(x)exf(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為_4已知定義在區(qū)間(，)上的函數(shù)f(x)xsin xcos x，則f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是_悟技法利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間的方法(1)當(dāng)導(dǎo)函數(shù)不等式可解時(shí)，解不等式f(x)0或f(x)0，求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間；(3)設(shè)函數(shù)g(x)f(x)2x，且g(x)在

2、區(qū)間(2，1)內(nèi)存在單調(diào)遞減區(qū)間，求實(shí)數(shù)a的取值范圍考向二：在區(qū)間上單調(diào)求參數(shù)范圍例3在例2第(3)問中，若改為g(x)在(2，1)內(nèi)為減函數(shù)，如何解？考向三：在區(qū)間上不單調(diào)求參數(shù)范圍例4在例2第(3)問中，若g(x)在(2，1)上不單調(diào)，求a的取值范圍？悟技法已知函數(shù)單調(diào)性，求參數(shù)范圍的兩個(gè)方法(1)利用集合間的包含關(guān)系處理：yf(x)在(a，b)上單調(diào)，則區(qū)間(a，b)是相應(yīng)單調(diào)區(qū)間的子集(2)轉(zhuǎn)化為不等式的恒成立問題來求解：即“若函數(shù)單調(diào)遞增，則f(x)0；若函數(shù)單調(diào)遞減，則f(x)0”提醒f(x)為增函數(shù)的充要條件是對(duì)任意的x(a，b)都有f(x)0且在(a，b)內(nèi)的任一非空子區(qū)間上f

3、(x)0.應(yīng)注意此時(shí)式子中的等號(hào)不能省略，否則漏解.變式練(著眼于舉一反三)2在例2第(3)問中，若g(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為(2，1)，求a的值3已知函數(shù)f(x)ln x，g(x)ax22x(a0)(1)若函數(shù)h(x)f(x)g(x)存在單調(diào)遞減區(qū)間，求a的取值范圍；(2)若函數(shù)h(x)f(x)g(x)在1,4上單調(diào)遞減，求a的取值范圍第1課時(shí)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性課堂考點(diǎn)突破考點(diǎn)一1解析：f(x)2x(x0)，當(dāng)x(0,1)時(shí)，f(x)0，f(x)為增函數(shù)答案：a2解析：f(x)(x3)ex(x3)(ex)(x2)ex，令f(x)0，解得x2，故選d.答案：d3解析：設(shè)冪函數(shù)f(x)x，因

4、為圖象過點(diǎn)，所以，即2，所以f(x)x2，故g(x)exx2，則g(x)exx22exxex(x22x)，令g(x)0，得2x0(x(，)，解得x或0x，故函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是和.答案：和考點(diǎn)二例1解析：f(x)3x2k.當(dāng)k0時(shí)，f(x)x3，故f(x)在(，)單調(diào)遞增當(dāng)k0，故f(x)在(，)單調(diào)遞增當(dāng)k0時(shí)，令f(x)0，得x.當(dāng)x時(shí)，f(x)0；當(dāng)x時(shí)，f(x)0.故f(x)在，單調(diào)遞增，在單調(diào)遞減變式練1解析：f(x)6x22ax2x(3xa)令f(x)0，得x0或x.若a0，則當(dāng)x(，0)時(shí)，f(x)0；當(dāng)x時(shí)，f(x)0.故f(x)在(，0)，單調(diào)遞增，在單調(diào)遞減；若a0

5、，則f(x)在(，)單調(diào)遞增；若a0；當(dāng)x時(shí)，f(x)0)，當(dāng)x(，0)時(shí)，f(x)0；當(dāng)x(0，a)時(shí)，f(x)0.所以函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(，0)，(a，)，單調(diào)遞減區(qū)間為(0，a)(3)g(x)x2ax2，依題意，存在x(2，1)，使不等式g(x)x2ax20成立，即x(2，1)時(shí)，amax2，當(dāng)且僅當(dāng)x即x時(shí)等號(hào)成立所以滿足要求的a的取值范圍是(，2)例3解析：解法一：g(x)x2ax2，且g(x)在(2，1)內(nèi)為減函數(shù)，g(x)0，即x2ax20在(2，1)內(nèi)恒成立，即解得a3，即實(shí)數(shù)a的取值范圍為(，3解法二：g(x)x2ax2，由題意可得g(x)0在(2，1)上恒成立，即

6、ax在(2，1)上恒成立，又yx，x(2，1)的值域?yàn)?3，2，a3，實(shí)數(shù)a的取值范圍是(，3例4解析：由例3知g(x)在(2，1)上為減函數(shù)，a的范圍是(，3，若g(x)在(2，1)上為增函數(shù)，可知ax在(2，1)上恒成立，又yx的值域?yàn)?3，2，a的取值范圍是2，)，函數(shù)g(x)在(2，1)上單調(diào)時(shí)，a的取值范圍是(，32，)，故g(x)在(2，1)上不單調(diào)，實(shí)數(shù)a的取值范圍是(3，2)變式練2解析：g(x)的單調(diào)減區(qū)間為(2，1)，x12，x21是g(x)0的兩個(gè)根，(2)(1)a，即a3.3解析：(1)h(x)ln xax22x，x(0，)，所以h(x)ax2，由于h(x)在(0，)上存在單調(diào)遞減區(qū)間，所以當(dāng)x(0，)時(shí)，ax2有解，設(shè)g(x)，所以只要ag(x)min即可而g(x)21，所以g(x)min1.所以a1，即a的取值范圍是(1，)(2)由h(x)在1,