2016年高考天津卷物理部分(附解析)解析

1、2016年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力測試（天津卷）注意事項：1、本試卷分第I卷（選擇題）和第n卷（非選擇題）兩部分；2、答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試題相應(yīng)的位置；3、全部答案在答題卡上完成，答在本試題上無效；4、考試結(jié)束后，將本試題和答題卡一并交回。物理部分第I卷一、單項選擇題（每小題3分，共30分，每小題給出的四個選項中，只有一個選項是正確的）1、我國成功研發(fā)的反隱身先進(jìn)米波雷達(dá)堪稱隱身飛機(jī)的克星，它標(biāo)志著我國雷達(dá)研究又創(chuàng)新的里程 碑。米波雷達(dá)發(fā)射無線電波的波長在110m范圍內(nèi)，對該無線電波的判斷正確的是（）【答案】C【解析】電磁波能在真空中傳播，機(jī)械波不能

2、在真空中傳播，涉和衍射是波特有的現(xiàn)象, 光可以發(fā)生反射現(xiàn)象。無線電波不需要介質(zhì)傳播，故B錯誤；無線電波同光波一樣會發(fā)生反射現(xiàn)象，故C正確；干涉和衍射是波特有的現(xiàn)象，所以無線電波能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象，故D錯誤?！究键c】電磁波的發(fā)射、傳播和接收；機(jī)械波?！军c評】本題要注意機(jī)械波和電磁波都能發(fā)生反射、折射、干涉和衍射等現(xiàn)象，但是機(jī)械 波不能在真空中傳播，電磁波能在真空中傳播。2、如圖是a、b兩光分別經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后在屏上形成的干涉圖樣，則（A、米波的頻率比厘米頻率高C同光波一樣會發(fā)生反射現(xiàn)象B、和機(jī)械波一樣須靠介質(zhì)傳播D、不可能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象根據(jù)f=二可知，波長越長，頻率越低，故米波的頻率

3、比厘米頻率低，故A錯誤;樞光的干涉圖樣A、在同種均勻介質(zhì)中，a光的傳播速度比b光的大B從同種介質(zhì)射入真空發(fā)生全反射時a光臨界角大C照射在同一金屬板上發(fā)生光電效應(yīng)時，a光的飽和電流大D若兩光均由氫原子能級躍遷發(fā)生，產(chǎn)生a光的能級能量差大【答案】D【解析】根據(jù)圖象比較干涉條紋間距大小，再根據(jù)判斷波長，從而判斷頻率大d小，頻率大的折射率大，根據(jù)n=:判斷傳播速度，根據(jù)判斷發(fā)生全反射vn時臨界角大小，光電效應(yīng)時飽和電流與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，a光的頻率大，則能量大。由圖可知a光的干涉條紋間距小于b光，根據(jù)L.可知，a的波長小于b光,d則a光的頻率大于b光，a的折射率大于b光，根據(jù)n=可知，在同種介質(zhì)中傳v

4、播時a光的傳播速度比b光的小，故A錯誤；根據(jù)-丄可知，同種介質(zhì)射入n真空發(fā)生全反射時a光臨界角小，故B錯誤；光電效應(yīng)時飽和電流與入射光的強(qiáng) 度有關(guān)，所以無法判斷飽和電流的大小，故C錯誤；因a光的頻率大，故若兩光均由氫原子能級躍遷產(chǎn)生，則產(chǎn)生a光的能級差大，故D正確。于向右為正方向，振子位于N點時開始計時，所以0時刻位移為正，在正向最大 位移處，將向左運動，即向負(fù)向運動，故A正確。【考點】愛因斯坦光電效應(yīng)方程；氫原子的能級公式和躍遷。【點評】本題的關(guān)鍵是根據(jù)圖象比較干涉條紋間距大小從而得頻率大小，明確光電效應(yīng)時飽和電流與入射光的強(qiáng)度也有關(guān)系，知道全反射臨界角的概念，難度適中。3、 我國將發(fā)射“天

