山東省高考物理試卷答案與解析

1、2012年山東省高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共7小題，每小題3分，滿分21分）1（3分）（2012山東）以下敘述正確的是（）A法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B慣性是物體的固有屬性，速度大的物體慣性一定大C牛頓最早通過理想斜面實(shí)驗(yàn)得出力不是維持物體運(yùn)動的原因D感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果【考點(diǎn)】物理學(xué)史【分析】解答本題應(yīng)掌握：法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；慣性是物體的固有屬性，質(zhì)量是慣性大小的量度伽利略最早通過理想斜面實(shí)驗(yàn)得出力不是維持物體運(yùn)動的原因；感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，符合能量守恒定律【解答】解：A、1831年英國科學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象

2、故A正確B、慣性是物體的固有屬性，質(zhì)量是慣性大小的量度，與速度大小無關(guān)故B錯(cuò)誤C、伽利略最早通過理想斜面實(shí)驗(yàn)得出力不是維持物體運(yùn)動的原因故C錯(cuò)誤D、感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，由于在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，安培力是阻力，外界通過克服安培力做功，將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，故楞次定律所描述的感應(yīng)電流方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果故D正確故選AD【點(diǎn)評】本題考查了物理學(xué)史、慣性、楞次定律等等，要抓住慣性由物體的質(zhì)量來量度，與速度無關(guān)，楞次定律符合能量守恒定律2（3分）（2012山東）2011年11月3日，“神舟八號”飛船與“天宮一號”目標(biāo)飛行器成功實(shí)施了首次交會對接任務(wù)完成后“天宮一號”經(jīng)變軌升到更高的軌

3、道，等待與“神舟九號”交會對接變軌前和變軌完成后“天宮一號”的運(yùn)行軌道均可視為圓軌道，對應(yīng)的軌道半徑分別為R1、R2，線速度大小分別為v1、v2則等于（）ABCD【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】萬有引力定律的應(yīng)用專題【分析】天宮一號繞地球做勻速圓周運(yùn)動，靠萬有引力提供向心力，根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律比較線速度的大小關(guān)系【解答】解：“神舟八號”飛船與“天宮一號”繞地球做勻速圓周運(yùn)動，靠萬有引力提供向心力：得：，故故B正確、ACD錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評】本題的關(guān)鍵根據(jù)萬有引力提供向心力，解出線速度與軌道半徑的關(guān)系3（3分）（2012山東）將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動至最高點(diǎn)

4、的過程中，vt圖象如圖所示以下判斷正確的是（）A前3s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B最后2s內(nèi)貨物只受重力作用C前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D第3s末至第5s末的過程中，貨物的機(jī)械能守恒【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用-超重和失重【專題】機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】根據(jù)vt圖象可知道物體的運(yùn)動過程和性質(zhì)，也可求出對應(yīng)的加速度，前3s內(nèi)貨物向上做勻加速直線運(yùn)動，加速度的方向是向上勻變速直線運(yùn)動平均速度，只有重力或彈力做功時(shí)機(jī)械能守恒【解答】解：A、前3s內(nèi)貨物向上做勻加速直線運(yùn)動，加速度的方向是向上，所以處于超重狀態(tài)，故A正確；B、最后2s內(nèi)貨物的加速度a=g，所以還受到繩子的拉力，

5、故B錯(cuò)誤；C、前3s內(nèi)的平均速度，最后2s內(nèi)貨物的平均速度，所以前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同，故C正確；D、第3s末至第5s末的過程中，貨物勻速運(yùn)動，繩子的拉力等于重力，繩子的拉力做正功，機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤故選：AC【點(diǎn)評】該題考查了勻變速直線運(yùn)動的速度時(shí)間圖象、平均速度公式、機(jī)械能守恒條件等知識點(diǎn)本題的關(guān)鍵在于能夠通過速度時(shí)間圖象對物體進(jìn)行運(yùn)動過程分析和受力分析，難度適中4（3分）（2012山東）如圖所示，兩相同輕質(zhì)硬桿OO1、OO2可繞其兩端垂直紙面的水平軸O、O1、O2轉(zhuǎn)動，O點(diǎn)懸掛一重物M，將兩相同木塊m緊壓在豎直擋板上，此時(shí)整個(gè)系統(tǒng)保持靜止Ff表示木塊與擋板間摩擦力的大

