上海重點(diǎn)高中物理公式大全等級(jí)考閔行七寶補(bǔ)習(xí)班

1、*七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案表示上海等級(jí)考(高考)要求；*表示超出上海要求；一、直線運(yùn)動(dòng)：二、1、質(zhì)點(diǎn)：相對(duì)?。?、路程與位移：標(biāo)量與矢量，矢量有大小與方向;3、平均速度與瞬時(shí)速度：分別對(duì)應(yīng)時(shí)間與時(shí)刻；V體現(xiàn)“等效替代”思想；vt體現(xiàn)“無(wú)限逼近”思想；4、DIS組成部分：傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)。位移傳感器測(cè)位移，同步時(shí)間，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理可得速度、加速度等；光電門傳感器測(cè)擋光時(shí)間，經(jīng)處理可得平均速度，可近似為瞬時(shí)速度；5、a=生七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ).：t習(xí)班精品教案6、勻速直線

2、運(yùn)動(dòng)(v不變)：s=vt7、勻變速直線運(yùn)動(dòng)(a不變)(1)基本公式：*初速口/、為零初速為零自由落體*豎直上拋運(yùn)動(dòng)(以向上為正)vt=vo+atvt=atvt=gtvt=vogts=vot+1at22s=-at22,1.2h=2gth=vot-gt222cvtvo=2asvt2=2asvt2=2gh22八vtvo=-2gh(2)初速為零，時(shí)間等分：nT時(shí)的即時(shí)速度：vi：V2：=V3=1:2:3nT時(shí)的總位移：si：S2：S3=1:4:9第nT內(nèi)的位移：s第i：s第2：s第3=1:3:5加速度求法：a=s2>,即s2-si=aT2,或sm-sn=(MNfeT2T2(3)初速為零，位移等分

3、：運(yùn)動(dòng)ns時(shí)的時(shí)刻：ti：12：13=1:72:<3運(yùn)動(dòng)ns時(shí)的即時(shí)速度：V1：V2：V3=1:衣：<3通過(guò)第n個(gè)s的時(shí)間：&1:&2:&3=1:Q2-1KV372)(4)平均速度：v=s=vtt2V1V22&vt=V22,2(5)*中間位置的瞬時(shí)速度：Vs=也2,精心整理8、*豎直上拋運(yùn)動(dòng)（以向上為正方向）上升時(shí)間，飛行時(shí)間：t±=t下=巴，1=也gg、2上升最大局度：H一汽2g9、伽利略研究落體運(yùn)動(dòng)：通過(guò)改變斜面傾角，得出soct2,從而推測(cè)出豎直下落也是勻變速直線運(yùn)動(dòng)；10、典型題：有一物體置于光滑水平面上，用包力使物體以加速度ai開(kāi)

4、始作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后去掉力，此時(shí)相對(duì)于出發(fā)點(diǎn)的位移為s。同時(shí)加一與運(yùn)動(dòng)方向相反的恒力，使物體以加速度a2作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)相同時(shí)間之后，物體回到出發(fā)點(diǎn)。求ai與&大小之比.七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案1 .2s=a1t解：2=曳=，大小之比就是1：3,這道題可以畫個(gè)vt圖s=vit+La2t2=（atJ+a2t2a23L22找找感覺(jué)，總位移為零，也就是正的三角形面積與負(fù)的抵消。二、力和力的平衡：三、1、重力：G=mg!T向豎直向下2、彈力：彈性形變3、力的合成：平行四邊形法則，力的分解是合成的逆運(yùn)算；4、物體

5、受共點(diǎn)力平衡條件：合力為零（£Fx=0,£Fy=0）5、*滑動(dòng)摩擦力（阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)）：f=NN*靜摩擦力（阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)）：f靜W幻=%N6、兩個(gè)力的合力：*F合=<F12+F：+2F1F2cos日7、*共點(diǎn)力平衡的技巧：正交分解法、三角形（相似）法（動(dòng)態(tài)平衡）、輔助圓法8、整體法與隔離法：整體法將幾個(gè)物體看成整體分析外力；9、典型題：如圖所示，人通過(guò)定滑輪用繩拉住平臺(tái)而處于靜止?fàn)顟B(tài)，人重600N,平臺(tái)重300N則人對(duì)純的拉力為,人對(duì)平臺(tái)的壓力為。TT解：將平臺(tái)與人看作一個(gè)整體，進(jìn)行受力分析，重力為900N,與之平衡的為兩根純一上的拉力，兩根繩其實(shí)就是一根純，通過(guò)光