5、宮二號”空間實驗室， 之后發(fā)射“神州十一號”飛船與“天宮二號”對 接假設(shè)“天宮二號”與“神州十一號”都圍繞地球做勻速圓周運動，為了實現(xiàn)飛船與空 間實驗室的對接，下列措施可行的是（）A、使飛船與空間實驗室在同一軌道上運行，然后飛船加速追上空間實驗室實現(xiàn)對接B使飛船與空間實驗室在同一軌道上運行，然后空間實驗室減速等待飛船實現(xiàn)對接C飛船先在比空間實驗室半徑小的軌道上加速，加速后飛船逐漸靠近空間實驗室，兩者速度接近時實現(xiàn)對接D飛船先在比空間實驗室半徑小的軌道上減速，減速后飛船逐漸靠近空間實驗室，兩者速度接近時實現(xiàn)對接【答案】C【解析】正常運行的衛(wèi)星若加速則所需向心力大于萬有引力做離心運動，若減速則所需

6、向力小于萬有引力做向心運動運動，據(jù)此分析各選項。在同一軌道上運行加速做離心運動，減速做向心運動均不可實現(xiàn)對接則AB錯誤；飛船先在比空間實驗室半徑小的軌道上加速，則其做離心運動可使飛船逐漸 靠近空間實驗室，兩者速度接近時實現(xiàn)對接則C正確；飛船先在比空間實驗室半徑小的軌道上減速， 則其做向心運動，不可能與空間實驗室相接觸.則D錯誤。【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用?！军c評】明確正常運行的衛(wèi)星加速做離心運動會達(dá)到高軌道，若減速則會做向心運動達(dá)到低軌道。4、如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計相連，靜電計金屬外殼和電容器下級板都接地在兩極板間有一固定在P點的

7、點電荷，以E表示兩極板間的電場強(qiáng)度，EP表示點電荷在P點的電勢能，0表示靜電計指針的偏角若保持下極板不動，將上極板向 下移動一小段距離至圖中虛線位置，則（）【答案】【解析】D電容器充電后斷開電源，極板上的電量不變；根據(jù)電容器的定義式可分析電容的 變化，再根據(jù)決定式分析電壓的變化， 從而分析靜電計指針夾角的變化；根據(jù)U-Ed分析電場強(qiáng)度的變化；根據(jù)電勢與電勢差之間的關(guān)系可分析P點電勢，再由電勢分析電勢能的變化。電容器與電源斷開，故電量不變；上極板向下移動時，兩板間的距離減小，根據(jù)C-.,可知，電容C增大，則根據(jù)C-；可知，電壓U減?。还熟o電計指針偏4兀kdU角減?。粌砂彘g的電場強(qiáng)度E-；因此電場

8、強(qiáng)度與板間距無關(guān)，因d Ca CS此電場強(qiáng)度不變；再根據(jù)設(shè)P與下極板距離為1，則P點的電勢 你-Ei，電勢能Ep-ELq；因此電荷在P點的電勢能保持不變。故D正確，ABC錯誤。EP不變C0減小，EP增大D0減小，E不變【考點】【點評】電容器的動態(tài)分析。本題考查電容器的動態(tài)分析問題，解題的關(guān)鍵在于正確掌握電容的決定式和定義 式；冋時注意要掌握相關(guān)結(jié)論的應(yīng)用，如本題中可以直接應(yīng)用結(jié)論：當(dāng)充電后斷 開電源時，如果只改變兩板間距離，則兩板間的場強(qiáng)度不變。5、如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上，圖中各電表均為理想電表，下列說法正 確的是（）【答案】B【解析】滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，接入電

