咸陽(yáng)市2013-2014學(xué)年度第二學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)高二物理試題

1、高中物理陜西省咸陽(yáng)市2013-2014學(xué)年高二物理下學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）新人教版.doc····· 關(guān)于分子電流，下面說(shuō)法中正確的是（）  A 分子電流假說(shuō)最初是由法國(guó)學(xué)者法拉第提出的  B 分子電流假說(shuō)揭示了磁鐵的磁場(chǎng)與電流的磁場(chǎng)具有共同的本質(zhì)，即磁場(chǎng)都是由電荷的運(yùn)動(dòng)形成的  C “分子電流”是專(zhuān)指分子內(nèi)部存在的環(huán)形電流  D 分子電流假說(shuō)無(wú)法解釋加熱“去磁”現(xiàn)象考點(diǎn)：  分子電流假說(shuō)分析：  原來(lái)有磁性的物體，經(jīng)

2、過(guò)高溫、劇烈震動(dòng)等作用后分子電流的排布重新變的雜亂無(wú)章，分子電流仍然存在且強(qiáng)度也沒(méi)有發(fā)生變化，但分子電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)相互抵消，這樣就會(huì)失去磁性解答：  解：A、分子電流假說(shuō)最初是由安培提出來(lái)的，A錯(cuò)誤；B、C、“分子電流”并不是專(zhuān)指分子內(nèi)部存在環(huán)形電流的，分子電流假說(shuō)揭示了磁鐵的磁場(chǎng)與電流的磁場(chǎng)具有共同的本質(zhì)，即磁場(chǎng)都是由電荷的運(yùn)動(dòng)形成的，所以C錯(cuò)誤B正確；D、加熱去磁現(xiàn)象可以根據(jù)分子電流假說(shuō)解釋?zhuān)瑯?gòu)成磁體的分子內(nèi)部存在一種環(huán)形電流分子電流通常情況下磁體分子的分子電流取向是雜亂無(wú)章的，它們產(chǎn)生的磁場(chǎng)互相抵消，D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評(píng)：  掌握了安培分子電流假說(shuō)的

3、內(nèi)容即可順利解決此類(lèi)問(wèn)題，故要重視基本概念的學(xué)習(xí)和掌握· 關(guān)于磁場(chǎng)、磁感應(yīng)強(qiáng)度和磁感線的說(shuō)法，正確的是（）A磁極之間的相互作用是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生的，磁場(chǎng)和電場(chǎng)一樣，也是一種物質(zhì)B由B=可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度與通電導(dǎo)線的電流和長(zhǎng)度的乘積IL成反比C磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是磁場(chǎng)中通電導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力的方向D磁感線就是細(xì)鐵屑在磁鐵周?chē)帕谐龅那€，沒(méi)有細(xì)鐵屑的地方就沒(méi)有磁感線· 考點(diǎn)：· 磁感應(yīng)強(qiáng)度；磁感線及用磁感線描述磁場(chǎng)· 分析：· 在磁場(chǎng)中磁感應(yīng)強(qiáng)度有強(qiáng)弱，則由磁感應(yīng)強(qiáng)度來(lái)描述強(qiáng)弱將通電導(dǎo)線垂直放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，即確保電流方向與磁場(chǎng)方向相互垂直，則所受的磁場(chǎng)力與

4、通電導(dǎo)線的電流與長(zhǎng)度乘積之比· 解答：· 解：· A、磁鐵周?chē)嬖诖艌?chǎng)，磁極之間的相互作用是通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生的，磁場(chǎng)和電場(chǎng)一樣，也是一種特殊的物質(zhì)故A正確；· B、由B=可知，是通過(guò)比值法定義的，所以B與F，與IL均無(wú)關(guān)，而B(niǎo)由磁場(chǎng)本身性質(zhì)決定故B錯(cuò)誤；· C、通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的受磁場(chǎng)力方向，可由左手定則來(lái)確定，磁場(chǎng)力的方向與磁場(chǎng)方向是相互垂直的，故C錯(cuò)誤；· D、磁感線就是細(xì)鐵屑在磁鐵周?chē)帕谐龅那€，沒(méi)有細(xì)鐵屑的地方仍存在磁場(chǎng)，但磁感線是假想的曲線，是不存在的故D錯(cuò)誤；· 故選：A· 點(diǎn)評(píng)：· 磁感應(yīng)強(qiáng)度