6、滑的滑輪，兩力相等，故每個(gè)拉力為450N根據(jù)牛頓第三定律，人拉繩的力等于純拉人的力，第一問(wèn)答案為450N;再將人隔離，進(jìn)行受力分析，重力為600N,繩子拉力450N,與兩力平衡的第三力為平臺(tái)對(duì)人的彈力，可得150N;再根據(jù)牛頓第三定律，平臺(tái)對(duì)人的彈力與人對(duì)平臺(tái)的彈力相等，第二問(wèn)答案為150N;精心整理作為驗(yàn)算，可以對(duì)平臺(tái)進(jìn)行隔離，驗(yàn)證平臺(tái)是否受力平衡。七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案三、牛頓運(yùn)動(dòng)定律：1、牛頓第一定律：靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體所受合力為零。物體保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)不變的性質(zhì)稱為慣性。2、牛頓第二定律：F合=動(dòng)力-阻力二m

7、a慣性由質(zhì)量決定1實(shí)驗(yàn)：控制變量法研究m不變，研究axF;F不變，研究as;m整體法（整體有相同的加速度）：5合=動(dòng)力-阻力=總質(zhì)量X加速度3、牛頓第三定律：F=-F'4、國(guó)際單位制：基本單位：米、秒、千克、開(kāi)爾文、摩爾、安培、*坎德拉；5、牛頓的成就：經(jīng)典力學(xué)、自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理、反射望遠(yuǎn)鏡、微積分；6、經(jīng)典力學(xué)適用于宏觀、低速（相對(duì)光速而言）；愛(ài)因斯坦的相對(duì)論還可以研究微觀、高速情境;7、超重：a向上，N>G,加速向上或減速向下；失重：a向下，N<G,加速向下或減速向上N=0,a=g,完全失重；8、典型題：（2014上海高考）如圖，水平地面上的矩形箱子內(nèi)有一傾角為9的固

8、定廠斜面，斜面上放一質(zhì)量為m的光滑球，靜止時(shí)，箱子頂部與球接觸但無(wú)壓力。箱子j層虱v0由靜止開(kāi)始向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，然后改做加速度大小為a的勻減速運(yùn)動(dòng)直到靜止，經(jīng)過(guò)的總路程為s,運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為（1）求箱子加速階段的加速度大小a?。（2）若a>gtan9,求減速階段球受到箱子左壁和頂部的作用力。解：（1）設(shè)加速過(guò)程中加速度為a?,由勻變速運(yùn)動(dòng)公式S1=S2=S=S1+S2=+七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案解得：a?=（2）設(shè)球不受車廂作用，應(yīng)滿足N與左壁支持力同決定,aNsin8=maNcos8=mg解得：a=gtan9減速時(shí)

9、加速度向左，此加速度由斜面支持力gtan0時(shí)P=0球受力圖如圖。由牛頓定律Nsin8=maNcos80=mg解得Q=m(acot0-g)四、勻速圓周運(yùn)動(dòng)：1s1、v,co,T,nn=,v=RTt2二2二102=2"n,T=一Tn2、2*向心加速度公式：2向=v-=82R=RT23、*向心力公式：=ma向2V2-=m-=mR=mR4二222)2-R=4二mnRT24、5、萬(wàn)有引力定律F=Gmm2G=6.67X1011Nm2rkg2*涉及引力的計(jì)算模式：萬(wàn)有引力=向心力6、*人造衛(wèi)星的線速度和周期：v=7、*純模型通過(guò)圓周最高點(diǎn)的條件（無(wú)法提供支持力，只能提供拉力）：V1-gR8、典型題