6、小，F(xiàn)N表示木塊與擋板間正壓力的大小若擋板間的距離稍許增大后，系統(tǒng)仍靜止且O1、O2始終等高，則（）AFf變小BFf不變CFN變小DFN變大【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題【分析】先對三個(gè)物體以及支架整體受力分析，根據(jù)平衡條件得到靜摩擦力的變化情況；然后將細(xì)線對O的拉力按照效果正交分解，再將桿對物體m的彈力按照效果正交分解即可【解答】解：A、B、先對三個(gè)物體以及支架整體受力分析，受重力（2m+M）g，2個(gè)靜摩擦力，兩側(cè)墻壁對整體有一對支持力，根據(jù)平衡條件，有：2Ff=（M+2m）g，解得，故靜摩擦力不變，故A錯(cuò)誤，B正確；C、D、將細(xì)線對O的拉力按照效果正交分解

7、，如圖設(shè)兩個(gè)桿夾角為，則有；再將桿對滑塊m的推力F1按照效果分解，如圖根據(jù)幾何關(guān)系，有Fx=F1sin故，若擋板間的距離稍許增大后，角變大，F(xiàn)x變大，故滑塊m對墻壁的壓力變大，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：BD【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵是靈活地選擇研究對象，受力分析后根據(jù)平衡條件列方程求解出表達(dá)式再進(jìn)行討論5（3分）（2012山東）圖甲是某燃?xì)鉅t點(diǎn)火裝置的原理圖轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交變電壓，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，為交流電壓表當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進(jìn)而點(diǎn)燃?xì)怏w以下判斷正確的是（）A電壓表的示數(shù)等于

8、5VB電壓表的示數(shù)等于C實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是D實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理【專題】交流電專題【分析】根據(jù)圖乙得到原線圈電壓的最大值，根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系求出電壓表的示數(shù)，當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會點(diǎn)火，根據(jù)電壓與線圈匝數(shù)比的關(guān)系即可求解【解答】解：A、根據(jù)圖乙得到原線圈電壓的最大值為5V，所以電壓表的示數(shù)為：，故A錯(cuò)誤，B正確；C、根據(jù)，且U1=5V，U25000V得：實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是，故C正確，D錯(cuò)誤故選BC【點(diǎn)評】掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，知道電壓表的示數(shù)為有效值，本題即可得到解決6（3分）（2012山東）圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓

9、心處固定一帶正電的點(diǎn)電荷一帶電粒子以一定初速度射入電場，實(shí)線為粒子僅在電場力作用下的運(yùn)動軌跡，a、b、c三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)則該粒子（）A帶負(fù)電B在c點(diǎn)受力最大C在b點(diǎn)的電勢能大于在c點(diǎn)的電勢能D由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動能變化大于由b點(diǎn)到c點(diǎn)的動能變化【考點(diǎn)】電勢能；動能定理的應(yīng)用【專題】壓軸題【分析】電場線與等勢面垂直電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，沿電場線的方向，電勢降低，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增加【解答】解：A：根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在abc的過程中，一直受靜電斥力作用，根據(jù)同性電荷相互排斥，故粒子帶正電荷，A錯(cuò)誤；B：點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度的特

10、點(diǎn)是離開場源電荷距離越大，場強(qiáng)越小，粒子在C點(diǎn)受到的電場力最小，故B錯(cuò)誤；C：根據(jù)動能定理，粒子由b到c，電場力做正功，動能增加，故粒子在b點(diǎn)電勢能一定大于在c點(diǎn)的電勢能，故C正確；D：a點(diǎn)到b點(diǎn)和b點(diǎn)到c點(diǎn)相比，由于點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度的特點(diǎn)是離開場源電荷距離越大，場強(qiáng)越小，故a到b電場力做功為多，動能變化也大，故D正確故選：CD【點(diǎn)評】本題中，點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度的特點(diǎn)是離開場源電荷距離越大，場強(qiáng)越小，掌握住電場線和等勢面的特點(diǎn)，即可解決本題屬于基礎(chǔ)題目7（3分）（2012山東）如圖所示，相距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為，上端接有定值電阻R，勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度

