《2019年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)ⅲ）（含解析版）》

1、2019年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1（6分）楞次定律是下列哪個(gè)定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的具體體現(xiàn)？（）A電阻定律B庫侖定律C歐姆定律D能量守恒定律2（6分）金星、地球和火星繞太陽的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們的向心加速度大小分別為a金、a地、a火，它們沿軌道運(yùn)行的速率分別為v金、v地、v火已知它們的軌道半徑R金R地R火，由此可以判定（）Aa金a地a火B(yǎng)a火a地a金Cv地v火v金Dv火v地v金3（6分）用卡車

2、運(yùn)輸質(zhì)量為m的勻質(zhì)圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示。兩斜面、固定在車上，傾角分別為30°和60°重力加速度為g。當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛時(shí)，圓筒對(duì)斜面、壓力的大小分別為F1、F2，則（）AF1mg，F(xiàn)2mgBF1mg，F(xiàn)2mgCF1mg，F(xiàn)2mgDF1mg，F(xiàn)2mg4（6分）從地面豎直向上拋出一物體，物體在運(yùn)動(dòng)過程中除受到重力外，還受到一大小不變、方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相反的外力作用。距地面高度h在3m以內(nèi)時(shí)，物體上升、下落過程中動(dòng)能Ek隨h的變化如圖所示。重力加速度取10m/s2該物體的質(zhì)量為（）A2kgB1.5kgC1kgD0.5kg5（6分）

3、如圖，在坐標(biāo)系的第一和第二象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和B、方向均垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的粒子垂直于x軸射入第二象限，隨后垂直于y軸進(jìn)入第一象限，最后經(jīng)過x軸離開第一象限。粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（）ABCD6（6分）如圖，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中有兩根位于同一水平面內(nèi)的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，兩相同的光滑導(dǎo)體棒ab、cd靜止在導(dǎo)軌上。t0時(shí)，棒ab以初速度v0向右滑動(dòng)。運(yùn)動(dòng)過程中，ab、cd始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，兩者速度分別用v1、v2表示，回路中的電流用I表示。下列圖象中可能正確的是（）ABCD7（6分）如圖（a），物塊和木板疊放在實(shí)驗(yàn)臺(tái)上，物塊用一

4、不可伸長的細(xì)繩與固定在實(shí)驗(yàn)臺(tái)上的力傳感器相連，細(xì)繩水平。t0時(shí)，木板開始受到水平外力F的作用，在t4s時(shí)撤去外力。細(xì)繩對(duì)物塊的拉力f隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖（b）所示，木板的速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖（c）所示。木板與實(shí)驗(yàn)臺(tái)之間的摩擦可以忽略。重力加速度取10m/s2由題給數(shù)據(jù)可以得出（）A木板的質(zhì)量為1kgB2s4s內(nèi)，力F的大小為0.4NC02s內(nèi)，力F的大小保持不變D物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.28（6分）如圖，電荷量分別為q和q（q0）的點(diǎn)電荷固定在正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)上，a、b是正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn)。則（）Aa點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢相等Ba點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等Ca點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相同

5、D將負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢能增加二、非選擇題：共62分，第912題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第1316題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。9（5分）甲乙兩位同學(xué)設(shè)計(jì)了利用數(shù)碼相機(jī)的連拍功能測重力加速度的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中，甲同學(xué)負(fù)責(zé)釋放金屬小球，乙同學(xué)負(fù)責(zé)在小球自由下落的時(shí)候拍照。已知相機(jī)每間隔0.1s拍1幅照片。（1）若要從拍得的照片中獲取必要的信息，在此實(shí)驗(yàn)中還必須使用的器材是 。（填正確答案標(biāo)號(hào)）A米尺 B秒表 C光電門 D天平（2）簡述你選擇的器材在本實(shí)驗(yàn)中的使用方法。答： 。（3）實(shí)驗(yàn)中兩同學(xué)由連續(xù)3幅照片上小球的位置a、b和c得到ab24.5cm、ac58.

