《高中試卷》2019年江蘇省蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市高考物理一模試卷

1、2019年江蘇省蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市高考物理一模試卷一、單項(xiàng)選擇題：本大題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1（3分）在任何靜電場(chǎng)中均適用的公式是（）awqubekq2rcwqedde=ud2（3分）一質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間t內(nèi)的平均速度為v，末速度是初速度的3倍。則該質(zhì)點(diǎn)在時(shí)間t內(nèi)的加速度為（）a8vtb3v2tc4vtdvt3（3分）如圖所示，理想變壓器原線圈接有正弦式交流電，r為滑動(dòng)變阻器，c為平行板電容器，為交流電流表。下列措施能使示數(shù)增大的是（）a僅減小交流電的頻率b僅將滑片p向上移動(dòng)c僅減小c兩板間距離d僅增大原線圈的匝數(shù)4（3分）如圖所示，置于粗糙水平

2、面上的物塊a和b用輕質(zhì)彈簧連接，在水平恒力f的作用下，a、b以相同的加速度向右運(yùn)動(dòng)。a、b的質(zhì)量關(guān)系為mamb，它們與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同。為使彈簧穩(wěn)定時(shí)的伸長(zhǎng)量增大，下列操作可行的是（）a僅減小b的質(zhì)量b僅增大a的質(zhì)量c僅將a、b的位置對(duì)調(diào)d僅減小水平面的粗糙程度5（3分）一帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下做直線運(yùn)動(dòng)，將初始位置o定為坐標(biāo)原點(diǎn)和零電勢(shì)能點(diǎn)，取運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閤軸的正方向，粒子動(dòng)能ek與位置坐標(biāo)x的關(guān)系如右圖所示。則下列關(guān)于場(chǎng)強(qiáng)e和粒子的速度v、加速度a、電勢(shì)能ep與x的關(guān)系圖象中，合理的是（）abcd二、多項(xiàng)選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意全部選

3、對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不選的得0分6（4分）如圖所示，通過較長(zhǎng)的輸電線給電動(dòng)機(jī)輸電，已知輸電功率和電壓分別為p0、u0，輸電線總電阻為r，電動(dòng)機(jī)正常工作。據(jù)此可求出（）a輸電線上的電流b電動(dòng)機(jī)的線圈電阻c電動(dòng)機(jī)消耗的電功率d電動(dòng)機(jī)對(duì)外做功的功率7（4分）如圖所示，l為地月拉格朗日點(diǎn)，該點(diǎn)位于地球和月球連線的延長(zhǎng)線上，處于此處的某衛(wèi)星無需動(dòng)力維持即可與月球一起同步繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)。已知該衛(wèi)星與月球的中心、地球中心的距離分別為r1、r2，月球公轉(zhuǎn)周期為t，萬有引力常量為g則（）a該衛(wèi)星的周期大于地球同步衛(wèi)星的周期b該衛(wèi)星的加速度小于月球公轉(zhuǎn)的加速度c根據(jù)題述條件，不能求出月球的質(zhì)量

4、d根據(jù)題述條件，可以求出地球的質(zhì)量8（4分）如圖1所示，電源e12v，內(nèi)阻不計(jì)，燈泡l的額定電壓為9v，其伏安特性曲線如圖2所示，滑動(dòng)變阻器r的最大阻值為10則（）a燈泡l的阻值隨電流的增大而減小b燈泡l的額定功率為13.5wc燈泡l消耗電功率的最小值是2wd滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值應(yīng)至少為69（4分）如圖所示，地面上方分布著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一帶正電的小球從油中a處由靜止釋放后豎直下落，已知小球在ab段做加速運(yùn)動(dòng)，在bc段做勻速運(yùn)動(dòng)，m和n是小球下落過程中經(jīng)過的兩個(gè)位置。在此過程中，小球（）a在ab段的加速度大小逐漸增大b在n點(diǎn)的機(jī)械能比m點(diǎn)的小c機(jī)械能和電勢(shì)能的總量保持不變d機(jī)械能的變化

5、量大于電勢(shì)能的變化量三、簡(jiǎn)答題：本大題分必做題（第10、11和12題）和選做題（第13題）兩部分，共計(jì)42分請(qǐng)將解答填寫在答題卡上相應(yīng)的位置【必做題】10（8分）某同學(xué)甲用圖1所示的裝置測(cè)量木塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)?？邕^光滑定滑輪的細(xì)線兩端分別與放置在木板上的木塊和彈簧測(cè)力計(jì)相連。（1）下列說法正確的是 ；（a）實(shí)驗(yàn)前，應(yīng)先對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)調(diào)零（b）應(yīng)保持與木塊相連的細(xì)線水平（c）實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)將木板勻速向左拉出（d）實(shí)驗(yàn)時(shí)，拉木板的速度越大越好（2）圖2是某次實(shí)驗(yàn)中彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)放大圖，木塊受到的滑動(dòng)摩擦力f n；（3）為進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，甲同學(xué)采取了在木塊上增加砝碼個(gè)數(shù)的方法。若砝碼的質(zhì)量、動(dòng)摩擦因

