2020年高考物理提分定時練輯選擇題定時訓(xùn)練3(含解析)

1、選擇題定時訓(xùn)練3（限時：30分鐘）一、單項選擇題1.（2019西南名校聯(lián)盟高考診斷）下列敘述中正確的是（）A.庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律，卡文迪許測出了靜電力常量B.密立根利用帶電油滴在豎直電場中的平衡，最早得到了元電荷e的數(shù)值C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)并提出了分子電流假說D.開普勒總結(jié)出了行星運動定律，并用月一地檢驗證實了該定律的正確性答案B解析庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律，庫侖通過扭秤測出了靜電力常量，選項A錯誤；密立根利用帶電油滴在豎直電場中的平衡，最早得到了元電荷e的數(shù)值，選項B正確；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培提出了分子電流假說，選項C錯誤；開普勒總結(jié)出了行星運動定律，牛頓

2、用月地檢驗證實了萬有引力定律的正確性，選項D錯誤2.（2019西南名校聯(lián)盟高考診斷）如圖1所示，某飛行器在近月圓形軌道I上做勻速圓周運動，到達軌道I的A點時點火變軌進入橢圓軌道n,后沿軌道n做橢圓運動，到達軌道n的遠月點B時再次點火變軌，進入距月球表面高度為4R的圓形軌道出繞月球做勻速圓周運動，R為月球半徑，則上述變軌過程中（）圖1A.飛行器沿軌道I運動的速率最大B.飛行器沿軌道出運動的速率最小C.飛行器沿軌道出運動的機械能最大2D.根據(jù)a=v可知，飛行器沿軌道n過A點的加速度大于沿軌道I過A點的加速度r答案C解析飛行器在軌道I的A點點火加速才能進入軌道n,可知飛行器沿軌道n過A點的速度最大，

3、選項A錯誤；由開普勒第二定律可知，在軌道n上運行時在B點速度最?。伙w行器在軌道n的B點加速才能進入軌道m(xù),可知飛行器沿軌道n過B點的速度最小，選項B錯誤；因在AB兩點兩次加速，可知飛行器在軌道出運行時的機械能最大，選項C正確；根據(jù)加速度2=耨知，飛行器沿軌道n過A點的加速度等于沿軌道I過A點的加速度，選項D錯誤.3.（2019四川宜賓市第二次診斷）如圖2甲為一列簡諧波在t=0時刻的波形圖，P是平衡位置為x=1m處的質(zhì)點，Q是平衡位置為x=4m處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點Q的振動圖象，則下列說法錯誤的是（）圖2A.該波的周期是0.10sB.該波的傳播速度是40m/sC.該波沿x軸正方向傳播D.t=0.1

4、0s時，質(zhì)點Q的速度方向沿y軸負方向答案A4. （2019河南鄭州市第三次質(zhì)量檢測）如圖3所示為氫原子能級示意圖，下列有關(guān)說法正確的是（）圖3A.處于基態(tài)的氫原子吸收10.5eV的光子后能躍遷至n=2能級B.大量處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可輻射出3種不同頻率的光C.若用從n=3能級躍遷到n=2能級輻射出的光，照射某金屬時恰好發(fā)生光電效應(yīng)，則用從n=4能級躍遷到n=3能級輻射出的光，照射該金屬時一定能發(fā)生光電效應(yīng)D.用n=4能級躍遷到n=1能級輻射出的光，照射逸出功為6.34eV的金屬鉗產(chǎn)生的光電子的最大初動能為6.41eV答案D解析處于基態(tài)的氫原子吸收10.2eV的光子后能躍遷

5、至n=2能級，不能吸收10.5eV能量的光子，故A錯誤；大量處于n=4能級的氫原子，最多可以輻射出C2=6種不同頻率的光子，故B錯誤；從n=3能級躍遷到n=2能級輻射出的光子的能量大于從n=4能級躍遷到n=3能級輻射出的光子的能量，用從n=3能級躍遷到n=2能級輻射出的光，照射某金屬時恰好發(fā)生光電效應(yīng)，則用從n=4能級躍遷到n=3能級輻射出的光，照射該金屬時一定不能發(fā)生光電效應(yīng)，故C錯誤；處于n=4能級的氫原子躍遷到n=1能級輻射出的光子的能量為：E=巳Ei=-0.85eV-(-13.6eV)=12.75eV,根據(jù)光電效應(yīng)方程，照射逸出功為6.34eV的金屬鉗產(chǎn)生的光電子白最大初動能為：E=E

