高考物理一輪選練練題5含解析新人教版

1、（人教）物理2019高考一輪選練練題（5）及答案李仕才一、選擇題1、2016年10月17日,“神舟十一號”與“天宮二號”交會對接成為組合體,如圖所示.10月20日組合體完成點火程序,軌道高度降低.組合體在高、低軌道上正常運行時均可視為圓周運動,則(bc)a.在低軌道上運行時組合體的加速度較小b.在低軌道上運行時組合體運行的周期較小c.點火過程組合體的機械能不守恒d.點火使組合體速率變大,從而降低了軌道高度解析:對于組合體,萬有引力提供其做圓周運動的向心力,即g=ma=m()2r=,其中m為地球質(zhì)量,m為組合體質(zhì)量,r為組合體軌道半徑.由上述等式可知,組合體在低軌道上,加速度較大,周期較小,選項

2、a錯誤,b正確;在點火過程中,將燃料的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為組合體的機械能,故組合體的機械能變化,選項c正確;當(dāng)點火使組合體速率變小,萬有引力大于組合體需要的向心力時,軌道才會降低,選項d錯誤.2、如圖所示，一質(zhì)量為m的沙袋用不可伸長的輕繩懸掛在支架上，一練功隊員用垂直于繩的力將沙袋緩慢拉起，使繩與豎直方向的夾角為30°，且繩繃緊，則練功隊員對沙袋施加的作用力大小為()a.b.mgc. mg d.mg解析：選a.如圖，建立直角坐標(biāo)系對沙袋進行受力分析：由平衡條件有：fcos 30°ftsin 30°0，ftcos 30°fsin 30°mg0，聯(lián)立可解得

3、：f，故選a.3、（2018山東省棗莊八中期中）物理學(xué)的發(fā)展極大地豐富了人類對物質(zhì)世界的認識，推動了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進了人類文明的進步，關(guān)于物理學(xué)中運動與力的發(fā)展過程和研究方法的認識，下列說法中正確的是（ ）a. 亞里士多德首先提出了慣性的概念b. 伽利略對自由落體運動研究方法的核心是：把實驗和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)演算）結(jié)合起來，從而發(fā)展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法c. 牛頓三條運動定律是研究動力學(xué)問題的基石，牛頓的三條運動定律都能通過現(xiàn)代的實驗手段直接驗證d. 力的單位“n”是基本單位，加速度的單位“”是導(dǎo)出單位【答案】b4、(2017·河南天一大聯(lián)考)如圖所示的坐標(biāo)系

4、中，第一象限存在與y軸平行的勻強電場，場強方向沿y軸負方向，第二象限存在垂直紙面向里的勻強磁場p、q兩點在x軸上，q點橫坐標(biāo)是c點縱坐標(biāo)的2倍一帶電粒子(不計重力)若從c點以垂直于y軸的速度v0向右射入第一象限，恰好經(jīng)過q點若該粒子從c點以垂直于y軸的速度v0向左射入第二象限，恰好經(jīng)過p點，經(jīng)過p點時，速度與x軸正方向成90°角，則電場強度e與磁感應(yīng)強度b的比值為()av0 b.v0c.v0 d.v0解析：選b.作出粒子在磁場和電場中的運動軌跡，根據(jù)半徑公式以及幾何關(guān)系可明確b與r的關(guān)系，再對電場中運動進行分析，根據(jù)運動的合成和分解規(guī)律即可明確電場強度與速度及r關(guān)系，則可求得e和b的

5、比值畫出粒子運動軌跡如圖所示；o點為粒子在磁場中的圓心；則poc粒子在磁場中做圓周運動的半徑為：r，ocr粒子在電場中做類平拋運動，有：oq2oc2r粒子在電場中運動的時間為：t；ocat2t2；聯(lián)立解得：ebv0，故e：bv0故b正確，acd錯誤5、如圖所示,在圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場,ab是圓的直徑.一帶電粒子從a點射入磁場,速度大小為v、方向與ab成30°角時,恰好從b點飛出磁場,且粒子在磁場中運動的時間為t;若同一帶電粒子從a點沿ab方向射入磁場,也經(jīng)時間t飛出磁場,則其速度大小為(c)a.vb.vc.vd.v解析:設(shè)圓形區(qū)域的半徑為r.帶電粒子進入磁場中做勻速圓

6、周運動,由洛倫茲力提供向心力,則有qvb=,得r=.當(dāng)粒子從b點飛出磁場時,入射速度與出射速度與ab的夾角相等,所以速度的偏轉(zhuǎn)角為60°,軌跡對應(yīng)的圓心角為60°.根據(jù)幾何知識得,軌跡半徑為r1=2r;當(dāng)粒子從a點沿ab方向射入磁場時,經(jīng)過磁場的時間也是t,說明軌跡對應(yīng)的圓心角與第一種情況相等,也是60°.根據(jù)幾何知識得,粒子的軌跡半徑為r2=r;由r=可得,=,即v=v,故c正確.6、關(guān)于下列物理現(xiàn)象的分析，說法正確的是()a鳥兒能歡快地停在高壓電線上，是因為鳥兒的腳底上有一層絕緣皮b電動機電路開關(guān)斷開時會出現(xiàn)電火花，是因為電路中的線圈產(chǎn)生很大的自感電動勢c話筒