6、數(shù)和重力加速度分別用m、和g來表示。測(cè)得多組數(shù)據(jù)后，該同學(xué)描繪的fm關(guān)系圖線如圖3所示，則他測(cè)得的動(dòng)摩擦因數(shù) ；（重力加速度g取10m/s2）（4）若甲所用木塊為a在保持其他器材不變的情況下，同學(xué)乙換用了木塊b也進(jìn)行了上述實(shí)驗(yàn)，木塊b的質(zhì)量比a的大0.02kg，a、b的材料以及它們表面粗糙程度相同。最后乙同學(xué)也描繪出了fm關(guān)系圖線。請(qǐng)你幫他在圖3中畫出該圖線。11（10分）甲、乙兩位同學(xué)在測(cè)量電阻的實(shí)驗(yàn)中：（1）甲用圖1所示電路來測(cè)量定值電阻rx阻值，提供的器材如下：rx阻值約10，滑動(dòng)變阻器rp1（010），滑動(dòng)變阻器rp2（0200），電流表（00.6a、03a），電壓表（03v、015v

7、），電源e（電動(dòng)勢(shì)為3v），開關(guān)s，導(dǎo)線若干。為便于調(diào)節(jié)和讀數(shù)，滑動(dòng)變阻器rp應(yīng)該選擇 （選填“rp1”或“rp2”）；請(qǐng)幫助該同學(xué)將圖2中實(shí)物電路連接完整；（2）乙用圖3電路測(cè)量另一待測(cè)電阻rx的阻值，電阻箱r（0999.9），滑動(dòng)變阻器rp3（50，1a），電壓表（03v），電源e（電動(dòng)勢(shì)為3v）。測(cè)量步驟如下：第1步：將rx接在電路中a、b兩點(diǎn)間，閉合開關(guān)s，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片p至適當(dāng)位置，此時(shí)電壓表的示數(shù)為2v斷開開關(guān)s，移走rx；第2步：再將電阻箱r接在a、b兩點(diǎn)間，閉合開關(guān)s，保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變，調(diào)節(jié)r使電壓表的示數(shù)仍為2v，此時(shí)r接入電路中的阻值48；則該同學(xué)測(cè)得rx的阻

8、值為 ；（3）與真實(shí)值相比，甲同學(xué)利用圖1電路測(cè)得rx的阻值偏 ；若乙同學(xué)在進(jìn)行第2步實(shí)驗(yàn)時(shí)，無意中將滑動(dòng)變阻器的滑片p向右移動(dòng)了少許，則他測(cè)得rx的阻值將偏 （上述兩空均選填“大”或“小”）。選修3-5（12分）12（4分）關(guān)于核反應(yīng)92235u+01n3890sr+54136xe+x01n，下列說法正確的是（）ax10b質(zhì)量數(shù)不守恒c向外釋放能量d這是92235u的衰變13（4分）在如圖裝置中，陰極k在光子動(dòng)量為p0的單色光1的照射下發(fā)生了光電效應(yīng)，調(diào)節(jié)滑片p至某一位置，使電流表的示數(shù)恰好為零；在保持上述滑片p的位置不變的情況下，改用光子動(dòng)量為0.5p0的單色光2照射陰極k，則電流表的示數(shù)

9、將 （選填“為0”或“不為0”），單色光1、2的波長(zhǎng)之比為 。14（4分）在如圖所示足夠長(zhǎng)的光滑水平面上，用質(zhì)量分別為3kg和1kg的甲、乙兩滑塊，將僅與甲拴接的輕彈簧壓緊后處于靜止?fàn)顟B(tài)。乙的右側(cè)有一擋板p現(xiàn)將兩滑塊由靜止釋放，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，甲的速度大小為2m/s，此時(shí)乙尚未與p相撞。求彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)乙的速度大??；若乙與擋板p碰撞反彈后，不能再與彈簧發(fā)生碰撞。求擋板p對(duì)乙的沖量的最大值?！具x做題】本題包括a、b兩道小題，請(qǐng)選定其中一題，并在答題卡相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答若兩題都做，則按a題評(píng)分a選修3-3（12分）15（4分）一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能增大的同時(shí)向外放出熱量。它的壓強(qiáng)、體積和溫度分

10、別用p、v、t表示。則該理想氣體的（）av減小bt降低cp增大dpvt的值減小16（4分）在高原地區(qū)燒水需要使用高壓鍋。水燒開后，鍋內(nèi)水面上方充滿了飽和汽，停止加熱讓高壓鍋在密封狀態(tài)下緩慢冷卻，則在冷卻過程中，鍋內(nèi)水蒸汽將 （選填“一直是飽和汽”或“變?yōu)槲达柡推保?，水蒸汽壓?qiáng) （選填“變大”、“變小”或“不變”）。17（4分）某種蛋白的摩爾質(zhì)量為66kg/mol，其分子可視作為半徑為3×109m的球，已知阿伏加德羅常數(shù)為6.0×1023mol1已知球體體積計(jì)算公式為v=43r2，其中r為球體半徑。請(qǐng)估算該蛋白的密度。（計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）b選修3-4（12分）18一