6、7cm，則該地的重力加速度大小為g m/s2（保留2位有效數(shù)字）10（10分）某同學(xué)欲將內(nèi)阻為98.5、量程為100A的電流表改裝成歐姆表并進(jìn)行刻度和校準(zhǔn)，要求改裝后歐姆表的15k刻度正好對(duì)應(yīng)電流表表盤的50A刻度?？蛇x用的器材還有：定值電阻R0（阻值14k），滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值1500），滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值500），電阻箱（099999.9），干電池（E1.5V，r1.5），紅、黑表筆和導(dǎo)線若干。（1）歐姆表設(shè)計(jì)將圖（a）中的實(shí)物連線組成歐姆表。歐姆表改裝好后，滑動(dòng)變阻器R接入電路的電阻應(yīng)為 ；滑動(dòng)變阻器選 （填“R1”或“R2”）。（2）刻度歐姆表表盤通過計(jì)算，對(duì)整個(gè)表盤進(jìn)行電

7、阻刻度，如圖（b）所示。表盤上a、b處的電流刻度分別為25和75，則a、b處的電阻刻度分別為 、 。（3）校準(zhǔn)紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使歐姆表指針指向 k處；將紅、黑表筆與電阻箱連接，記錄多組電阻箱接入電路的電阻值及歐姆表上對(duì)應(yīng)的測量值，完成校準(zhǔn)數(shù)據(jù)測量。若校準(zhǔn)某刻度時(shí)，電阻箱旋鈕位置如圖（c）所示，則電阻箱接入的阻值為 。11（12分）空間存在一方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，O、P是電場中的兩點(diǎn)。從O點(diǎn)沿水平方向以不同速度先后發(fā)射兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A、BA不帶電，B的電荷量為q（q0）。A從O點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度大小為v0，到達(dá)P點(diǎn)所用時(shí)間為t；B從O點(diǎn)到達(dá)P點(diǎn)所用時(shí)間為重力加速度為g，求（1

8、）電場強(qiáng)度的大?。唬?）B運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能。12（20分）靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質(zhì)量分別為mAl.0kg，mB4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側(cè)的豎直墻壁距離l1.0m，如圖所示。某時(shí)刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動(dòng)能之和為Ek10.0J釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運(yùn)動(dòng)。A、B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.20重力加速度取g10m/s2A、B運(yùn)動(dòng)過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短。（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大小；（2）物塊A、B中的哪一個(gè)先停止？該物塊剛停止時(shí)A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之

9、間的距離是多少？（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。物理一一選修33（15分）13（5分）用油膜法估算分子大小的實(shí)驗(yàn)中，首先需將純油酸稀釋成一定濃度的油酸酒精溶液，稀釋的目的是 。實(shí)驗(yàn)中為了測量出一滴已知濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以 。為得到油酸分子的直徑，還需測量的物理量是 。14（10分）如圖，一粗細(xì)均勻的細(xì)管開口向上豎直放置，管內(nèi)有一段高度為2.0cm的水銀柱，水銀柱下密封了一定量的理想氣體，水銀柱上表面到管口的距離為2.0cm。若將細(xì)管倒置，水銀柱下表面恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內(nèi)氣體溫度與環(huán)境溫度相同。已知大氣壓強(qiáng)

10、為76cmHg，環(huán)境溫度為296K。（i）求細(xì)管的長度；（ii）若在倒置前，緩慢加熱管內(nèi)被密封的氣體，直到水銀柱的上表面恰好與管口平齊為止，求此時(shí)密封氣體的溫度。物理選修34（15分）15水槽中，與水面接觸的兩根相同細(xì)桿固定在同一個(gè)振動(dòng)片上。振動(dòng)片做簡諧振動(dòng)時(shí)，兩根細(xì)桿周期性觸動(dòng)水面形成兩個(gè)波源。兩波源發(fā)出的波在水面上相遇，在重疊區(qū)域發(fā)生干涉并形成了干涉圖樣。關(guān)于兩列波重疊區(qū)域內(nèi)水面上振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是 （）A不同質(zhì)點(diǎn)的振幅都相同B不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的頻率都相同C不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的相位都相同D不同質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期都與振動(dòng)片的周期相同E同一質(zhì)點(diǎn)處，兩列波的相位差不隨時(shí)間變化16如圖，直角三角形AB