9、路中的阻值變大， 因輸出電壓不變， 則總電流變小，據(jù)歐姆定律確定各表的示數(shù)變化?；瑒幼冏杵鞯幕瑒佑|頭P向上滑動時，電阻變大，則干路電流變小，則R1消耗的功率變小，故A選項錯誤；干路電流變小，R1分壓變小，則電壓表V的測量的電壓變大，示數(shù)變大，則B正確；因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率 變小，電流表A1示數(shù)變小，則C錯誤；閉合開關(guān)S并聯(lián)支路增加，電阻變小， 貝U副線圈即R1的電流變大，分壓變大，則R2的分壓變小，電流變小，電流表A1示數(shù)隨副線圈電流的變大而變大，則D錯誤。【考點】變壓器的構(gòu)造和原理【點評】考查電路的動態(tài)分析：本題中P的移動與電鍵的閉合均會引起電阻的變小，再由 電路的聯(lián)接關(guān)

10、系可分析各表的示數(shù)的變化，可見明確電路的結(jié)構(gòu)是求解的關(guān)鍵。二、不定向選擇題（每小題6分，共18分。每小題給出的四個選項中，都有多個選項是正確的。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，選錯或不答的得0分）6、物理學(xué)家通過對實驗的深入觀察和研究，獲得正確的科學(xué)認(rèn)知，推動物理學(xué)的發(fā)展，下列說法符合事實的是（）A、赫茲通過一系列實驗，證實了麥克斯韋關(guān)于光的電磁理論B查德威克用a離子轟擊 心二獲得反沖核i I,發(fā)現(xiàn)了中子C貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象，說明原子核有復(fù)雜結(jié)構(gòu)D盧瑟福通過對陰極射線的研究，提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型【答案】AC【解析】明確人類對于電磁波以及原子結(jié)構(gòu)研究的物理學(xué)史，注意B中查德威克發(fā)

11、現(xiàn)中子的核反應(yīng)方程，從而明確發(fā)現(xiàn)物。根據(jù)物理學(xué)史可知，赫茲通過一系列實驗，證實了麥克斯韋關(guān)于光的電磁理論；故A正確；查德威克用a粒子轟擊氮原子核發(fā)現(xiàn)了中子，但不是獲得反沖核A、當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭B當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭C當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，R1消耗的功率變大P向上滑動時，電壓表V示數(shù)變大P向上滑動時，電流表A1示數(shù)變大D若閉合開關(guān)S,則電流表A1示數(shù)變大,A2示數(shù)變大，故B錯誤；貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象，說明原子核有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；故正確；盧瑟福通過對a射線散射的研究提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型；故D錯誤。 【考點】原子核的人工轉(zhuǎn)變；物理學(xué)史?！军c評】本題考查對物理學(xué)史的掌握情況，

12、要注意準(zhǔn)確記憶相關(guān)科學(xué)家的主要貢獻(xiàn)；并能準(zhǔn)確用所學(xué)規(guī)律進(jìn)行分析，絕不能似是而非。7、在均勻介質(zhì)中坐標(biāo)原點0處有一波源做簡諧運動，其表達(dá)式為y=5sin（匹t），它在介質(zhì)中形成的簡諧橫2波沿x軸正方向傳播，某時刻波好傳播到x=12m處,形圖如圖所示，則（）A、此后再經(jīng)6s該波傳播到x=24m處B M點在此后第3s末的振動方向沿y軸正方向C、波源開始振動時的運動方向沿y軸負(fù)方向D此后M點第一次到達(dá)y=-3m處所需時間是2s【答案】AB【解析】根據(jù)質(zhì)點做簡諧運動的表達(dá)式，從而求得周期，再由v=，確定波速，進(jìn)而可T求得某段時間內(nèi)的波傳播的距離；根據(jù)M點振動的時間，結(jié)合周期，從而判定M點的振動方向；簡諧