5、的定義式B=，要抓住于比值定義法的共性來(lái)理解，要知道通電導(dǎo)線垂直放在磁場(chǎng)中，即B與F、I、L均沒(méi)有關(guān)系，它是由磁場(chǎng)的本身決定· · 關(guān)于安培力和洛倫茲力的異同，下列說(shuō)法中正確的是（）A兩種力本質(zhì)上都是磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用B洛倫茲力與帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向有關(guān)，安培力與自由電荷定向移動(dòng)的方向無(wú)關(guān)C兩種力的方向均可用右手定則判斷D安培力、洛倫茲力都一定不做功· 考點(diǎn)：· 洛侖茲力；安培力· 分析：· 通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到力為安培力，而運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中受到力為洛倫茲力它們均屬于磁場(chǎng)力，所以方向都由左手定則來(lái)確定，由于洛倫茲力始終與速度垂直，所以

6、洛倫茲力不做功· 解答：· 解：A、通電導(dǎo)線的電流也是由電荷的定向移動(dòng)而形成的，所以兩種力本質(zhì)上都是磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用故A正確；· B、洛倫茲力的方向與帶電粒子的運(yùn)動(dòng)有關(guān)，安培力的方向與電流方向有關(guān)，而自由電荷的定向移動(dòng)形成電流，所以B錯(cuò)誤；· C、兩種力的方向均可用左手定則判斷，故C錯(cuò)誤；· D、安培力做功，但洛倫茲力始終與速度方向垂直，所以洛倫茲力不做功，故D錯(cuò)誤；· 故選：A· 點(diǎn)評(píng)：· 洛倫茲力是電荷在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，才會(huì)有力的作用同時(shí)通電導(dǎo)線與運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中不一定有力的作用，但電流方向或電荷運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)

7、平行時(shí)，沒(méi)有磁場(chǎng)力· · 通電螺線管內(nèi)有一在磁場(chǎng)力作用下面處于靜止的小磁針，磁針指向如圖所示，則（）A螺線管的P端為N極，a接電源的正極B螺線管的P端為N極，a接電源的負(fù)極C螺線管的P端為S極，a接電源的正極D螺線管的P端為S極，a接電源的負(fù)極考點(diǎn)：通電直導(dǎo)線和通電線圈周?chē)艌?chǎng)的方向分析：根據(jù)小磁針靜止時(shí)N極指向磁場(chǎng)方向，再根據(jù)安培定則判斷電流的方向解答：解：由題，小磁針靜止時(shí)N極指向向左，則通電螺線管內(nèi)部磁場(chǎng)方向向左，P端為N極根據(jù)安培定則判斷出電流的方向：從b端流進(jìn)，從a端流出，b接電源的正極，a接電源的負(fù)極故B正確故選B點(diǎn)評(píng)：本題是安培定則的簡(jiǎn)單應(yīng)用，對(duì)于小磁針?lè)旁谕?/p>

8、電螺線管內(nèi)部時(shí)，只能根據(jù)小磁針的指向來(lái)確定磁場(chǎng)方向，不能根據(jù)異名相吸來(lái)確定磁場(chǎng)方向· 在圖示電路的三根導(dǎo)線中，有一根是斷的，電源、電阻器R1、R2及另外兩根導(dǎo)線都是好的，為了查出斷導(dǎo)線，某學(xué)生想先將萬(wàn)用表的紅表筆連接在電源的正極a，再將黑表筆分別連電阻器R1的b端和R2的c端，并觀察萬(wàn)用表指針的示數(shù)，在下列選檔中，符合操作規(guī)程的是（）A直流10V擋B直流0.5A擋C直流2.5V擋D歐姆擋考點(diǎn)：用多用電表測(cè)電阻專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題分析：有多用表檢測(cè)故障若使用電壓檔或電流檔，將其連入電路要注意量程，用歐姆檔要把待檢測(cè)電路從電源斷開(kāi)解答：解：用電壓檔檢測(cè)其量程要大于6V，故A正確，C錯(cuò)誤 

9、;   用電流檔要用較大量程，所給B中的0.5A太小，故B錯(cuò)誤    用歐姆檔要把電源斷開(kāi)，本題操作沒(méi)有，故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評(píng)：考查多用電表的使用，明確利用其檢測(cè)故障要注意量程· 如圖所示，a、b是邊界范圍、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向都相同的兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，a的下端離水平地面的高度比b高一些甲、乙是兩個(gè)完全相同的閉合正方形導(dǎo)線框，分別位于a、b的正上方，兩線框的下端離地面的高度相同兩線框由靜止同時(shí)釋放，穿過(guò)磁場(chǎng)后落到地面，下落過(guò)程中線框平面始終保持與磁場(chǎng)方向垂直下列說(shuō)法正確的是（）A乙線框先落地B兩線框同時(shí)落地C穿過(guò)磁