11、C為一棱鏡的橫截面，A90°，B30°一束光線平行于底邊BC射到AB邊上并進(jìn)入棱鏡，然后垂直于AC邊射出。（i）求棱鏡的折射率；（ii）保持AB邊上的入射點(diǎn)不變，逐漸減小入射角，直到BC邊上恰好有光線射出。求此時(shí)AB邊上入射角的正弦。2019年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1（6分）楞次定律是下列哪個(gè)定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的具體體現(xiàn)？（）A電阻定律B庫侖定律C歐姆定律D能量守

12、恒定律【分析】當(dāng)線圈與磁體間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)“來拒去留”可知，磁場力都是阻礙線圈與磁體間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，有外力對(duì)系統(tǒng)做了功，導(dǎo)致其他形式的能轉(zhuǎn)化為線圈的電能；當(dāng)導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力總是阻礙導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體克服安培力做，把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，據(jù)此即可分析。【解答】解：當(dāng)線圈與磁體間有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)“來拒去留”可知，磁場力都是阻礙線圈與磁體間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，有外力對(duì)系統(tǒng)做了功，導(dǎo)致其他形式的能轉(zhuǎn)化為線圈的電能；當(dāng)導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力總是阻礙導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體克服安培力做，把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，所以楞次定律是能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的體現(xiàn)，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選：D?！?/p>

13、點(diǎn)評(píng)】考查電磁感應(yīng)原理，掌握楞次定律的內(nèi)涵，注意從做功與能量轉(zhuǎn)化角度來認(rèn)識(shí)楞次定律的內(nèi)容。2（6分）金星、地球和火星繞太陽的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們的向心加速度大小分別為a金、a地、a火，它們沿軌道運(yùn)行的速率分別為v金、v地、v火已知它們的軌道半徑R金R地R火，由此可以判定（）Aa金a地a火B(yǎng)a火a地a金Cv地v火v金Dv火v地v金【分析】行星繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由太陽的萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律列式分析距離關(guān)系、線速度關(guān)系及加速度關(guān)系?！窘獯稹拷猓盒行抢@太陽運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬有引力提供向心力，設(shè)太陽的質(zhì)量為M，行星的質(zhì)量為m，行星的軌道半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律有：可得向心加速度為，

14、線速度為，由題意有R金R地R火，所以有a金a地a火，v金v地v火，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于天體的運(yùn)動(dòng)，一般的分析思路要掌握：萬有引力提供向心力；明確萬有引力的表達(dá)式，會(huì)由向心力等于萬有引力分析周期、線速度與半徑的大小關(guān)系。3（6分）用卡車運(yùn)輸質(zhì)量為m的勻質(zhì)圓筒狀工件，為使工件保持固定，將其置于兩光滑斜面之間，如圖所示。兩斜面、固定在車上，傾角分別為30°和60°重力加速度為g。當(dāng)卡車沿平直公路勻速行駛時(shí)，圓筒對(duì)斜面、壓力的大小分別為F1、F2，則（）AF1mg，F(xiàn)2mgBF1mg，F(xiàn)2mgCF1mg，F(xiàn)2mgDF1mg，F(xiàn)2mg【分析】將重力進(jìn)行分解，根

15、據(jù)幾何關(guān)系求解圓筒對(duì)斜面、壓力的大小?！窘獯稹拷猓簩⒅亓M(jìn)行分解如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得F1mgcos30°mg，F(xiàn)2mgsin30°mg，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。4（6分）從地面豎直向上拋出一物體，物體在運(yùn)動(dòng)過程中除受到重力外，還受到一大小不變、方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相反的外力作用。距地面高度h在3m以內(nèi)時(shí)，物體上升、下落過程中動(dòng)能Ek隨h的變化如圖所示。重力加速度取10m/s