11、為B將質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒由靜止釋放，當(dāng)速度達(dá)到v時(shí)開始勻速運(yùn)動，此時(shí)對導(dǎo)體棒施加一平行于導(dǎo)軌向下的拉力，并保持拉力的功率恒為P，導(dǎo)體棒最終以2v的速度勻速運(yùn)動導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，重力加速度為g下列選項(xiàng)正確的是（）AP=2mgvsinBP=3mgvsinC當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到時(shí)加速度大小為D在速度達(dá)到2v以后勻速運(yùn)動的過程中，R上產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力所做的功【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動勢；功率、平均功率和瞬時(shí)功率；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【專題】壓軸題；電磁感應(yīng)功能問題【分析】導(dǎo)體棒最終勻速運(yùn)動受力平衡可求拉力F，由P=Fv可求功率，由牛頓第二定律求加速度，由能量

12、守恒推斷能之間的相互轉(zhuǎn)化【解答】解：A、當(dāng)導(dǎo)體棒以v勻速運(yùn)動時(shí)受力平衡，則mgsin=BIl=，當(dāng)導(dǎo)體棒以2v勻速運(yùn)動時(shí)受力平衡，則 F+mgsin=BIl=，故 F=mgsin，拉力的功率P=Fv=2mgvsin，故A正確B、同理，B錯(cuò)誤C、當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到時(shí)，由牛頓第二定律，mgsin=ma，解得a=，故C正確D、由能量守恒，當(dāng)速度達(dá)到2v以后勻速運(yùn)動的過程中，R上產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力及重力所做的功，故D錯(cuò)誤故選：AC【點(diǎn)評】考查了電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路，注意平衡條件得應(yīng)用，能量、功率關(guān)系二、解答題（共3小題，滿分46分）8（13分）（2012山東）（1）某同學(xué)利用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探

13、究物塊在水平桌面上的運(yùn)動規(guī)律物塊在重物的牽引下開始運(yùn)動，重物落地后，物塊再運(yùn)動一段距離停在桌面上（尚未到達(dá)滑輪處）從紙帶上便于測量的點(diǎn)開始，每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源的頻率為50Hz通過分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)6和7之間某時(shí)刻開始減速計(jì)數(shù)點(diǎn)5對應(yīng)的速度大小為1.00m/s，計(jì)數(shù)點(diǎn)6對應(yīng)的速度大小為1.20m/s（保留三位有效數(shù)字）物塊減速運(yùn)動過程中加速度的大小為a=2.00m/s2，若用來計(jì)算物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計(jì)算結(jié)果比動摩擦因數(shù)的真實(shí)值偏大（填“偏大”或“偏小”）（2）在測量金屬絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，可供選用的器材如

14、下：待測金屬絲：Rx（阻值約4，額定電流約0.5A）；電壓表：V（量程3V，內(nèi)阻約3k）；電流表：A1（量程0.6A，內(nèi)阻約0.2）；A2（量程3A，內(nèi)阻約0.05）；電源：E1（電動勢3V，內(nèi)阻不計(jì)）；E2（電動勢12V，內(nèi)阻不計(jì)）；滑動變阻器：R（最大阻值約20）；螺旋測微器；毫米刻度尺；開關(guān)S；導(dǎo)線用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖丙所示，讀數(shù)為1.775mm若滑動變阻器采用限流接法，為使測量盡量精確，電流表應(yīng)選A1、電源應(yīng)選E1（均填器材代號），在虛線框內(nèi)（如圖丁）完成電路原理圖【考點(diǎn)】測定金屬的電阻率；探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律【專題】實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題【分析】（1）由紙帶兩

15、個(gè)點(diǎn)之間的時(shí)間相同，若位移逐漸增大，表示物體做加速運(yùn)動，若位移逐漸減小，則表示物體做減速運(yùn)動；用平均速度代替瞬時(shí)速度的方法求解瞬時(shí)速度；用作差法求解減速過程中的加速度；（2）螺旋測微器精確度為0.01mm，需要估讀，讀數(shù)時(shí)注意半毫米刻度線是否露出在不要求電流或電壓從零調(diào)或變阻器的阻值不是太小的情況下，滑動變阻器優(yōu)先選擇限流式接法，因限流式調(diào)節(jié)方便且節(jié)能【解答】解：（1）從紙帶上的數(shù)據(jù)分析得知：在點(diǎn)計(jì)數(shù)點(diǎn)6之前，兩點(diǎn)之間的位移逐漸增大，是加速運(yùn)動，在計(jì)數(shù)點(diǎn)7之后，兩點(diǎn)之間的位移逐漸減小，是減速運(yùn)動，所以物塊在相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)6和7之間某時(shí)刻開始減速；v5=1.00m/s由可得加速時(shí)加速度，則計(jì)數(shù)點(diǎn)6的

