福建省永春縣第一中學-學年高二物理上學期期中試題理(含解析)練習

1、福建省永春縣第一中學2016-2017 學年高二物理上學期期中試題理（含解析）練習物理（理）試題一、單項選擇題（本題共8 小題，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題意的每小題3 分，共 24 分）1. 真空中有兩個相同的帶電金屬小球A和，相距為r，帶電量分別為 -q和 7 ，它們之間Bq作用力的大小為F，A、 B 兩小球接觸后再放回原處，此時，A、 B 間的作用力大小為（）A.B.C.D.【答案】 B【解析】接觸前兩者之間的庫侖力大小為，接觸時，先發(fā)生電中和然后電荷進行平均分配，故接觸后兩球的電荷量為，故兩者之間的的庫侖力變?yōu)椋?B正確2.圖甲中 AB是一個點電荷形成電場的一條電場線，圖

2、乙則是電場線上P、 Q處的試探電荷所受電場力的大小與其電荷量間的函數(shù)關(guān)系圖象，下列說法正確的是（）A. 場源電荷一定位于A 側(cè)B. 場源電荷一定位于B 側(cè)C. 電場線的方向一定由A 指向 BD. 電場線的方向一定由B 指向 A【答案】 A【解析】試題分析：由電場強度的定義式得到， F-q 圖象的斜率表示電場強度大小，圖線 P的斜率小于Q的斜率，說明Q處場強小于P 處的場強，根據(jù)場強的大小判斷場源電荷的位置1/153.如圖是某靜電場的一部分電場線的分布情況，下列說法中正確的是（）A. 這個電場可能是負點電荷形成的電場B. A 點的電場強度小于 B 點的電場強度C. A 點的電勢小于 B 點的電勢

3、D. 從 B 點釋放一正電荷，只受電場力作用，它將沿電場線運動【答案】 C4. 如圖所示，是兩只定值電阻1、 2的IU圖象有關(guān)1、 2 的大小，及它們串聯(lián)或并R RR R聯(lián)后的 I U圖象所在區(qū)域，下列判斷正確的是（）A. R1 R2，串聯(lián)后在區(qū)域B. R1 R2，串聯(lián)后在區(qū)域C. R1 R2，并聯(lián)后在區(qū)域D. R1 R2，并聯(lián)后在區(qū)域【答案】 A2/15【解析】因為I-U 圖像的斜率的倒數(shù)表示電阻的大小，所以斜率越大，電阻越小，故，若兩電阻串聯(lián)后，電阻增大，比還大， I-U 圖像的斜率比的斜率小，故應在區(qū)域 III，若兩電阻并聯(lián)后，電阻減小，比還小，所以斜率比圖1 的還大，故應在區(qū)域I ，A

4、 正確5. 取一對用絕緣支柱支持的金屬導體A 和 B，使它們彼此接觸起初它們不帶電，貼在它們下部的金屬箔是閉合的現(xiàn)在把帶正電荷的球C移近導體 A，可以看到A、B 上的金屬箔都張開了下列說法正確的是（）A. 導體 A的電勢比導體 B 的電勢低B. 導體 A內(nèi)部的場強比導體 B 內(nèi)部的場強大C. 若先用手摸一下 A 端，再移走 C， AB帶正電D. 若先用手摸一下 A 端，再移走 C， AB帶負電【答案】 D【解析】試題分析：當導體A、B 放在帶正電的C附近時，出現(xiàn)感應起電現(xiàn)象電荷周圍有電場存在，從而導體A、 B 處于電場中，在電場力的作用下，使導體中的自由電子重新分布而處于靜電平衡的導體，電荷只

