北京市高考物理試卷與解析

1、2012年北京市高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題1（3分）（2012北京）一個(gè)氫原子從n=3能級躍遷到n=2能級，該氫原子（）A放出光子，能量增加B放出光子，能量減少C吸收光子，能量增加D吸收光子，能量減少2（3分）（2012北京）一束單色光經(jīng)由空氣射入玻璃，這束光的（）A速度變慢，波長變短B速度不變，波長變短C頻率增高，波長變長D頻率不變，波長變長3（3分）（2012北京）一個(gè)小型電熱器若接在輸出電壓為10V的直流電源上，消耗電功率為P；若把它接在某個(gè)正弦交流電源上，其消耗的電功率為0.5P，如果電熱器電阻不變，則此交流電源輸出電壓的最大值為（）A5VBC10VD4（3分）（2012

2、北京）處于勻強(qiáng)磁場中的一個(gè)帶電粒子，僅在磁場力作用下做勻速圈周運(yùn)動(dòng)將該粒子的運(yùn)動(dòng)等效為環(huán)形電流，那么此電流值（）A與粒子電荷量成正比B與粒子速率成正比C與粒子質(zhì)量成正比D與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比5（3分）（2012北京）一個(gè)彈簧振子沿x軸做簡諧運(yùn)動(dòng)，取平衡位置O為x軸坐標(biāo)原點(diǎn)從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過四分之一的周期，振子具有沿x軸正方向的最大加速度能正確反映振子位移x與時(shí)間，關(guān)系的圖象是（）ABCD6（3分）（2012北京）關(guān)于環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星，下列說法中正確的是（）A分別沿圓軌道和橢圓軌道運(yùn)行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期B沿橢圓軌道運(yùn)行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率C在赤道上空運(yùn)行

3、的兩顆地球同步衛(wèi)星，它們的軌道半徑有可能不同D沿不同軌道經(jīng)過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會(huì)重合7（3分）（2012北京）物理課上，老師做了一個(gè)奇妙的“跳環(huán)實(shí)驗(yàn)”如圖所示，她把一個(gè)帶鐵芯的線圈、開關(guān)和電源用導(dǎo)線連接起來后，將一金屬套環(huán)置于線圈上，且使鐵芯穿過套環(huán)閉合開關(guān)的瞬間，套環(huán)立刻跳起某同學(xué)另找來器材再探究此實(shí)驗(yàn)他連接好電路，經(jīng)重復(fù)試驗(yàn)，線圈上的套環(huán)均未動(dòng)對比老師演示的實(shí)驗(yàn)，下列四個(gè)選項(xiàng)中，導(dǎo)致套環(huán)未動(dòng)的原因可能是（）A線圈接在了直流電源上B電源電壓過高C所選線圈的匝數(shù)過多D所用套環(huán)的材料與老師的不同8（3分）（2012北京）“約瑟夫森結(jié)”由超導(dǎo)體和絕緣體制成，若在結(jié)兩端加一恒定電

4、壓U，則它會(huì)輻射頻率為v的電磁波，且與U成正比，即v=kU，已知比例系數(shù)k僅與元電荷e的2倍和普朗克常量h有關(guān)你可能不了解此現(xiàn)象為原理，但仍可運(yùn)用物理學(xué)中常用的方法，在下列選項(xiàng)中，推理判斷比例系數(shù)k的值可能為（）ABC2heD二、解答題9（18分）（2012北京）在“測定金屬的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，所用測量儀器均已校準(zhǔn)，待測金屬絲接入電路部分的長度約為50cm（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑，其中某次測量結(jié)果如圖1所示，其讀數(shù)應(yīng)為mm（該值接近多次測量的平均值）（2）用伏安法測金屬絲的電阻RX，實(shí)驗(yàn)所用器材為：電池組（電動(dòng)勢為3V，內(nèi)阻約為1），電流表（內(nèi)阻約為0.1），電壓表（內(nèi)阻約為3k），滑動(dòng)

5、變阻器R（020，額定電流為2A）開關(guān)，導(dǎo)線若干某同學(xué)利用以上器材正確連接好電路，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測量，記錄數(shù)據(jù)如下：次數(shù)1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，他們測量RX是采用圖2中甲和乙中的圖（選填“甲”或“乙”）（3）如圖3是測量RX的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已經(jīng)連接了部分導(dǎo)線，滑動(dòng)變阻器的滑片P置于變阻器的一端，請根據(jù)上圖所選的電路圖，補(bǔ)充完成圖3中實(shí)物間的連線，并使閉合開關(guān)的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞（4）這個(gè)小組的同學(xué)在坐標(biāo)紙上建立U、I坐標(biāo)系，如圖4所示