6、W=12.75eV-6.34eV=6.41eV,故D正確.5. (2019山西太原市5月模擬)如圖4所示，帶電物塊放置在固定水平絕緣板上.當空間存在有水平向右的勻強電場時，物塊恰能向右做勻速直線運動若在同一電場中將絕緣板的右端抬高，當板與水平面的夾角為37°時，物塊恰能沿絕緣板勻速下滑，則物塊與絕緣板間的動摩擦因數(shù)為(取sin37°=0.6,cos37°=0.8)()圖41111A.2B.3c.4D.5答案B解析當電場水平向右時滑塊恰能向右做勻速直線運動，由平衡知識有：qE=FFf1=Fn1,Fn1=mg聯(lián)立解得qE=mg而物塊沿斜面勻速下滑時，有：mg>i

7、n0=qEcos9+Ff2,Ff2=Fn2,Fn2=mgcos0+qEsin0,聯(lián)立得0.6mg=0.8qE+（0.8m羽0.6qE）,解得動摩擦因一1.八，一，一八數(shù)W或W=3（舍去），故A、CD錯誤，B正確.36. （2019陜西寶雞市高考模擬檢測（二）超強臺風山竹的風力達到17級超強臺風強度，風速60m/s左右，對固定建筑物破壞程度巨大.請你根據(jù)所學(xué)物理知識推算固定建筑物所受風力（空氣的壓力）與風速（空氣流動速度）大小關(guān)系.假設(shè)某一建筑物垂直風速方向的受力面積為S,風速大小為v,空氣吹到建筑物上后速度瞬間減為零，空氣密度為p,風力F與風速大小v的關(guān)系式為（）2A.F=pSvB.F=pSv

8、C.F=2pSv3D.F=pSv答案B解析設(shè)t時間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m,則m=pSvt,根據(jù)動量定理得一Ft=0mv=0-pSv2t,解得F=pSG,故B正確，A、CD錯誤.7. （2019四川成都市第二次診斷）U是豎直固定的長直導(dǎo)線，Li、L3是水平固定且關(guān)于L2對稱的長直導(dǎo)線，三根導(dǎo)線均通以大小相同、方向如圖5所示的恒定電流，則導(dǎo)線L2所受的磁場力情況是（）圖5A.大小為零8. 大小不為零，方向水平向左C.大小不為零，方向水平向右D.大小不為零，方向豎直向下答案A解析由右手螺旋定則可知，Li與L3在L2所在直線上產(chǎn)生的合磁場方向豎直向下，即L2處的磁場方向與電流方向平行，所以L2所

9、受磁場力為零8.（2019湖北武漢市五月模擬）如圖6所示，某次足球訓(xùn)練，守門員將靜止的足球從M點踢出，球斜拋后落在60m外地面上的P點.發(fā)球的同時，前鋒從距P點11.5m的N點向P點做勻加速直線運動，其初速度為2m/s，加速度為4m/s2，當其速度達到8m/s后保持勻速運動若前鋒恰好在P點追上足球，球員和球均可視為質(zhì)點，忽略球在空中運動時的阻力，重力加速度g取10m/s2.下列說法正確的是（）圖6A.前鋒加速的距離為7m8. 足球在空中運動的時間為2.3sC.足球運動過程中的最小速度為30m/sD.足球上升的最大高度為10m答案C解析前鋒做勻加速直線運動，初速度為2m/s,加速度為4m/s2,

10、末速度為8m/s,根據(jù)速度與位移的關(guān)系式可知，v2V02=2axi,代入數(shù)據(jù)解得：xi=7.5m,A錯誤；前鋒和足球運動時間相等，前鋒加速運動時間t加=q0=1.5$,勻速運動時間t勻=0.5$,故足球在空中運動的時間為2s,B錯誤；足球水平方向上做勻速直線運動，位移為60m,時間為2s,故運動過程中的最小速度為30m/s,C正確；足球豎直方向上做豎直上拋運動，根據(jù)運動一.、1c的對稱性可知，上升時間為1s,最大圖度hk2gt2=5m,D錯誤.二、多項選擇題9. （2019西南名校聯(lián)盟高考診斷）下列說法正確的是（）A.自然界符合能量守恒定律的宏觀過程一定都能自發(fā)地發(fā)生B.晶體一定有固定的熔點C