11、列簡(jiǎn)諧波在兩時(shí)刻的波形分別如圖中實(shí)線和虛線所示，由圖中信息可以求出這列波的（）a頻率b波長(zhǎng)c波速d振幅19如圖所示，一列火車以速度v相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)。地面上的人測(cè)得，某光源發(fā)出的閃光同時(shí)到達(dá)車廂的前壁和后壁。若此光源安放在地面上，則火車上的人的測(cè)量結(jié)果是閃光先到達(dá) 壁（選填“前”或“后”）；若此光源安放在火車上，則火車上的人的測(cè)量結(jié)果是閃光先到達(dá) 壁（選填“前”或“后”）。20用玻璃做成的一塊棱鏡的截面圖如圖所示，其中abod是矩形，ocd是四分之一圓弧，圓心為o一光線從ab面上的某點(diǎn)入射，進(jìn)入棱鏡后射在o點(diǎn)，并在o點(diǎn)處恰好發(fā)生全反射。該棱鏡的折射率n1.2求入射角i的正弦值sini（結(jié)果可用根式

12、表示）；求光在該棱鏡中傳播速度的大小v。已知光在真空中的傳播速度為3×108m/s。四、計(jì)算題：本題共3小題，計(jì)47分解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只有最后答案不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，必須明確寫出數(shù)值和單位21（15分）如圖所示，電阻不計(jì)的平行光滑金屬導(dǎo)軌的傾角30°，間距d0.4m，定值電阻r0.8在導(dǎo)軌平面上有一長(zhǎng)為l2.6m的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度b0.5t一根與導(dǎo)軌垂直放置的導(dǎo)體棒以初速度v02m/s從上邊沿進(jìn)入磁場(chǎng)，最后以某一速度離開磁場(chǎng)。導(dǎo)體棒的質(zhì)量m0.2kg，電阻不計(jì)。g取10m/s2。（1）求導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加

13、速度的大小；（2）求題述過程中通過電阻r的電荷量；（3）若定值電阻r在此過程中產(chǎn)生的熱量為0.5j，求導(dǎo)體棒離開磁場(chǎng)時(shí)的速度。22（16分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系xoy中有一根表面粗糙的粗細(xì)均勻的細(xì)桿omn，它的上端固定在坐標(biāo)原點(diǎn)o處且與x軸相切。om和mn段分別為彎曲桿和直桿，它們相切于m點(diǎn)，om段所對(duì)應(yīng)的曲線方程為y=59x2一根套在直桿mn上的輕彈簧下端固定在n點(diǎn)，其原長(zhǎng)比桿mn的長(zhǎng)度短?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的開孔小球（孔的直徑略大于桿的直徑）套在細(xì)桿上?，F(xiàn)將小球從o處以v03m/s的初速度沿x軸的正方向拋出，過m點(diǎn)后沿桿mn運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧，再經(jīng)彈簧反彈后恰好到達(dá)m點(diǎn)。已知小球的質(zhì)量0.1

14、kg，m點(diǎn)的縱坐標(biāo)為0.8m，小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)=16，g取10m/s2求：（1）上述整個(gè)過程中摩擦力對(duì)小球所做的功wf；（2）小球初次運(yùn)動(dòng)至m點(diǎn)時(shí)的速度vm的大小和方向；（3）輕質(zhì)彈簧被壓縮至最短時(shí)的彈性勢(shì)能epm。23（16分）如圖所示，空間存在方向垂直于xoy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在0yd的區(qū)域i內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b，在yd的區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2b一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為（q）的粒子以速度qbdm從o點(diǎn)沿y軸正方向射入?yún)^(qū)域i不計(jì)粒子重力。（1）求粒子在區(qū)域i中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑；（2）若粒子射入?yún)^(qū)域i時(shí)的速度為v=2qbdm，求粒子打在x軸上的位置坐標(biāo)，并求出此過程中帶電粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)

15、間；（3）若此粒子射入?yún)^(qū)域i的速度vqbdm，求該粒子打在x軸上位置坐標(biāo)的最小值。2019年江蘇省蘇、錫、常、鎮(zhèn)四市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本大題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1【分析】公式wqu，用來計(jì)算任何電場(chǎng)中電場(chǎng)力做功；公式e=ud適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)；公式wqed，用來計(jì)算勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)力做功；公式e=kqr2僅用于求點(diǎn)電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度；【解答】解：a、公式wqu，用來計(jì)算任何電場(chǎng)中電場(chǎng)力做功，故a正確。b、公式e=kqr2僅用于求點(diǎn)電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度，其中q是場(chǎng)源電荷，隨著距離越遠(yuǎn)，則電場(chǎng)強(qiáng)度越小，故b錯(cuò)誤；c、公式wqed，用來計(jì)