16、2該物體的質(zhì)量為（）A2kgB1.5kgC1kgD0.5kg【分析】根據(jù)動(dòng)能定理得到圖象的斜率表示的物理量，再根據(jù)牛頓第二定律列方程求解質(zhì)量。【解答】解：根據(jù)動(dòng)能定理可得：mahEk，解得斜率的大小為ma；上升過程中：ma1N12N下落過程中：ma2N8N設(shè)與運(yùn)動(dòng)方向相反的外力為F，根據(jù)牛頓第二定律可得：上升過程中：mg+Fma1，下落過程中：mgFma2，聯(lián)立解得：m1kg。故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于圖象問題，關(guān)鍵是能夠根據(jù)已知的公式、定律等推導(dǎo)出橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)的關(guān)系式，分析斜率的變化，然后作出正確的判斷。5（6分）如圖，在坐標(biāo)系的第一和第二象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B

17、和B、方向均垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的粒子垂直于x軸射入第二象限，隨后垂直于y軸進(jìn)入第一象限，最后經(jīng)過x軸離開第一象限。粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（）ABCD【分析】畫出粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡，求出軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，再根據(jù)周期公式求解時(shí)間。【解答】解：粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則粒子在第二象限的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1第一象限的磁感應(yīng)強(qiáng)度為第二象限磁感應(yīng)強(qiáng)度的一半，根據(jù)R可知半徑為原來的2倍，即R22R1，根據(jù)幾何關(guān)系可得cos，則60°，t2粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為tt1+t2，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一

18、般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求時(shí)間。6（6分）如圖，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中有兩根位于同一水平面內(nèi)的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，兩相同的光滑導(dǎo)體棒ab、cd靜止在導(dǎo)軌上。t0時(shí)，棒ab以初速度v0向右滑動(dòng)。運(yùn)動(dòng)過程中，ab、cd始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，兩者速度分別用v1、v2表示，回路中的電流用I表示。下列圖象中可能正確的是（）ABCD【分析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律分析最終的速度大小，根據(jù)受力情況確定速度變化情況；根據(jù)導(dǎo)體棒切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小和閉合電路的歐姆定律分析電流強(qiáng)度的變化。【解答】解：AB、金屬棒滑動(dòng)過程中

19、，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：mv02mv，則v，所以ab的速度逐漸減小，cd 的速度逐漸增大，相對(duì)速度越來越小，最后為零，則安培力逐漸減小、加速度逐漸減小到零，故A正確、B錯(cuò)誤；CD、設(shè)兩根導(dǎo)體棒的總電阻為R，由于I，二者的速度之差越來越小，最后速度之差為0，則感應(yīng)電流越來越小，最后為零，故C正確、D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問題，經(jīng)常是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時(shí)間變化關(guān)系，然后推導(dǎo)出縱坐標(biāo)與橫坐標(biāo)的關(guān)系式，由此進(jìn)行解答，這是電磁感應(yīng)問題中常用的方法和思路。7（6分）如圖（a），物塊和

20、木板疊放在實(shí)驗(yàn)臺(tái)上，物塊用一不可伸長的細(xì)繩與固定在實(shí)驗(yàn)臺(tái)上的力傳感器相連，細(xì)繩水平。t0時(shí)，木板開始受到水平外力F的作用，在t4s時(shí)撤去外力。細(xì)繩對(duì)物塊的拉力f隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖（b）所示，木板的速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖（c）所示。木板與實(shí)驗(yàn)臺(tái)之間的摩擦可以忽略。重力加速度取10m/s2由題給數(shù)據(jù)可以得出（）A木板的質(zhì)量為1kgB2s4s內(nèi)，力F的大小為0.4NC02s內(nèi)，力F的大小保持不變D物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2【分析】根據(jù)圖象求出在4s后木板的加速度大小，根據(jù)牛頓第二定律求解木板的質(zhì)量；2s4s內(nèi)根據(jù)牛頓第二定律求解F；根據(jù)平衡條件分析拉力的變化；物塊的質(zhì)量無法求出，物塊與