16、速度v6=v5+a1T=1.00+2×0.10=1.20m/s由紙帶可知，計(jì)數(shù)點(diǎn)7往后做減速運(yùn)動，根據(jù)作差法得：a=2.00m/s2所以大小為2.00m/s2測量值與真實(shí)值比較，測量值偏大，因?yàn)閷?shí)驗(yàn)中存在阻力，比如：沒有考慮紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦；沒有考慮空氣阻力等（2）從圖中讀出金屬絲的直徑為d=1.5mm+27.5×0.01mm=1.775mm因測量金屬絲的電阻率電流不能太大，電流表應(yīng)選A1；待測電阻的電壓約為2V，所以電源選擇E1，電路圖如圖所示故答案為：（1）6，7；1.00，1.20；2.00，偏大（2）1.775（1.7731.775均正確）；A1，E1，電路

17、如圖所示【點(diǎn)評】要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用電流表量程的選擇需要根據(jù)電路估算，難度適中9（15分）（2012山東）如圖所示，一工件置于水平地面上，其AB段為一半徑R=1.0m的光滑圓弧軌道，BC段為一長度L=0.5m的粗糙水平軌道，二者相切于B點(diǎn)，整個(gè)軌道位于同一豎直平面內(nèi)，P點(diǎn)為圓弧軌道上的一個(gè)確定點(diǎn)一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊，其質(zhì)量m=0.2kg，與BC間的動摩擦因數(shù)1=0.4工件質(zhì)量M=0.8kg，與地面間的動摩擦因數(shù)2=0.1（取g=10m/s2）（1）若工件固定，將物塊由P點(diǎn)無初速度釋放，滑至C點(diǎn)時(shí)恰好靜止，求P、C兩點(diǎn)間的高度

18、差h（2）若將一水平恒力F作用于工件，使物塊在P點(diǎn)與工件保持相對靜止，一起向左做勻加速直線運(yùn)動求F的大小當(dāng)速度v=5m/s時(shí)，使工件立刻停止運(yùn)動（即不考慮減速的時(shí)間和位移），物塊飛離圓弧軌道落至BC段，求物塊的落點(diǎn)與B點(diǎn)間的距離【考點(diǎn)】動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力【專題】壓軸題；動能定理的應(yīng)用專題【分析】（1）物塊從P點(diǎn)下滑經(jīng)B點(diǎn)至C點(diǎn)的整個(gè)過程，根據(jù)動能定理求解（2）對物體、工件和物體整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求解（3）根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律和幾何關(guān)系求解【解答】解（1）物塊從P點(diǎn)下滑經(jīng)B點(diǎn)至C點(diǎn)的整個(gè)過程，根據(jù)動能定理得：mgh1mgL=0代入數(shù)據(jù)得：h=0.2m（2）設(shè)物塊的加速度大

19、小為a，P點(diǎn)與圓心的連線與豎直方向間的夾角為，由幾何關(guān)系可得cos=根據(jù)牛頓第二定律，對物體有mgtan=ma對工件和物體整體有F2（M+m）g=（M+m）a聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)得F=8.5N設(shè)物體平拋運(yùn)動的時(shí)間為t，水平位移為x1，物塊落點(diǎn)與B間的距離為 x2，由運(yùn)動學(xué)公式可得h=x1=vtx2=x1Rsin 聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)得x2=0.4m答：（1）P、C兩點(diǎn)間的高度差是0.2m；（2）F的大小是8.5N；（3）物塊的落點(diǎn)與B點(diǎn)間的距離是0.4m【點(diǎn)評】該題考查了動能定理、牛頓第二定律、平拋運(yùn)動的規(guī)律多個(gè)知識點(diǎn)，關(guān)鍵要對物體進(jìn)行受力和過程分析10（18分）（2012山東）如圖甲所示，相隔一定距