11、.在熱傳導(dǎo)過程中，熱量可以自發(fā)地由高溫物體傳遞到低溫物體D.液晶顯示屏是應(yīng)用液晶的光學(xué)各向異性制成的答案BCD解析根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，自然界符合能量守恒定律的宏觀過程不一定都能自發(fā)地發(fā)生，選項A錯誤；晶體一定有固定的熔點，選項B正確；在熱傳導(dǎo)過程中，熱量可以自發(fā)地由高溫物體傳遞到低溫物體，選項C正確；液晶顯示屏是應(yīng)用液晶的光學(xué)各向異性制成的，選項D正確.10. (2019河北唐山市上學(xué)期期末)如圖7所示，長木板A與物體B疊放在水平地面上，物體與木板左端立柱間放置輕質(zhì)彈簧，在水平外力F作用下，木板和物體都靜止不動，彈簧處于壓縮狀態(tài)將外力F緩慢減小到零，物體始終不動，在此過程中()圖7A.彈簧

12、彈力不變B.物體B所受摩擦力逐漸減小C.物體B所受摩擦力始終向左D.木板A所受地面的摩擦力逐漸減小答案AD解析將外力F緩慢減小到零，物體始終不動，則彈簧的長度不變，彈力不變，選項A正確；對物體B,因開始時所受摩擦力的方向不確定，則由F彈=F±Ff,則隨F的減小，物體B所受摩擦力的大小和方向都不能確定，選項B、C錯誤；對AB與彈簧組成的整體，在水平方向，力F與地面對A的摩擦力平衡，則隨F的減小，木板A所受地面的摩擦力逐漸減小，選項D正確11. (2019湖南永州市第二次模擬)如圖8(a)所示，半徑為r的帶缺口剛性金屬圓環(huán)固定在水平面內(nèi)，缺口兩端引出兩根導(dǎo)線，與電阻R構(gòu)成閉合回路.若圓環(huán)

13、內(nèi)加一垂直于紙面的變化的磁場，變化規(guī)律如圖(b)所示規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，不計金屬圓環(huán)的電阻以下說法正確的是()圖8A. 01s內(nèi)，流過電阻R的電流方向為b-ZaB. 23s內(nèi)，穿過金屬圓環(huán)的磁通量在減小C. t=2s時，流過電阻R的電流方向發(fā)生改變D. t=2s時，Ub=rr2B（V）答案AD解析規(guī)定磁場方向垂直紙面向里為正，根據(jù)楞次定律，在01s內(nèi)，穿過線圈向里的磁通量增大，則線圈中產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流，那么流過電阻R的電流方向為b-RHa,故A正確；由題圖（b）可知，在23s內(nèi)，穿過金屬圓環(huán)的磁通量在增大，故B錯誤；12s內(nèi)，磁通量向里減小，由楞次定律可知，產(chǎn)生的電流方向為a

14、-Zb,23s磁通量增大，且磁場反向，由楞次定律可知，產(chǎn)生的電流方向為a-RHb,故C錯誤；當t=2s時，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=*S=rr2B0（V）,因不計金屬圓環(huán)的電阻，因此Ub=E=rr®（V）,故D正確.12.（2019貴州畢節(jié)市適應(yīng)性監(jiān)測（三）如圖9甲所示，兩個彈性球A和B放在光滑的水平面上處于靜止狀態(tài)，質(zhì)量分別為m和m,其中m=1kg?，F(xiàn)給A球一個水平向右的瞬時動量，使A、B球發(fā)生彈性碰撞，以此時刻為計時起點，兩球的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖示信息可知（）圖9A.B球的質(zhì)量rm=2kgB.球A和B在相互擠壓過程中產(chǎn)生白最大彈性勢能為4.5JC.13時刻兩球的動能之和小于0時刻A球的動能D.在12時刻兩球動能之比為&：&=1：8答案AD解析A和B球在碰撞過程中動量守恒，故mw=(mi+mi)v共，代入數(shù)據(jù)得mi=2kg,A正確；1212球A和球B在共速的時候廣生的彈T勢能取大，因此b=2mv2(mi+m2)v共=3J,B錯誤；因為是彈性碰撞，t3時刻兩個小球分離后沒有能量損失，