10、場(chǎng)的過(guò)程中，乙線框產(chǎn)生的熱量較少D穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，兩線框產(chǎn)生的熱量相同考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；焦耳定律專(zhuān)題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：先根據(jù)線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)安培力的大小，比較安培力做功的大小，再根據(jù)功能關(guān)系比較線框落地時(shí)速度的大小再對(duì)全過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)量定理列式，即可比較時(shí)間的長(zhǎng)短解答：解：先比較甲、乙線框落地時(shí)速度的大小：乙線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度較大，安培力較大，線框克服安培力做功較多，即產(chǎn)生的熱量較多；根據(jù)能量守恒定律得知乙線框落地時(shí)的速度較小線框穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程受到的安培力是變力，設(shè)受到的平均安培力為F，穿過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間為t，下落全過(guò)程的時(shí)間為t，落地速度為v對(duì)全過(guò)程，由動(dòng)量定理得：mg

11、tFt=mv而Ft=BILt=BLq，又感應(yīng)電荷量 q=，因?yàn)榇磐肯嗤?，通過(guò)線框截面的電荷量相等，則兩個(gè)下落過(guò)程線框所受的安培力沖量相同因?yàn)関乙v甲，所以t乙t甲，即乙線框先落地，故A正確，BCD錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評(píng)：本題的關(guān)鍵要運(yùn)用動(dòng)量定理分析時(shí)間關(guān)系，還要掌握感應(yīng)電荷量的公式q=對(duì)于變力情形，運(yùn)用動(dòng)量定理研究時(shí)間是常用的方法，要學(xué)會(huì)應(yīng)用· 電流表的內(nèi)阻是Rg=100，滿刻度電流值是Ig=1mA，現(xiàn)欲把這電流表改裝成量程為3V的電壓表，正確的方法是（）A應(yīng)串聯(lián)一個(gè)0.1的電阻B應(yīng)并聯(lián)一個(gè)0.1的電阻C應(yīng)串聯(lián)一個(gè)2900的電阻D應(yīng)并聯(lián)一個(gè)2900的電阻· 考點(diǎn)：&#

12、183; 把電流表改裝成電壓表· 專(zhuān)題：· 實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專(zhuān)題· 分析：· 電流表改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串聯(lián)的阻值為R=Rg，U為改裝后的量程· 解答：· 解：改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，串阻值為：· R=Rg=· 則A，B，D錯(cuò)誤，C正確· 故選：C· 點(diǎn)評(píng)：· 考查的電壓表的改裝原理，明確串聯(lián)電阻的分壓作用，會(huì)求串聯(lián)電阻阻值· · 如圖所示，A、B為兩個(gè)相同的環(huán)形線圈，它們共軸并靠近放置，A線圈中通有圖中所示的正弦交變電流，則（）A在t1t2時(shí)間內(nèi)，線圈

13、A、B相互排斥B在t2t3時(shí)間內(nèi)，線圈A、B相互排斥Ct1時(shí)刻兩線圈間作用力為零Dt2時(shí)刻兩線圈間作用力最大考點(diǎn)：通電直導(dǎo)線和通電線圈周?chē)艌?chǎng)的方向分析：根據(jù)安培定則確定電流與磁場(chǎng)的方向關(guān)系，再根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化當(dāng)磁通量增大時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與它相反，當(dāng)磁通量減小時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與它相同最后運(yùn)用同向電流相互吸引，異向電流相互排斥解答：解：A、在t1到t2時(shí)間內(nèi)，若設(shè)順時(shí)針（從左向右看）方向?yàn)檎?，則線圈A電流方向順時(shí)針且大小減小，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過(guò)線圈B方向向右的磁通量大小減小，由楞次定律可知，線圈B的電流方向順時(shí)針?lè)较?，因此A、B中電

14、流方向相同，出現(xiàn)相互吸引現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B、在t2到t3時(shí)間內(nèi)，若設(shè)順時(shí)針?lè)较颍◤淖笙蛴铱矗檎?，則線圈A電流方向逆時(shí)針且大小增大，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過(guò)線圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，線圈B的電流方向順時(shí)針?lè)较?，因此A、B中電流方向相反，A、B出現(xiàn)互相排斥，故B正確；C、由題意可知，在t1時(shí)刻，線圈A中的電流最大，而磁通量的變化率是最小的，所以線圈B感應(yīng)電流也是最小，因此兩線圈間作用力為零，故C正確；D、在t2時(shí)刻，線圈A中的電流最小，而磁通量的變化率是最大的，所以線圈B感應(yīng)電流也是最大，但A、B間的相互作用力最小，故D錯(cuò)誤；故選：BC點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握安培定則