10、：一水平放置的圓盤繞豎直固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，在圓盤上沿半徑開(kāi)有一條寬度為縫.將激光器與傳感器上下對(duì)準(zhǔn)，使二者間連線與轉(zhuǎn)軸平圓盤的上下兩側(cè)，且可以同步地沿圓盤半徑方向勻速移續(xù)向下發(fā)射激光束.在圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，當(dāng)狹縫經(jīng)過(guò)激光之間時(shí)，傳感器接收到一個(gè)激光信號(hào)，并將其輸入計(jì)算機(jī)，出相應(yīng)圖線.圖（a）為該裝置示意圖，圖（b）為所接收時(shí)間變化的圖線，橫坐標(biāo)表示時(shí)間，縱坐標(biāo)表示接收到的nnn,2號(hào)激光器D圖度，圖中？ti=1.0X10-3S,2=0.8X10-3S.七寶新行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案2mm勺均勻狹行，分別置于動(dòng)，激光器連器與傳感器經(jīng)處理后畫的光信號(hào)隨激光信號(hào)

11、強(qiáng)王牌閔補(bǔ)習(xí)班(1)度；(2)(3)利用圖（b）中的數(shù)據(jù)求1s時(shí)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的說(shuō)明激光器和傳感器沿半徑移動(dòng)的方向；求圖（b）中第三個(gè)激光信號(hào)的寬度員3.00.2解:（1）由圖線讀得，轉(zhuǎn)盤的轉(zhuǎn)動(dòng)周期T=0.8s角速度2=2=628rad/s=7.85rad/s1.0圖(2)(3),1.8t(sT0.8激光器和探測(cè)器沿半徑由中心向邊緣移動(dòng)（理由為：由于脈沖寬度在逐漸變窄，表明光信號(hào)能通過(guò)狹縫的時(shí)間逐漸減少，即圓盤上對(duì)應(yīng)探測(cè)器所在位置的線速度逐漸增加，因此激光器和探測(cè)器沿半徑由中心向邊緣移動(dòng)）.設(shè)狹縫寬度為d,探測(cè)器接收到第i個(gè)脈沖時(shí)距轉(zhuǎn)軸的距離為門，第i個(gè)脈沖的寬度為Ati,激光器和探測(cè)器沿半徑的運(yùn)動(dòng)

12、速度為V.-T3一2=2-1=VT由、式解得寸32.：ti-.121.010-0.8103321.010-0.810s：0.67103s五、振動(dòng)和波：1、*簡(jiǎn)諧振動(dòng)的回復(fù)力：F=kx2、*單擺振動(dòng)周期（單擺模型：擺角5°,擺線不伸長(zhǎng)，七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案擺球視為質(zhì)點(diǎn)）：T二2二3、機(jī)械振動(dòng)是周期運(yùn)動(dòng)，需要始終指向平衡位置的回復(fù)力;1振幅：A（標(biāo)重）單包mi周期：T單包s；頻率：f單包Hz;T=f4、機(jī)械波的形成：波源；介質(zhì)；波長(zhǎng)：九=vT=工波速：v=?ffT橫波圖像：反應(yīng)各質(zhì)點(diǎn)同一時(shí)刻下的位移情況；*振動(dòng)圖像：反應(yīng)

13、一個(gè)質(zhì)點(diǎn)不同時(shí)刻的位移情況；5、*橫波（振動(dòng)方向與傳播方向垂直）振動(dòng)方向與傳播方向的關(guān)系：微位移法/概念法/口訣法（上坡下，下坡上）/雙箭頭法* 縱波（振動(dòng)方向與傳播方向平行）6、*波的干涉：波的獨(dú)立傳播原理；波的疊加；干涉條件：兩個(gè)或以上頻率相同的相干波源；干涉現(xiàn)象：振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域與振動(dòng)減弱區(qū)域間隔分布，穩(wěn)定存在；* 波的衍射：條件：障礙物或孔的尺寸等于或小于波長(zhǎng)；* 干涉、衍射都是波的特有性質(zhì)；7、典型題：如圖所示，有四列簡(jiǎn)諧波同時(shí)沿x軸正方向傳播，波速分別是v、2v、3V和4v,a、b是x軸上所給定的兩點(diǎn)，且ab=L。在t時(shí)亥ija、b兩點(diǎn)間四列波的波形分別如圖所示，則由該時(shí)刻起a點(diǎn)出現(xiàn)波