20、離的豎直邊界兩側(cè)為相同的勻強(qiáng)磁場區(qū)，磁場方向垂直紙面向里，在邊界上固定兩長為L的平行金屬極板MN和PQ，兩極板中心各有一小孔S1、S2，兩極板間電壓的變化規(guī)律如圖乙所示，正反向電壓的大小均為U0，周期為T0在t=0時(shí)刻將一個(gè)質(zhì)量為m電量為q（q0）的粒子由S1靜止釋放，粒子在電場力的作用下向右運(yùn)動，在時(shí)刻通過S2垂直于邊界進(jìn)入右側(cè)磁場區(qū)（不計(jì)粒子重力，不考慮極板外的電場）（1）求粒子到達(dá)S2時(shí)的速度大小v和極板間距d；（2）為使粒子不與極板相撞，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小應(yīng)滿足的條件（3）若已保證了粒子未與極板相撞，為使粒子在t=3T0時(shí)刻再次到達(dá)S2，且速度恰好為零，求該過程中粒子在磁場內(nèi)運(yùn)動的時(shí)間

21、和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動；牛頓第二定律；向心力；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動【專題】壓軸題；帶電粒子在磁場中的運(yùn)動專題【分析】（1）粒子在勻強(qiáng)電場中做勻加速直線運(yùn)動，電場力做功等于粒子動能的增加；（2）使粒子不與極板相撞，則運(yùn)動的半徑大于；（3）粒子在t=3T0時(shí)刻再次到達(dá)S2，且速度恰好為零，則從s1再次進(jìn)入電場時(shí)的時(shí)刻是，粒子從左向右應(yīng)是水平勻速穿過無場區(qū)，距離為d，根據(jù)勻速運(yùn)動的規(guī)律求得時(shí)間，粒子在左右磁場中的時(shí)間是相等的，粒子在左右磁場中的時(shí)間是相等的且都是半個(gè)周期，所以粒子運(yùn)動的總時(shí)間是一個(gè)周期，即t=T；然后根據(jù)洛倫茲力提供向心力，即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度【解答

22、】解：（1）粒子在勻強(qiáng)電場中電場力做功等于粒子動能的增加，得：代入數(shù)據(jù)，得：又：，聯(lián)立以上兩式，得：（2）粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，即：，得：使粒子不與極板相撞，則運(yùn)動的半徑聯(lián)立以上兩式，得：（3）粒子在t=3T0時(shí)刻再次到達(dá)S2，且速度恰好為零，根據(jù)運(yùn)動的對稱性，則從s1再次進(jìn)入電場時(shí)的時(shí)刻是；粒子從左向右應(yīng)是水平勻速穿過無場區(qū)，距離為d，時(shí)間為：粒子在左右磁場中的時(shí)間是相等的，粒子在磁場中運(yùn)動的總時(shí)間：粒子在左右磁場中的時(shí)間是相等的且都是半個(gè)周期，所以粒子運(yùn)動的總時(shí)間是一個(gè)周期，即t=T；粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，得：，vT=2r聯(lián)立以上公式得：

23、答：（1）粒子到達(dá)S2時(shí)的速度和極板間距；（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小應(yīng)滿足的條件；（3）粒子在磁場內(nèi)運(yùn)動的時(shí)間，磁感應(yīng)強(qiáng)度的【點(diǎn)評】該題中粒子在左右磁場中的時(shí)間是相等的，在電場中加速和減速的時(shí)間也是相等的，是這解題的關(guān)鍵該題解題的過程復(fù)雜，公式較多，容易在解題的過程中出現(xiàn)錯(cuò)誤屬于難度大的題目選修3-311（3分）（2012山東）以下說法正確的是（）A水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大B擴(kuò)散現(xiàn)象表明，分子在永不停息地運(yùn)動C當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間引力增大，分子間斥力減小D一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過程中，氣體分子的平均動能減小【考點(diǎn)】熱力學(xué)第一定律；分子間的相互作用力；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)

24、現(xiàn)象【專題】壓軸題；熱力學(xué)定理專題【分析】A、水的飽和氣壓隨溫度的升高而增大；B、擴(kuò)散現(xiàn)象證明了組成物質(zhì)的分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動；C、隨分子間距離的增大，分子間引力與斥力都要減小；D、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度降低，分子平均動能減小【解答】解：A、水的飽和氣壓隨溫度的升高而增大，故A正確；B、擴(kuò)散現(xiàn)象證明了組成物質(zhì)的分子永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動，故B正確；C、當(dāng)分子間距離增大時(shí)，分子間引力減小，分子間斥力減小，故C錯(cuò)誤；D、一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過程中，體積變大，由理想氣體方程可知，氣體溫度升高，氣體分子的平均動能增大，故D錯(cuò)誤；故選AB【點(diǎn)評】熟練掌握基礎(chǔ)知識即可正確解題，本題