16、算勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)力做功，故c錯(cuò)誤。d、公式e=ud適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)，故d錯(cuò)誤；故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要理解各個(gè)公式的來源，明確公式的適用范圍。2【分析】設(shè)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的初速度為v0，加速度為a，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式以及速度時(shí)間公式列式，聯(lián)立方程求解即可?！窘獯稹拷猓涸O(shè)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的初速度為v0，加速度為a，則末速度是初速度的3倍為3v0，有：v=v0+3v02=2v0=v，加速度：a=vt=3v0-v0t=2v0t=vt故d正確，abc錯(cuò)誤。故選：d?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)基本公式的直接應(yīng)用，注意公式的選取，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。3【分析】要使電流表示數(shù)變大，應(yīng)使副線圈

17、兩端電壓增大，或減小電容器的容抗?！窘獯稹拷猓篴、減小交流電的頻率，增加了容抗，電流表示數(shù)減小，故a錯(cuò)誤；b、滑片向上移動(dòng)，副線圈兩端電壓不變，電流表示數(shù)不變，故b錯(cuò)誤；c、減小c兩板間的距離，電容增大，容抗減小，電流表示數(shù)增大，故c正確；d、僅增大原線圈的匝數(shù)，副線圈兩端電壓減小，電流表示數(shù)減小，故d錯(cuò)誤；故選：c?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了變壓器的變壓原理和電容器對(duì)交流電的影響，通高頻阻低頻，記住容抗公式xc=12fc。4【分析】先利用整體法，可以求出整體運(yùn)動(dòng)的加速度大小，再利用隔離法可以求得彈簧對(duì)物體b的拉力的大小，進(jìn)而進(jìn)行判斷?！窘獯稹拷猓涸O(shè)彈簧的彈力為t。對(duì)于a、b整體，由牛頓第二定律得：f

18、（ma+mb）g（ma+mb）a對(duì)b受力分析； tmbgmba由解得，t=mbfma+mb，則：a、由t=mbfma+mb=fmamb+1知減小mb，t減小，則彈簧穩(wěn)定時(shí)的伸長(zhǎng)量減小，故a錯(cuò)誤。b、由t=mbfma+mb知僅增大a的質(zhì)量，t減小，則彈簧穩(wěn)定時(shí)的伸長(zhǎng)量減小，故b錯(cuò)誤。c、僅將a、b的位置對(duì)調(diào)，同理可得彈簧的彈力 t=mafma+mb，因mamb，則tt，所以彈簧穩(wěn)定時(shí)的伸長(zhǎng)量增大，故c正確。d、由t=mbfma+mb知t與無關(guān)，因此僅減小水平面的粗糙程度，彈簧穩(wěn)定時(shí)的伸長(zhǎng)量不變，故d錯(cuò)誤。故選：c。【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于連接體問題，通常采用的方法是整體法和隔離法，通過整體法求得加速度，再利

19、用隔離法求物體之間的力的大小。5【分析】由動(dòng)能定理知粒子動(dòng)能ek與位置坐標(biāo)x的圖象的斜率反映的電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，結(jié)合牛頓第二定律可知加速度的變化；只有電場(chǎng)力做功，所以動(dòng)能和電勢(shì)能的和不變，動(dòng)能均勻減小，則電勢(shì)能應(yīng)均勻增加；根據(jù)動(dòng)能定理可寫出速度隨x的函數(shù)關(guān)系式，根據(jù)關(guān)系式可判斷。【解答】解：設(shè)粒子的初動(dòng)能為ek0，電場(chǎng)強(qiáng)度為e，由圖知?jiǎng)幽軠p小，電場(chǎng)力做負(fù)功，由動(dòng)能定理得：qexekek0 即ekqex+ek0ac、可知圖象的斜率反應(yīng)電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，由于斜率恒定，所以電場(chǎng)強(qiáng)度恒定，即e不變化，由牛頓第二定律知加速度也不變化，故ac錯(cuò)誤；d、因?yàn)橹挥须妶?chǎng)力做功，所以動(dòng)能和電勢(shì)能的和不變，動(dòng)能均勻減小

20、，則電勢(shì)能應(yīng)均勻增加，故d錯(cuò)誤；b、粒子做減速運(yùn)動(dòng)，隨著時(shí)間的增加，發(fā)生相同的位移需要的時(shí)間越來越長(zhǎng)，因加速度不變，則速度的變化量越來越大，可知圖象b合理，故b正確。故選：b?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確粒子的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，然后結(jié)合動(dòng)能定理進(jìn)行分析，圖象的斜率的物理意義要清楚。二、多項(xiàng)選擇題：本大題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不選的得0分6【分析】根據(jù)pui可求輸電電流；根據(jù)p損i2r求出損耗的功率；根據(jù)uir可求輸電線上損失電壓；能量守恒求出電動(dòng)機(jī)消耗的功率?！窘獯稹拷猓篴、已知輸電功率和電壓分別為p0、u0，根據(jù)pui