15、、楞次定律的內(nèi)容，知道感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化同時(shí)注意同向電流相互吸引與同種電荷相互排斥不同· 直流電路如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P從圖示位置向右移動(dòng)時(shí)電源的（）A總功率一定減小B效率一定增大C內(nèi)部損耗功率一定減小D輸出功率一定先增大后減小考點(diǎn)：電功、電功率；閉合電路的歐姆定律專(zhuān)題：恒定電流專(zhuān)題分析：滑片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，由歐姆定律可以判斷電路電流如何變化，由電功率公式可以分析答題解答：解：由電路圖可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻滑片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，電路總電阻變大，電源電動(dòng)勢(shì)不變，由閉合電路的歐姆定律可知，電路總電流I變小；

16、A、電源電動(dòng)勢(shì)E不變，電流I變小，電源總功率P=EI減小，故A正確；B、電源的效率=，電源內(nèi)阻r不變，滑動(dòng)變阻器阻值R變大，則電源效率增大，故B正確；C、電源內(nèi)阻r不變，電流I減小，源的熱功率PQ=I2r減小，故C正確；D、當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值與電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源輸出功率最大，由于不知道最初滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值與電源內(nèi)阻間的關(guān)系，因此無(wú)法判斷電源輸出功率如何變化，故D錯(cuò)誤；故選：ABC點(diǎn)評(píng)：知道電路串并聯(lián)中的電流電壓關(guān)系，并熟練應(yīng)用閉合電路歐姆定律、電功率公式即可正確解題· 如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平向里，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向下，有一正離子（不計(jì)重力），恰能以某一速度沿直線從左向右水

17、平飛越此區(qū)域，則（）A若電子以同樣速度從右向左飛入，電子將沿直線運(yùn)動(dòng)B若電子以同樣速度從右向左飛入，電子將向上偏轉(zhuǎn)C若電子以同樣速度從右向左飛入，電子將向下偏轉(zhuǎn)D若電子以同樣速度從左向右飛入，電子也沿直線運(yùn)動(dòng)考點(diǎn)：帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：先根據(jù)正交電場(chǎng)和磁場(chǎng)的方向，判斷從左邊水平射入的正離子的受力，由此可知電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，從而得出正離子的速度，由此可得無(wú)論什么電性的粒子，以這速度從左邊水平射入，都不會(huì)偏轉(zhuǎn)但是從右邊水平射入，電場(chǎng)力和洛倫茲力方向會(huì)一致，就會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)解答：解：A、B、C、正離子從左邊進(jìn)入電場(chǎng)，在電場(chǎng)中受到向上的電場(chǎng)力和向下的洛倫茲力作

18、用，因恰能沿直線從左邊水平飛出，可知電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，有qE=qv0B，得v0=；電子從右側(cè)進(jìn)入電場(chǎng)，受到的電場(chǎng)力方向向上，由左手定則可知，洛倫茲力方向也向上，所以電子將向上偏轉(zhuǎn)故A錯(cuò)誤，B正確，C錯(cuò)誤；D、若粒子帶負(fù)電，也從左邊以速度v0射入，電場(chǎng)力和洛倫茲力的方向?qū)φ{(diào)，發(fā)現(xiàn)還是有v0=，所以帶電粒子只要以速度v0從左邊水平進(jìn)入電場(chǎng)，粒子就會(huì)沿水平方向射出，與電性和電量無(wú)關(guān)故D正確；故選：BD點(diǎn)評(píng)：此題考察了速度選擇器的問(wèn)題，在速度選擇器中，粒子的受力特點(diǎn)是：同時(shí)受到方向相反的電場(chǎng)力和洛倫茲力作用；粒子能勻速通過(guò)選擇器的條件是電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡· 在“測(cè)定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中

19、，所用測(cè)量?jī)x器均已校準(zhǔn)，待測(cè)金屬絲接入電路部分的長(zhǎng)度約為50cm（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑，其中某次測(cè)量結(jié)果如圖1所示，其讀數(shù)應(yīng)為0.397mm（該值接近多次測(cè)量的平均值）（2）用伏安法測(cè)金屬絲的電阻RX，實(shí)驗(yàn)所用器材為：電池組（電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻約為1），電流表（內(nèi)阻約為0.1），電壓表（內(nèi)阻約為3k），滑動(dòng)變阻器R（020，額定電流為2A）開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線若干某同學(xué)利用以上器材正確連接好電路，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測(cè)量，記錄數(shù)據(jù)如下：次數(shù)1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可