14、峰的先后順序依次是圖；頻率由高到低的先后順序依次是圖。ABCD解：由=）得tAv2v16vBDCA又由f=-,得fA=,fB=rv=4v,fC=包，fD=興=6V,故第二問(wèn)答案為DBCAl1lL2L?lL23七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案六、機(jī)械能1、功W=Pt恒力功W=Fscos?2、平均功率P=W=Fv（上海只考F、v共線）3、瞬時(shí)功率p=FtvtcosB,力與速度同向時(shí)R=RV（上海只考F、v共線）4、動(dòng)能：Ek=lmV2重力勢(shì)能：Ep=mghWg-，Ep機(jī)械能：動(dòng)能+彈性勢(shì)能+重力勢(shì)能5、功是能量變化的量度*動(dòng)能定理：工W卜=m

15、v21mv2226、機(jī)械能守恒定律：條件：只有重力（*和系統(tǒng)內(nèi)彈力）做功mgh+Lmv2=mgh+1mv27、*機(jī)械能的變化：W惻=AEh2h1小環(huán)A、速度V0釋度為h2,（hi多少？（以重力做功,1、油膜法測(cè)量分子直徑（10-10m)8、典型題：穿在光滑曲桿上的質(zhì)量為m的小環(huán)從A點(diǎn)以初放，沿曲桿運(yùn)動(dòng)最終落地，B點(diǎn)離地高度為hi,C點(diǎn)離地高>h2）,為使得小環(huán)落地動(dòng)能最小，則在A處重力勢(shì)能為地面為零勢(shì)能面，重力加速度為g）解：臨界條件為小環(huán)剛好能通過(guò)B點(diǎn)，因?yàn)槿讨挥?2機(jī)械能寸恒，EB=mgh1，因此所求為EpA=EaEg=EbEg=mgh1mv0p2這道題如果左邊斜面改成有摩擦，那么

16、難度就會(huì)陡然上升聯(lián)系動(dòng)能定理才能解答;七、氣體與內(nèi)能2、分子的質(zhì)量:Mm=Na3、摩爾體積：V=M4、分子所占的體積：V分=（對(duì)氣體而言，分子所七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)Na習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案占體積遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于分子本身的體積）II5、*分子的直徑，固液分子距離：d=3VT=3四=）6VLNa二精心整理6、分子速率的統(tǒng)計(jì)分布規(guī)律:分子數(shù)d百分率°速率7、玻意耳定律（等T變化）：pM=p2V28、查理定律（等V變化）：艮=在熱力學(xué)溫度：T=t273.T=：t9、能的轉(zhuǎn)化和能量守恒定律：能量轉(zhuǎn)化的方向性；能源分類；功是能量轉(zhuǎn)化的量度;直插在裝有水是玻

17、璃管截面10、典型題：如圖所示，一端封閉、粗細(xì)均勻的薄壁玻璃管開(kāi)口向下堅(jiān)銀的水銀槽內(nèi)，管內(nèi)封閉有一定質(zhì)量的空氣，水銀槽的截面積上下相同，積的5倍。開(kāi)始時(shí)管內(nèi)空氣長(zhǎng)度為6cm,管內(nèi)外水銀面高度差為50cm將玻璃管沿豎直（大氣壓相當(dāng)于方向緩慢上移（管口末離開(kāi)槽中水銀），使管內(nèi)外水銀面高度差變成60cm=75cmHg）求：（1）此時(shí)管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度；（2）水銀槽內(nèi)水銀面下降的高度。解：（1）玻璃管內(nèi)的空氣作等溫變化，據(jù)玻意耳定律PlVi=p2V2,可得（PoPgHi）li=（PopgH2）12pgPo-PgH275-50g=父0.06=0.10(m)75-60(2)設(shè)水銀槽內(nèi)水銀面下降ix,水銀體積

18、不變S1AH=S2AxS.Qx=(H2Hi)S2=一父(0.60-0.50)=0.02(m)S七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案八、靜電場(chǎng):21、*庫(kù)侖定律：F=kqql,k=9Ml09N?r2C22、元電荷：e=1.6x109c由密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn);3、電場(chǎng)強(qiáng)度：定義式efq*點(diǎn)電荷電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E=kQ,r*勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E=Ud4、電場(chǎng)線：正電荷（或無(wú)窮遠(yuǎn)）出發(fā)，負(fù)電荷（或無(wú)窮遠(yuǎn)）終止的不閉合曲線；順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；5、*電勢(shì)，電勢(shì)能：/=三，Et=q（pAq6、*電場(chǎng)力的功：W=qUbW電=-AE電*電勢(shì)差：Uab=%-%=Wb等