13、波傳播過程中，質(zhì)點做簡諧運動時，起振方向與波源起振方 向相同，與圖示時刻波最前端質(zhì)點的震動方向相同；根據(jù)此時M點的振動方向，再結(jié)合末位置，從而確定運動的時間。波的周期T=%=4s,波長入=8m波速v=2m/s，再經(jīng)過6s，波傳播的距離T為x=vt=12m，故該波傳到x=24m處，故A正確；M點在此時振動方向向下，則第3秒末，即經(jīng)過了0.75T,該點的振動方向沿y軸正向，故B正確；因波傳到x=12m處時，質(zhì)點向y軸正向振動， 故波源開始振動時的運動方向沿y軸正向， 故C錯 誤；M點第一次到達(dá)y=3cm位置時，振動的時間為t= =1s，故D錯誤。4【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系?！军c評

14、】考查由表達(dá)式來確定角速度與周期，并掌握波長、波速、周期的關(guān)系，并能靈活運用，同時并判定某質(zhì)點經(jīng)過一段時間時，所處的振動方向，或由所處的位置，來判定所經(jīng)歷的時間。8、我國高鐵技術(shù)處于世界領(lǐng)先水平，它是由動車和拖車組合而成，提供動力的車廂叫動車，不提供動力的車廂叫拖車.假設(shè)動車組各車廂質(zhì)量均相等， 動車的額定功率都相同， 動車 的額定功率都相同，動車組在水平直軌道上運行過程中阻力與車重成正比.某列動車組由8節(jié)車廂組成，其中第1、5節(jié)車廂為動車，其余為拖車，則該列車組（A、啟動時乘客受到車廂作用力的方向與車運動的方向相反B做勻加速運動時，第5、6節(jié)與第6、7節(jié)車廂間的作用力之比為3:2C進(jìn)站時從關(guān)

15、閉發(fā)動機(jī)到停下來滑行的距離與關(guān)閉發(fā)動機(jī)時的速度成正比D與改為4節(jié)動車帶4節(jié)拖車的動車組最大速度之比為1：2【答案】AB【解析】根據(jù)受力分析，結(jié)合牛頓第二定律分析車廂之間的作用力；根據(jù)動能定理分析從 關(guān)閉發(fā)動機(jī)到停下來滑行的距離；當(dāng)牽引力和阻力的大小相等時，動車的速度達(dá) 到最大值，由此可以求得將非動力車改為動力車的數(shù)量。設(shè)每節(jié)動車的功率為P,牽引力為F,每一節(jié)車廂的質(zhì)量是m,阻力為kmg,啟動 時乘客的加速度的方向與車廂運動的方向是相同的，所以乘客受到車廂作用力的方向與車運動的方向相同，故A錯誤；做加速運動時，有兩節(jié)動力車廂，對整個 的車進(jìn)行受力分析得：2F-8kmg=8ma對6、7、8車廂進(jìn)行

16、受力分析得：一 F1-3kmg=3ma對7、8車廂進(jìn)行受力分析得：F2-2kmg=2ma聯(lián)立可得：.-F 2 2故B正正確；設(shè)進(jìn)站時從關(guān)閉發(fā)動機(jī)到停下來滑行的距離為s,則：12-可得：s= ，知進(jìn)站時從關(guān)閉發(fā)動機(jī)到停下來滑行的2kg距離與關(guān)閉發(fā)動機(jī)時的速度的平方成正比故C錯誤；當(dāng)只有兩節(jié)動力車時，最大速率為v,則:2P=8kmg?v,改為為4節(jié)動車帶4節(jié)拖車的動車組時：4P=8kmg?心 所以：v=2v,故D正確。質(zhì)點做簡諧運動的表達(dá)式，從而求得周期，再由v=,確定波速，進(jìn)而可求得某段時間內(nèi)的波傳播的距離；根據(jù)M點振動的時間，結(jié)合周期，從而判定M點的振動方向；簡諧波傳播過程中，質(zhì)點做簡諧運動時