20、知，他們測(cè)量RX是采用圖2中甲和乙中的圖甲（選填“甲”或“乙”）（3）如圖3是測(cè)量RX的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已經(jīng)連接了部分導(dǎo)線，滑動(dòng)變阻器的滑片P置于變阻器的一端，請(qǐng)根據(jù)上圖所選的電路圖，補(bǔ)充完成圖3中實(shí)物間的連線，并使閉合開(kāi)關(guān)的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞（4）這個(gè)小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立U、I坐標(biāo)系，如圖4所示，圖中已經(jīng)標(biāo)出了與測(cè)量數(shù)據(jù)相對(duì)應(yīng)的四個(gè)點(diǎn)，請(qǐng)?jiān)谙聢D中標(biāo)出第2、4、6次測(cè)量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)，并描繪出UI圖線，由圖線得到金屬絲的阻值RX=4.5（保留兩位有效數(shù)字）（5）根據(jù)以上數(shù)據(jù)可估算出金屬絲的電阻率約為C（填選項(xiàng)前的序號(hào)）A、1×102mB、1×103mC、

21、1×106mD、1×108m（6）任何實(shí)驗(yàn)測(cè)量都存在誤差，本實(shí)驗(yàn)所用測(cè)量?jī)x器都已校準(zhǔn)，下列關(guān)于誤差的說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是CD（有多個(gè)正確選項(xiàng)）A、用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差B、由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于偶然誤差C、若將電流表和電壓表的內(nèi)阻計(jì)算在內(nèi)，可以消除由測(cè)量?jī)x表引起的系統(tǒng)誤差D、用UI圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差考點(diǎn)：測(cè)定金屬的電阻率；伏安法測(cè)電阻專(zhuān)題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專(zhuān)題分析：（1）關(guān)于螺旋測(cè)微器的讀數(shù)，要先讀出固定刻度，再讀出可動(dòng)刻度，然后相加即可得出結(jié)果（2）根據(jù)數(shù)據(jù)比較電壓表、電流表和被測(cè)電阻的阻值關(guān)系，確定

22、可采取的電路（3）按照電路原理圖進(jìn)行實(shí)物圖的連接，注意導(dǎo)線不能交叉和滑動(dòng)變阻器的連接方式（4）根據(jù)圖上所標(biāo)的點(diǎn)，做出UI圖線，從而可得出電阻值（5）把以上數(shù)據(jù)代入電阻定律，可得出結(jié)果（6）結(jié)合試驗(yàn)誤差出現(xiàn)的原因，可得出答案解答：解：（1）固定刻度讀數(shù)為0，可動(dòng)刻度讀數(shù)為39.7，所測(cè)長(zhǎng)度為0+39.7×0.01=0.397mm（2）由記錄數(shù)據(jù)根據(jù)歐姆定律可知金屬絲的電阻Rx約5則有，比較Rx為小電阻應(yīng)該采用外接法測(cè)量誤差小由（3）知是用伏安特性曲線來(lái)測(cè)量電阻的，就要求電壓電流從接近0開(kāi)始調(diào)節(jié)，所以應(yīng)該采用分壓接法甲（3）注意連圖時(shí)連線起點(diǎn)和終點(diǎn)在接線柱上并且不能交叉，結(jié)合（2）可知應(yīng)

23、該連接成外接分壓接法（甲）那么在連線時(shí)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)且使Rx兩端的電壓為0先連外接電路部分，再連分壓電路部分，此時(shí)滑片P必須置于變阻器的左端實(shí)物圖如右圖所示，（4）描繪出第2、4、6三個(gè)點(diǎn)后可見(jiàn)第6次測(cè)量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)誤差太大舍去，然后作出UI圖線如右圖所示；其中第4次測(cè)量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)在描繪出的UI圖線上，有：（5）根據(jù)電阻定律 有：106m，從數(shù)量級(jí)上估算出的金屬絲電阻率是C選項(xiàng)（6）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于偶然誤差；由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差答案為CD故答案為：（1）0.397（2）甲（3）如圖（4）如圖，4.5（5）C（6）CD點(diǎn)評(píng)：該題是