6、，圖中已經(jīng)標(biāo)出了與測量數(shù)據(jù)相對應(yīng)的四個(gè)點(diǎn)，請?jiān)谙聢D中標(biāo)出第2、4、6次測量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)，并描繪出UI圖線，由圖線得到金屬絲的阻值RX=（保留兩位有效數(shù)字）（5）根據(jù)以上數(shù)據(jù)可估算出金屬絲的電阻率約為（填選項(xiàng)前的序號(hào)）A、1×102m B、1×103m C、1×106m D、1×108m（6）任何實(shí)驗(yàn)測量都存在誤差，本實(shí)驗(yàn)所用測量儀器都已校準(zhǔn)，下列關(guān)于誤差的說法中正確的選項(xiàng)是（有多個(gè)正確選項(xiàng)）A、用螺旋測微器測量金屬絲直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差B、由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于偶然誤差C、若將電流表和電壓表的內(nèi)阻計(jì)算在內(nèi)，可以消除由測量儀

7、表引起的系統(tǒng)誤差D、用UI圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差10（16分）（2012北京）如圖所示，質(zhì)量為m的小物塊在粗糙水平桌面上做直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)距離l后以速度v飛離桌面，最終落在水平地面上已知l=1.4m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25，桌面高h(yuǎn)=0.45m，不計(jì)空氣阻力，重力加速度取10m/s2，求：（1）小物塊落地點(diǎn)距飛出點(diǎn)的水平距離s；（2）小物塊落地時(shí)的動(dòng)能EK；（3）小物塊的初速度大小v011（18分）（2012北京）摩天大樓中一部直通高層的客運(yùn)電梯，行程超過百米電梯的簡化模型如圖1所示考慮安全、舒適、省時(shí)等因素，電梯的加速度a是隨時(shí)間

8、t變化的，已知電梯在t=0時(shí)由靜止開始上升，at圖象如圖2所示電梯總質(zhì)量m=2.0×103kg忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2（1）求電梯在上升過程中受到的最大拉力F1和最小拉力F2；（2）類比是一種常用的研究方法對于直線運(yùn)動(dòng)，教科書中講解了由t圖象求位移的方法請你借鑒此方法，對比加速度和速度的定義，根據(jù)圖2所示at圖象，求電梯在第1s內(nèi)的速度改變量1和第2s末的速率2；（3）求電梯以最大速率上升時(shí)，拉力做功的功率P；再求在011s時(shí)間內(nèi)，拉力和重力對電梯所做的總功W12（20分）（2012北京）勻強(qiáng)電場的方向沿x軸正向，電場強(qiáng)度E隨x的分布如圖所示圖中E0和d均為已知量，將

9、帶正電的質(zhì)點(diǎn)A在O點(diǎn)由能止釋放，A離開電場足夠遠(yuǎn)后，再將另一帶正電的質(zhì)點(diǎn)B放在O點(diǎn)也由靜止釋放，當(dāng)B在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，A、B間的相互作用力及相互作用能均為零；B離開電場后，A、B間的相作用視為靜電作用，已知A的電荷量為Q，A和B的質(zhì)量分別為m和，不計(jì)重力（1）求A在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t；（2）若B的電荷量，求兩質(zhì)點(diǎn)相互作用能的最大值EPm；（3）為使B離開電場后不改變運(yùn)動(dòng)方向，求B所帶電荷量的最大值qm2012年北京市高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題1（3分）【考點(diǎn)】氫原子的能級公式和躍遷【專題】實(shí)驗(yàn)題；原子的能級結(jié)構(gòu)專題【分析】從高能級向低能級躍遷，釋放光子，能量減少，從低能級向高能級躍