17、，起振 方向與波源起振方向相同，與圖示時刻波最前端質(zhì)點的震動方向相同；根據(jù)此時M點的振動方向，再結(jié)合末位置，從而確定運動的時間。入=8m波速v=2m/s，再經(jīng)過6s,波傳播的距離T為x=vt=12m，故該波傳到x=24m處，故A正確；M點在此時振動方向向下，則第3秒末，即經(jīng)過了0.75T,該點的振動方向沿y軸正向，故B正確；因波傳到x=12m處時，質(zhì)點向y軸正向振動，故波源開始振動時的運動方向沿y軸正向，故C錯誤；M點第一次到達(dá)y=3cm位置時，振動的時間為t= =1s, 故D錯誤。波的周期T=4s,波長4【考點】動能定理的應(yīng)用；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；牛頓第二定律。【點評】當(dāng)機(jī)車的

18、速度達(dá)到最大時，機(jī)車做勻速運動，此時機(jī)車處于受力平衡狀態(tài)，即此 時的牽引力和受到的阻力的大小相等，再根據(jù)瞬時功率的公式即可解答本題。三、解答題9、如圖所示，方盒A靜止在光滑的水平面上，盒內(nèi)有一小滑塊B,盒的質(zhì)量是滑塊的2倍,滑塊與盒內(nèi)水平面間的動摩擦因數(shù)為若滑塊以速度v開始向左運動，與盒的左、右壁發(fā)生無機(jī)械能損失的碰撞，滑塊在盒中來回運動多次，最終相對于盒靜止，則此時盒的速 度大小為 ， 滑塊相對于盒運動的路程為。V*rB【答案】I；，_3V3歸【解析】物體與盒子組成的系統(tǒng)動量守恒；先由動量守恒求出盒子與物塊的最終速度，再結(jié)合損失的機(jī)械能即可求出滑塊相對于盒運動的路程。設(shè)滑塊的質(zhì)量是m碰后速度

19、為v共，物體與盒子組成的系統(tǒng)合外力為o,設(shè)向左為正方向，由動量守恒：mv=(m+2m)v共，解得：v共=-,開始時盒子與物塊3的機(jī)械能：E仁mv2，碰后盒子與物塊的機(jī)械能：E2=：(m+2m)v共2= mv2,2 2 62損失的機(jī)械能： E=Ei-E2= mg?s聯(lián)立得：s=。3I1g【考點】動量守恒定律【點評】該題考查動量守恒定律，解答的關(guān)鍵是能忽略運動的過程，熟練應(yīng)用動量守恒定律、能量守恒定律時正確解題的關(guān)鍵；解題時要分析清楚運動過程。10、某同學(xué)利用圖1示裝置研究小車的勻變速直線運動.實驗中，必要的措施是A、細(xì)線必須與長木板平行B先接通電源再釋放小車C小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量D平衡小車

20、與長木板間的摩擦力他實驗時將打點機(jī)器接到頻率為50Hz的交流電源上，得到一條紙帶，打出的部分計數(shù)點 如圖2所示（每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點，圖中未畫出）s1=3.59cm,s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.64cm，則小車的加速度a=m/s2（要求充分利用測量的數(shù)據(jù)），打點計時器在打B點時小車的速度vB=m/s.（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）AB C D E FG圖 2過原點的直線，則重物下落過程中機(jī)械能守恒，請你分析論證該同學(xué)的判斷是否正確?！敬鸢浮緼B0.80;0.40【解析】（1）分析實驗?zāi)繕?biāo)和實驗原理，明確實驗中需要注意事項即可求解

21、；根據(jù)逐差法可求得物體運動的加速度；根據(jù)平均速度表示中間時刻的瞬時速度可求得B點的速度。為了讓小車做勻加速直線運動，應(yīng)使小車受力恒定，故應(yīng)將細(xì)線與木板保持水平； 同時為了打點穩(wěn)定，應(yīng)先開電源再放紙帶；故AB正確；本實驗中只是研究勻變速直線運動，故不需要讓小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量；只要能讓小車做勻加速運動即可；故C錯誤；由C的分析可知，只要摩擦力恒定即可，不需要平衡摩擦力；故D錯誤。每兩個計數(shù)點間有四個點沒有畫出，故兩計數(shù)點間的時間間隔為T=5X0.02=0.1s；根據(jù)逐差法可知，物體的加速度：a=:=0.80m/s2,B點的速度9X0. 01等于AC段的平均速度，則有:v=；=-二亠上J =