21、木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)無法求解。【解答】解：A、根據(jù)圖象可知木塊與木板之間的滑動(dòng)摩擦力為f0.2N，在4s后撤去外力，此時(shí)木板在水平方向上只受到滑動(dòng)摩擦力的作用，此時(shí)木板的加速度大小為a20.2m/s2，根據(jù)牛頓第二定律可得fma2，解得木板的質(zhì)量m1kg，故A正確；B、2s4s內(nèi)，木板的加速度a1m/s20.2m/s2，根據(jù)牛頓第二定律可得Ffma1，解得力F0.4N，故B正確；C、02s內(nèi)，整體受力平衡，拉力F的大小始終等于繩子的拉力，繩子的拉力增大，則力F增大，故C錯(cuò)誤；D、由于物塊的質(zhì)量無法求出，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)無法求解，故D錯(cuò)誤。故選：AB。【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用

22、問題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程和受力情況，利用牛頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行解答；知道加速度是聯(lián)系靜力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁。8（6分）如圖，電荷量分別為q和q（q0）的點(diǎn)電荷固定在正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)上，a、b是正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn)。則（）Aa點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢相等Ba點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等Ca點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相同D將負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電勢能增加【分析】真空中兩等量異號(hào)電荷疊加形成電場，根據(jù)等量異種電荷電場線以及等勢面的性質(zhì)即可確定ab兩點(diǎn)的電勢和場強(qiáng)關(guān)系；再根據(jù)電場線確定電場力做功情況，從而確定電勢能的變化。【解答】解：A、等量異號(hào)電荷形成的電場線和等勢面如

23、圖所示；結(jié)合題圖中對(duì)應(yīng)的幾何關(guān)系可知，a靠近負(fù)電荷，而b靠近正電荷，則可知，a點(diǎn)電勢一定小于b點(diǎn)電勢；故A錯(cuò)誤；B、ab兩點(diǎn)是兩電荷單獨(dú)在兩點(diǎn)形成的電場強(qiáng)度的疊加，由圖3可知，兩點(diǎn)處的兩分場強(qiáng)恰好相同，故合場強(qiáng)一定相同，故BC正確；D、根據(jù)A中分析可知將負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí)，是從低點(diǎn)勢移向高電勢，因電荷帶負(fù)電，故電勢能減小，故D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查等量異電電荷電場的分布情況，解題的關(guān)鍵在于明確立體幾何關(guān)系的確定和應(yīng)用，能想象出其對(duì)應(yīng)的幾何圖象是解題的關(guān)鍵。二、非選擇題：共62分，第912題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第1316題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共

24、47分。9（5分）甲乙兩位同學(xué)設(shè)計(jì)了利用數(shù)碼相機(jī)的連拍功能測重力加速度的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中，甲同學(xué)負(fù)責(zé)釋放金屬小球，乙同學(xué)負(fù)責(zé)在小球自由下落的時(shí)候拍照。已知相機(jī)每間隔0.1s拍1幅照片。（1）若要從拍得的照片中獲取必要的信息，在此實(shí)驗(yàn)中還必須使用的器材是A。（填正確答案標(biāo)號(hào)）A米尺 B秒表 C光電門 D天平（2）簡述你選擇的器材在本實(shí)驗(yàn)中的使用方法。答：將米尺豎直放置，使小球下落時(shí)盡量靠近米尺。（3）實(shí)驗(yàn)中兩同學(xué)由連續(xù)3幅照片上小球的位置a、b和c得到ab24.5cm、ac58.7cm，則該地的重力加速度大小為g9.7m/s2（保留2位有效數(shù)字）【分析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定需要測量的物理量，從而確定所

25、需的測量器材；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出該地的重力加速度大小。【解答】解：（1）若要從拍得的照片中獲取必要的信息，在此實(shí)驗(yàn)中還必須使用的器材是米尺，所給器材測量距離，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。（2）選擇的器材在本實(shí)驗(yàn)中的使用方法：將米尺豎直放置，使小球下落時(shí)盡量靠近米尺。（3）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得hgT2，該地的重力加速度大小為g9.7m/s2。故答案為：（1）A；（2）將米尺豎直放置，使小球下落時(shí)盡量靠近米尺；（3）9.7。【點(diǎn)評(píng)】該題考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律以及推論的應(yīng)用，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基本物理規(guī)律的理解與應(yīng)用。10（10分）某同學(xué)欲將內(nèi)阻為98.5、量程為100A的電流