5、分布在外表面，內(nèi)部電場強度為零，且是等勢體；當人觸摸 A 后，比較人與A 的電勢高低，判斷電子的移動方向，從而判斷出移走C后 AB所帶電性帶正電荷的球C移近導體 A，在 A 的左端感應出負電荷，在B 的右端出現(xiàn)正電荷，電荷只分布在外表面，內(nèi)部場強處處為零，導體是個等勢體，AB錯誤；若先用手摸一下A 端，人與大地相連，電勢為零，而A 的電勢高于人的電勢，所以電子從人轉(zhuǎn)移到A上面，即 A上面的負電荷增多，所以移走C后，帶負電，故 C 錯誤 D正確AB6. 如圖所示，由 M、 N兩塊相互靠近的平行金屬板組成的平行板電容器，極板N與靜電計的金屬球相接，極板M與靜電計的外殼均接地給電容器充電，靜電計指針

6、張開一定角度以下實驗過程中電容器所帶電荷量可認為不變下面操作能使靜電計指針張角變小的是（）3/15A. 將 M板向上平移B. 將 M板沿水平方向向左背離 N板C. 在 M、 N之間插入有機玻璃板D. 把接地的兩根導線直接相連【答案】 C【解析】將M板向上平移，正對面積S 減小，根據(jù)可得電容減??；Q一定，根據(jù)電壓增加，故靜電計指針張角變大，A 錯誤；將M板沿水平向右方向背離N 板，極板間距 d 變大，根據(jù)根據(jù)可得電容減?。籕一定，根據(jù)電壓增大，靜電計指針張角變大， B 錯誤；在M、 N之間插入機玻璃板，根據(jù)根據(jù)，電容變大；Q一定，根據(jù)電壓減小，靜電計指針張角變小，C 正確；將接地的兩根導線直接相

7、連，由于兩導線所連的極板與外殼的電勢都為零，所以兩導線相連后，電勢為零為零，與原來的一樣，靜電計的指針張角不變， D 錯誤；7. 如圖虛線 a、 b、c 代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即，實線為一帶負電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、 Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知A. P 點的電勢高于Q點的電勢B. 該質(zhì)點在P 點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大4/15C. 該質(zhì)點通過P 點時的動能比通過Q點時大D. 該質(zhì)點通過P 點時的加速度比通過Q點時小【答案】 B【解析】試題分析：負電荷做曲線運動，電場力指向曲線的內(nèi)側(cè)；作出電場線，根據(jù)軌跡彎曲的方向和負電荷可知

8、，電場線向上故c 的電勢（ Q點）最高，故A 錯誤；利用推論：負電荷在電勢高處電勢能小，知道P 點電勢能大，故B 正確；只有電場力做功，電勢能和動能之和守恒，故帶電質(zhì)點在P 點的動能與電勢能之和等于在Q點的動能與電勢能之和， P 點電勢能大，動能小故C 錯誤；等差等勢面的疏密可以表示電場的強弱，P 處的等勢面密，所以P 點的電場強度大，粒子受到的電場力大，粒子的加速度大，故D錯誤；考點：考查了電場線，電勢，電場強度，電場力做功【名師點睛】根據(jù)電場線與等勢面垂直，作出電場線，得到一些特殊點（電場線與等勢面交點以及已知點）的電場力方向，同時結(jié)合能量的觀點分析是解決這類問題常用方法8.如圖為甲、乙兩

9、燈泡的I U 圖象，根據(jù)圖象計算甲、乙兩燈泡并聯(lián)在電壓為220V 的電路中，實際發(fā)光的功率約為()A. 15W 30WB. 30W 40WC. 40W 60WD. 60W 100W【答案】 C【解析】試題分析：甲、乙兩燈泡并聯(lián)在電壓220V 的電路中，兩燈的電壓都是220V，由圖分別兩燈的電流分別為I 甲 =0.18A ， I 乙 =0.28A ，由公式P=UI 得，兩燈實際發(fā)光的功率分別為 P 甲=39.6W40W， P 乙 =61.6W60W故選 C.考點： U-I 圖線；電功率.【名師點睛】此題考查了U-I 圖線及電功率的計算問題；解題時一要抓住并聯(lián)電路的特5/15點：兩燈電壓相等，二要