19、勢(shì)線：與電場(chǎng)線垂直；等勢(shì)線密集則電場(chǎng)線密集q注意：力和場(chǎng)強(qiáng)公式不用代入電荷的正負(fù)號(hào)，電勢(shì)能和電場(chǎng)力做功需代入電荷的正負(fù)號(hào)；7、典型題：如圖，用兩根絕緣細(xì)線將A、B兩小球連接后掛在天花板上。A球帶負(fù)電，電荷量為2q；B球帶正電，質(zhì)量為m,電荷量為q。在小球1所處空間，外加一個(gè)方向向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E。若兩細(xì)線均被拉直，AB間距離為l,則細(xì)線對(duì)B的拉力大小為若突然撤A9去外加電場(chǎng)，之后B球的電勢(shì)能的變化情況是（已知重力加速I度為g,靜電力包量為k）。bOEE解：對(duì)B受力分析，可得第一問(wèn)答案為：m什qE-,電勢(shì)能的改變量的相反數(shù)等于電場(chǎng)力做的功，川電=-AE電，通過(guò)分析可知B球可能上移或

20、者不動(dòng)，故可得第二問(wèn)答案為：可能不變或可能減?。贿@道題的電場(chǎng)方向可改為水平，受力分析的整體法與隔離法判斷靜止時(shí)的形狀也很經(jīng)典；七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案九、穩(wěn)恒電流1、歐姆定律：=UR2、電功率：P=UI純電阻P=I2R=UR3、電功：W=Pt=UIt純電阻w=I2Rt=UtR4、*焦耳定律：Q=I2Rt5、串聯(lián)電路總電阻R=R+R+R電壓分配Ui=Rl,URUU2R2Ri，R2功率分配旦=巴，P_RiP2R21RiR26、并聯(lián)電路總電阻：11+1+1r=RR2RRiR2R3RR2并聯(lián)電路電流分配：k.R2,11=%I2RRi+R2

21、并聯(lián)電路功率分配："=應(yīng)，p=R2PP2RiRiR27、*全電路歐姆定律:I=E,E=U+卜Rr* 電動(dòng)勢(shì)：其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的能力8、*路端電壓：U=E-IrU=-RE-Rrio、*電源的效率：刈=*_urP總；Rrii、*電源總功率：P總=IE* 電源輸出功率：Pb=IU=IE-12r* 電源內(nèi)電路消耗功率：P內(nèi)=I2rE2* 電源輸出功率最大的條件：R=r時(shí)Pbmax=4ri2、*串聯(lián)電池組：E=nE0,r=nr0i3、典型題：在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為6V,內(nèi)阻為iQ,電阻Ri=5Q,F2=6Q,滑動(dòng)變阻器的阻值0-30。.閉合電鍵K,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P由a端向

22、b端滑動(dòng)時(shí)，理想電流表和理想電壓表示數(shù)變化量的大小分別用I、Fo一百3七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔AU兄行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案UU表示.則&=Q.Ri消耗的最小電功率為W解：AU的絕對(duì)值等于HU內(nèi)+UJ,也就是說(shuō)，第一問(wèn)答案為r+Ri=6C,也就是說(shuō)可以把Ri看成內(nèi)阻即可；第二問(wèn)由P,=I2R,總電流最小則電阻最大，可知Rap=i8QRbp+R2=i2+6=i8G時(shí)電阻最大，計(jì)算可得答案為0.8W;十、磁場(chǎng)十一、i、奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場(chǎng)，可以用右手螺旋定則判斷磁場(chǎng)方向；精心整理2、左手定則：電流在外界磁場(chǎng)中可能受到力的作用；磁感應(yīng)強(qiáng)度：B=F

23、磁感線是閉合曲線Il*安培力磁場(chǎng)方向與電流方向垂直時(shí)F=BIL直流電動(dòng)機(jī)把電能通過(guò)磁場(chǎng)轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，實(shí)驗(yàn)：=mhP巧UIt心、3、磁通量G=BS有效(垂直于磁場(chǎng)方向的投影是有效面積)4、典型題：如圖所示，兩根平行放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線a和b載有大小,相同方向相反的電流，a受到的磁場(chǎng)力大小為E,當(dāng)加入一與導(dǎo)線所在平面垂直的八勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，aab受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)镕2,則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)?；如果其他條件不變，改兩導(dǎo)線電流同向，則答案應(yīng)為；解：兩導(dǎo)線電流相反，互相排斥，據(jù)牛頓第三定律，兩個(gè)斥力大小相等；加入磁場(chǎng)后，據(jù)左手定則，兩導(dǎo)線因此所受的外界磁場(chǎng)力仍舊方向相反，兩導(dǎo)線電流大小相同，則根據(jù)F=BI