26、表改裝成歐姆表并進(jìn)行刻度和校準(zhǔn)，要求改裝后歐姆表的15k刻度正好對(duì)應(yīng)電流表表盤的50A刻度?？蛇x用的器材還有：定值電阻R0（阻值14k），滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值1500），滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值500），電阻箱（099999.9），干電池（E1.5V，r1.5），紅、黑表筆和導(dǎo)線若干。（1）歐姆表設(shè)計(jì)將圖（a）中的實(shí)物連線組成歐姆表。歐姆表改裝好后，滑動(dòng)變阻器R接入電路的電阻應(yīng)為900；滑動(dòng)變阻器選R1（填“R1”或“R2”）。（2）刻度歐姆表表盤通過計(jì)算，對(duì)整個(gè)表盤進(jìn)行電阻刻度，如圖（b）所示。表盤上a、b處的電流刻度分別為25和75，則a、b處的電阻刻度分別為45、5。（3）校準(zhǔn)紅、黑

27、表筆短接，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使歐姆表指針指向0k處；將紅、黑表筆與電阻箱連接，記錄多組電阻箱接入電路的電阻值及歐姆表上對(duì)應(yīng)的測量值，完成校準(zhǔn)數(shù)據(jù)測量。若校準(zhǔn)某刻度時(shí)，電阻箱旋鈕位置如圖（c）所示，則電阻箱接入的阻值為35000.0?！痉治觥浚?）明確歐姆表的原理，從而確定內(nèi)部結(jié)構(gòu)；再根據(jù)閉合電路歐姆定律即可求出滑動(dòng)變阻器接入阻值；（2）明確歐姆表的中值電阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律和中值電阻的意義即可確定對(duì)應(yīng)的刻度；（3）根據(jù)歐姆表使用前需要進(jìn)行歐姆調(diào)零進(jìn)行分析，同時(shí)明確電阻箱的讀數(shù)方法?！窘獯稹拷猓海?）將電源、電流表、定值電阻以及滑動(dòng)變阻器串接即可組成歐姆表，故實(shí)物圖如圖所示；根據(jù)閉合電路歐姆定

28、律有：50A解得：R1900；故滑動(dòng)變阻器選擇R1；（2）由（1）中解答可知，歐姆表的內(nèi)阻即中值電阻R中98.5+1.5+14000+90015000；根據(jù)閉合電路歐姆定律有：25A解得：Ra45k；同理可知：75A解得：Rb5k（3）歐姆表在使用時(shí)應(yīng)先將兩表筆短接，使歐姆表指針指向滿偏刻度，即0處；電阻箱的讀數(shù)為：3×10k+5×1k+0×100+0×10+0×1+0×0.135000.0。故答案為：（1）900；R1（2）45；5（3）0；35000.0【點(diǎn)評(píng)】本題考查多用電表中歐姆表的原理以及電路的改裝，注意明確實(shí)物圖的連接方法

29、，同時(shí)能正確利用閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，并能掌握歐姆表的正確使用方法。11（12分）空間存在一方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，O、P是電場中的兩點(diǎn)。從O點(diǎn)沿水平方向以不同速度先后發(fā)射兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A、BA不帶電，B的電荷量為q（q0）。A從O點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度大小為v0，到達(dá)P點(diǎn)所用時(shí)間為t；B從O點(diǎn)到達(dá)P點(diǎn)所用時(shí)間為重力加速度為g，求（1）電場強(qiáng)度的大?。唬?）B運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能?！痉治觥浚?）根據(jù)牛頓第二定律分析加速度，結(jié)合位移時(shí)間關(guān)系即可求出電場強(qiáng)度；（2）結(jié)合動(dòng)能定理，位移時(shí)間關(guān)系、速度時(shí)間關(guān)系式進(jìn)行分析，即可正確解答?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)電場強(qiáng)度的大小為E，小球B運(yùn)動(dòng)的加速度為a。根據(jù)