10、有基本的讀圖能力，能從圖中讀出電壓是220V 時所對應的電流值；此題是基礎(chǔ)題，意在考查學生對物理圖線的分析能力。二、不定項選擇題（本題共4 小題，共16 分，在每小題給出的四個選項中，至少有一項是符合題意的每小題全選對的得4 分，選對但不全的得2 分，錯選不得分）9.一帶電粒子從電場中的A 點運動到 B點，徑跡如圖中虛線所示，不計粒子所受重力，則()A. 粒子帶正電B. 粒子加速度逐漸減小C. A 點的場強小于 B 點的場強D. 粒子的速度不斷減小【答案】 BD【解析】試題分析：電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向不計重力的粒子在電場力作用下從A 到 B，運動

11、與力關(guān)系可知，電場力方向與速度方向分居在運動軌跡兩邊，且電場力偏向軌跡的內(nèi)側(cè)解： A、由圖所示，粒子從A 到 B，根據(jù)曲線運動條件可得，電場力逆著電場線方向，所以粒子帶負電故A 錯誤；B、從 A 到 B，電場線越來越疏，所以電場強度減小，電場力也變小，則加速度也減小，故B 正確；C、從 A 到 B，電場線越來越疏，所以電場強度減小，故A 點的場強大于B 點場強，故C正確；D、由圖所示，粒子從A 到 B，根據(jù)曲線運動條件可得，電場力逆著電場線方向，與速度方向夾角大于90，所以阻礙粒子運動，因此速度不斷減小，故D 正確；故選： BCD【點評】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布對于本題關(guān)鍵是

12、根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向，由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)10. 、N是一對水平放置的平行板電容器，將它與一電動勢為，內(nèi)阻為r的電源組成如ME圖所示的電路，R是并聯(lián)在電容器上的滑動變阻器，G是靈敏電流計，在電容器的兩極板間有一帶電的油滴處于懸浮狀態(tài)，如圖所示，現(xiàn)保持開關(guān)S 閉合，將滑動變阻器的滑片向上6/15滑動，則 ()A. 在滑片滑動時，靈敏電流計中有從b 向 a 的電流B. 在滑片滑動時，靈敏電流計中有從a 向 b 的電流C. 帶電油滴將向上運動D. 帶電油滴將向下運動【答案】 BC【解析】試題分析：電容器兩極板的電壓等于變阻器兩端的電壓將滑動變阻器的滑片向上滑動時，根據(jù)歐姆定律分

13、析電容器板間電壓如何變化，判斷電容器是充電還是放電，分析通過電流計的電流方向由分析板間場強如何變化，判斷油滴如何運動電容器兩極板間的電壓等于路端電壓，根據(jù)閉合回路歐姆定律可知，當將滑動變阻器的滑片向上滑動時，R增大， U增大，根據(jù)可得電容器的電量增加，處于充電狀態(tài)，靈敏電流計中有電流，由于電容器上板帶正電，則靈敏電流計中有從a 向 b 的電流， A錯誤 B 正確； U 增大，由分析得知，板間場強增大，則帶電油滴將向上運動故C 正確 D錯誤11.如圖所示，絕緣光滑半圓軌道放在豎直向下的勻強電場中，場強為E，在與環(huán)心等高處放有一質(zhì)量為m、電荷量為 +q 的小球，由靜止開始沿軌道運動，下列說法正確的

14、是（）A. 小球在運動過程中機械能守恒B. 小球經(jīng)過最低點時速度最大C. 小球經(jīng)過環(huán)的最低點時對軌道壓力等于D. 小球經(jīng)過環(huán)的最低點時對軌道壓力大于【答案】 BD7/15【解析】小球受到的電場力方向豎直向下，對小球做功，所以機械能不守恒，A 錯誤；到最低點電場力和重力做正功最多，所以小球的動能最大，速度最大，B 正確；在最低點有，解得， C錯誤 D 正確12. 如圖所示，一質(zhì)量為、帶電荷量為q的物體處于場強按 E0kt( 0、k均為大于零mEE的常數(shù)，取水平向左為正方向) 變化的電場中，物體與豎直墻壁間動摩擦因數(shù)為 ，當 t 0 時刻物體處于靜止狀態(tài)若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且電