22、0.40m/s。2T 0.1X2【考點】測定勻變速直線運動的加速度；探究小車速度隨時間變化的規(guī)律?！军c評】本題考查勻變速直線運動規(guī)律的應(yīng)用，要注意明確實驗原理，知道本實驗中只需 要研究勻變速直線運動即可，所以不需要平衡摩擦力，也不需要讓小車的質(zhì)量遠(yuǎn) 大于鉤碼的質(zhì)量。11、某同學(xué)想要描繪標(biāo)有“3.8V 0.3A”字樣小燈泡L的伏安特性曲線，要求測量數(shù)據(jù)盡量精確、繪制曲線完整可供該同學(xué)選用的器材除開關(guān)、導(dǎo)線外，還有：電壓表V1（03V,內(nèi)阻等于3kQ）電壓表V2（015V,內(nèi)阻等于15kQ） 電流表A1（0200mA內(nèi)阻等于10Q）電流表A2（03A,內(nèi)阻等于0.1Q） 滑動變阻器R1（010Q，

23、額定電流2A） 滑動變阻器R2（01kQ,額定電流0.5A）定值電阻R3（阻值等于1Q）定值電阻R4 （阻值等于10Q）定值電阻R5 （阻值等于1kQ）電源E（E=6V內(nèi)阻不計）請在方框中畫出實驗電路圖，并將各元件字母代碼標(biāo)在元件的符號旁;【解析】分析給定儀器，明確電表的量程；根據(jù)安全性原則進(jìn)行改裝；同時根據(jù)實驗要求明確滑動變阻器以及電流表接法；根據(jù)燈泡電阻隨溫度的變化規(guī)律進(jìn)行分析，同時明確I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)。燈泡額定電壓為3.8V，而給出的電壓表量程分別為15V和3V,15V量程太大，無法正確測量；故只能選用3V量程，并且與定值電阻串聯(lián)擴(kuò)大量程；3V量程的電壓表內(nèi)阻為3KQ

24、；根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律，可知，應(yīng)選擇1KQ的定值電阻串聯(lián)；額定電流為0.3A，而給出的量程中3A量程過大，不能使用；只能采用將電流表 量程200mA的電流表與定值電阻并聯(lián)的方式來擴(kuò)大量程；根據(jù)改裝原理可知，并 聯(lián)10Q的定值電阻，即可將量程擴(kuò)大到0.4A;因本實驗中要求多測幾組數(shù)據(jù)，因此應(yīng)采用滑動變阻器分壓接法；同時因燈泡內(nèi)阻較小，故采用電流表外接法；因燈泡電阻隨溫度的增加而減小，因此在I-U圖象中圖線的斜率應(yīng)越來越小，故選B。【考點】描繪小電珠的伏安特性曲線【點評】本題考查描繪小燈泡伏安特性曲線的實驗以及電表的改裝，要求能明確改裝原理,并正確掌握本實驗中電路的接法；注意分壓接法以及電流表接法的

25、正確判斷。12、 (16分)我國將于2022年舉辦冬奧運會， 跳臺滑雪是其中最具觀賞性的項目之一， 如 圖所示， 質(zhì)量m=60kg的運動員從長直軌道AB的A處由靜止開始以加速度a=3.6m/s2勻加 速下滑，到達(dá)助滑道末端B時速度vB=24m/s,A與B的豎直高度差H=48m為了改變運動員 的運動方向，在助滑道與起跳臺之間用一段彎曲滑道銜接，其中最低點C處附近是一段以O(shè)為圓心的圓弧，助滑道末端B與滑道最低點C的高度差h=5m運動員在B C間運動時阻力做功W=- 1530J，取g=10m/s2.(1) 求運動員在AB段下滑時受到阻力Ff的大小；(2)若運動員能承受的最大壓力為其所受重力的6倍，則