30、牛頓定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和題給條件，有mg+qEma解得（2）設(shè)B從O點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度為v1，到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為Ek，O、P兩點(diǎn)的高度差為h，根據(jù)動(dòng)能定理有且有聯(lián)立各式得答：（1）電場強(qiáng)度的大小為；（2）B運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為。【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是正確的受力分析，通過受力分析判斷物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，理清物體的運(yùn)動(dòng)過程，正確的選擇對(duì)應(yīng)的物理規(guī)律列式進(jìn)行分析。12（20分）靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質(zhì)量分別為mAl.0kg，mB4.0kg；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側(cè)的豎直墻壁距離l1.0m，如圖所示。某時(shí)刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動(dòng)能之和為Ek10.0J釋

31、放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運(yùn)動(dòng)。A、B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.20重力加速度取g10m/s2A、B運(yùn)動(dòng)過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時(shí)間極短。（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大??；（2）物塊A、B中的哪一個(gè)先停止？該物塊剛停止時(shí)A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？【分析】（1）A與B分離的過程中二者的動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律結(jié)合功能關(guān)系即可求出分離后的速度；（2）由動(dòng)量定理即可分別求出停止的時(shí)間，由動(dòng)量定理求出其中的一個(gè)停止運(yùn)動(dòng)時(shí)另一個(gè)的速度，由動(dòng)能定理求出位移，由幾何關(guān)系求出距離；（3）由動(dòng)能定理求出位移，由幾何關(guān)系求出距離?！窘獯稹拷猓?/p>

32、（1）設(shè)彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為vA、vB，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律和題給條件有：0mAvAmBvB聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得vA4.0 m/s，vB1.0 m/s（2）A、B兩物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，二者運(yùn)動(dòng)的過程中，若A一直向右運(yùn)動(dòng)，一直到停止，則對(duì)A由動(dòng)量定理可得：mAgt10mAvA則：t12.0sB一直向左運(yùn)動(dòng)，則：mBgt20mBvB可得：t20.5s可知B先停止運(yùn)動(dòng)，該過程中B的位移：代入數(shù)據(jù)可得：xB0.25m從二者分開到B停止，A若一直向右運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)量定理可得：mAgt2mAvAmAvAB停止時(shí)A的速度：代入數(shù)據(jù)可得：vA2m/s對(duì)A由動(dòng)能定理可得：則位移：

33、xA1.75ml1.0m這表明在時(shí)間t2內(nèi)A已與墻壁發(fā)生碰撞，但沒有與B發(fā)生碰撞，此時(shí)A位于出發(fā)點(diǎn)右邊的距離為：x2lxA2.01.750.25 m處。B位于出發(fā)點(diǎn)左邊0.25 m處，兩物塊之間的距離s為：sxB+x0.25 m+0.25 m0.50 m（3）t2時(shí)刻后A將繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)，假設(shè)它能與靜止的B碰撞，碰撞時(shí)速度的大小為vA，由動(dòng)能定理有：聯(lián)立并代入題給數(shù)據(jù)得：m/s故A與B將發(fā)生碰撞。設(shè)碰撞后A、B的速度分別為vA0以和vB0，由動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律有：mA（vA）mAvA0+mBvB0以及：聯(lián)立并代入題給數(shù)據(jù)得：m/s，m/s這表明碰撞后A將向右運(yùn)動(dòng)，B繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)。設(shè)碰撞