15、場空間和墻面均足夠大，下列說法正確的是()A. 物體開始運動后加速度先增加、后減小B. 物體開始運動后加速度不斷增大C. 經(jīng)過時間，物體在豎直墻壁上的位移達最大值D. 經(jīng)過時間，物體運動速度達最大【答案】 BC【解析】由題意可知，在電場改變方向之前，物體沿豎直墻運動，由于水平方向支持力與電場力相等，電場強度減弱，所以支持力減小，故摩擦力減小，所以物體受到的重力和摩擦力的合力增大；電場改為水平向右時，物體受互相垂直的重力和電場力，而電場力隨電場強度的增大而增大，所以合力增大因此，整個過程中，物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故AB錯誤；因為場強按E=E0- kt 變化可知，當電場強度為零

16、時，物體在水平方向上不受力，當場強方向向右后，物體在水平方向上受向右的電場力據(jù)以上分析可知，當場強為零時，物體開始離開墻壁，即E0- kt =0，解得：，此時在豎直墻壁上的位移最大，故C 正確；根據(jù)以上分析知，物體運動的加速度不斷增大，且速度不斷增大，故 D 錯誤。所以C 正確， ABD錯誤。8/15三、實驗填空題（共20 分）13. 某實驗小組在“測定金屬電阻率”的實驗過程中，正確操作獲得金屬絲的長度、直徑以及電流表、電壓表的讀數(shù)如圖所示，則丁、甲、乙、丙的讀數(shù)值依次是：_mm、_mm、 _A、 _V【答案】(1). 10.60(2). 0.996 0.999 (3). 0.42(4). 1

17、1.3 11.4【解析】甲圖螺旋測微器的讀數(shù)為乙圖電流表的量程為00.6A ，分度值為0.02V ，故電流表的讀數(shù)為 0.42A ；丙圖電壓表的量程為015V，分度值為0.5V ，故電壓表讀數(shù)為11.4V丁圖游標卡尺的讀數(shù)為14. 現(xiàn)有一個靈敏電流計，它的滿偏電流為Ig=1mA，內(nèi)阻 Rg=200，若要將它改裝成量程為 3V 的電壓表，應 _（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_ 的電阻，改裝后的電壓表測量電壓時，指針指在表盤上原來0.6mA 處，則被測電壓的大小是_V【答案】(1).串聯(lián) (2). 2800 (3). 1.8【解析】解：根據(jù)串聯(lián)電阻具有分壓作用可知，要將電流表改裝為電壓表，應串聯(lián)一個

18、電阻；根據(jù)歐姆定律應有：U=，解得 R=2800；由=及 U=I，將=3，=1，=0.6 ，代入解得U=1.8V故答案為：串，2800， 1.89/15【點評】電壓表的改裝原理是將一電阻與電流表串聯(lián)在一起，畫出電路圖，然后再根據(jù)歐姆定律求出分壓電阻的阻值即可15.定金屬絲的電阻率”的實驗中，金屬絲的電阻Rx 約為 3 ，為減小誤差，并盡可能測量多組數(shù)據(jù)，要求電阻絲的發(fā)熱功率P0.75W，備有器材如下：A、 6V 直流電源；B、直流電流表A1（ 00.6A ，內(nèi)阻 0.5 ）；C、直流電流表A2（ 03A，內(nèi)阻 0.01 ）；D、直流電壓表V1（ 03V， 1k）；E、直流電壓表V2（ 015V

19、， 5k）；F、滑動變阻器R1（ 0100 ，最大允許電流1A）；G、滑動變阻器R2（ 020 ，最大允許電流1A）；H、電鍵、導線若干(1) 實驗中電流表用 _, 電壓表用 _, 滑動變阻器用 _（用字母表示）(2) 在方框內(nèi)畫出實驗電路圖 _ 【答案】(1). B(2). D(3). G(4).【解析】試題分析：根據(jù)求出通過金屬絲的最大電流，從而可選出電流表；根據(jù)求出金屬絲兩端的最大電壓，從而可選出電壓表；根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中最小電阻和最大電阻，根據(jù)可操作性即可判斷變阻器應采用分壓式接法，從而選出變阻器；根據(jù)金屬絲電阻遠小于電壓表內(nèi)阻可知電流表應用外接法，然后畫出電路圖即可（1）