21、可求輸電電流，故a正確；b、由于發(fā)電機(jī)為非純電阻電路，僅根據(jù)已知輸電功率和電壓分別為p0、u0，輸電線總電阻為r，電動(dòng)機(jī)正常工作，無法求解電動(dòng)機(jī)電阻，故b錯(cuò)誤；c、根據(jù)能量守恒，電動(dòng)機(jī)消耗的功率為：p=p0-(p0u0)2r，故c正確；d、電動(dòng)機(jī)對(duì)外做功的功率即電動(dòng)機(jī)的輸出功率，需要知道電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻，求解熱功率，但內(nèi)阻不知，且不能求解，故不能求解電動(dòng)機(jī)對(duì)外做功的功率，故d錯(cuò)誤；故選：ac?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道輸送功率與輸出電壓和輸出電流的關(guān)系，損失電壓與電流和電阻的關(guān)系，以及掌握輸電線上損耗的功率p損i2r。7【分析】物體繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道周期與月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道周期相同，結(jié)合

22、軌道半徑的關(guān)系得出線速度、角速度、向心加速度的大小關(guān)系；根據(jù)合力提供向心力求解質(zhì)量?！窘獯稹拷猓篴該衛(wèi)星的周期與月球繞地球運(yùn)行的周期相等，根據(jù)r3t2=k可知，該衛(wèi)星的周期大于地球同步衛(wèi)星的周期，故a正確；鵲橋”受到地球和月球的引力，二者合力提供向心力，故a錯(cuò)誤；b、衛(wèi)星和月球的角速度相同，向心加速度ar2可知，軌道半徑越大，則向心加速度越大，所以衛(wèi)星的向心加速度大于月球的向心加速度，故b錯(cuò)誤；cd、月球的向心力是由萬有引力提供，則gmm月(r2-r1)2=m月（r2r1）42t2，解得地球的質(zhì)量為m=42(r2-r1)3gt2；對(duì)衛(wèi)星，根據(jù)合力提供向心力可得：=gmmr22+gm月mr12m

23、r2242t2，地球的質(zhì)量m=42(r2-r1)3gt2，代入可求出月球的質(zhì)量，故c錯(cuò)誤、d正確。故選：ad?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道物體做圓周運(yùn)動(dòng)，靠地球和月球引力的合力提供向心力。不能認(rèn)為靠地球的萬有引力提供向心力進(jìn)行分析求解，另外還要僅僅抓住：中繼衛(wèi)星在地月引力作用下繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的周期與月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的周期相同。8【分析】a、b、d三個(gè)選項(xiàng)的信息可以直接從伏安特性曲線圖象中得出，c、選項(xiàng)可以將電源和滑動(dòng)變阻器r的最大阻值10看作一個(gè)電動(dòng)勢(shì)12v，內(nèi)阻10的等效電源，列方程解題【解答】解：a、從圖象可以看出隨電流的增大，電壓與電流的比值越來越大，即電阻越來越大，故a錯(cuò)誤b、從圖象可以看出額

24、定電壓9v時(shí)，電流1.5a，相乘得額定功率為13.5w，故b正確c、滑動(dòng)變阻器r取最大阻值10時(shí)，燈泡l消耗電功率最小，將電源和阻值10看作一個(gè)電動(dòng)勢(shì)12v，內(nèi)阻10的等效電源，則其提供電壓電流滿足u1210i，坐標(biāo)（2，1）滿足，是該表達(dá)式圖象與燈泡l伏安特性曲線的交點(diǎn)，即滑動(dòng)變阻器r取最大阻值10時(shí)，燈泡電壓2v，電流1a，電功率2w，故c正確d、燈泡l額定電壓9v，此時(shí)電流1.5a，則滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值rx=12-91.5=2，故d錯(cuò)誤故選：bc?！军c(diǎn)評(píng)】a、b、d三個(gè)選項(xiàng)的信息可以直接從圖象得出，難度較小。c、選項(xiàng)需要將電源和滑動(dòng)變阻器r的最大阻值10看作一個(gè)電動(dòng)勢(shì)12v，內(nèi)阻1

25、0的等效電源，難度較大，不好把握9【分析】對(duì)小球受力分析結(jié)合運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可分析加速度的變化；分析出重力外的力做的功和電場(chǎng)力的功可比較機(jī)械能、電勢(shì)能的變化。【解答】解：a、由小球在ab段做加速運(yùn)動(dòng)，在bc段做勻速運(yùn)動(dòng)，所以在在ab段的加速度大小逐漸減小的，故a錯(cuò)誤；b、小球在下落的過程，除重力外其它的力做負(fù)功，機(jī)械能一直減小減小，所以在n點(diǎn)的機(jī)械能比m點(diǎn)的小，故b正確；c、除重力和電場(chǎng)力外還有油的阻力和浮力，而阻力和浮力做負(fù)功，所以機(jī)械能和電勢(shì)能的總量減小，故c錯(cuò)誤；d、除重力外的電場(chǎng)力、油的阻力和浮力做的功要大于電場(chǎng)力做的功，所以機(jī)械能的變化量大于電勢(shì)能的變化量，故d正確。故選：bd。【點(diǎn)評(píng)】本題