34、后A向右運(yùn)動(dòng)距離為xA時(shí)停止，B向左運(yùn)動(dòng)距離為xB時(shí)停止，由動(dòng)能定理可得：，代入數(shù)據(jù)得：xA0.63m，xB0.28mxA小于碰撞處到墻壁的距離。由上式可得兩物塊停止后的距離：sxA+xB0.63+0.280.91m答：（1）彈簧釋放后瞬間A、B速度的大小分別為4.0m/s和1.0m/s；（2）物塊B先停止，該物塊剛停止時(shí)A與B之間的距離是0.50m；（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是0.91m?！军c(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵要分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程，明確能量是如何轉(zhuǎn)化的，熟練應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律即可正確解題。該題除分離的過程外，其余的步驟也可以使用牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式解答。（二）選考

35、題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。物理一一選修33（15分）13（5分）用油膜法估算分子大小的實(shí)驗(yàn)中，首先需將純油酸稀釋成一定濃度的油酸酒精溶液，稀釋的目的是使油酸在淺盤的水面上容易形成一塊單分子層油膜。實(shí)驗(yàn)中為了測量出一滴已知濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中，測出1mL油酸酒精溶液的滴數(shù)，得到一滴溶液中純油酸的體積。為得到油酸分子的直徑，還需測量的物理量是單分子層油膜的面積?！痉治觥扛鶕?jù)濃度按比例算出純油酸的體積；把油酸分子看成球形，且不考慮分子間的空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直徑，由d可以求出直徑

36、大小?！窘獯稹拷猓河糜湍しü浪惴肿哟笮〉膶?shí)驗(yàn)中，首先需將純油酸稀釋成一定濃度的油酸酒精溶液，稀釋的目的是使油酸在淺盤的水面上容易形成一塊單分子層油膜；在實(shí)驗(yàn)中為了測量出一滴已知濃度的油酸酒精溶液中純油酸的體積，可以把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中，測出1 mL油酸酒精溶液的滴數(shù)，得到一滴溶液中純油酸的體積；為得到油酸分子的直徑，由d，還需測量的物理量是單分子層油膜的面積；故答案為：使油酸在淺盤的水面上容易形成一塊單分子層油膜； 把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中，測出1 mL油酸酒精溶液的滴數(shù)，得到一滴溶液中純油酸的體積；單分子層油膜的面積?！军c(diǎn)評(píng)】本實(shí)驗(yàn)的模型是不考慮油酸分子間的空隙，

37、采用估算的方法求面積，肯定存在誤差，但本實(shí)驗(yàn)只要求估算分子大小，數(shù)量級(jí)符合要求就行了。計(jì)算時(shí)注意單位的換算。14（10分）如圖，一粗細(xì)均勻的細(xì)管開口向上豎直放置，管內(nèi)有一段高度為2.0cm的水銀柱，水銀柱下密封了一定量的理想氣體，水銀柱上表面到管口的距離為2.0cm。若將細(xì)管倒置，水銀柱下表面恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內(nèi)氣體溫度與環(huán)境溫度相同。已知大氣壓強(qiáng)為76cmHg，環(huán)境溫度為296K。（i）求細(xì)管的長度；（ii）若在倒置前，緩慢加熱管內(nèi)被密封的氣體，直到水銀柱的上表面恰好與管口平齊為止，求此時(shí)密封氣體的溫度?！痉治觥浚╥）此過程中氣體的溫度不變，根據(jù)氣體的初末狀態(tài)的壓強(qiáng)和體積的狀態(tài)參量，由玻意耳定律列式計(jì)算即可。（ii）對(duì)管內(nèi)氣柱緩慢加熱，氣柱經(jīng)歷等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律列式求解?！窘獯稹拷猓海╥）設(shè)細(xì)管的長度為L，橫截面的面積為S，水銀柱高度為h；初始時(shí)，設(shè)水銀柱上表面到管口的距離為h1，被密封氣體的體積為V，壓強(qiáng)為p；細(xì)管倒置時(shí)，氣體體積為V1，壓強(qiáng)為p1由玻意耳定律有：pVp1V1由力的平衡條件有pp0+gh p1p0gh 式中，、g分別為水銀的密度和重力加速度的大小，p0為大氣壓強(qiáng)。由題意有VS（Lh1h） V1S（Lh） 由式和題給條件得L41 cm （ii）設(shè)氣體被加熱前后的溫度分別為T0和T，