26、C點所在圓弧的半徑R至少應(yīng)為反映場的能的性質(zhì)的物理量，僅僅由場自身的因素決定?！窘馕觥?1)運動員在AB段做初速度為零的勻加速運動，已知初、末速度和位移，可根據(jù)速度位移公式求出加速度，再由牛頓第二定律求出阻力。(2)運動員從B到C的過程，由動能定理求出到達(dá)C點的速度在C點，由重力和軌道的支持力充當(dāng) 向心力，由牛頓第二定律列式，即可求解。(1)運動員在AB上做初速度為零的勻加速運動， 設(shè)AB的長度為x,斜面的傾角 為a,則有：咗=2ax，根據(jù)牛頓第二定律得：mgsina-Ff=ma，又sinag由 以上三式聯(lián)立解得Ff=144N。(2)設(shè)運動員到達(dá)C點時的速度為vc,在由B到達(dá)2持力為FN,由牛

27、頓第二定律得：FN- mg和，由運動員能承受的最大壓力為其4Ud3)=Ep、電勢和都是qC的過程中，由動能定理有:mgh+w=：設(shè)運動員在C點所受的支R所受重力的6倍，即有FN=6mg,聯(lián)立解得R=12.5m。【考點】動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律【點評】 本題中運動員先做勻加速運動，后做圓周運動，是牛頓第二定律、運動學(xué)公式、 動能定理和向心力的綜合應(yīng)用，要知道圓周運動向心力的來源，涉及力在空間的 效果，可考慮動能定理。13、（18分）如圖所示，空間中存在著水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小E=5）N/C，同時存在著水平方向的勻強(qiáng)磁場，其方向與電場方向垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.5T.有一帶正電的

28、小球，質(zhì)量m=1.0X10-6kg，電荷量q=2X10-6C,正以速度v在圖示的豎直面內(nèi) 做勻速直線運動，當(dāng)經(jīng)過P點時撤掉磁場（不考慮磁場消失引起的電磁感應(yīng)現(xiàn)象），取g=10m/s2.求：XXX XXfXXX XXEXXXX XX【解析】（1）小球做勻速直線運動時，受力如圖其所受的三個力在同一平面內(nèi)，合力為零，則有：Bqv=帶入數(shù)據(jù)解得：v=20m/s速度v的方向與電場E的方向之間的夾角滿足tan0=丄TOg解得：tan0=3，貝U0=60以P點為坐標(biāo)原點，豎直向上為正方向，小球在豎直方向上做勻減速直線運動,其初速度為vy=vsin0,若使小球再次穿過P點所在的電場線， 僅需小球的豎直方向的分

29、位移為零，則有聯(lián)立解得t=2、.3s【考點】 帶電粒子在混合場中的運動（2）撤去磁場后，由于電場力垂直于豎直方向,它對豎直方向的分運動沒有影響,【點評】本題主要考查了帶電粒子在混合場中運動的問題,受力情況和運動情況，抓住小球做勻速直線運動，合力為零求解，難度適中。14、(20分)電磁緩速器是應(yīng)用于車輛上以提高運行安全性的輔助制動裝置，其工作原理 是利用電磁阻尼作用減緩車輛的速度電磁阻尼作用可以借助如下模型討論：如圖所示，將形狀相同的兩根平行且足夠長的鋁條固定在光滑斜面上，斜面與水平方向夾角為0，-質(zhì)量為m的條形磁鐵滑入兩鋁條間，恰好勻速穿過，穿過時磁鐵兩端面與兩鋁條的間距始 終保持恒定，其引起電磁感應(yīng)的效果與磁鐵不動，鋁條相對磁鐵運動相同.磁鐵端面是邊 長為d的正方形，由于磁鐵距離鋁條很近，磁鐵端面正對兩鋁