26、考查了通過分析各個(gè)力的做功情況來分析機(jī)械能、電勢(shì)能的變化，要知道通過分析除重力外的力的做功情況判斷機(jī)械能的變化，分析電場(chǎng)力的做功情況判斷電勢(shì)能的變化。三、簡(jiǎn)答題：本大題分必做題（第10、11和12題）和選做題（第13題）兩部分，共計(jì)42分請(qǐng)將解答填寫在答題卡上相應(yīng)的位置【必做題】10【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及彈簧的使用要求作答；（2）讀數(shù)時(shí)視線與指針?biāo)鶎?duì)刻線相垂直，明確彈簧的最小分度，按讀數(shù)規(guī)則讀出彈簧的示數(shù)，木塊勻速運(yùn)動(dòng)，木塊受到的滑動(dòng)摩擦力等于彈簧的示數(shù)；（3）由斜率可求得動(dòng)摩擦因數(shù)；（4）a、b的材料以及它們表面粗糙程度相同，則動(dòng)摩擦因數(shù)，即斜率相同，據(jù)此作圖即可。【解答】解：（1）a

27、、實(shí)驗(yàn)前，應(yīng)先對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)調(diào)零，否則讀數(shù)不準(zhǔn)確，故a正確；b、應(yīng)保持與木塊相連的細(xì)線水平，否則木塊與木板之間的正壓力不等于木塊的重力，故b正確；cd、實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)將木塊勻速拉動(dòng)，和木板有相對(duì)運(yùn)動(dòng)即可，這樣細(xì)線的拉力大小等于摩擦力的大小，木板是否拉動(dòng)對(duì)實(shí)驗(yàn)無關(guān)，故cd錯(cuò)誤。故選：ab（2）在彈簧測(cè)力計(jì)上，1n之間有10個(gè)小格，一個(gè)小格代表0.1n，即彈簧測(cè)力計(jì)的分度值為0.1n，此時(shí)的示數(shù)為2.75n，木塊受到的滑動(dòng)摩擦力f2.75n；（3）由fmg得：圖象的斜率表示g，由圖象的斜率得g=2.6-2.00.17-0.02=4，所以0.4，（4）圖象如圖所示故選答案為：（1）ab（2）2.75 （3

28、）0.4 （4）如圖所示【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)摩擦因數(shù)的測(cè)量，在計(jì)算的過程中，描點(diǎn)法繪圖，并從中得出斜率是關(guān)鍵，可以從中計(jì)算出摩擦因數(shù)；在數(shù)據(jù)處理時(shí)注意圖象法的準(zhǔn)確應(yīng)用。11【分析】（1）為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖與實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)步驟求出待測(cè)電阻阻值。（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)步驟分析實(shí)驗(yàn)誤差?！窘獯稹拷猓海?）為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇rp1；根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：（2）由實(shí)驗(yàn)步驟可知，滑片位置不變，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變，電壓表示數(shù)不變，電路總電阻不變，待測(cè)電阻阻值等于電阻箱阻值，即待

29、測(cè)電阻阻值為48。（3）由圖1所示電路圖可知，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，電流測(cè)量值大于真實(shí)值，由歐姆定律可知，電阻測(cè)量值小于真實(shí)值；由圖3所示可知，滑片向右移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路阻值變大，電壓表示數(shù)為2v時(shí)，電路總電阻變大，電路電流減小，電壓表示數(shù)不變，由uir可知，r偏大，即電阻測(cè)量值大于真實(shí)值；故答案為：（1）rp1；實(shí)物電路圖如圖所示；（2）48；（3）小；大?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材選擇、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處于與實(shí)驗(yàn)誤差分析，要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則：安全性原則、精確性原則、方便實(shí)驗(yàn)操作原則；分析清楚實(shí)驗(yàn)步驟、理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵。選修3-5（12分）12【分析】根據(jù)

30、質(zhì)量數(shù)守恒判斷x的大小；根據(jù)裂變的特點(diǎn)可知裂變過程中向外釋放能量?！窘獯稹拷猓篴b、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知，x235+19013610，故a正確、b錯(cuò)誤；cd、核反應(yīng)92235u+01n3890sr+54136xe+x01n屬于裂變，裂變時(shí)出現(xiàn)質(zhì)量虧損，向外釋放能量，故c正確、d錯(cuò)誤；故選：ac?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查裂變，解答本題要掌握核反應(yīng)過程中質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，掌握裂變的特點(diǎn)。13【分析】用單色光1照射，電流表示數(shù)恰好為0，說明此時(shí)兩極板間的電壓恰好等于遏止電壓；光子的動(dòng)量減小，由=hp知波長(zhǎng)變大，頻率變小，遏止電壓隨之改變，滑片位置不變，兩極板間的電壓不變，當(dāng)兩極板間的電壓大于等于遏