10、遷，吸收光子，能量增加【解答】解：一個(gè)氫原子從n=3能級躍遷到n=2能級，即從高能級向低能級躍遷，釋放光子，能量減少故選：B【點(diǎn)評】知道高能級向低能級躍遷，釋放光子，從低能級向高能級躍遷，吸收光子2（3分）【考點(diǎn)】光的折射定律；電磁波譜【專題】光的折射專題【分析】該題考察了單色光在不同的介質(zhì)中，波長、變速的變化情況，通過和v=f結(jié)合在不同的介質(zhì)中光的頻率不變可得出正確結(jié)果【解答】解：一束單色光經(jīng)由空氣射入玻璃，是由光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，由可知，光的傳播速度變慢；一單色光在不同的介質(zhì)中傳播時(shí)頻率不變，由v=f可知，波長變短；綜上所述可知選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)評】光從真空（或空氣中）

11、射入某種介質(zhì)時(shí)，頻率是不會(huì)變化的；會(huì)熟練的應(yīng)用判斷光速的變化情況，應(yīng)用v=f判斷波長的變化情況；同時(shí)還要了解同種介質(zhì)對不同頻率的光的折射率是不同的3（3分）【考點(diǎn)】正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率【專題】交流電專題【分析】根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt求解電流的有效值，其中I是有效值再根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出最大值【解答】解：設(shè)電熱器的電阻為R，t時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，則：Q=此熱量是接交流電源上產(chǎn)生的熱功率的2倍，所以Q=Q=所以：=解得：V所以最大值為故選C【點(diǎn)評】對于交變電流，求解熱量、電功和電功率等與熱效應(yīng)有關(guān)的量，都必須用有效值4（3分）【考點(diǎn)】電磁場；電流、電壓概念【分析】帶電

12、粒子以速率v垂直射入磁感強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出帶電粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期，由電流的定義式得出電流的表達(dá)式，再進(jìn)行分析【解答】解：設(shè)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，半徑為r，則由 qvB=m，得 r=，T=環(huán)形電流：I=，可見，I與q的平方成正比，與v無關(guān)，與B成正比，與m成反比故選D【點(diǎn)評】本題是洛倫茲力、向心力和電流等知識(shí)的綜合應(yīng)用，抓住周期與B、I的聯(lián)系是關(guān)鍵5（3分）【考點(diǎn)】簡諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象【專題】振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題【分析】回復(fù)力：F=kx；牛頓第二定律公式：a=；得到加速度的一般表達(dá)式后，再進(jìn)行討論即可【解答】解：A、回復(fù)力：F

13、=kx加速度：a=故有a=x經(jīng)周期振子具有正方向的最大加速度，故結(jié)合上述公式得到：此時(shí)振子有負(fù)方向的最大位移，A圖符合，故A正確；B、經(jīng)周期振子位移為零，故B錯(cuò)誤；C、經(jīng)周期振子位移正向最大，故C錯(cuò)誤；D、經(jīng)周期振子位移為零，故D錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵是根據(jù)回復(fù)力公式和加速度公式得到加速度與位移關(guān)系式，然后逐項(xiàng)討論6（3分）【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】根據(jù)開普勒定律求解了解同步衛(wèi)星的含義，即同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心通過萬有引力提供向心力，列

14、出等式通過已知量確定未知量【解答】解：A、分別沿圓軌道和橢圓軌道運(yùn)行的兩顆衛(wèi)星，可能具有相同的周期，故A錯(cuò)誤B、沿橢圓軌道運(yùn)行的一顆衛(wèi)星，在軌道對稱的不同位置具有相同的速率，故B正確C、根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：=m（R+h），其中R為地球半徑，h為同步衛(wèi)星離地面的高度由于同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，所以T為一定值，根據(jù)上面等式得出：同步衛(wèi)星離地面的高度h也為一定值故C錯(cuò)誤D、沿不同軌道經(jīng)過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面不一定重合，但圓心都在地心，故D錯(cuò)誤故選B【點(diǎn)評】地球質(zhì)量一定、自轉(zhuǎn)速度一定，同步衛(wèi)星要與地球的自轉(zhuǎn)實(shí)現(xiàn)同步，就必須要角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相等，這就決定

15、了它的軌道高度和線速度大小7（3分）【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律【專題】壓軸題【分析】閉合開關(guān)的瞬間，穿過套環(huán)的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而受到安培力，會(huì)向上跳起根據(jù)套環(huán)跳起的原理判斷導(dǎo)致套環(huán)未動(dòng)的原因【解答】解：A、線圈接在直流電源上，閉合開關(guān)的瞬間，穿過套環(huán)的磁通量仍然會(huì)改變，套環(huán)中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，會(huì)跳動(dòng)故A錯(cuò)誤B、電源電壓過高，在套環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流更大，更容易跳起故B錯(cuò)誤C、線圈匝數(shù)過多，在套環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大，套環(huán)更容易跳起故C錯(cuò)誤D、所用的套環(huán)材料不同，可能不產(chǎn)生感應(yīng)電流，則不會(huì)受到安培力，不會(huì)跳起故D正確故選D【點(diǎn)評】理解套環(huán)跳起的原因，即產(chǎn)生感應(yīng)電流的效果阻礙引起感應(yīng)電