24、綜合性較強(qiáng)的題，解答時(shí)注意一下幾方面：1、對(duì)于長(zhǎng)度的測(cè)量注意高中所要求的游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的使用方法，讀書(shū)時(shí)是固定刻度的值與可動(dòng)刻度的值得和2、會(huì)根據(jù)電壓表、電流表及被測(cè)電阻的阻值關(guān)系，確定電流表是內(nèi)接還是外接3、實(shí)物連接時(shí)，注意導(dǎo)線不能相交叉，并且要注意閉合電建時(shí)，分壓電路的輸出端電壓要為零4、會(huì)用電阻定律來(lái)求解導(dǎo)線的電阻率5、了解實(shí)驗(yàn)誤差產(chǎn)生的原因，并會(huì)在試驗(yàn)中做到盡可能的減小誤差· 發(fā)電機(jī)的端電壓為220V，輸出電功率為44kW，輸電線路的電阻為0.2，先用初、次級(jí)匝數(shù)之比為1：10的升壓變壓器升壓，經(jīng)輸電線路后，再用初、次級(jí)匝數(shù)比為10：1的降壓變壓器降壓供給用戶（1）畫(huà)出

25、全過(guò)程的線路圖；（2）求用戶得到的電壓和功率；（3）若不經(jīng)過(guò)變壓而直接送到用戶，求用戶得到的功率和電壓考點(diǎn)：遠(yuǎn)距離輸電專(zhuān)題：交流電專(zhuān)題分析：（1）（2）畫(huà)出遠(yuǎn)距離輸電的示意圖，根據(jù)升壓 變壓器原副線圈的匝數(shù)比和輸入電壓，求出輸出電壓，從而得出輸送的電流，根據(jù)P損=I2R求出輸電線上損耗的功率根據(jù)輸電線上的電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓，從而得出用戶得到的電壓根據(jù)功率損失求出用戶得到的功率（3）若不經(jīng)過(guò)變壓而直接送到用戶，先根據(jù)P=UI求解電流，再根據(jù)P=PI2r求解戶得到的功率，根據(jù)U=UIr求解戶得到的電壓解答：解：（1）全過(guò)程的線路示意圖如圖所示：（2）根據(jù)=，解得升壓變壓器的輸出電壓為

26、：U2=220×10V=2200V則輸電線上的電流為：I2=A=20A，損失的功率為：P損=I22R=400×0.2W=80W輸電線上損失的電壓為：U=I2R=20×0.2V=4V則降壓變壓器輸入電壓為：U3=U2U=22004V=2196V根據(jù)=，得用戶得到的電壓為：U4=219.6V用戶得到的功率為：P=PP損=4400080=43920W=43.92KW（3）若不經(jīng)過(guò)變壓而直接送到用戶，電流為：I=200A用戶得到的功率：P=PI2r=440002002×0.2=36000W=36KW用戶得到的電壓為：U=UIr=220200×0.2=1

27、80V答：（1）畫(huà)出全過(guò)程的線路圖，如圖所示；（2）用戶得到的電壓為219.6V，功率為43.92KW；（3）若不經(jīng)過(guò)變壓而直接送到用戶，用戶得到的功率為36KW，電壓為180V點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道：1、原副線圈的電壓比、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系；2、升壓變壓器的輸出電壓、電壓損失、降壓變壓器的輸入電壓的關(guān)系；3、輸送功率、輸送電壓、電流的關(guān)系· 如圖所示，兩平行金屬板P1和P2之間的距離為d、電壓為U，板間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1的勻強(qiáng)磁場(chǎng)一個(gè)帶正電的粒子在兩板間沿虛線所示路徑做勻速直線運(yùn)動(dòng)粒子通過(guò)兩平行板后從O點(diǎn)進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，在洛倫茲力的作用下，粒子做勻速圓周

28、運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)半個(gè)圓周后打在擋板MN上的A點(diǎn)已知粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q不計(jì)粒子重力求：（1）粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度v（2）O、A兩點(diǎn)間的距離x考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力專(zhuān)題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：（1）根據(jù)粒子沿直線運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力等于洛倫茲力求出速度的大小（2）根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中的半徑公式，抓住O、A兩點(diǎn)的距離差粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的直徑求解；解答：解：（1）帶正電的粒子在兩板間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故所受電場(chǎng)力和洛倫茲力為一對(duì)平衡力，即：Eq=B1qv所以：（2）帶電粒子進(jìn)入下面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，O、A兩點(diǎn)間的距離x為其做圓周運(yùn)動(dòng)的直徑，故 &