20、根據(jù)，可得通過金屬絲的電流，因此電流表流程選擇即可，故電流表選B；由，可求出金屬絲兩端的最大電壓為10/15，因此電壓表流程選擇 0-3V 即可，故電壓表選 D；實驗要求盡可能測量多組數(shù)據(jù)，則變阻器采用分壓接法，變阻器應選最大電阻較小的變阻器，故滑動變阻器選 G；（ 2）因為金屬絲的電阻 Rx 約為 3 ，電阻比較小，電壓表的內(nèi)阻遠遠大于金屬絲的電阻，因此電壓表的分流對實驗影響較小，本實驗采用電流表外接法；滑動變阻器采用分壓接法，作出實驗電路圖如圖所示；四、計算題：（8 分 +10 分 +10 分 +12 分）16.一勻強電場，場強方向是水平的（如圖）一個質(zhì)量為m的帶正電的小球，從O點出發(fā)，初

21、速度的大小為v0，在電場力與重力的作用下，恰能沿與場強的反方向成 角的直線運動求小球運動到最高點時其電勢能與在O點的電勢能之差【答案】【解析】試題分析：設(shè)電場強度為 E，小球帶電荷量為 q，因小球做直線運動，它受到的電場力 qE 和重力 mg的合力必沿此直線，如圖所示由此可知，小球做勻減速直線運動的加速度大小為；設(shè)從 O到最高點的路程為x， v 2ax運動的水平距離為L xcos 兩點的電勢能之差W qEL由圖可得由以上各式得Wmv cos 2 考點：牛頓定律；電場力的功11/1517. 如圖所示電路中，電源電動勢E=9V，內(nèi)電阻 r =2 ，定值電阻 R1=6 ， R2=10 ，R3=6 ，

22、電容器的電容C=10 F(1) 保持開關(guān) S1、 S2 閉合，求電容器 C 的帶電量；(2) 保持開關(guān) S1 閉合，將開關(guān) S2 斷開，求斷開開關(guān) S2 后流過電阻 R2 的電量【答案】 (1) Q=310 5C (2) QR2=610 5C【解析】試題分析：（1）保持開關(guān)S1、 S2 閉合，則電容器上電壓：電容器帶電量為：（ 2）保持開關(guān) S1 閉合，將開關(guān) S2 斷開后，電路穩(wěn)定時電容器上電壓等于電源電壓：流過 R2 的電量等于電容器 C 上電量的增加量為：考點：含電容電路【名師點睛】求電容器所帶電量關(guān)鍵要先確定電容器的電壓，當電路穩(wěn)定時，電容器所在電路沒有電流，與電容器串聯(lián)的電阻上沒有電

23、壓，電容器的電壓等于這條電路兩端的電壓18. 一輛電動自行車的銘牌上給出了如下的技術(shù)參數(shù)表根據(jù)圖表提供的信息，求：12/15(1) 電機在額定工作狀態(tài)下的內(nèi)阻；(2) 如果質(zhì)量為=70kg 的人騎此電動自行車沿平直公路行駛，所受阻力f恒為車和人總重M量的 k 倍， k=0.02 （取 g=10m/s2）則在額定工作狀態(tài)下，人騎車行駛的最大速度vm；(3) 假設(shè)電機保持在額定電壓下工作，內(nèi)阻同(1) 且不變，某人騎車由靜止出發(fā)，速度逐漸增大，求電機在理論上可能實現(xiàn)的最大輸出功率【答案】 (1) r =3 (2) vm=5.6m/s (3) P=133.3W【解析】試題分析：根據(jù)電動機的電壓和電流可以求得電動機的總的功率的大小，根據(jù)表格得出電動機的輸出的功率的大小，進而求出內(nèi)阻消耗的功率，根據(jù)求解內(nèi)阻；根據(jù)功率可以求得人騎車行駛的最大速度；根據(jù)輸出功率結(jié)合數(shù)學知識求解最大功率（ 1）根據(jù)表格可知