16、流磁通量的變化8（3分）【考點(diǎn)】電磁波的發(fā)射、傳播和接收【專題】壓軸題【分析】物理公式確定了物理量之間數(shù)值的關(guān)系，同時(shí)也就確定了物理單位間的關(guān)系，本題根據(jù)單位進(jìn)行判斷【解答】解：物理公式兩邊的單位是相同的，根據(jù)公式v=kU，故其單位為s1V1；普朗克常量h的單位是Js，e的單位是C；根據(jù)公式W=qU，1J=1VC，故1Js=1VCs，故1s1V1=1，故的單位是s1V1；故選B【點(diǎn)評】將一個(gè)物理導(dǎo)出量用若干個(gè)基本量的乘方之積表示出來的表達(dá)式，稱為該物理量的量綱式，簡稱量綱 它是在選定了單位制之后，由基本物理量單位表達(dá)的式子；任何公式兩邊的量綱必須相同二、解答題9（18分）【考點(diǎn)】測定金屬的電阻

17、率；伏安法測電阻【專題】實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題【分析】（1）關(guān)于螺旋測微器的讀數(shù)，要先讀出固定刻度，再讀出可動(dòng)刻度，然后相加即可得出結(jié)果（2）根據(jù)數(shù)據(jù)比較電壓表、電流表和被測電阻的阻值關(guān)系，確定可采取的電路（3）按照電路原理圖進(jìn)行實(shí)物圖的連接，注意導(dǎo)線不能交叉和滑動(dòng)變阻器的連接方式（4）根據(jù)圖上所標(biāo)的點(diǎn)，做出UI圖線，從而可得出電阻值（5）把以上數(shù)據(jù)代入電阻定律，可得出結(jié)果（6）結(jié)合試驗(yàn)誤差出現(xiàn)的原因，可得出答案【解答】解：（1）固定刻度讀數(shù)為0，可動(dòng)刻度讀數(shù)為39.7，所測長度為0+39.7×0.01=0.397mm（2）由記錄數(shù)據(jù)根據(jù)歐姆定律可知金屬絲的電阻Rx約5則有，比較Rx為

18、小電阻應(yīng)該采用外接法測量誤差小由（3）知是用伏安特性曲線來測量電阻的，就要求電壓電流從接近0開始調(diào)節(jié)，所以應(yīng)該采用分壓接法甲（3）注意連圖時(shí)連線起點(diǎn)和終點(diǎn)在接線柱上并且不能交叉，結(jié)合（2）可知應(yīng)該連接成外接分壓接法（甲）那么在連線時(shí)斷開開關(guān)且使Rx兩端的電壓為0先連外接電路部分，再連分壓電路部分，此時(shí)滑片P必須置于變阻器的左端實(shí)物圖如圖所示，（4）描繪出第2、4、6三個(gè)點(diǎn)后可見第6次測量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)誤差太大舍去，然后作出UI圖線如右圖所示；其中第4次測量數(shù)據(jù)的坐標(biāo)點(diǎn)在描繪出的UI圖線上，有：（5）根據(jù)電阻定律 有：=1.1×106m從數(shù)量級上估算出的金屬絲電阻率是C選項(xiàng)（6）A、用螺

19、旋測微器測量金屬絲直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于偶然誤差，故A錯(cuò)誤；BC、由于電流表和電壓表內(nèi)阻引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差若將電流表和電壓表的內(nèi)阻計(jì)算在內(nèi)，可以消除由測量儀表引起的系統(tǒng)誤差，故B錯(cuò)誤，C正確；D、用UI圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差，故D正確答案為：CD故答案為：（1）0.397；（2）甲；（3）如圖；（4）如圖，4.5；（5）C；（6）CD【點(diǎn)評】該題是綜合性較強(qiáng)的題，解答時(shí)注意一下幾方面：1、對于長度的測量注意高中所要求的游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的使用方法，讀書時(shí)是固定刻度的值與可動(dòng)刻度的值得和2、會(huì)根據(jù)電壓表、電流表及被測電阻的阻值關(guān)系，確定電流表是內(nèi)接還是外接3、實(shí)物