7、能把聲音變成相應(yīng)的電流，是因為電流的磁效應(yīng)d靜電噴涂時，被噴工件表面所帶的電荷與涂料微粒所帶的應(yīng)為同種電荷解析：選b.鳥兒能歡快地停在高壓電線上，是因為鳥兒的兩腳之間的導(dǎo)線的電阻很小，兩腳間的跨步電壓很小，選項a錯誤；電動機電路開關(guān)斷開時會出現(xiàn)電火花，是因為電路中的線圈產(chǎn)生很大的自感電動勢，擊穿空氣產(chǎn)生火花放電，選項b正確；話筒能把聲音變成相應(yīng)的電流，是因為電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項c錯誤；靜電噴涂時，被噴工件表面所帶的電荷與涂料微粒所帶的應(yīng)為異種電荷，選項d錯誤6如圖為無線充電技術(shù)中使用的受電線圈示意圖，線圈匝數(shù)為n，面積為s.若在t1到t2時間內(nèi)，勻強磁場平行于線圈軸線向右穿過線圈，其磁感應(yīng)強度大

8、小由b1均勻增加到b2，則該段時間線圈兩端a和b之間的電勢差ab()a恒為b從0均勻變化到c恒為d從0均勻變化到解析：選c.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動勢enn，由楞次定律和右手螺旋定則可判斷b點電勢高于a點電勢，因磁場均勻變化，所以感應(yīng)電動勢恒定，因此a、b兩點電勢差恒為abn，選項c正確7、(多選)如圖甲所示，質(zhì)量m3.0×103 kg的“”形金屬細框豎直放置在兩水銀槽中，“”形框的水平細桿cd長l0.20 m，處于磁感應(yīng)強度大小b11.0 t、方向水平向右的勻強磁場中有一匝數(shù)n300匝、面積s0.01 m2的線圈通過開關(guān)k與兩水銀槽相連線圈處于與線圈平面垂直、沿豎直方向的

9、勻強磁場中，其磁感應(yīng)強度b2隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示t0.22 s時閉合開關(guān)k瞬間細框跳起(細框跳起瞬間安培力遠大于重力)，跳起的最大高度h0.20 m不計空氣阻力，重力加速度g10 m/s2，下列說法正確的是()a00.10 s內(nèi)線圈中的感應(yīng)電動勢大小為3 vb開關(guān)k閉合瞬間，cd中的電流方向由c到dc磁感應(yīng)強度b2的方向豎直向下d開關(guān)k閉合瞬間，通過細桿cd的電荷量為0.03 c解析：選bd.00.1 s內(nèi)線圈中的磁場均勻變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律enns，代入數(shù)據(jù)得e30 v，a錯開關(guān)閉合瞬間，細框會跳起，可知細框受向上的安培力，由左手定則可判斷電流方向由c到d，b對由于t0.22

10、s時通過線圈的磁通量正在減少，再對線圈由楞次定律可知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場的方向與b2的方向相同，故再由安培定則可知c錯誤k閉合瞬間，因安培力遠大于重力，則由動量定理有b1iltmv，通過細桿的電荷量qit，線框向上跳起的過程中v22gh，解得q0.03 c，d對8、通過理想斜面實驗得出“力不是維持物體運動的原因”的科學(xué)家是a. 亞里士多德 b. 伽利略 c. 笛卡爾 d. 牛頓【來源】浙江新高考2018年4月選考科目物理試題【答案】 b【解析】a、亞里士多德認為力是維持物體運動狀態(tài)的原因，故a錯誤；b、伽利略通過理想斜面實驗提出了力不是維持物體運動的原因，故b正確；c、笛卡爾在伽利略研究的基礎(chǔ)上

11、第一次表述了慣性定律，故c錯誤；d、牛頓在伽利略等前人研究的基礎(chǔ)上提出了牛頓第一定律，認為力是改變物體運動狀態(tài)的原因，但不是第一個根據(jù)實驗提出力不是維持物體運動原因的科學(xué)家，也不是第一個提出慣性的科學(xué)家，故d錯誤；故選b。二、非選擇題某同學(xué)用位移傳感器研究木塊在斜面上的滑動情況，裝置如圖(a)已知斜面傾角37°.他使木塊以初速度v0沿斜面上滑，并同時開始記錄數(shù)據(jù)，繪得木塊從開始上滑至最高點，然后又下滑回到出發(fā)處過程中的xt圖線如圖(b)所示圖中曲線左側(cè)起始端的坐標(biāo)為(0,1.4)，曲線最低點的坐標(biāo)為(0.5,0.4)重力加速度g取10 m/s2.求：(1)木塊上滑時的初速度v0和上滑

12、過程中的加速度a；(2)木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；(3)木塊滑回出發(fā)點時的速度vt.解析：(1)木塊勻減速上滑，由圖象得到：末速度v0，位移x1.4 m0.4 m1.0 m，時間為t0.5 s；根據(jù)位移時間公式，有：xv0tat2；根據(jù)速度時間公式，有：vv0at；聯(lián)立解得：v04 m/s，a8 m/s2.(2)上滑過程，木塊受重力、支持力和滑動摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin 37°mgcos 37°ma代入數(shù)據(jù)解得：0.25.(3)木塊下滑過程，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin 37°mgcos 37°ma代入數(shù)據(jù)解得：a4 m/s2物體勻加速下滑，根據(jù)速度位移公式，有：v2ax解得：vt m/s2 m/s.答案：(1)4 m/s8 m/s2(2)0.25(3)2 m/s