29、#160;答：（1）粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度v為（2）O、A兩點(diǎn)間的距離x為點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道粒子在電容器間受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，以及知道在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中靠洛倫茲力提供向心力，掌握軌道半徑公式· 一列向右傳播的橫波在某一時(shí)刻的波形如圖所示，其中質(zhì)點(diǎn)P、Q到平衡位置的距離相等，關(guān)于P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是（）AP較Q先回到平衡位置B再經(jīng)一個(gè)周期，兩質(zhì)點(diǎn)到平衡位置的距離相等C兩質(zhì)點(diǎn)動(dòng)量相同D兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)加速度相同考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象分析：由圖看出，P、Q兩點(diǎn)平衡位置間的距離等于半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)情況總是相反，同時(shí)回到平衡位置，任意時(shí)刻動(dòng)量的大小相等、方向相反，加速度

30、大小相等、方向相反解答：解：A、由圖看出，P、Q兩點(diǎn)平衡位置間的距離等于半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)情況總是相反，則兩質(zhì)點(diǎn)同時(shí)回到平衡位置故A錯(cuò)誤B、P、Q振動(dòng)情況總是相反，再經(jīng)一個(gè)周期，兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)到平衡位置的距離相等故B正確C、兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在任意時(shí)刻的動(dòng)量大小相等、方向相反，由于動(dòng)量是矢量，所以動(dòng)量不同故C錯(cuò)誤D、兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在任意時(shí)刻的加速度大小相等、方向相反，則加速度不相同故D錯(cuò)誤故選：B點(diǎn)評(píng)：本題中P、Q兩點(diǎn)稱(chēng)為反相點(diǎn)，平衡位置間距離是半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，振動(dòng)情況總是相反· 有下列說(shuō)法：宏觀物體的物質(zhì)波波長(zhǎng)非常小，極易觀察到它的波動(dòng)性  激光有較好的相干性  核

31、反應(yīng)中的質(zhì)量虧損現(xiàn)象違背了能量守恒定律  氫原子的能量是不連續(xù)的，因此輻射光子的能量也是不連續(xù)的你認(rèn)為正確的是（）ABCD· 考點(diǎn)：· 能量守恒定律· 分析：· 宏觀物體的物質(zhì)波波長(zhǎng)非常小，不易觀察到它的波動(dòng)性，激光具有相干性好，平行度好、亮度高等特點(diǎn)，原子核反應(yīng)過(guò)程中的質(zhì)量虧損現(xiàn)象不違背能量守恒定律，只是換種形式存在，氫原子的能量是不連續(xù)的，輻射光子的能量也是不連續(xù)的· 解答：· 解：、宏觀物體的物質(zhì)波波長(zhǎng)非常小，不易觀察到它的波動(dòng)性，故錯(cuò)誤；· 激光具有相干性好，平行度好、亮度高等特點(diǎn)，故正確；

32、83; 原子核反應(yīng)過(guò)程中的質(zhì)量虧損現(xiàn)象不違背能量守恒定律，只是換種形式存在，符合質(zhì)能聯(lián)系方程，故錯(cuò)誤；· 根據(jù)氫原子的能級(jí)圖可知，氫原子的能量是不連續(xù)的，輻射光子的能量也是不連續(xù)的，故正確· 故選C· 點(diǎn)評(píng)：· 本題考查的都是原子物理中的基礎(chǔ)知識(shí)，要注意平時(shí)多積累· · 如圖所示為甲、乙兩單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖線，若g=9.8m/s2，甲的擺長(zhǎng)L1為1m；甲、乙兩擺擺長(zhǎng)之比為L(zhǎng)1：L2為16：9；甲、乙兩擺甲擺角較大考點(diǎn)：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象專(zhuān)題：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：通過(guò)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖象得出甲擺的周期，根據(jù)單擺的周期公式T=2求出甲擺的擺長(zhǎng)根據(jù)

33、圖線得出周期比，從而根據(jù)周期公式得出擺長(zhǎng)之比單擺小角度擺動(dòng)，根據(jù)A=L求解擺角解答：解：甲擺的周期為2s，乙擺的周期為1.5s，根據(jù)單擺的周期公式T=2得：L1=1m；L2=m；擺長(zhǎng)L=，甲、乙兩擺的周期比為4：3，則擺長(zhǎng)比為16：9單擺小角度擺動(dòng)，甲擺的振幅為7cm，乙擺的振幅為3cm，根據(jù)A=L，兩個(gè)擺的擺角之比為：，故甲擺的擺角較大；故答案為：1m，16：9，甲點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵會(huì)從簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)圖線中讀出周期，以及掌握單擺的周期公式T=2 · 如圖所示，玻璃棱鏡ABCD可以看成是由ADE、ABE、BCD三個(gè)直角三棱鏡組成一束頻率為5.3×1014Hz的單色細(xì)光