31、止電壓時(shí)，光電流為0，當(dāng)兩極板間的小于遏止電壓時(shí)，光電流不為0；根據(jù)=hp求兩單色光的波長(zhǎng)之比?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)光電效應(yīng)方程ek=h-w0和ek=euc得，uc=he-w0e光子動(dòng)量減小，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，頻率變小，遏止電壓變小，采用單色光1照射時(shí)，電流表示數(shù)恰好為零，兩極板間電壓剛好等于遏止電壓，滑片p的位置不變，兩極板間電壓不變，采用單色光2照射時(shí)，遏止電壓減小，兩極板間電壓大于等于遏止電壓時(shí)，光電流為0，所以電流表的示數(shù)為0根據(jù)=hp得：12=0.5p0p0=12故答案為：0，1：2【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程ekmhw0，以及知道光電子的最大初動(dòng)能和遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)，同時(shí)要

32、理解記憶光子的動(dòng)量公式=hp。14【分析】彈簧釋放的過程，甲、乙及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)乙的速度大??；若乙與擋板p碰撞反彈后，不能再與彈簧發(fā)生碰撞，乙的最大速度與甲的速度相等。對(duì)乙與擋板碰撞的過程，由動(dòng)量定理求擋板p對(duì)乙的沖量的最大值?！窘獯稹拷猓簭椈舍尫诺倪^程，甲、乙及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：0m甲v甲m乙v乙。解之得：v乙6m/s；若乙與擋板p碰撞反彈后，不能再與彈簧發(fā)生碰撞，乙的最大速度與甲的速度相等，乙與擋板碰撞的過程，由動(dòng)量定理得：im乙v甲（m乙v乙）1×（2+6）8ns即擋板p對(duì)乙的沖量的最大值是8ns答

33、：彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)乙的速度大小是6m/s；擋板p對(duì)乙的沖量的最大值是8ns?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查動(dòng)量守恒定律以及動(dòng)量定理的應(yīng)用，要注意明確動(dòng)量、沖量及速度的矢量性。把握隱含的臨界條件：乙與擋板p碰撞反彈后速度與甲的速度相同?！具x做題】本題包括a、b兩道小題，請(qǐng)選定其中一題，并在答題卡相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答若兩題都做，則按a題評(píng)分a選修3-3（12分）15【分析】先根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能增大，判斷溫度變化，再根據(jù)向外放出熱量，結(jié)合熱力學(xué)第一定律判斷做功情況，從而分析體積變化，再根據(jù)理想氣體方程分析壓強(qiáng)變化?！窘獯稹拷猓篴bc、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能增大，則溫度升高；又氣體向外放熱，格局熱力學(xué)第一定律

34、可知，外界對(duì)氣體做功，故體積縮小；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pvt=c可知，壓強(qiáng)增大，故ac正確，b錯(cuò)誤；d、根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，pvt的值不變，故d錯(cuò)誤；故選：ac。【點(diǎn)評(píng)】本題考查熱力學(xué)第一定律和理想氣體狀態(tài)方程，關(guān)鍵是要知道理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)，且氣體對(duì)外做功，體積增大；外界對(duì)氣體做功，氣體體積縮小，再結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程即可分析各項(xiàng)。16【分析】水上方蒸汽的氣壓叫飽和氣壓，只與溫度有關(guān)，只要下面還有水，那就是處于飽和狀態(tài)，根據(jù)飽和汽壓的特點(diǎn)進(jìn)行分析。溫度降低時(shí)，液體分子的平均動(dòng)能減小，單位時(shí)間里從液面飛出的分子數(shù)減少，所以達(dá)到動(dòng)態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量減小，密度減小，壓強(qiáng)也減小?！窘?/p>

35、答】解：水上方蒸汽達(dá)到飽和時(shí)的氣壓叫飽和氣壓，只與溫度有關(guān)，在冷卻過程中，鍋內(nèi)水蒸汽一直處于飽和狀態(tài)，但鍋內(nèi)水蒸汽壓強(qiáng)隨著溫度的降低而減小。故答案為：一直是飽和汽；減小?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查飽和汽和飽和汽壓等概念的理解，關(guān)于這兩個(gè)概念注意：飽和汽壓隨溫度的升高而增大，飽和氣壓與蒸汽所占的體積無關(guān)，與該蒸汽中有無其他氣體也無關(guān)，不能用氣體實(shí)驗(yàn)定律分析，這是飽和氣體，不是理想氣體，對(duì)于未飽和汽，氣體實(shí)驗(yàn)定律近似適用17【分析】由體積的公式求出分子的體積，乘以阿伏伽德羅常數(shù)為摩爾體積，該蛋白的密度為摩爾質(zhì)量與摩爾體積的比值。【解答】解：該蛋白的摩爾體積：v=43r3na由密度：=mv，解得：=3m4