25、難度不大，對與物理選修內(nèi)容要注意基礎(chǔ)知識的掌握12（5分）（2012山東）如圖所示，粗細(xì)均勻、導(dǎo)熱良好、裝有適量水銀的U型管豎直旋轉(zhuǎn)，右端與大氣相通，左端封閉氣柱長l1=20cm（可視為理想氣體），兩管中水銀面等高現(xiàn)將右端與一低壓艙（未畫出）接通，穩(wěn)定后右管水銀面高出左管水銀面h=10cm（環(huán)境溫度不變，大氣壓強(qiáng)p0=75cmHg）求穩(wěn)定后低壓艙內(nèi)的壓強(qiáng)50cmHg（用“cmHg”作單位）此過程中左管內(nèi)的氣體對外界做正功（填“做正功”“做負(fù)功”或“不做功”），氣體將吸熱（填“吸熱”或“放熱”）【考點(diǎn)】封閉氣體壓強(qiáng)；熱力學(xué)第一定律【專題】壓軸題；氣體的壓強(qiáng)專題【分析】根據(jù)題意可知，這個(gè)過程是等溫

26、變化，找出左邊氣體變化前后的兩個(gè)狀態(tài)的狀態(tài)參量，由等溫變化的規(guī)律可求出左邊的氣體變化后的壓強(qiáng)，從而即可求出低壓倉的壓強(qiáng)根據(jù)左側(cè)氣體體積增大，可知做功情況，再由熱力學(xué)第一定律可判斷是否吸熱【解答】解：設(shè)U型管的橫截面積為S，則左端被封閉的氣體初狀態(tài)：P1=P0，V1=l1S末狀態(tài)為：P2，V2=（l1+）S有理想氣體的等溫變化得：P1V1=P2V2代入數(shù)據(jù)得：P2=60cmHg則低壓倉的壓強(qiáng)p=P2h=6010=50cmHg此過程中左管內(nèi)的氣體體積增大，對外做正功，溫度又不變，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體要從外界吸熱故答案為：50cmHg；做正功，吸熱【點(diǎn)評】解答關(guān)于理想氣體的問題，首先要明確忽略

27、氣體分子之間的勢能，氣體的能量只有氣體的動能；要明確氣體的各個(gè)狀態(tài)及其狀態(tài)參量，利用相應(yīng)的規(guī)律進(jìn)行解題同時(shí)熟練的應(yīng)用熱力學(xué)第一定律解答相關(guān)問題選修3-413（5分）（2012山東）一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖所示，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)P、Q分別位于x=2m、x=4m處從t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，當(dāng)t=15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q剛好第4次到達(dá)波峰求波速寫出質(zhì)點(diǎn)P做簡諧運(yùn)動的表達(dá)式（不要求推導(dǎo)過程）【考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系【專題】壓軸題；振動圖像與波動圖像專題【分析】（1）根據(jù)波形圖得到波長；從t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，當(dāng)t=15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q剛好第4次到達(dá)波峰，判斷出周期；然后根據(jù)計(jì)算波速；（2）根據(jù)波形

28、圖得到振幅A，然后根據(jù)公式y(tǒng)=Asint列式求解【解答】解：根據(jù)波形圖得到波長=4m；t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q正向下運(yùn)動；從t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，當(dāng)t=15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q剛好第4次到達(dá)波峰，故有3T+=t解得T=故波速為；t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P正在向上運(yùn)動，振幅為：A=0.2m；角頻率為：=rad/s故質(zhì)點(diǎn)P做簡諧運(yùn)動的表達(dá)式為：y=0.2sin m；答：波速為1m/s；點(diǎn)P做簡諧運(yùn)動的表達(dá)式為y=0.2sin m【點(diǎn)評】本題綜合考查了質(zhì)點(diǎn)的振動和波動，關(guān)鍵是要能從波速方向判斷出質(zhì)點(diǎn)的振動方向，同時(shí)要能從圖象得到波長并進(jìn)一步求解波速14（5分）（2012山東）如圖所示，一玻璃球體的半徑為R，O為球心，AB為直徑來自B點(diǎn)的光線BM在M點(diǎn)射出，出射光線平行于AB，另一光線BN恰好在N點(diǎn)發(fā)生全反射已知ABM=30°，求玻璃的折射率