34、束從AD面入射，在棱鏡中的折射光線如圖中ab所示，ab與AD面的夾角=60°己知光在真空中的速度c=3×108m/s，玻璃的折射率n=1.5，求：（1）這束入射光線的入射角多大？（2）光在棱鏡中的波長(zhǎng)是多大？（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）該束光線第一次從CD面出射時(shí)的折射角（結(jié)果可用反三角函數(shù)表示）考點(diǎn)：光的折射定律；電磁波譜專(zhuān)題：壓軸題；光的折射專(zhuān)題分析：（1）已知折射率、光在AD面的折射角，根據(jù)折射定律求出入射角（2）光進(jìn)入玻璃棱鏡時(shí)頻率不變根據(jù)n=求出光在玻璃棱鏡中的傳播速度，由波速公式求出光在棱鏡中的波長(zhǎng)（3）由臨界角公式sinC=求出臨界角C，分析光線在AB面上能

35、否發(fā)生全反射，作出光路圖，由幾何知識(shí)求出光線在CD面上入射角，再求出該束光線第一次從CD面出射時(shí)的折射角解答：解：（1）設(shè)光在AD面的入射角、折射角分別為i、r，則由幾何知識(shí)得：r=30°據(jù)得：sini=nsinr=1.5sin30°=0.75則得：i=arcsin0.75（2）根據(jù)得：根據(jù)v=f，得：=3.77×107m（3）光路如圖所示由幾何知識(shí)得ab光線在AB面的入射角為45°設(shè)玻璃的臨界角為C，則有：sin 45°0.67，C45°因此光線ab在AB面會(huì)發(fā)生全反射光線在CD面的入射角r'=r=30°，根據(jù)，得

36、光線CD面的出射光線與法線的夾角i'=i=arcsin0.75答：（1）這束入射光線的入射角arcsin0.75（2）光在棱鏡中的波長(zhǎng)是3.77×107m（3）該束光線第一次從CD面出射時(shí)的折射角是arcsin0.75點(diǎn)評(píng)：本題中當(dāng)光線從玻璃射向空氣時(shí)，要根據(jù)入射角與臨界角的關(guān)系，判斷能否發(fā)生全反射，而入射角可以根據(jù)幾何知識(shí)求出· 原子核92238U經(jīng)放射性衰變變?yōu)樵?0234Th，繼而經(jīng)放射性衰變變?yōu)樵雍?1234Pa，再經(jīng)放射性衰變變?yōu)樵雍?2234U放射性衰變、和依次為（）A衰變、衰變和衰變B衰變、衰變和衰變C衰變、衰變和衰變D衰變、衰變和衰變·

37、; 考點(diǎn)：· 原子核衰變及半衰期、衰變速度· 分析：· 該題考察了、衰變特點(diǎn)，只要寫(xiě)出衰變方程即可求解· 解答：· 解：根據(jù)、衰變特點(diǎn)可知：92238U經(jīng)過(guò)一次衰變變?yōu)?0234Th，90234Th經(jīng)過(guò)1次衰變變?yōu)?1234Pa，91234Pa再經(jīng)過(guò)一次衰變變?yōu)?2234U，故BCD錯(cuò)誤，A正確· 故選A· 點(diǎn)評(píng)：· 本意很簡(jiǎn)單，直接考察了、衰變特點(diǎn)，注意衰變過(guò)程中滿足質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒· · 如圖所示，材料不同，但是質(zhì)量相等的A、B兩個(gè)球，原來(lái)在光滑水平面上沿同一直線相向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A球的速度是6m/s，B球的速度是2m/s，不久A、B兩球發(fā)生了對(duì)心碰撞對(duì)于該碰撞之后的A、B兩球的速度可能值，某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)們做了很多種猜測(cè)，下面的哪一種猜測(cè)結(jié)果一定無(wú)法實(shí)現(xiàn)（）AvA=2m/s，vB=6m/sBvA=2m/s，vB=2m/sCvA=1m/s，vB=3m/sDvA=3m/s，vB=7m/s考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律；機(jī)械能守恒定律專(zhuān)題：動(dòng)量與動(dòng)能定理或能的