24、L,兩力仍等大，求合力，可得第一問(wèn)答案仍為F2；通過(guò)作圖，分類討論F<Fi或F>Fi以及方向的異七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中-j-J.產(chǎn)：1I補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案同，通過(guò)四次討論，可得答案為2Fi-F2或2Fi+F2或F2-2Fi;這個(gè)圖很常見(jiàn)，還有討論它們周圍磁場(chǎng)方向的，注意矢量迭加；1、*直導(dǎo)線切割磁力線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)：E=Blv2、產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路其中的磁通量發(fā)生變化法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象；右手定則：判斷感應(yīng)電流的方向；只能判斷“動(dòng)生”感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；*楞次定律：還可以判斷“感生”感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；楞次定律可以從能量守恒的角度來(lái)理解，來(lái)

25、拒去留，機(jī)械能通過(guò)磁場(chǎng)轉(zhuǎn)化為電能，最后由焦耳定律變成內(nèi)能;3、*直桿平動(dòng)垂直切割磁場(chǎng)時(shí)的安培力:4、Ad)A<L*法拉第電磁感應(yīng)定律：E=n,電量q=5、典型題：如圖，兩根足夠長(zhǎng)、間距L=1m的光滑平行導(dǎo)軌豎直固定。在垂直導(dǎo)軌的虛線aatRr導(dǎo)軌的虛線沿水平方向均屬桿c從bh放垂直導(dǎo)軌置桿恰好靜止。小與時(shí)間t的下方有方向如圖、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，垂直b1b2上方有垂直紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=T(x為離b1b2的距離)、勻分布的磁場(chǎng)。現(xiàn)用豎直向上的力F拉質(zhì)量m=50g的細(xì)金以初速度Vo開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)，c桿保持與導(dǎo)軌垂直。同時(shí)，釋于aR下質(zhì)量也為nn=50g、電阻R=20Q的細(xì)金屬桿

26、d,d其余電阻不計(jì)，兩桿與導(dǎo)軌接觸良好，g取10m/s2。(1)求通過(guò)桿d的電流大小及b1b2以上區(qū)域磁場(chǎng)的方向；(2)通過(guò)分析和計(jì)算，說(shuō)明桿c做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)；(3)以桿c從b1b2出發(fā)開(kāi)始計(jì)時(shí)，求其所受作用力F的大精心整理關(guān)系式。解：(1)桿d受重力、安培力作用而平衡:B0IL=mgmgBL0.0510A/八A=1A0.51由桿d受到的安培力向上，用左手定則得到桿d中電流向左，由桿c電流方向向右，用右手定則得到磁場(chǎng)垂直紙面向外。v,由切割磁感線電動(dòng)勢(shì)公式和歐姆(2)設(shè)桿c上升到離b1b2距離為x處、切割磁感線的速率為.BLvI二IRBL=:J410xm/s120,m/s20d1，,410x

27、定律有：R故Vo符合v=&+2ax公式，所以桿c勻加速直線上升，且初速度V0和加速度a的大小分別為:I=2m/s.-a=5m/s2(3)桿c此時(shí)受拉力F、重力、安培力作用，由牛頓第二定律有：F=n(a+g)+BIL=0.05父(5+10)+-,20=x1x1N_410x20(0.7520一)NF-mg-BIL=mg)44+10x,1.22、x=v(t-at=(2t2.5t)m桿c從bb出發(fā)到此時(shí)位置的位移2聯(lián)列得：F=(0.75+)N作為壓軸題，電磁感應(yīng)常常聯(lián)系直線運(yùn)動(dòng)、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、動(dòng)能定理或能量與能量守恒、電路、電磁感應(yīng)；并需要運(yùn)用一些“數(shù)形結(jié)合”思想；十二、光的本性1、麥克斯韋建立了電磁場(chǎng)理論，赫茲通過(guò)實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