36、r3na代入數(shù)據(jù)得：1×103kg/m3答：該蛋白的密度為1×103kg/m3。【點(diǎn)評(píng)】本題要理解阿伏加德羅常數(shù)na是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，抓住它的含義，來理解分子質(zhì)量和摩爾質(zhì)量的關(guān)系。b選修3-4（12分）18【分析】波長(zhǎng)可波的圖象直接讀出。根據(jù)波的周期性、雙向性和波速公式判斷周期、波速是否確定，進(jìn)而判斷頻率是否確定?！窘獯稹拷猓篴、題中未給出實(shí)線波形和虛線波形的時(shí)刻，不知道時(shí)間差或波的傳播方向，無法確定周期，從而無法確定頻率，故a錯(cuò)誤；b、由波的圖象直接讀出波長(zhǎng)為4m，故b正確。c、周期無法確定，波長(zhǎng)可讀出，波速也無法確定。故c錯(cuò)誤。d、由圖可知，該波的振幅為4cm，故

37、d正確。故選：bd。【點(diǎn)評(píng)】本題畫出了兩個(gè)時(shí)刻的波形，如給出時(shí)間差，就可求出周期、波速、頻率的通項(xiàng)式。要注意波的雙向性和周期性，防止漏解。19【分析】地面上的人、車廂中的人選擇的慣性系不一樣，但是本題的慣性系中光向前傳播和向后傳播的速度相同，從而發(fā)現(xiàn)傳播到前后壁的快慢不一樣。【解答】解：地面上的人以地面為參考系，光向前向后傳播的速度相等，某光源發(fā)出的閃光同時(shí)到達(dá)車廂的前壁和后壁，向前傳播的路程與向后傳播的路程相同，由于火車向前運(yùn)動(dòng)，所以點(diǎn)光源的到火車的前面的距離??；車廂中的人認(rèn)為，車廂是個(gè)慣性系，光向前向后傳播的速度相等，點(diǎn)光源的到火車的前面的距離小，閃光先到達(dá)前壁；若此光源安放在火車上，光向

38、前向后傳播的速度相對(duì)于火車相等，點(diǎn)光源的到火車的前面的距離小，閃光先到達(dá)前壁；故答案為：前；前?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了同時(shí)的相對(duì)性，關(guān)鍵是明確不同慣性參考系中光速相等，掌握愛因斯坦相對(duì)論是解答本題的關(guān)鍵。20【分析】作出光路圖，結(jié)合折射定律，以及全反射的臨界角求出入射角i的正弦值；根據(jù)折射率的大小，結(jié)合v=cn求出光在棱鏡中傳播的速度大小?！窘獯稹拷猓汗饩€在bc面上恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角c，由折射定律知：nsinc1光線在ab界面上發(fā)生折射，由折射定律得，n=sinisinr，解得：sini=115由公式v=cn 得光在棱鏡中傳播速度的大小為：v2.5×108m/s答：求入射角

39、i的正弦值是115；光在該棱鏡中傳播速度的大小是2.5×108m/s?！军c(diǎn)評(píng)】本題的突破口是“光線進(jìn)入棱鏡后恰好以臨界角射在bc面上的o點(diǎn)”根據(jù)全反射臨界角公式由sinc=1n、折射定律sinisin=n、光速公式v=cn相結(jié)合進(jìn)行處理。四、計(jì)算題：本題共3小題，計(jì)47分解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只有最后答案不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，必須明確寫出數(shù)值和單位21【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合閉合電路的歐姆定律、法拉第電磁感應(yīng)定律求解；（2）根據(jù)電荷量的計(jì)算公式q=it可得q=r，由此得到電荷量；（3）根據(jù)能量關(guān)系求解速度大小?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)牛頓第二定律

40、可得：mgsinbidma其中電流強(qiáng)度i=er=bdv0r解得：a4.5m/s2；（2）電路中平即感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e=t根據(jù)電荷量的計(jì)算公式q=it可得q=r=bldr代入數(shù)據(jù)解得：q0.65c；（3）根據(jù)能量關(guān)系可得：mglsinq+（12mv2-12mv02）代入數(shù)據(jù)解得：v5m/s。答：（1）導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)加速度的大小為4.5m/s2；（2）題述過程中通過電阻r的電荷量為0.65c；（3）若定值電阻r在此過程中產(chǎn)生的熱量為0.5j，導(dǎo)體棒離開磁場(chǎng)時(shí)的速度為5m/s?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。22【分析】（1）由動(dòng)能定理可求得摩擦力對(duì)小球所做的功；（2）假設(shè)小球拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律寫出運(yùn)動(dòng)方程可判斷小球在om段運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，再由動(dòng)能定理可求得運(yùn)動(dòng)至m點(diǎn)時(shí)的速度；（3）求出小球從m點(diǎn)開始直至將彈簧壓縮到最短過程中摩擦力的功，在小球從m點(diǎn)開始直至將彈