20、連接時(shí)，注意導(dǎo)線不能相交叉，并且要注意閉合電建時(shí)，分壓電路的輸出端電壓要為零4、會(huì)用電阻定律來求解導(dǎo)線的電阻率5、了解實(shí)驗(yàn)誤差產(chǎn)生的原因，并會(huì)在試驗(yàn)中做到盡可能的減小誤差10（16分）【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；平拋運(yùn)動(dòng)【專題】動(dòng)能定理的應(yīng)用專題【分析】（1）物塊離開桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，由勻速與勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出水平距離（2）由動(dòng)能定理可以求出落地動(dòng)能（3）由動(dòng)能定理可以求出物塊的初速度【解答】解：（1）物塊飛出桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向：h=gt2，解得：t=0.3s，水平方向：s=vt=0.9m；（2）對物塊從飛出桌面到落地，由動(dòng)能定理得：mgh=mv12mv22，落地動(dòng)能EK=mgh+mv

21、12=0.9J；（3）對滑塊從開始運(yùn)動(dòng)到飛出桌面，由動(dòng)能定理得：mgl=mv2mv02，解得：v0=4m/s；答：（1）小物塊落地點(diǎn)距飛出點(diǎn)的水平距離為0.9m（2）小物塊落地時(shí)的動(dòng)能為0.9J（3）小物塊的初速度為4m/s【點(diǎn)評】要掌握應(yīng)用動(dòng)能定理解題的方法與思路；（2）（3）兩問也可以應(yīng)用牛頓定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解11（18分）【考點(diǎn)】牛頓第二定律；機(jī)械運(yùn)動(dòng)；功的計(jì)算【專題】壓軸題；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】（1）由圖讀出電梯向上加速運(yùn)動(dòng)的最大加速度和減速運(yùn)動(dòng)的最大加速度大小，由牛頓第二定律求解最大拉力F1和最小拉力F2；（2）運(yùn)用類比法可知，at圖象與坐標(biāo)軸所圍的“面積”等于速度變化量，

22、即可求出電梯在第1s內(nèi)的速度改變量1，及電梯在2s內(nèi)的速度改變量2，即求得第2s末的速率2；（3）由at圖象可知，11s30s內(nèi)速率最大，其值等于011s內(nèi)at圖線下的面積，此時(shí)電梯做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力F等于重力mg，由P=Fv求出拉力的功率由動(dòng)能定理求解拉力和重力對電梯所做的總功W【解答】解；（1）由牛頓第二定律，有 Fmg=ma由at圖象可知，F(xiàn)1和F2對應(yīng)的加速度分別是a1=1.0m/s2，a2=1.0m/s2則 F1=m（g+a1）=2.0×103×（10+1.0）N=2.2×104N F2=m（g+a2）=2.0×103×（101.0）N

23、=1.8×104N（2）通過類比可得，電梯的速度變化量等于第1s內(nèi)at圖線下的面積v1=0.50m/s同理可得，v2=v2v0=1.5m/sv0=0，第2s末的速率v2=1.5m/s（3）由at圖象可知，11s30s內(nèi)速率最大，其值等于011s內(nèi)at圖線下的面積，有 vm=10m/s此時(shí)電梯做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力F等于重力mg，所求功率P=Fvm=mgvm=2.0×103×10×10W=2.0×105W由動(dòng)能定理，總功W=Ek2Ek1=mvm20=×2.0×103×102J=1.0×105J答：（1）電梯在上升

24、過程中受到的最大拉力F1是2.2×104N，最小拉力F2是1.8×104N（2）電梯在第1s內(nèi)的速度改變量v1是0.50m/s，第2s末的速率v2是1.5m/s（3）電梯以最大速率上升時(shí)，拉力做功的功率P為2.0×105W；在011s時(shí)間內(nèi)，拉力和重力對電梯所做的總功W是1.0×105J【點(diǎn)評】本題一要有基本的讀圖能力，并能根據(jù)加速度圖象分析電梯的運(yùn)動(dòng)情況；二要能運(yùn)用類比法，理解加速度圖象“面積”的物理意義12（20分）【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)【專題】壓軸題；帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】（1）A在電場中時(shí)，在電場力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)位移公式求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間t；（2）分析A